河北邢臺(tái)市第二中學(xué)2021-2022學(xué)年化學(xué)高二下期末達(dá)標(biāo)檢測(cè)模擬試題含解析

1、2022年高二下化學(xué)期末模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題(共包括22個(gè)小題。每小題均只有一個(gè)符合題意的選項(xiàng)）1、充分燃燒某液態(tài)芳香烴，并收集產(chǎn)生的全部水，恢復(fù)到室溫時(shí)，得到水的質(zhì)量跟原芳香烴的質(zhì)量相等則的分子式是（ ）ABCD2、下列說法錯(cuò)誤的是

2、()化學(xué)性質(zhì)相似的有機(jī)物是同系物在分子組成上相差一個(gè)或若干個(gè)CH2原子團(tuán)的有機(jī)物是同系物若烴中碳、氫元素的質(zhì)量分?jǐn)?shù)相同，它們必定是同系物互為同分異構(gòu)體的兩種有機(jī)物的物理性質(zhì)有差別，但化學(xué)性質(zhì)必定相似AB只有C只有D只有3、烯烴的復(fù)分解反應(yīng)是重要的有機(jī)反應(yīng)，在高分子材料化學(xué)、有機(jī)合成化學(xué)等方面具有重要意義。如：CH3CH=CH2+CH3CH2CH=CH2CH3CH=CHCH2CH3+CH2=CH2下列化合物中，經(jīng)過烯烴復(fù)分解反應(yīng)可以生成的是A B C D4、最近發(fā)現(xiàn)，只含鎂、鎳和碳三種元素的晶體竟然也具有超導(dǎo)性，因這三種元素都是常見元素，從而引起廣泛關(guān)注。該新型超導(dǎo)晶體的一個(gè)晶胞如上圖所示，則該

3、晶體的化學(xué)式為（ ）AMg2CNi3BMgCNi2CMgCNi3DMgC2Ni5、具有下列電子排布式的原子中，半徑最大的是（ ）A1s22s22p63s1B1s22s22p2C1s22s22p3D1s22s22p63s26、下列有關(guān)說法不正確的是()A水合銅離子的模型如圖所示，1個(gè)水合銅離子中有4個(gè)配位鍵BCaF2晶體的晶胞如圖所示，每個(gè)CaF2晶胞平均占有4個(gè)Ca2CH原子的電子云圖如圖所示，H原子核外的大多數(shù)電子在原子核附近運(yùn)動(dòng)D金屬Cu中Cu原子堆積模型如圖所示，該金屬晶體為最密堆積，每個(gè)Cu原子的配位數(shù)均為127、常溫下，1mol化學(xué)鍵斷裂形成氣態(tài)原子所需要的能量用E表示。結(jié)合表中信息

4、判斷下列說法不正確的是( )共價(jià)鍵H-HF-FH-FH-ClH-IE(kJ/mol)436157568432298A432kJ/molE(H-Br)298kJ/molB表中最穩(wěn)定的共價(jià)鍵是H-F鍵CH2(g)2H(g) H=+436kJ/molDH2(g)+F2(g)=2HF(g) H=-25kJ/mol8、在探索原子結(jié)構(gòu)的過程中做出主要貢獻(xiàn)的科學(xué)家及其成就錯(cuò)誤的是A墨子提出“端”的觀點(diǎn)B道爾頓提出近代原子論C拉瓦錫基于電子的發(fā)現(xiàn)提出葡葡干面包模型D盧瑟福通過粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了行星模型9、為測(cè)定某有機(jī)物的結(jié)構(gòu)，用核磁共振儀處理后得到如圖所示的核磁共振氫譜，則該有機(jī)物可能是AC2H5OHBCD1

5、0、下列說法中正確的是ANO2、BF3、PCl3這三個(gè)分子中的所有原子最外層電子均未滿足8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)B在干冰中，每個(gè)CO2分子周圍有6個(gè)緊鄰的分子C在NaCl晶體中，Na+的配位數(shù)為6D金屬導(dǎo)電的實(shí)質(zhì)是金屬陽離子在外電場作用下的定向移動(dòng)11、下列實(shí)驗(yàn)操作和現(xiàn)象與所得結(jié)論一定正確的是 選項(xiàng)操作現(xiàn)象結(jié)論或解釋A向黃色的Fe(NO)3溶液中滴加氫碘酸，再加入一定量CCl4振蕩并靜置下層溶液變?yōu)樽霞t色氧化性：Fe3+I2B向某無色溶液中滴加稀鹽酸，將產(chǎn)生的無色氣體通入品紅溶液品紅溶液褪色原溶液中一定大量存在SO32-C向Mg2+和Cu2+共存的溶液中滴加適量 NaOH溶液，過濾、洗滌得到白色沉淀相同

