2022年浙江省嘉興市高考物理模擬試卷(5月份)(含答案解析)

1、 13 20 頁(yè)2023 年浙江省嘉興市高考物理模擬試卷5 月份一、單項(xiàng)選擇題13 39.0 分以下有關(guān)物理學(xué)家的奉獻(xiàn)，說(shuō)法正確的選項(xiàng)是e 的值牛頓最早覺(jué)察了行星運(yùn)動(dòng)的三大定律法拉第最早引入場(chǎng)概念并用場(chǎng)線描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)玻爾基于 粒子散射試驗(yàn)提出了原子的核式構(gòu)造模型牙買(mǎi)加名將博爾特在柏林田徑世界錦標(biāo)賽上，制造了200m 短跑世界紀(jì)錄，則200m 指的是位移，200m 指的是路程，指的是時(shí)刻指的是時(shí)間間隔博爾特全程的平均速度大小約為博爾特沖刺速度大小確定為為三塊磚頭在空中某時(shí)刻的照片，v 為磚塊該時(shí)刻的運(yùn)動(dòng)方向，不計(jì)空氣阻力，則磚塊受到的合力為零B. A 磚塊對(duì)B 磚塊有向下的壓力C. B 磚塊對(duì)

2、A 磚塊有向左的摩擦力D. A、B 磚塊之間沒(méi)有摩擦力地的時(shí)間應(yīng)為A.B.C.D.C 71cm地的時(shí)間應(yīng)為A.B.C.D.5.2205.220V27V 分別為A.和，則輸入的電流大于輸出的電流繞制輸入端線圈的導(dǎo)線比輸出端細(xì)輸出端連接的用電器數(shù)量增加，輸入端功率不變電動(dòng)勢(shì)就是電源兩極間的電壓規(guī)格為“，9V9V 指擊穿電壓D. D. L L，電阻變?yōu)樵瓉?lái)的7. 如以下圖是一個(gè)趣味試驗(yàn)中的“電磁小火車(chē)”，“小火車(chē)”本體是兩端都吸有強(qiáng)磁鐵的干電池，“軌道”是用裸銅線繞成的螺線管。將干電池與強(qiáng)磁鐵組成的“小火車(chē)”放入螺線管內(nèi)，就會(huì)沿螺線管運(yùn)動(dòng)， 則“小火車(chē)”通過(guò)兩端磁鐵之間的排斥力而運(yùn)動(dòng)干電池正負(fù)極對(duì)調(diào)

3、后“小火車(chē)”運(yùn)動(dòng)方向?qū)⑥D(zhuǎn)變“小火車(chē)”放入絕緣銅線繞成的螺線管后會(huì)沿螺線管運(yùn)動(dòng)“小火車(chē)”放入外表無(wú)絕緣層的暴露銅管后會(huì)沿銅管運(yùn)動(dòng)電磁波，手機(jī)工作時(shí)使用頻率為的電磁波，家用使用頻率約為我們的生活已經(jīng)離不開(kāi)電磁波，如：GPS 定位系統(tǒng)使用頻率為電磁波，手機(jī)工作時(shí)使用頻率為的電磁波，家用使用頻率約為5725MHz 5725MHz 家用電磁波的衍射現(xiàn)象最明顯GPS 定位系統(tǒng)使用的電磁波的能量最強(qiáng)地鐵行李安檢時(shí)使用的電磁波利用了其穿透本領(lǐng)手機(jī)工作時(shí)使用的電磁波是縱波且不能產(chǎn)生偏振現(xiàn)象池 鋰離子電池 的參數(shù)如表格所示。容量池 鋰離子電池 的參數(shù)如表格所示。容量重量額定電壓轉(zhuǎn)換率 充電時(shí)間25000mAh59

4、6g25000mAhmAh是能量的單位這款移動(dòng)電池布滿電后所儲(chǔ)存的總化學(xué)能為92500Wh乘飛機(jī)出行時(shí)，這款移動(dòng)電池可以直接隨身攜帶3200mAh 7 次用中子轟擊靜止的核核反響方程如下：X 核速度方向與中子的速度方向相反，X 核與mc。則X核為核反響過(guò)程質(zhì)量守恒、電荷數(shù)也守恒D.核的速度為11.以下關(guān)于甲、乙、丙、丁四幅圖的說(shuō)法中，正確的選項(xiàng)是核反響過(guò)程中釋放的核能全部轉(zhuǎn)化為XD.核的速度為11.以下關(guān)于甲、乙、丙、丁四幅圖的說(shuō)法中，正確的選項(xiàng)是核的速度之比為 7：8，質(zhì)子的質(zhì)量可A. 甲圖：大量氫原子從能級(jí)向低能級(jí)自發(fā)躍遷所輻射的電磁波照耀逸出功為A. 甲圖：大量氫原子從能級(jí)向低能級(jí)自發(fā)躍

