江蘇省泰州市季中學高二物理下學期期末試卷含解析

1、江蘇省泰州市季中學高二物理下學期期末試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 真空中兩個靜止點電荷間的靜電力大小為F。若電荷電量不變，兩點電荷間的距離減小到原來的，則兩點電荷間的靜電力大小為A BC9F D3F參考答案：C2. 關于楞次定律，下列說法正確的是A、感應電流的磁場總是要阻礙引起感應電流的磁通量的變化B、閉合電路的一部分導體在磁場運動時，必受磁場阻礙作用C、原磁場穿過閉合回路的磁通量磁增加時，感應電流的磁場與原磁場同向D、感生電流的磁場總是跟原磁場反向，阻礙原磁場參考答案：D3. 豎直放置的螺線管A中電流方向如圖所示，螺線管正下方水平

2、桌面上有一導體圓環(huán)，螺線管中的電流i與時間t的關系有以下四種情況，哪種情況可以使導體環(huán)將受到向上的磁場力作用（ ） 參考答案：D4. 如圖所示，滑塊A、B、C質量均為m開始時A、B分別以V1，V2的速度沿光滑水平軌道向固定在右側的擋板運動，現(xiàn)將C無初速度地放在A上，并與A粘合不再分開，此時A與B相距較近，B與擋板碰撞將以原速率反彈，A與B碰撞后將粘合在一起為使B能與擋板碰撞兩次，則V1、V2應滿足（）AV12V2BV1V2CV2V12V2DV2V12V2參考答案：C【考點】動量守恒定律【分析】A與C粘合過程中動量守恒，在B與擋板碰撞前，為避免A與B碰撞，A的速度應小于B的速度，A與B碰撞過程中

3、動量守恒，為使A、B碰后能與擋板碰撞，碰后的速度應向右，由動量守恒定律可以求出兩物體速度間的關系【解答】解：設向右為正方向，A與C粘合在一起的共同速度為v，由動量守恒定律得mv1=2mv，為保證B碰擋板前A未能追上B，應滿足vv2 ，設A與B碰后的共同速度為v，由動量守恒定律得2mvmv2=3mv，為使B能一擋板再次碰撞應滿足v0，聯(lián)立式得V2V12V2；故C正確，ABD錯誤故選：C5. 如圖所示的電路中，電源電動勢為E ，內阻為r ，R1和R2是兩個定值電阻。當滑動變阻器的觸頭向a端滑動時，流過R1的電流I1和流過R2的電流I2的變化情況為( )AI1增大，I2減小 BI1減小，I2增大 C

4、I1增大，I2增大 DI1減小，I2減小參考答案：B二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 電站向某地輸送5000kW的電功率，若將輸送電壓提高10倍，同時將輸電線截面積減為原來的一半，若變化前輸電線上電功率損失是100kW。那么，變化后輸電線上損失的電功率為_。參考答案：2103W7. 兩個相同的金屬小球，一個帶電Q1=4.01011C，另一個帶電Q2=6.01011C（1）兩球相距50cm時，它們之間的靜電力是 N（2）把兩球接觸，分開后使它們仍相距50cm，它們之間的靜電力為 N參考答案：8.641011，3.61012【考點】庫侖定律【分析】（1）根據庫侖定律公式F=k

5、列式求解即可；（2）把兩球接觸，由于兩個金屬球相同，故電量是先中和后均分，根據庫侖定律再次求解靜電力即可【解答】解：（1）根據庫侖定律，靜電力為：F=k=N=8.641011N（2）把兩球接觸，電量是先中和后均分，為：Q=C=11011C故靜電力為：F=k=N=3.61012N故答案為：8.641011，3.610128. 下述為一測定小鐵塊與軌道間的動摩擦因數的實驗。提供的器材有：木質軌道（其傾斜部分傾角較大，水平部分足夠長）、小鐵塊、兩枚圖釘、一根細線、一個量角器實驗步驟如下：1）將小鐵塊從傾斜軌道上的某點由靜止釋放，讓小鐵塊下滑到水平軌道上；（2）用圖釘把細線釘在小鐵塊的起、終點處并拉直

6、；（3）用量角器測量_。（先用文字說明再用字母表示） 那么測得小鐵塊與木質軌道間的動摩擦因數可表示為。參考答案：9. 電量為210-6C的點電荷放入電場中A點，受到作用力為410-4N，則A點電場強度大小為 ，若把另一電荷放在該點受到力為210-4N，則這個電荷的電量為 參考答案：200N/C ， 10. 如下圖所示的電路中，A、B端接在恒壓電源上，S斷開時電流表的示數2A，S閉合時電流表的示數為3A，則電阻R1與R2的阻值之比R1R2_，S斷開與閉合兩種情況下R1的功率之比 P1P1_。參考答案：11. 用安培定則判斷直線電流的磁感線： 手握住導線，讓伸直的拇指與 的方向一致，那么彎曲的四指

7、所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向。參考答案：右,電流 12. 質量m=4kg的物體A，在與水平成30角的推力作用下保持靜止，已知F=5N，作用時間t=3s，則力F的沖量I1=15N?s，地面對A的支持力的沖量I2=127.5N?s，A受的合外力沖量I2=0N?s參考答案：則力F的沖量I1=Ft=53N?s地面對A的支持力的沖量I2=F支t=（Fsin30+G）?t=（5+40）3N?s=127.5N?sA受的合外力沖量I合=F合t=0故答案為：15；127.5；013. 一只氖管的起輝電壓（達到或超過起輝電壓后氖管會發(fā)光）與交變電壓V的有效值相等，若將這交變電壓接到氖管的兩極，在一個周期內，氖管