6、溫度下，溶度積常數(shù)：KspMg(OH)2MgCN，原子半徑最大的是A，故選A?！军c(diǎn)睛】本題考查了原子半徑大小的比較，先比較電子層數(shù)，再根據(jù)元素周期律判斷同一周期元素原子半徑相對(duì)大小，難度不大。6、C【解析】A. 如圖所示，銅離子與4個(gè)水分子結(jié)合，所以1個(gè)水合銅離子中有4個(gè)配位鍵，故A正確；B. 晶胞中Ca2處于晶胞的頂點(diǎn)和面心，則每個(gè)CaF2晶胞中Ca2數(shù)為81/8+61/2=4，故B正確；C. H原子外只有一個(gè)電子，在原子核附近運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D. 在金屬晶體的最密堆積中，對(duì)于每個(gè)原子來說，在其周圍的原子有與之同一層上有六個(gè)原子和上一層的三個(gè)及下一層的三個(gè)，故每個(gè)原子周圍都有12個(gè)原子與之相

7、連，故D正確；故選C。7、D【解析】A依據(jù)溴原子半徑大于氯原子小于碘原子，原子半徑越大，相應(yīng)的化學(xué)鍵的鍵能越小分析，所以結(jié)合圖表中數(shù)據(jù)可知432 kJ/molE(H-Br)298 kJ/mol，A正確；B鍵能越大，斷裂該化學(xué)鍵需要的能量就越大，形成的化學(xué)鍵越穩(wěn)定，表中鍵能最大的是H-F，所以最穩(wěn)定的共價(jià)鍵是H-F鍵，B正確；C氫氣變化為氫原子吸熱等于氫氣中斷裂化學(xué)鍵需要的能量，H22H(g)H=+436 kJ/mol，C正確；D依據(jù)鍵能計(jì)算反應(yīng)焓變=反應(yīng)物鍵能總和-生成物鍵能總和計(jì)算判斷，H=436kJ/mol+157kJ/mol-2568kJ/mol=-543kJ/mol，H2(g)+F2(

8、g) =2HF(g)，H=-543 kJ/mol ，D錯(cuò)誤；故合理選項(xiàng)是D。8、C【解析】A. 墨子提出連續(xù)的時(shí)空是由時(shí)空元所組成，他把時(shí)空元定義為“始”和“端”，“始”是時(shí)間中不可再分割的最小單位，“端”是空間中不可再分割的最小單位。這樣就形成了時(shí)空是連續(xù)無窮的，這連續(xù)無窮的時(shí)空又是由最小的單元所構(gòu)成，在無窮中包含著有窮，在連續(xù)中包含著不連續(xù)的時(shí)空理論，故A正確；B. 1808年，英國科學(xué)家道爾頓提出了原子論，他認(rèn)為物質(zhì)都是由原子直接構(gòu)成的；原子是一個(gè)實(shí)心球體，不可再分割，故B正確；C. 1897年，英國科學(xué)家湯姆遜發(fā)現(xiàn)原子中存在電子，最早提出了葡萄干蛋糕模型又稱“棗糕模型”，也稱“葡萄干面

9、包”，1904年湯姆遜提出了一個(gè)被稱為“西瓜式”結(jié)構(gòu)的原子結(jié)構(gòu)模型，電子就像“西瓜子”一樣鑲嵌在帶正電的“西瓜瓤”中，故C錯(cuò)誤；D. 1911年英國科學(xué)家盧瑟福用一束質(zhì)量比電子大很多的帶正電的高速運(yùn)動(dòng)的粒子轟擊金箔，結(jié)果是大多數(shù)粒子能穿過金箔且不改變?cè)瓉淼那斑M(jìn)方向，但也有一小部分改變了原來的方向，還有極少數(shù)的粒子被反彈了回來，在粒子散射實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上提出了原子行星模型，故D正確；答案選C。【點(diǎn)睛】本題考查學(xué)生對(duì)人們認(rèn)識(shí)原子結(jié)構(gòu)發(fā)展過程中，道爾頓的原子論，湯姆遜發(fā)現(xiàn)電子，并提出葡萄干面包模型，盧瑟福的原子結(jié)構(gòu)行星模型內(nèi)容。使學(xué)生明白人們認(rèn)識(shí)世界時(shí)是通過猜想，建立模型，進(jìn)行試驗(yàn)等，需要學(xué)生多了解科學(xué)

10、史，多關(guān)注最前沿的科技動(dòng)態(tài)，提高學(xué)生的科學(xué)素養(yǎng)。9、A【解析】由核磁共振氫譜的信息可知，該有機(jī)物中含有三種個(gè)數(shù)不同的等效氫原子；A乙醇中有三種個(gè)數(shù)不同的等效氫原子，A項(xiàng)符合；B該物種只含有兩種等效氫原子，B項(xiàng)不符合；C該物質(zhì)含有四種等效氫原子，C項(xiàng)不符合；D該物質(zhì)僅含兩種等效氫原子，D項(xiàng)不符合；答案選A?！军c(diǎn)睛】核磁共振氫譜，峰的組數(shù)即有機(jī)物中等效氫原子的種類，峰的面積比即等效氫原子的個(gè)數(shù)比。10、C【解析】A.氮的化合價(jià)是4價(jià)，而氮原子的最外層電子數(shù)是5，所以不滿足8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)。BF3中B的化合價(jià)是3價(jià)，原子的最外層電子數(shù)是3個(gè)，所以不滿足8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)。其它原子均滿足8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，故A