5、遷所輻射的電磁波照耀逸出功為的乙圖：此時(shí)刻振蕩電流正在減小丙圖：這是光通過(guò)小孔衍射形成的圖樣丁圖：不同強(qiáng)弱黃光對(duì)應(yīng)的圖象交于U 軸同一點(diǎn)，說(shuō)明光電子最大初動(dòng)能與光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)上運(yùn)A 點(diǎn)時(shí)變軌進(jìn)入橢圓軌道，變軌前后的速度分別為 和 ；到達(dá)軌道B 時(shí)再次變軌進(jìn)入月球近月軌道繞月球作圓周運(yùn)動(dòng)，變軌前后的速度分別為 和 ，則探測(cè)器A 點(diǎn)變軌需要加速在軌道A B 點(diǎn)，速度變小在軌道B 點(diǎn)的加速度大于軌道B 點(diǎn)的加速度四個(gè)速度大小關(guān)系滿足如以下圖的豎直平面內(nèi)，一帶電體位于A 處。一個(gè)質(zhì)量為m 的帶負(fù)電圓環(huán)套在傾角為的絕緣直桿上，靜止于P 處且恰好不受摩擦力ABC為PQ的中垂線與水平面交于C點(diǎn)A與P等高則A處

6、帶電體帶正電直桿受到的壓力值為A 處帶電體帶等量異種電荷時(shí)圓環(huán)將以加速度做勻加速直線運(yùn)動(dòng)A C 處，圓環(huán)同樣不受摩擦力14.100 多個(gè)、3000 多個(gè)、7000014.100 多個(gè)、3000 多個(gè)、70000 多個(gè)電子通過(guò)雙縫后的干預(yù)圖樣，則圖樣是由于電子之間相互作用引起的假設(shè)現(xiàn)在只讓一個(gè)電子通過(guò)單縫，那么該電子確定落在亮紋處圖樣說(shuō)明電子已經(jīng)不再遵守牛頓運(yùn)動(dòng)定律依據(jù)不確定性關(guān)系，不行能同時(shí)準(zhǔn)確地知道電子的位置和動(dòng)量，則以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A、B x 軸正負(fù)兩個(gè)方向相向傳播，則以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是時(shí)刻波形如以下圖，波速均為處的質(zhì)點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)只有波峰與波谷相遇處質(zhì)點(diǎn)才會(huì)處于或位置C.D. 再經(jīng)

7、過(guò)時(shí)，第一次有質(zhì)點(diǎn)處于位置處 時(shí)間，處的質(zhì)點(diǎn)將第2 次處于位置處l P，PQl P，PQ與上下外表垂直。以入射角 射入玻璃上外表，經(jīng)過(guò)上外表和下外表A. 主像到上外表的距離為屢次反射并從上外表出射后在 PQA. 主像到上外表的距離為B. PQ 的交點(diǎn)間距相等C.增大至確定值時(shí)經(jīng)下外表反射的光線不會(huì)從上外表出射D. PQ方向看到的主像到上外表的距離為B. PQ 的交點(diǎn)間距相等C.增大至確定值時(shí)經(jīng)下外表反射的光線不會(huì)從上外表出射D. PQ方向看到的主像到上外表的距離為17.如圖甲所示為強(qiáng)強(qiáng)同學(xué)在“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”試驗(yàn)中所用的學(xué)生電源線端口應(yīng)選擇填“左側(cè)“或“右側(cè)” 。使用該電源選用的

8、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)為填“乙”或“丙” ；墊在圖丁中平板的填“左側(cè)“或“右側(cè)“ ，該試驗(yàn)墊在圖丁中平板的填“左側(cè)“或“右側(cè)“ ，該試驗(yàn)填“需要“或“不需要“ 測(cè)量?jī)尚≤?chē)的質(zhì)量。圖中的兩條紙帶，“探究碰撞中的不變量”試驗(yàn)的紙帶是請(qǐng)計(jì)算出兩小車(chē)碰撞以后18.小曹同學(xué)欲測(cè)定標(biāo)稱(chēng)為“”小燈泡的伏安特性曲線。他拆開(kāi)一個(gè)電表后蓋，其內(nèi)部構(gòu)造如圖甲所示，推斷此電表填“伏特表“或“安培表” 18.小曹同學(xué)欲測(cè)定標(biāo)稱(chēng)為“”小燈泡的伏安特性曲線。他拆開(kāi)一個(gè)電表后蓋，其內(nèi)部構(gòu)造如圖甲所示，推斷此電表填“伏特表“或“安培表” ，應(yīng)選用的量程是填“A“或“B“圖乙為已連接的局部電路，請(qǐng)?jiān)谙鄳?yīng)位置用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線補(bǔ)全實(shí)物連接圖。

9、該同學(xué)正確測(cè)量了2 組數(shù)據(jù)，對(duì)應(yīng)的表盤(pán)和刻度如圖丙所示。圖 示數(shù)應(yīng)為，其對(duì)19.對(duì)雪面的短暫作用獲得向前運(yùn)動(dòng)的推力視為恒力 ，作用時(shí)間為，后撒去推力運(yùn)動(dòng)了。然后他重復(fù)剛剛的過(guò)程，總共推了3 次，其運(yùn)動(dòng)的圖象如圖乙所示。小詹和裝備的總質(zhì)量，下滑沿直線運(yùn)動(dòng)且下滑過(guò)程阻力恒定。求：小詹同學(xué)開(kāi)頭運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度 ；全過(guò)程的最大速度19.對(duì)雪面的短暫作用獲得向前運(yùn)動(dòng)的推力視為恒力 ，作用時(shí)間為，后撒去推力運(yùn)動(dòng)了。然后他重復(fù)剛剛的過(guò)程，總共推了3 次，其運(yùn)動(dòng)的圖象如圖乙所示。小詹和裝備的總質(zhì)量，下滑沿直線運(yùn)動(dòng)且下滑過(guò)程阻力恒定。求：小詹同學(xué)開(kāi)頭運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度 ；全過(guò)程的最大速度；Ff 的大小。20.如以下圖