8、的發(fā)光時間為 參考答案： 0.01s 三、 實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. （填空）（2014秋?淳安縣月考）某同學采用如圖甲所示的電路測定電源電動勢和內電阻，已知干電池的電動勢約為1.5V，內阻約2，電壓表（03V約3k），電流表（00.6A約1.0），滑動變阻器有R1（102A）和R2（1000.1A）各一只（1）實驗中滑動變阻器應選用（選填“R1”或“R2”）（2）在圖乙中用筆畫線代替導線連接實驗電路（3）在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖丙所示的UI圖象，由圖可較準確地求出電源電動勢E=V；內阻r=參考答案：（1）1；電路圖如圖所示；（3）1.50；1.94測

9、定電源的電動勢和內阻解：（1）由題意可知，電源的內阻約為1，故為了易于調節(jié)，準確測量，還有R2額定電流只有0.1A，很容易燒壞，所以滑動變阻器應選小電阻R1 （2）先串后并，并注意元件順序，開關位置，且連線不能交叉，另注意電表+接線柱，如下圖所示（3）由閉合電路歐姆定律可知：U=EIr；即電動勢與電流成一次函數關系，由數學知識可知，圖象與縱坐標的交點為電源的電動勢；圖象的斜率表示內源內電阻；故由圖可得電動勢為：E=1.50V，r=1.94故答案為：（1）1；電路圖如圖所示；（3）1.50；1.9415. （1）有一游標卡尺，主尺的最小分度是1mm，游標上有20個小的等分刻度，它的精度是 mm。

10、用它測量一小球的直徑，如圖所示的讀數是 mm。（2）用單擺測定重力加速度實驗中，得到如下一組有關數據：物 理 量第1次第2次第3次第4次第5次擺長L()0.50.60.81.01.2周期T2(2)2.22.43.24.04.81 利用上述數據在右圖中描出LT2圖線 KS*5利用圖線求得重力加速度大小為_m/s2(取2=9.86)在實驗中，若用計算法求g值，求得g值比實際值偏小，可能是下列原因中的( ) A計算擺長時，只考慮懸線長度，而未加小球半徑 B測量周期時，將n次全振動誤記為n+1次全振動C計算擺長時，將懸線長加小球直徑 D單擺振動時，振幅偏小參考答案：0.05mm 10.50mm , 9

11、.86m/s2, A 四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 有兩列簡諧橫波a、b在同一媒質中沿x軸正方向傳播，波速均為v2.5m/s。在t0時，兩列波的波峰正好在x2.5m處重合，如圖所示。（1）求兩列波的周期Ta和Tb。（2）求t0時，兩列波的波峰重合處的所有位置。（3）辨析題：分析并判斷在t0時是否存在兩列波的波谷重合處。某同學分析如下：既然兩列波的波峰存在重合處，那么波谷與波谷重合處也一定存在。只要找到這兩列波半波長的最小公倍數，即可得到波谷與波谷重合處的所有位置。你認為該同學的分析正確嗎？若正確，求出這些點的位置。若不正確，指出錯誤處并通過計算說明理由。參考答案：（1）從圖中可以

12、看出兩列波的波長分別為a2.5m，b4.0m，因此它們的周期分別為s1s s1.6s（2）兩列波的最小公倍數為S20mt0時，兩列波的波峰重合處的所有位置為x（2.520k）m，k0，1，2,3， （3）該同學的分析不正確。要找兩列波的波谷與波谷重合處，必須從波峰重合處出發(fā)，找到這兩列波半波長的奇數倍恰好相等的位置。設距離x2.5m為L處兩列波的波谷與波谷相遇，并設L（2m1）L（2n1），式中m、n均為正整數只要找到相應的m、n即可將a2.5m，b4.0m代入并整理，得由于上式中m、n在整數范圍內無解，所以不存在波谷與波谷重合處。17. 如圖甲所示，一個圓形線圈的匝數n3000，線圈面積S6

13、00 cm2，線圈的電阻r1 ，線圈外接一個阻值R8 的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強磁場中，磁感應強度隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示求：(1)前4 s內的感應電動勢；(2)前4 s內通過R的電荷量參考答案：解析：(1)由圖象可知前4 s內磁感應強度B的變化率 T/s0.05 T/s4 s內的平均感應電動勢EnS30000.060.05 V9 V.(2)電路中的平均感應電流，qt，又因為En，所以qn3000C4 C.18. 如圖，寬度為L=0.5m的光滑金屬框架MNPQ固定于水平面內，并處在磁感應強度大小B=0.4T，方向豎直向下的勻強磁場中，框架的電阻非均勻分布將質量m=0.1kg，電阻可忽略的金屬棒ab放置在框架上，并與框架接觸良好以P為坐標原點，PQ方向為x軸正方向建立坐標金屬棒從x0=1m處以v0=2m/s的初速度，沿x軸負方向做a=2m/s2的勻減速直線運動，運動中金屬棒僅受安培力作用求：（1）金屬棒ab運動0.5m，框架產生的焦耳熱Q；（2）框架中aNPb部分的電阻R隨金屬棒ab的位置x變化的函數關系；（3）求金屬棒ab沿x軸負方向運動0.4s過程中通過ab的電量q參考答案：解：（1）通過受力分析得：金屬棒僅受安培力作用，其大?。篎=ma=0.2N，金屬棒運動0.5m，因為安培力做功量度外界的能量轉化成電能所以框架中間生