11、錯(cuò)誤；B.在干冰中，每個(gè)CO2分子周圍有12個(gè)緊鄰的分子，故B錯(cuò)誤；C.在NaCl晶體中，Na+的配位數(shù)為6，故C正確；D.金屬導(dǎo)電的實(shí)質(zhì)是自由電子在外電場作用下的定向移動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故答案選：C?！军c(diǎn)睛】金屬導(dǎo)電的實(shí)質(zhì)是自由電子在外電場作用下的定向移動(dòng)。11、D【解析】A. 向黃色的Fe(NO)3溶液中滴加氫碘酸，再加入一定量CCl4振蕩并靜置，下層溶液變?yōu)樽霞t色，說明生成了碘單質(zhì)，是因?yàn)榈怆x子被硝酸氧化，故A錯(cuò)誤；B. 向某無色溶液中滴加稀鹽酸，將產(chǎn)生的無色氣體通入品紅溶液，品紅溶液褪色，可能是鹽酸被氧化生成的氯氣，氯氣與水反應(yīng)能夠生成次氯酸，次氯酸具有漂白性，故B錯(cuò)誤；C. 未說明Mg2

12、+和Cu2+共存的溶液中2種離子的濃度大小，無法判斷溶度積常數(shù)的大小關(guān)系，故C錯(cuò)誤；D. K2Cr2O7溶液中存在Cr2O72-+H2O2CrO42-+2H+，向K2Cr2O7溶液中加入少量KOH溶液，H+濃度減小，平衡正向移動(dòng)，溶液橙色變淺，故D正確；故選D。12、B【解析】試題分析：烴是指僅含碳、氫兩種元素的化合物，苯的同系物是指，含有一個(gè)苯環(huán)，組成上相差n個(gè)CH2原子團(tuán)的有機(jī)物，據(jù)此回答。屬于芳香烴且是苯的同系物，不選；屬于芳香烴，但不是苯的同系物，選；不屬于芳香烴，不選；屬于酚類，不選；屬于芳香烴，但不是苯的同系物，選；屬于芳香烴，是苯的同系物，不選；答案選B?？键c(diǎn)：考查對(duì)芳香烴、苯的

13、同系物的判斷。13、B【解析】試題分析：A、此裝置兩導(dǎo)管都與外界空氣相通不是密閉裝置，無法檢查出裝置的氣密性，A不正確；B、用彈簧夾夾住右邊導(dǎo)管，向長頸漏斗中倒水，液面高度不變，說明裝置氣密性良好，故能檢查裝置氣密性，B正確；C、裝置長頸漏斗與外界空氣相通不是密閉裝置，無法檢查出裝置的氣密性，C不正確；D、此裝置兩導(dǎo)管都與外界空氣相通不是密閉裝置，無法檢查出裝置的氣密性，D不正確；答案選B?！究键c(diǎn)定位】本題考查裝置氣密性的檢查【名師點(diǎn)晴】檢查裝置的氣密性裝置氣密性檢驗(yàn)有多種方法，原理都是根據(jù)裝置內(nèi)外的壓強(qiáng)差形成水柱或氣泡，據(jù)此分析各種檢查方法。做題時(shí)應(yīng)注意檢查裝置的氣密性是不是在密閉裝置中。有

14、些裝置比較復(fù)雜或者學(xué)生平時(shí)比較少見，造成不會(huì)分析而出錯(cuò)，答題時(shí)注意靈活應(yīng)用。14、A【解析】由四種元素基態(tài)原子電子排布式可知，1s22s22p63s23p4是S元素、1s22s22p63s23p3是P元素、1s22s22p3是N元素、1s22s22p5是F元素；A同周期自左而右第一電離能呈增大趨勢(shì)，故第一電離能NF，但P元素原子3p能級(jí)容納3個(gè)電子，為半滿穩(wěn)定狀態(tài)，能量較低，第一電離能高于同周期相鄰元素，所以第一電離能SP，同主族自上而下第一電離能降低，所以第一電離能NP，所以第一電離能SPNF，即，故A正確；B同周期自左而右原子半徑減小，所以原子半徑PS，NF，電子層越多原子半徑越大，故原子

15、半徑PSNF，即，故B錯(cuò)誤；C同周期自左而右電負(fù)性增大，所以電負(fù)性PS，NF，N元素非金屬性比S元素強(qiáng)，所以電負(fù)性PN，故電負(fù)性PSNF，即，故C錯(cuò)誤；D最高正化合價(jià)等于最外層電子數(shù)，但F元素沒有正化合價(jià)，所以最高正化合價(jià)：=，故D錯(cuò)誤；故答案為A?！军c(diǎn)睛】比較第一電離能時(shí)要注意“同一周期元素中，元素第一電離能的變化趨勢(shì)，及異?，F(xiàn)象”，電離能的變化規(guī)律一般為：同周期：第一種元素的第一電離能最小，最后一種元素的第一電離能最大，總體呈現(xiàn)從左至右逐漸增大的變化趨勢(shì)。同族元素：從上至下第一電離能逐漸減小。同種原子：逐級(jí)電離能越來越大(即I1I2I3)；特別注意當(dāng)原子電子排布處于半充滿或全充滿時(shí)原子的能