10、，一個(gè)質(zhì)量的小物塊 視為質(zhì)點(diǎn) ，壓縮彈簧后釋放，以沖上長(zhǎng)度的水平傳送帶，在傳送帶右側(cè)等高的平臺(tái)上固定一半徑的圓軌道 ABCD，A、離，高度處有一可升降的接物裝置，通過(guò)調(diào)整裝置的高度可以接收不同速度拋出的小物塊，小物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，其它摩擦均無(wú)視不計(jì)，求：小物塊釋放前，彈簧所儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能；D20.如以下圖，一個(gè)質(zhì)量的小物塊 視為質(zhì)點(diǎn) ，壓縮彈簧后釋放，以沖上長(zhǎng)度的水平傳送帶，在傳送帶右側(cè)等高的平臺(tái)上固定一半徑的圓軌道 ABCD，A、離，高度處有一可升降的接物裝置，通過(guò)調(diào)整裝置的高度可以接收不同速度拋出的小物塊，小物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，其它摩擦均無(wú)視不計(jì)，求：小物塊釋放前，彈

11、簧所儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能；假設(shè)傳送帶以的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，推斷小物塊能否通過(guò)圓軌道最高點(diǎn)C；假設(shè)傳送帶以的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，推斷小物塊能否通過(guò)圓軌道最高點(diǎn)C；假設(shè)傳送帶速度大小、方向皆可任意調(diào)整，要使小物塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不脫離圓軌道ABCD，傳小物塊到達(dá)接物裝置時(shí)的最小動(dòng)能。r Gr G、N，圓盤(pán)的圓心位于CD桿上。金屬圓盤(pán)G 處于水平向右與盤(pán)面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為N 繞有絕緣細(xì)線，在恒力作用下，圓盤(pán)G、N 和器構(gòu)成如以下圖的電路。平行板電容器兩板間距為直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為N 繞有絕緣細(xì)線，在恒力作用下，圓盤(pán)G、N 和器構(gòu)成如以下圖的電路。平行板電容器兩板間距為d，上極板通過(guò)

12、長(zhǎng)度為的絕緣細(xì)線懸掛一帶電量為S a 一帶電量為S a M U，通過(guò)它的電流為 兩電阻的阻值分別為2R和RG接入電路的電阻也為R金屬圓盤(pán)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度 ；F 的大??；S b G 仍以角速度 勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，小球在兩極板間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)且最大擺角為 ，小球搖擺過(guò)程的最小電勢(shì)能和振動(dòng)周期。、 位于兩板的中軸線上。在中軸線正下方d Q，兩塊熒光屏的寬度均為2d?，F(xiàn)從連續(xù)注入質(zhì)量為m、電荷量為且初速度可視為零的粒子，經(jīng)的如以下圖為一試驗(yàn)裝置的剖面圖，左側(cè)為電壓可以把握的加速電場(chǎng)。在加速電場(chǎng)右側(cè)有相距為 d、長(zhǎng)也為d、 位于兩板的中軸線上。在中軸線正下方d Q，兩塊熒光屏的寬度均為2d?，F(xiàn)從連續(xù)注入質(zhì)量為m、

13、電荷量為且初速度可視為零的粒子，經(jīng)的加速電場(chǎng)后從小孔射出，再經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后，打到熒光屏Q 加速電場(chǎng)后從小孔射出，再經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后，打到熒光屏Q 上。不計(jì)帶電粒子的重力與各粒子Q 的具體位置；的勻強(qiáng)電場(chǎng)，假設(shè)撤去兩平行金屬板間的磁場(chǎng)，在 ABD 區(qū)域加上磁感強(qiáng)度大小和方向與兩平行金屬板間磁的勻強(qiáng)電場(chǎng)，假設(shè)撤去兩平行金屬板間的磁場(chǎng)，在 ABD 區(qū)域加上磁感強(qiáng)度大小和方向與兩平行金屬板間磁Q AQ A 答案與解析 解析：解：A、密立根通過(guò)試驗(yàn)準(zhǔn)確測(cè)定了元電荷e A 錯(cuò)誤；B、開(kāi)普勒最早覺(jué)察了行星運(yùn)動(dòng)的三大定律，故B 錯(cuò)誤；C、法拉第最早引入場(chǎng)概念并用場(chǎng)線描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)，故C 正確；D、盧瑟?；?粒子散

14、射試驗(yàn)提出了原子的核式構(gòu)造模型，故D 錯(cuò)誤。應(yīng)選：C。此題依據(jù)密立根、牛頓、開(kāi)普勒、法拉第和盧瑟福的物理學(xué)奉獻(xiàn)進(jìn)展解答。通過(guò)了解物理學(xué)史，知道物理學(xué)進(jìn)展歷程，可以學(xué)到科學(xué)方法，因而在尋常學(xué)習(xí)時(shí)要留意記憶與積存。答案：B解析：解：AB、200m 競(jìng)賽為彎道，解析：解：AB、200m 競(jìng)賽為彎道，200m 200m，是其運(yùn)動(dòng)時(shí)間，C200m 競(jìng)賽為彎道，無(wú)法求出其位移大小，故平均速度無(wú)法求，故C 錯(cuò)誤；D、由于200m 競(jìng)賽過(guò)程中運(yùn)發(fā)動(dòng)變速運(yùn)動(dòng)，無(wú)法準(zhǔn)確確實(shí)定其最大速度，即無(wú)法確定博爾特沖刺速D錯(cuò)誤。應(yīng)選：B。知道位移和路程的區(qū)分；明確在體育競(jìng)賽中200 米是彎道，理解時(shí)刻與時(shí)間間隔的區(qū)分；知道平