16、量較低，元素的第一電離能較大，其第一電離相對(duì)較大，如N的第一電離能大于O。15、C【解析】由題中信息可知，pH=9.3時(shí)，lg X-1；pH=7.4時(shí)，lg X1；pH相同時(shí)，mn,則表示的是pH與lg c(CO32-)/c(HCO3-)的變化關(guān)系，表示的是pH與lg c(HCO3-)/c(H2CO3) 的變化關(guān)系?！驹斀狻緼. 曲線表示的是pH與lg c(CO32-)/c(HCO3-)的變化關(guān)系，A不正確；B. 根據(jù)電荷守恒可知，當(dāng)溶液呈中性時(shí)，c(Na)c(HCO3-)2c(CO32-)+ c(Cl-)，B不正確；C. 由圖可知，pH=7.4時(shí)，lg Xlg c(HCO3-)/c(H2CO

17、3)=1，則c(HCO3-)/c(H2CO3)=10，Ka1(H2CO3)c(H+)c(HCO3-)/c(H2CO3)=10-7.410=1.0106.4，C正確；D. 25 時(shí)，CO32-H2OHCO3-OH的平衡常數(shù)為。由圖可知，pH=9.3時(shí)，lgXlgc(CO32-)/c(HCO3-)=-1，則=10-4.7，10，故平衡常數(shù)為1010-4.7=1.010-3.7，D不正確。綜上所述，敘述正確的是C，選C?！军c(diǎn)睛】本題的難點(diǎn)在于找出X與碳酸的一級(jí)電離常數(shù)、二級(jí)電離常數(shù)之間的關(guān)系，把握住一級(jí)電離常數(shù)大于二級(jí)電離常數(shù)是解題的關(guān)鍵，并且能夠利用圖像中的相關(guān)數(shù)據(jù)求出對(duì)應(yīng)的電離常數(shù)和水解常數(shù)，另

18、外還要熟悉pH與c(H+)及c(OH-)之間的關(guān)系。16、D【解析】該結(jié)構(gòu)為一個(gè)分子的結(jié)構(gòu)而不是晶胞,Ti位于立方體的頂點(diǎn)和面心上,共有8+6=14個(gè);C位于棱的中點(diǎn)和體心,共有12+1=13個(gè),故它的化學(xué)式為Ti14C13。17、D【解析】海水中主要含有Na+、K+、Mg2+、Cl-、SO42-、Br-、CO32-、HCO3-等離子，在這些離子中能發(fā)生水解的是CO32-、HCO3-離子，CO32-、HCO3-都能發(fā)生水解，呈現(xiàn)堿性，A正確；氧氣具有氧化性，可以把SO42-、HSO3-、H2SO3等氧化為硫酸，B正確；氧化后的海水需要與天然水混合，沖釋海水中的酸，才能達(dá)到排放，C正確；經(jīng)過稀釋

19、與海水混合，SO42-濃度比海水要小，D錯(cuò)；答案選D。18、D【解析】A錯(cuò)，ClO2的分子結(jié)構(gòu)呈V型，屬極性分子；B錯(cuò)，ClO2中氯元素顯4價(jià)，具有很強(qiáng)的氧化性，其消毒效率(以單位體積得電子的數(shù)目表示)是Cl2的2.6倍；D正確；19、A【解析】鑭(La)鎳(Ni)合金是一種儲(chǔ)氫材料，根據(jù)其基本結(jié)構(gòu)單元示意圖可知，該結(jié)構(gòu)單元中含La和Ni的原子數(shù)分別為12+2=3、18+6=15，則該合金的化學(xué)式可表示為LaNi5，故選A。20、B【解析】A.實(shí)驗(yàn)中要緩慢通入干燥的N2，使得溴蒸氣的濃度減小，可以使鎂屑和溴的反應(yīng)速率減慢，故A正確；B. 本實(shí)驗(yàn)要用鎂屑和液溴反應(yīng)生成溴化鎂，所以裝置中不能有能與

20、鎂反應(yīng)的氣體，例如氧氣，若用干燥的空氣代替干燥的N2，空氣中含有氧氣，鎂屑與氧氣反應(yīng)生成的氧化鎂阻礙Mg和Br2的反應(yīng)，故B錯(cuò)誤；C. 裝有無水CaCl2固體的干燥管A可以防止外界水蒸氣進(jìn)入反應(yīng)裝置，因?yàn)镸gBr2具有強(qiáng)吸水性，故C正確；D. 乙醚、溴均易揮發(fā)，冷凝管能夠?qū)⒁颐?、溴冷凝回流，提高乙醚、溴的利用率，故D正確；故選B。21、C【解析】A. CH3OH存在2種氫，故磁共振氫譜中出現(xiàn)2組峰，錯(cuò)誤；B. CH3CHO存在2種氫，故磁共振氫譜中出現(xiàn)2組峰，錯(cuò)誤；C. 分子中羰基左右甲基對(duì)稱，存在1種氫，故磁共振氫譜中出現(xiàn)1組峰，正確；D. CH3CH2OCH2CH3分子以氧為對(duì)稱，存在2種

21、氫，故磁共振氫譜中出現(xiàn)2組峰，錯(cuò)誤；故答案先C。22、D【解析】A.由結(jié)構(gòu)可知，單體為CH2C（CH3）COOH、OHCH2CH2OH、HOOCCH（OH）CH2C6H5，分子式依次為C4H6O2、C2H6O2、C9H10O3，A錯(cuò)誤；B.單體中存在CC、OH、COOH，則通過加聚反應(yīng)和縮聚反應(yīng)可以生成R；R由三種單體構(gòu)成，則R完全水解后生成3中產(chǎn)物：一種高聚物和兩種單體，B錯(cuò)誤；C. R為高分子化合物，不具有特殊香味，難溶于水， C錯(cuò)誤；D. 1mol R中含n(1+m)mol酯基，則堿性條件下，1mol R完全水解消耗NaOH的物質(zhì)的量為n(m+1)mol，D正確；故合理選項(xiàng)為D?！军c(diǎn)睛】

22、本題中的聚合物含有兩個(gè)子聚合物，其中一個(gè)為加聚產(chǎn)物，一個(gè)為縮聚產(chǎn)物，所以完全水解得到一個(gè)加聚高分子，一個(gè)乙二醇，一個(gè)含羧基和羥基的芳香族化合物。二、非選擇題(共84分)23、乙炔 be 稀硫酸、新制的氫氧化銅懸濁液、酸性KMnO4溶液 CH2=CHCHO+2Cu(OH)2+NaOHCH2=CHCOONa+Cu2O+3H2O 【解析】分析：本題考查的是有機(jī)推斷，根據(jù)反應(yīng)條件和前后的物質(zhì)的結(jié)構(gòu)進(jìn)行分析，有一定的難度。詳解：A與CO、H2O以物質(zhì)的量1:1:1的比例發(fā)生加成反應(yīng)制得B CH2=CHCOOH，說明A為乙炔，E是有芳香氣味，不易溶于水的油狀液體，說明其為酯類。因?yàn)镃與甲醇反應(yīng)生成E，所以

23、C的分子式為C3H6O2，為丙酸，D與氫氣反應(yīng)生成E，說明D的結(jié)構(gòu)為CH2=CHCOOCH3。(1) 根據(jù)以上分析可知A為乙炔。(2) B為CH2=CHCOOH，發(fā)生加聚反應(yīng)生成聚合物，方程式為： 。(3) a.E與乙酸乙酯的分子式相同，但結(jié)構(gòu)不同，是同分異構(gòu)體，故正確；b. B和C都含有羧基，不能用碳酸鈉鑒別，故錯(cuò)誤；c.B為酸，D為酯，故從B到D的反應(yīng)為酯化反應(yīng)，故正確；d.A為乙炔，在一定條件下可與氯化氫發(fā)生加成反應(yīng)，故正確。e.與A的最簡式相同，相對(duì)分子質(zhì)量為78的烴可能為苯，或其他不飽和烴，苯不能使酸性高錳酸鉀溶液褪色，但其他不飽和烴能，故錯(cuò)誤。故選be。(4)醛基和碳碳雙鍵都可以使

24、酸性高錳酸鉀溶液褪色，所以先將醛基氧化成羧基，再檢驗(yàn)碳碳雙鍵，所以首先使用新制的氫氧化銅懸濁液，然后加入稀硫酸中和溶液中的氫氧化鈉，再加入酸性高錳酸鉀溶液，故選的試劑為稀硫酸、新制的氫氧化銅懸濁液、酸性KMnO4溶液。醛基被氧化的方程式為：CH2=CHCHO+2Cu(OH)2+NaOHCH2=CHCOONa+Cu2O+3H2O。24、 2甲基1丙醇 C6H5CH=CHCHO (CH3)2CHCHO2Cu(OH)2NaOH(CH3)2CHCOONaCu2O3H2O 13種 CH3CHBrCH3 NaOH的水溶液，加熱 消去反應(yīng)【解析】C氧化可生成D，則D應(yīng)為酸，D的相對(duì)分子質(zhì)量通過質(zhì)譜法測(cè)得為8

25、8，它的核磁共振氫譜顯示只有三組峰，其結(jié)構(gòu)簡式應(yīng)為（CH3）2CHCOOH，則C為（CH3）2CHCHO；B為（CH3）2CHCH2OH，由題給信息可知A為（CH3）2C=CH2，有機(jī)物F是苯甲醇的同系物，苯環(huán)上只有一個(gè)無支鏈的側(cè)鏈，結(jié)合G的分子式可知F為，E能夠發(fā)生銀鏡反應(yīng)，1molE與2molH2反應(yīng)生成F，則E為，G為，則（1）B為（CH3）2CHCH2OH，按照醇的系統(tǒng)命名法命名；正確答案：2-甲基-1-丙醇；（2）根據(jù)以上分析可知E的結(jié)構(gòu)簡式為；正確答案：（3）(CH3)2CHCHO被新制Cu(OH)2氧化為羧酸；正確答案： (CH3)2CHCHO2Cu(OH)2NaOH(CH3)2