15、均速度定義。200m 好地將體育運(yùn)動(dòng)與物理中的運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有機(jī)的結(jié)合起來(lái)，讓學(xué)生體會(huì)到物理就在身邊，引導(dǎo)學(xué)生在尋常訓(xùn)練中要加強(qiáng)應(yīng)用物理學(xué)問(wèn)解決實(shí)際問(wèn)題的力氣。答案：D解析：解：磚塊拋出后只受重力，具有向下的加速度為g，處于完全失重狀態(tài)，A B 之間沒(méi)有彈力的作用，由于彈力是產(chǎn)生摩擦力的必要條件，所以AB ABC 錯(cuò)誤，D 正確。應(yīng)選：D。磚塊拋出后只受重力，具有向下的加速度，處于完全失重狀態(tài)，物體間沒(méi)有彈力和摩擦力。此題考察了超重和失重、彈力、摩擦力產(chǎn)生的條件，記住要點(diǎn)：當(dāng)物體具有向上的加速度時(shí)，物體處于超重狀態(tài)，當(dāng)物體具有向下的加速度時(shí)，處于失重狀態(tài)，彈力是產(chǎn)生摩擦力的必要條件。答案：A解得：

16、解析：解：C 羅頭球破門(mén)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)所用的時(shí)間是t，依據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知：解得：C 羅離地的時(shí)間應(yīng)為C 羅離地的時(shí)間應(yīng)為A 正確，BCD 錯(cuò)誤。C 羅頭球破門(mén)的可看做是豎直上拋運(yùn)動(dòng)，依據(jù)重心上升的高度計(jì)算時(shí)間即可。嫻熟把握應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律分析生活中的物理現(xiàn)象。留意豎直上拋運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為向上運(yùn)動(dòng)時(shí)2倍。解析：解：A解析：解：A、依據(jù)原副線圈電壓和匝數(shù)關(guān)系，有：，所以A 錯(cuò)誤。B、依據(jù)原副線圈電流和匝數(shù)關(guān)系，有：，所以B B、依據(jù)原副線圈電流和匝數(shù)關(guān)系，有：，所以B 錯(cuò)誤。C、電流越大，需要的導(dǎo)線越粗，電流越小，需要的導(dǎo)線越細(xì)，由于，所以繞制輸入端線圈D、在不考慮損耗的狀況下，輸入功

17、率和輸出功率相等，輸出端連接的用電器數(shù)量增加，輸入端功D錯(cuò)誤。依據(jù)推斷原副線圈的匝數(shù)大小；依據(jù)推斷輸入電流和輸出電流的大?。浑娏髟酱?，應(yīng)選：依據(jù)推斷原副線圈的匝數(shù)大小；依據(jù)推斷輸入電流和輸出電流的大小；電流越大，需要的導(dǎo)線越粗，依據(jù)電流大小推斷導(dǎo)線越粗細(xì)；在不考慮損耗的狀況下，輸入功率和輸出功率相等。此題考察了變壓器的構(gòu)造和原理。依據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，逐項(xiàng)分析即可得出結(jié)論。答案：D解析：解：A、電動(dòng)勢(shì)的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，與外電路的構(gòu)造無(wú)關(guān)。電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓在數(shù)值上才等于電源的電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B、

18、9V 是電容器的額定電壓，即能承受的最大電壓，故B 錯(cuò)誤；DL LDL L，其體積減小了 ，變?yōu)?，故橫截面積變?yōu)?；依?jù)電阻定律公式為；依據(jù)電阻定律公式，電阻與橫截面積成反比，故電阻變?yōu)樵瓉?lái)的D正應(yīng)選：D。率是由導(dǎo)體材料和溫度打算的；依據(jù)電阻定律公式列式推斷。電動(dòng)勢(shì)的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱；9V 率是由導(dǎo)體材料和溫度打算的；依據(jù)電阻定律公式列式推斷。把握電動(dòng)勢(shì)、額定電壓、電阻率特性，會(huì)用電阻的公式分析導(dǎo)體電阻的變化。答案：B解析：解：A、將干電池與強(qiáng)磁鐵組成的“小火車(chē)”放入裸銅線繞成的螺線管內(nèi)，干電池的正負(fù)極， 導(dǎo)致處在螺線管這一段，形成電流，從而產(chǎn)生磁場(chǎng)，由于干電池