26、CHCOONaCu2O3H2O；（4）F為，符合：為芳香族化合物；與F是同分異構(gòu)體；能被催化氧化成醛的化合物有：若苯環(huán)上只有1個(gè)取代基，取代基為CH(CH3)CH2OH，只有1種；若苯環(huán)上有2個(gè)取代基，可能是甲基和CH2CH2OH，鄰間對(duì)3種，也可以是CH2CH3和CH2OH，鄰間對(duì)3種；若苯環(huán)上有3個(gè)取代基，只能是兩個(gè)CH3和一個(gè)CH2OH，采用定一議二原則判斷，有6種，所以共有13種。其中滿足苯環(huán)上有3個(gè)側(cè)鏈，且核磁共振氫譜有5組峰，峰面積比為62211的有機(jī)物的結(jié)構(gòu)簡式為正確答案：13種； （5）D結(jié)構(gòu)簡式為（CH3）2CHCOOH，以丙烯等為原料合成D的路線可知，反應(yīng)為加成反應(yīng)，X為C

27、H3CHBrCH3，其在NaOH的水溶液中加熱生成CH3CHOHCH3，反應(yīng)、分別為消去反應(yīng)和加成反應(yīng)。正確答案：CH3CHBrCH3 ； NaOH的水溶液，加熱； 消去反應(yīng)；點(diǎn)睛：有機(jī)推斷題要充分利用題給定的信息并結(jié)合常見有機(jī)物的特征性質(zhì)進(jìn)行分析推理，才能快速推出物質(zhì)的結(jié)構(gòu)。25、 50mL容量瓶 偏小 溶液由無色變?yōu)樽霞t色，且半分鐘內(nèi)不褪色 1.2 【解析】（1）根據(jù)配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液的正確操作結(jié)合圖示分析解答；（2）容量瓶是確定溶液體積的儀器；（3）依據(jù)仰視刻度線，會(huì)使溶液體積偏大判斷，結(jié)合分析；（4）草酸跟酸性KMnO4溶液反應(yīng)生成二氧化碳、二價(jià)錳離子等，滴定時(shí)，用高錳酸鉀滴定

28、草酸，反應(yīng)達(dá)到終點(diǎn)時(shí)，滴入的高錳酸鉀溶液不褪色，據(jù)此判斷；（5）根據(jù)滴定數(shù)據(jù)及鈣離子與高錳酸鉀的關(guān)系式計(jì)算出血液樣品中Ca2的濃度?！驹斀狻浚?）由圖示可知操作不正確，不能在量筒中溶解固體，定容時(shí)應(yīng)平視刻度線，至溶液凹液面與刻度線相切，故答案為：；（2）應(yīng)該用容量瓶準(zhǔn)確確定50mL溶液的體積，故答案為：50mL容量瓶；（3）如果用圖示的操作配制溶液，由于仰視刻度線，會(huì)使溶液體積偏大，所配制的溶液濃度將偏小，故答案為：偏??；（4）滴定時(shí)，用高錳酸鉀滴定草酸，反應(yīng)達(dá)到終點(diǎn)時(shí)的現(xiàn)象為溶液由無色變?yōu)樽霞t色，且半分鐘內(nèi)不褪色，故答案為：溶液由無色變?yōu)樽霞t色，且半分鐘內(nèi)不褪色；（5）血樣20.00mL經(jīng)過

29、上述處理后得到草酸，草酸消耗的消耗的高錳酸鉀的物質(zhì)的量為：。根據(jù)反應(yīng)方程式，及草酸鈣的化學(xué)式CaC2O4，可知：，Ca2+的質(zhì)量為，鈣離子的濃度為：，故答案為：1.2?！军c(diǎn)睛】定容時(shí)倒水至刻度線12cm處改用膠頭滴管滴到與凹液面平直。26、 （球形）冷凝管 催化劑和吸水劑 增大反應(yīng)物丙酸的濃度，有利于反應(yīng)向生成丙酸異丁酯的方向進(jìn)行 洗掉濃硫酸和丙酸 C 60%【解析】分析：丙酸異丁酯的制備類似于乙酸乙酯的制備，可以聯(lián)系課本知識(shí)分析解答。(3)根據(jù)平衡移動(dòng)的原理分析解答；(4)根據(jù)飽和碳酸氫鈉溶液的作用分析解答；(6)根據(jù)產(chǎn)率=實(shí)際產(chǎn)量理論產(chǎn)量100%進(jìn)行計(jì)算。詳解：(l)根據(jù)圖示，裝置A是冷凝

30、管，故答案為：冷凝管；(2)根據(jù)酯化反應(yīng)的原理可知，實(shí)驗(yàn)中的硫酸的主要作用是催化劑和吸水劑，故答案為：催化劑和吸水劑；(3)用過量丙酸，能夠增大反應(yīng)物丙酸的濃度，有利于反應(yīng)向生成丙酸異丁酯的方向進(jìn)行，故答案為：增大反應(yīng)物丙酸的濃度，有利于反應(yīng)向生成丙酸異丁酯的方向進(jìn)行；(4)用飽和NaHCO3溶液洗滌粗酯，可以降低丙酸異丁酯在水中的溶解度，同時(shí)洗掉濃硫酸和丙酸，故答案為：洗掉濃硫酸和丙酸；(5) 丙酸異丁酯的密度小于水，在洗滌、分液操作中，應(yīng)充分振蕩，然后靜置，待分層后先將水層從分液漏斗的下口放出，再將丙酸異丁酯從上口倒出，故選C；(6)7.4 g的丙酸的物質(zhì)的量為7.4g74g/mol=0.