19、兩端都吸有強(qiáng)磁鐵，因此磁場(chǎng)對(duì)磁 鐵有磁力作用，進(jìn)而驅(qū)使其運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；BA 的分析可知，小火車(chē)兩側(cè)磁鐵所受磁場(chǎng)力也會(huì)轉(zhuǎn)變，那么運(yùn)動(dòng)方向就會(huì)轉(zhuǎn)變，故B正確；C就不會(huì)形成磁場(chǎng)，因此其也不會(huì)沿螺線管運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D、假設(shè)將“小火車(chē)”放入外表無(wú)絕緣層的暴露銅管后，則暴露銅管會(huì)形成直線電流，該磁場(chǎng)則會(huì)導(dǎo) 致干電池偏向一側(cè)，不會(huì)導(dǎo)致其沿銅管運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。應(yīng)選：B。分析給出的原理圖，明確小火車(chē)原理；依據(jù)安培定則分析磁場(chǎng)的方向，再依據(jù)磁體間的相互作用即可明確受力狀況，從而確定運(yùn)動(dòng)狀況。此題考察科技小制作中”電磁動(dòng)力小火車(chē)“的原理，要留意明確兩端磁鐵只有方向一樣時(shí)才能形成對(duì)電池前進(jìn)的動(dòng)力，從而使電池前進(jìn)，

20、同時(shí)理解外表無(wú)絕緣層的暴露銅管與裸銅線繞成的螺線管的區(qū)分是本試驗(yàn)?zāi)芊癯晒Φ年P(guān)鍵。答案：C解析：解：A解析：解：A、家用電磁波的頻率較高，所以其波長(zhǎng)較短，故其衍射現(xiàn)象不明顯，故AB、GPS 定位系統(tǒng)使用的電磁波比家用使用的電磁波的頻率要低，依據(jù)電磁波的頻率越C、地鐵行李安檢時(shí)使用頻率為的電磁波，頻率格外高，所以利用了電磁波的穿透本領(lǐng)，故高，能量越大，所以 GPS 定位系統(tǒng)使用的電磁波的能量不是最強(qiáng)，故BC、地鐵行李安檢時(shí)使用頻率為的電磁波，頻率格外高，所以利用了電磁波的穿透本領(lǐng)，故C正確；D、手機(jī)工作時(shí)使用的電磁波均為橫波，能產(chǎn)生偏振現(xiàn)象，故D 錯(cuò)誤。應(yīng)選：C。明確電磁波的性質(zhì)以及應(yīng)用，并且知道

21、電磁波在生產(chǎn)和生活中的常見(jiàn)應(yīng)用。此題考察電磁波的應(yīng)用，電磁波在生產(chǎn)生活中應(yīng)用格外廣泛，要特別留意電磁波的頻率越高，波長(zhǎng)越短。答案：CB、這款移動(dòng)電池布滿電后所儲(chǔ)存的總化學(xué)能為：B 錯(cuò)誤；C、100WhC 正確；解析：B、這款移動(dòng)電池布滿電后所儲(chǔ)存的總化學(xué)能為：B 錯(cuò)誤；C、100WhC 正確；D、3200D、3200mAh 6D 錯(cuò)誤；電池容量值乘以額定電壓等于電池儲(chǔ)存的化學(xué)能，將電池銘牌參數(shù)與民航規(guī)定比照推斷。此題以中國(guó)民航總局有關(guān)規(guī)定為切入點(diǎn)，考察了電池參數(shù)的一些根底學(xué)問(wèn)，要會(huì)提取參數(shù)和簡(jiǎn)潔運(yùn)算。答案：DCD：解析：解：AB、依據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒可知，X 的質(zhì)量數(shù)為 3，電荷數(shù)為1，

22、其反響過(guò)程釋放CD：8，解得：，；核反響過(guò)程中釋放的核能全部轉(zhuǎn)化為X 核的動(dòng)能與 粒子的動(dòng)能之和，C 錯(cuò)誤，D 正確。應(yīng)選：8，解得：，；依據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒確定粒子X(jué) 的種類(lèi)；X 核和 粒子的速度；依據(jù)能量守恒可推斷核反響過(guò)程中釋放的核能全部轉(zhuǎn)化為X 核的動(dòng)能與 粒子的動(dòng)能之和；核反響中遵守兩大根本規(guī)律：能量守恒定律和動(dòng)量守恒定律。留意動(dòng)量守恒定律的矢量性，要明確是如何轉(zhuǎn)化的。答案：D解析：解：A解析：解：A、依據(jù)光電效應(yīng)方程可知，只有從躍遷到的光子打出的光電子的最大初動(dòng)A錯(cuò)誤；B、依據(jù)安培定則可知，電流從向上向下流過(guò)線圈，分析電容器場(chǎng)強(qiáng)方向可知，上極板帶正電，則電容器在放電，依據(jù)電磁

23、振蕩規(guī)律可知，電容器放電，振蕩電流正在增大，故B錯(cuò)誤；CC錯(cuò)誤；程式也說(shuō)明光電子最大初動(dòng)能與光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故D 正確。D程式也說(shuō)明光電子最大初動(dòng)能與光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故D 正確。應(yīng)選：D。依據(jù)能級(jí)躍遷和光電效應(yīng)方程分析其最大初動(dòng)能；依據(jù)電流方向推斷電容器充放電狀況，依據(jù)能量守恒定律分析能量的變化推斷電流大小變化； 泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象，是光通過(guò)圓盤(pán)后形成的；遏止電壓增大，與光的強(qiáng)弱無(wú)關(guān)，遏止電壓與入射光的頻率有關(guān)；此題考察能級(jí)躍遷、光電效應(yīng)等內(nèi)容，把握光電流與光的強(qiáng)弱關(guān)系，留意遏止電壓、極限頻率，及最大初動(dòng)能的含義。答案：D運(yùn)動(dòng)，即A錯(cuò)誤；解析：解：A、依據(jù)衛(wèi)星變軌原理可知，在A I運(yùn)動(dòng)，即A錯(cuò)

24、誤；C、萬(wàn)有引力供給加速度，解得加速度：，同一位置，加速度相等，即在軌B、依據(jù)開(kāi)普勒其次定律可知，橢圓軌道上近月點(diǎn)B A 的速度小，故在軌道上ABC、萬(wàn)有引力供給加速度，解得加速度：，同一位置，加速度相等，即在軌D、依據(jù)萬(wàn)有引力供給向心力，得，可知軌道半徑越大，速度越小，故軌道上的速度小于軌道上的速度，即，依據(jù)開(kāi)普勒其次定律可知，依據(jù)衛(wèi)星道B D、依據(jù)萬(wàn)有引力供給向心力，得，可知軌道半徑越大，速度越小，故軌道上的速度小于軌道上的速度，即，依據(jù)開(kāi)普勒其次定律可知，依據(jù)衛(wèi)星變軌原理可知，在B 點(diǎn)，由軌道變軌原理可知，在B 點(diǎn)，由軌道變軌到軌道，需減速做近心運(yùn)動(dòng)，即，綜上所述得：四個(gè)速度大小關(guān)系滿足

25、D 正確。依據(jù)衛(wèi)星變軌原理分析變軌前后速度的關(guān)系。依據(jù)開(kāi)普勒其次定律分析橢圓軌道上近月點(diǎn)、遠(yuǎn)月點(diǎn)的速度關(guān)系。依據(jù)萬(wàn)有引力供給向心力分析圓軌道上速度關(guān)系。萬(wàn)有引力供給加速度，同一位置，加速度相等。此題考察了人造衛(wèi)星的相關(guān)學(xué)問(wèn)，解決此題的關(guān)鍵把握飛船的變軌原理，知道當(dāng)萬(wàn)有引力等于向心力，做圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)萬(wàn)有引力小于向心力，做離心運(yùn)動(dòng)，當(dāng)萬(wàn)有引力大于向心力，做近心運(yùn)動(dòng)。 13.答案：DB、依據(jù)平衡條件知圓環(huán)受到的支持力，依據(jù)牛頓第三定律知直桿受到的壓力值為B 錯(cuò)誤；解析：解：A、對(duì)P 點(diǎn)負(fù)電荷受力分析，依據(jù)平衡條件知：P A 處電荷的斥力，所以AB、依據(jù)平衡條件知圓環(huán)受到的支持力，依據(jù)牛頓第三定律知直

26、桿受到的壓力值為B 錯(cuò)誤；C、A C、A 處帶電體帶等量異種電荷時(shí)，庫(kù)侖力反向水平向右，彈力大小為零，摩擦力為零，圓環(huán)將以加速度做加速直線運(yùn)動(dòng)，位置一旦發(fā)生變化，庫(kù)侖力變化，加速度也將發(fā)生變化，不行能做勻加C 錯(cuò)誤；DA C 處，依據(jù)幾何關(guān)系知庫(kù)侖力大小與在A 點(diǎn)相等，方向豎直向上，與重力平衡，此時(shí)P 點(diǎn)圓環(huán)只受重力和庫(kù)侖D正確。對(duì) P 點(diǎn)負(fù)電荷受力分析，依據(jù)平衡條件和幾何關(guān)系分析電性和力的大小。A C 處，要依據(jù)對(duì)稱(chēng)性知庫(kù)侖力的大小和方向。此題易錯(cuò)點(diǎn)在 C 項(xiàng)，留意庫(kù)侖力隨位置的變化而變化，不行能做加速度不變的運(yùn)動(dòng)。答案：CD解析：解：A、電子通過(guò)雙縫后的干預(yù)圖樣，少數(shù)通過(guò)雙縫后打在底片的狀

27、況呈現(xiàn)出隨機(jī)性，大量粒子通過(guò)雙縫后打在底片上的狀況呈現(xiàn)出規(guī)律性，這說(shuō)明粒子的波動(dòng)性不是由粒子之間的相互作用引 A錯(cuò)誤；C、微觀 小到分子、原子尺度 領(lǐng)域，牛頓運(yùn)動(dòng)定律不再適用，故C 正確；B、依據(jù)物質(zhì)波是概率波的概念，對(duì)于一個(gè)粒子通過(guò)單縫落在何處，是不確定的，但是中心亮條紋， C、微觀 小到分子、原子尺度 領(lǐng)域，牛頓運(yùn)動(dòng)定律不再適用，故C 正確；D、由不確定性關(guān)系可知，微觀粒子沒(méi)有準(zhǔn)確的位置和動(dòng)量，故D 正確。應(yīng)選：CD。實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性，但由于波長(zhǎng)太小，我們無(wú)法直接觀測(cè)到，電子衍射圖樣有力的證明白物質(zhì)到分子、原子尺度 領(lǐng)域，牛頓運(yùn)動(dòng)定律不再適用；由不確定性關(guān)系來(lái)推斷微觀粒子沒(méi)有準(zhǔn)確的位置