31、1mol，3.7g的異丁醇的物質(zhì)的量為3.7g74g/mol=0.05mol，理論上可以生成0.05mol丙酸異丁酯，質(zhì)量為130g/mol0.05mol=6.5g，而實(shí)際產(chǎn)量是3.9g，所以本次實(shí)驗(yàn)的產(chǎn)率=3.9g6.5g100%=60%，故答案為：60%。點(diǎn)睛：本題考查性質(zhì)實(shí)驗(yàn)方案的設(shè)計(jì)，涉及常見儀器的構(gòu)造與安裝、混合物的分離、提純、物質(zhì)的制取、藥品的選擇及使用、物質(zhì)產(chǎn)率的計(jì)算等知識(shí)，明確酯化反應(yīng)原理及化學(xué)實(shí)驗(yàn)基本操作方法為解答關(guān)鍵。本題的易錯(cuò)點(diǎn)為(6)，要注意丙酸過量。27、C F E G 作安全瓶，防止倒吸現(xiàn)象的發(fā)生 CH2=CH2+Br2CH2BrCH2Br b c ab 101.6

32、 不合理 產(chǎn)物1溴丁烷也含有CH2CH2CH2CH3 【解析】、在分析實(shí)驗(yàn)裝置的過程中要抓住兩點(diǎn)，一是必須除去混在乙烯中的氣體雜質(zhì)，尤其是SO2氣體，以防止SO2與Br2發(fā)生反應(yīng)SO2+Br2+2H2O=2HBr+H2SO4，影響1，2-二溴乙烷產(chǎn)品的制備；二是必須在理解的基礎(chǔ)上靈活組裝題給的不太熟悉的實(shí)驗(yàn)儀器（如三頸燒瓶A、恒壓滴液漏斗D、安全瓶防堵塞裝置C），反應(yīng)管E中冷水的作用是盡量減少溴的揮發(fā)，儀器組裝順序是：制取乙烯氣體（用A、B、D組裝）安全瓶（C，兼防堵塞）凈化氣體（F，用NaOH溶液吸收CO2和SO2等酸性雜質(zhì)氣體）制備1，2-二溴乙烷的主要反應(yīng)裝置（E）尾氣處理（G）。、兩個(gè)

33、裝置燒瓶中，濃H2SO4和溴化鈉在加熱條件下生成溴化氫，在濃硫酸作用下，l丁醇與溴化氫發(fā)生取代反應(yīng)生成1溴丁烷，A裝置中冷凝管起冷凝回流1溴丁烷的作用，燒杯起吸收溴化氫的作用，B裝置中冷凝管和錐形瓶起冷凝收集1溴丁烷的作用。【詳解】、（1）在濃硫酸作用下，乙醇共熱發(fā)生消去反應(yīng)生成乙烯的化學(xué)方程式為CH3CH2OHCH2CH2+H2O，由化學(xué)方程式可知制取乙烯時(shí)應(yīng)選用A、B、D組裝，為防止制取1，2-二溴乙烷時(shí)出現(xiàn)倒吸或堵塞，制取裝置后應(yīng)連接安全瓶C，為防止副反應(yīng)產(chǎn)物CO2和SO2干擾1，2-二溴乙烷的生成，應(yīng)在安全瓶后連接盛有氫氧化鈉溶液的洗氣瓶F，除去CO2和SO2，為盡量減少溴的揮發(fā)，將除

34、雜后的乙烯通入冰水浴中盛有溴水的試管中制備1，2-二溴乙烷，因溴易揮發(fā)有毒，為防止污染環(huán)境，在制備裝置后應(yīng)連接尾氣吸收裝置，則儀器組裝順序?yàn)橹迫∫蚁怏w（用A、B、D組裝）安全瓶（C，兼防堵塞）凈化氣體（F，用NaOH溶液吸收CO2和SO2等酸性雜質(zhì)氣體）制備1，2-二溴乙烷的主要反應(yīng)裝置（E）尾氣處理（G），故答案為：C、F、E、G；（2）為防止制取1，2-二溴乙烷時(shí)出現(xiàn)倒吸或堵塞，制取裝置后應(yīng)連接安全瓶C，故答案為：作安全瓶，防止倒吸現(xiàn)象的發(fā)生；（3）在反應(yīng)管E中進(jìn)行的主要反應(yīng)為乙烯和溴發(fā)生加成反應(yīng)生成1，2-二溴乙烷，反應(yīng)的方程式為CH2CH2+Br2BrCH2CH2Br，故答案為：CH