28、和動(dòng)量。到分子、原子尺度 領(lǐng)域，牛頓運(yùn)動(dòng)定律不再適用；由不確定性關(guān)系來(lái)推斷微觀粒子沒(méi)有準(zhǔn)確的位此題考察的是物質(zhì)波也具有波粒二象性，牛頓運(yùn)動(dòng)定律在微觀領(lǐng)域不再適用以及不確定性關(guān)系，屬于根底內(nèi)容，要求學(xué)生強(qiáng)化記憶，多加訓(xùn)練。答案：CD解析：解：A、依據(jù)圖象可知，兩波波長(zhǎng)不同，而在同一介質(zhì)中，波速一樣，依據(jù)可知，兩B解析：解：A、依據(jù)圖象可知，兩波波長(zhǎng)不同，而在同一介質(zhì)中，波速一樣，依據(jù)可知，兩B、依據(jù)題意可知，當(dāng)兩波未相遇時(shí)，也會(huì)有質(zhì)點(diǎn)處于或B 錯(cuò)誤；C，D、C，D、2次處于A m 個(gè)周期，B n 個(gè) 20 頁(yè)Or，則有，由圖讀出兩波的波長(zhǎng) ，可知，兩波頻率不同，不能發(fā)生穩(wěn)定的干預(yù)；當(dāng)兩波未相遇時(shí)

29、，也會(huì)有質(zhì)點(diǎn)處于或位置；依據(jù)兩列波在同一介質(zhì)中沿，由圖讀出兩波的波長(zhǎng) ，可知，兩波頻率不同，不能發(fā)生穩(wěn)定的干預(yù)；當(dāng)兩波未相遇時(shí)，也會(huì)有質(zhì)點(diǎn)處于或位置；依據(jù)兩列波在同一介質(zhì)中沿x 軸正負(fù)兩個(gè)方向相向傳播，求出第一次有質(zhì)點(diǎn)處于位置處的時(shí)間；設(shè)A m 個(gè)周期，B n 個(gè)周期，依據(jù)mm n的適宜值，即可求得時(shí)間。解析：解：A解析：解：A、如圖依據(jù)幾何關(guān)系可知，主像到上外表的距離將折射率關(guān)系代入解得A 正確；B、由于每次成像在上外表均向左移動(dòng)距離2dtanr，故依據(jù)幾何關(guān)系可知，上外表出射的全部光線的PQ依據(jù)幾何關(guān)系可知，主像到上外表的距離將折射率關(guān)系代入解得A 正確；DPQ 方向時(shí)，即，所以看到的主像

30、到上外表的距離為DPQ 方向時(shí)，即，所以看到的主像到上外表的距離為D 正確。應(yīng)選：ABD。將A 選項(xiàng)的公式中分析解答。作出光路圖，依據(jù)折射定律求解出折射角，由幾何學(xué)問(wèn)求解主像到上外表的距離； 依據(jù)幾何學(xué)問(wèn)分析上外表出射的全部光線的反向延長(zhǎng)線與PQ將A 選項(xiàng)的公式中分析解答。光路可逆原理。17.光路可逆原理。17.答案：右側(cè) 乙 左側(cè) 需要 紙帶 2該試驗(yàn)需要測(cè)量?jī)尚≤?chē)的質(zhì)量。 17 20 頁(yè)位移相等，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)時(shí)間間隔：，兩小車(chē)碰撞以后的速度：；由圖示紙帶可知，“探究碰撞中的不變量”試驗(yàn)的紙帶是紙帶打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)時(shí)間間隔：，兩小車(chē)碰撞以后的速度：；故答案為：右側(cè)；乙；左側(cè)；需要；紙帶故

31、答案為：右側(cè)；乙；左側(cè)；需要；紙帶2；。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用溝通電源，電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用低壓溝通電源，電火花計(jì)時(shí)器使用220V 的溝通探究碰撞中的不變量試驗(yàn)需要平衡摩擦力，需要測(cè)出小車(chē)質(zhì)量與速度，依據(jù)題意分析答題。紙帶分析答題。18.答案：伏特表 B18.答案：伏特表 B解析：解：依據(jù)拆開(kāi)電表后蓋，覺(jué)察其內(nèi)部構(gòu)造是表頭和電阻相串聯(lián)，推斷此電表是伏特表，由于小曹同學(xué)欲測(cè)定標(biāo)稱(chēng)為“”小燈泡的伏安特性曲線，應(yīng)選用3V解析：解：依據(jù)拆開(kāi)電表后蓋，覺(jué)察其內(nèi)部構(gòu)造是表頭和電阻相串聯(lián)，推斷此電表是伏特表，由于小曹同學(xué)欲測(cè)定標(biāo)稱(chēng)為“”小燈泡的伏安特性曲線，應(yīng)選用3V 量程的伏特表就可以，由于小曹同學(xué)欲測(cè)定標(biāo)稱(chēng)為“”

32、小燈泡的伏安特性曲線，要求從零開(kāi)頭，所以滑動(dòng)變阻器必需使用分壓式接法，電流表內(nèi)阻約為幾 ，電壓表內(nèi)阻約為幾，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)承受外接法，實(shí)物圖連接如以以下圖所示：電流表內(nèi)阻約為幾 ，電壓表內(nèi)阻約為幾，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)承受外接法，依據(jù)電表的量程可知圖 示數(shù)應(yīng)為；故答案為：伏特表，B；依據(jù)電表的量程可知圖 示數(shù)應(yīng)為；故答案為：伏特表，B；實(shí)物圖連接如上圖所示；均可 ，均可 。依據(jù)內(nèi)部構(gòu)造是表頭和電阻相串聯(lián)，推斷此電表是伏特表；依據(jù)小燈泡的額定電壓選用量程；測(cè)量燈泡的伏安特性曲線，電流、電壓需從零開(kāi)頭測(cè)起，則滑動(dòng)變阻器承受分壓式接法，依據(jù)估依據(jù)電表量程進(jìn)展讀數(shù)，然

33、后由計(jì)算其對(duì)應(yīng)的電阻。此題考察了試驗(yàn)器材的選擇、實(shí)物圖的連接等問(wèn)題，當(dāng)電壓與電流從零開(kāi)頭變化時(shí)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)19.答案：解：依據(jù)圖線，前內(nèi)的加速度：設(shè)減速階段的加速度大小為 ，則：其中：，聯(lián)立可得：全過(guò)程中的速度最大時(shí)：代入數(shù)據(jù)可得：依據(jù)牛頓其次定律，加速的過(guò)程中：減速的過(guò)程中：聯(lián)立可得：19.答案：解：依據(jù)圖線，前內(nèi)的加速度：設(shè)減速階段的加速度大小為 ，則：其中：，聯(lián)立可得：全過(guò)程中的速度最大時(shí)：代入數(shù)據(jù)可得：依據(jù)牛頓其次定律，加速的過(guò)程中：減速的過(guò)程中：聯(lián)立可得：，答：小詹同學(xué)開(kāi)頭運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度為；全過(guò)程的最大速度為；假設(shè)能通過(guò)最高點(diǎn)，則，從A C，解得，故傳送帶的速度故傳送帶的速度為：F

34、 f F f 300N 360N。解析：依據(jù)圖線，結(jié)合加速度的定義即可求出小詹同學(xué)開(kāi)頭運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度 ；設(shè)處減速段的加速度，然后對(duì)全過(guò)程以及前的過(guò)程列式即可求出全過(guò)程的最大速度；F f 的大小。20.答案：解：彈簧釋放的過(guò)程中，依據(jù)動(dòng)能定理可得：物體的速度減速到和傳送帶一樣速度時(shí)需要的位移滿足：解得：解得：能通過(guò)最高點(diǎn)，依據(jù)牛頓其次定律可得：，解得：C 點(diǎn)以后和傳送帶乙一樣的速度運(yùn)動(dòng)到右端，到達(dá)頂端減速到和傳送帶一樣速度時(shí)需要的位移滿足：解得：解得：能通過(guò)最高點(diǎn)，依據(jù)牛頓其次定律可得：，解得：C 點(diǎn)假設(shè)物體在傳送帶上始終減速，則到達(dá)傳送帶右端的速度為v，則有：解得：B D 假設(shè)物體在傳送帶上始

35、終減速，則到達(dá)傳送帶右端的速度為v，則有：解得：B D B，依據(jù)動(dòng)能定理可得：解得：所以傳送帶速度的可能值為：順時(shí)針或者，逆時(shí)針均可要進(jìn)接物裝置，滿足解得，當(dāng)時(shí)存在最小值，此時(shí)此時(shí)動(dòng)能的最小值為E 的最小速度為為最小值，答：所以傳送帶速度的可能值為：順時(shí)針或者，逆時(shí)針均可要進(jìn)接物裝置，滿足解得，當(dāng)時(shí)存在最小值，此時(shí)此時(shí)動(dòng)能的最小值為E 的最小速度為為最小值，答：小物塊釋放前，彈簧所儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能為18J；假設(shè)傳送帶以的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，不能通過(guò)圓軌道最高點(diǎn)C；假設(shè)傳送帶速度大小、方向皆可任意調(diào)整，要使小物塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不脫離圓軌道ABCD，傳送帶轉(zhuǎn)動(dòng)速度的可能值為或者，；小物塊到達(dá)接物裝置時(shí)的最

36、小動(dòng)能為。解得：；金屬圓盤(pán) G 切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：，解析：彈簧伸長(zhǎng)的過(guò)程，依據(jù)動(dòng)能定理求得求得彈簧的彈性勢(shì)能；依據(jù)動(dòng)能定理和通過(guò)最高點(diǎn)的速度即可推斷；物體不脫離軌道的條件時(shí)最高能到達(dá)B 點(diǎn)和通過(guò)最高點(diǎn) C解析：彈簧伸長(zhǎng)的過(guò)程，依據(jù)動(dòng)能定理求得求得彈簧的彈性勢(shì)能；依據(jù)動(dòng)能定理和通過(guò)最高點(diǎn)的速度即可推斷；物體不脫離軌道的條件時(shí)最高能到達(dá)B 點(diǎn)和通過(guò)最高點(diǎn) C，結(jié)合動(dòng)能定理即可求得速度；E 點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，依據(jù)運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)求得。R 并聯(lián)，它們兩端電壓相等，干路電流為：，金屬圓盤(pán) G 切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：，金屬桿和金屬圓盤(pán)同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，圓盤(pán)N 轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，N 盤(pán)邊緣的線速度：金屬桿和金屬圓盤(pán)同