35、2CH2+Br2BrCH2CH2Br；、（1）兩個(gè)裝置中都用到了冷凝管，為了增強(qiáng)冷凝效果，冷水都應(yīng)從下口進(jìn)上口出，則A裝置中冷水從b口進(jìn)入，B裝置中冷水從c口進(jìn)入，故答案為：b；c；（2）若硫酸濃度過大，l-丁醇在濃硫酸的催化作用下發(fā)生副反應(yīng)，可能發(fā)生分子間脫水反應(yīng)生成醚CH3CH2CH2CH2OCH2CH2CH2CH3，也可能發(fā)生分子內(nèi)脫水生成1丁烯CH2=CHCH2CH3，具有還原性的溴離子也可能被濃硫酸氧化成溴單質(zhì)，則制備操作中，加入的濃硫酸事先必須進(jìn)行稀釋，故答案為：ab；（3）提純1-溴丁烷，收集所得餾分為1-溴丁烷，所以須將1-溴丁烷先汽化，后液化，汽化溫度須達(dá)其沸點(diǎn)，故答案為：1

36、01.6；（4）紅外光譜儀利用物質(zhì)對(duì)不同波長的紅外輻射的吸收特性，進(jìn)行分子結(jié)構(gòu)和化學(xué)組成分析，產(chǎn)物CH3CH2CH2CH2Br也含有-CH2CH2CH2CH3，所以不能通過紅外光譜儀來確定副產(chǎn)物中是否存在丁醚（CH3CH2CH2CH2OCH2CH2CH2CH3），故答案為：不合理，產(chǎn)物1-溴丁烷也含有-CH2CH2CH2CH3?！军c(diǎn)睛】本題考查有機(jī)物的制備實(shí)驗(yàn)，注意把握制備實(shí)驗(yàn)的原理，能正確設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)順序，牢固把握實(shí)驗(yàn)基本操作，注意副反應(yīng)發(fā)生的原因分析是解答關(guān)鍵。28、 除去空氣中的CO2氣體 調(diào)節(jié)X和空氣的通入速率，保證O2過量 吸收混合氣體中的水蒸氣 吸收燃燒生成的二氧化碳?xì)怏w 堿石灰或固體

37、NaOH 防止空氣中的二氧化碳和水蒸氣進(jìn)入裝置D，對(duì)結(jié)果產(chǎn)生影響 加熱前沒有除去度本實(shí)驗(yàn)有影響的水蒸氣 在A、B 之間加一個(gè)盛濃硫酸的洗氣瓶或盛無水CaCl2（或P2O5、堿石灰、固體NaOH等）的干燥管 3：1【解析】分析：（1）由于空氣中含有CO2，會(huì)干擾燃燒產(chǎn)物CO2的吸收，所以必須利用氫氧化鈉除去空氣中的CO2。其次還可以利用A中氣泡的產(chǎn)生的快慢來可知通入通入速率，以保證O2過量；（2）根據(jù)燃燒產(chǎn)物水和CO2可知，首先應(yīng)該先吸收水，然后再吸收CO2，由于C是吸收水蒸氣的，而C是U型管，所以盛放的試劑是無水CaCl2或P2O5 ；（3）D是吸收CO2的，所以盛放的試劑是濃NaOH溶液；（

38、4）由于空氣中也含有水蒸氣和CO2，所以E裝置是吸收空氣中的水和CO2的，因此試劑是堿石灰或固體NaOH；（5）由于從A中出來的氣體中一定含有水蒸氣，會(huì)對(duì)后續(xù)的實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生影響，所以需要在A和B之間加一個(gè)盛濃硫酸的洗氣瓶或盛無水CaCl2（或P2O5、堿石灰、固體NaOH等）的干燥管；（6）藥品+U形管的質(zhì)量/g增加1.8 g為生成水的質(zhì)量，廣口瓶D質(zhì)量增加2.2g為燃燒生成二氧化碳?xì)怏w的質(zhì)量，物質(zhì)的量分別是0.1mol水和0.05mol二氧化碳，計(jì)算得到碳和氫元素的質(zhì)量之比。詳解：（1）由于空氣中含有CO2，會(huì)干擾燃燒產(chǎn)物CO2的吸收，所以必須利用氫氧化鈉除去空氣中的CO2。其次還可以利用A中氣

39、泡的產(chǎn)生的快慢來可知通入通入速率，以保證O2過量；（2）根據(jù)燃燒產(chǎn)物水和CO2可知，首先應(yīng)該先吸收水，然后再吸收CO2。由于C是吸收水蒸氣的，而C是U型管，所以盛放的試劑是無水CaCl2或P2O5；（3）D是吸收燃燒生成的CO2的，所以盛放的試劑是濃NaOH溶液；（4）由于空氣中也含有水蒸氣和CO2，所以E裝置是吸收空氣中的水和CO2的，因此試劑是堿石灰或固體NaOH，防止空氣中的二氧化碳和水蒸氣進(jìn)入裝置D，對(duì)結(jié)果產(chǎn)生影響；（5）由于從A中出來的氣體中一定含有水蒸氣，會(huì)對(duì)后續(xù)的實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生影響，所以需要在A和B之間加一個(gè)盛濃硫酸的洗氣瓶或盛無水CaCl2（或P2O5、堿石灰、固體NaOH等）的干燥管，加熱前沒有除去對(duì)本實(shí)驗(yàn)有影響的水蒸氣，在A、B 之間加一個(gè)盛濃硫酸的洗氣瓶或盛無水CaCl2（或P2O5、堿石灰、固體NaOH等）的干燥管，對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的影響是CH兩種元素的質(zhì)量比