度全國理綜物理二卷含規(guī)范標(biāo)準(zhǔn)答案(Ⅱ卷)

1、2016年度全國理綜物理二卷含規(guī)范標(biāo)準(zhǔn)答案(卷)2016年度全國理綜物理二卷含規(guī)范標(biāo)準(zhǔn)答案(卷)10/102016年度全國理綜物理二卷含規(guī)范標(biāo)準(zhǔn)答案(卷)/*絕密啟封并使用達(dá)成前2016年全國理綜二卷物理部分(卷)理科綜合能力測試(物理部分)（甘肅、青海、內(nèi)蒙古、黑龍江、吉林、遼寧、寧夏、新疆、西藏、陜西、重慶）第卷（選擇題共126分）二、選擇題：本題共8小題，每題6分。在每題給出的四個選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)吻合題目要求，第1921題有多項(xiàng)吻合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14質(zhì)量為m的物體用輕繩AB懸掛于天花板上用水平向左的力F緩慢拉動繩的中點(diǎn)O，以下

2、列圖。用表示繩OA段拉力的大小，在O點(diǎn)向左搬動的過程中TAF逐漸變大，T逐漸變大BF逐漸變大，T逐漸變小CF逐漸變小，T逐漸變大DF逐漸變小，T逐漸變小【答案】A【解析】動向平衡問題，F(xiàn)與T的變化情況如圖：可得：FFFTTT【考點(diǎn)】物體平衡15如圖，P是固定的點(diǎn)電荷，虛線是以P為圓心的兩個圓帶電粒子Q在P的電場中運(yùn)動，運(yùn)動軌跡與兩圓在同一平面內(nèi)，a、b、c為軌跡上的三個點(diǎn)若Q僅受P的電場力作用，其在a、b、c點(diǎn)的加速度大小分別為aa，ab，ac，速度大小分別為va，vb，vc，則Aaaabac，vavcvbBaaabac，vbvcvaCabacaa，vbvcvaDabacaa，vavcvb【答

3、案】D【解析】由庫侖定律可知，粒子在ab、c三點(diǎn)碰到的電場力的大小關(guān)系為FbFcFa，由aF合，可知、mabacaa，由題意可知，粒子Q的電性與P相同，受斥力作用結(jié)合運(yùn)動軌跡，得vavcvb【考點(diǎn)】牛頓第二定律、庫侖定律、電荷間互相作用。16小球P和Q用不能伸長的輕繩懸掛在天花板上，P球的質(zhì)量大于Q球的質(zhì)量，懸掛P球的繩比懸掛Q球的繩短將兩球拉起，使兩繩均被水平拉直，以下列圖，將兩球由靜止釋放，在各自軌跡的最低點(diǎn)AP球的速度必然大于Q球的速度BP球的動能必然小于Q球的動能CP球所受繩的拉力必然大于Q球所受繩的拉力DP球的向心加速度必然小于Q球的向心加速度【答案】C【解析】由動能定理：mgL1m

4、v20得v2gL由于l1l2，則vPvQ，2/*A錯誤；又EkQmQgl2，EkPmPgl1其大小無法判斷，B錯誤；受力解析TmgFv2LF向F合ma聯(lián)立可得T3mg，a2g則TpTQC正確，aPaQD錯誤。【考點(diǎn)】牛頓第二定律、圓周運(yùn)動、動能定理。17阻值相等的四個電阻，電容器C及電池E（內(nèi)阻可忽略）連接成以下列圖電路開關(guān)S斷開且電流穩(wěn)準(zhǔn)時，C所帶的電荷量為Q1；閉合開關(guān)S，電流再次穩(wěn)定后，C所帶的電荷量為Q2Q1與Q2的比值為2132ABCD5253【答案】C【解析】由已知可得：Q1=U1CQ2=U2C則Q1=U1Q2U2RR+RS斷開時等效電路如圖：U1=R+R+R11RR+REER+2

5、5R+R+RRR1S閉合時等效電路如圖：U2=R+RERR3R+R+RQ1U13則=U25Q2【考點(diǎn)】串并聯(lián)電路、電容器的電容。18一圓筒處于磁感覺強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向與筒的軸平行，筒的橫截面以下列圖。圖中直徑MN的兩端分別開有小孔筒繞其中心軸以角速度順時針轉(zhuǎn)動在該截面內(nèi)，一帶電粒子從小孔M射入筒內(nèi)，射入時的運(yùn)動方向與MN成30角當(dāng)筒轉(zhuǎn)過90時，該粒子恰好從小孔N飛出圓筒不計(jì)重力若粒子在筒內(nèi)未與筒壁發(fā)生碰撞，則帶電粒子的比荷為ABC2BD3B2BB【答案】A【解析】以下列圖，由幾何關(guān)系可知粒子的運(yùn)動軌跡圓心為O，MON30o2由粒子在磁場中的運(yùn)動規(guī)律可知F向2rmTF向F合=qv

6、B由得T2mq2即比荷BqmBT由圓周運(yùn)動與幾何關(guān)系可知t粒子t筒/*即30T粒子90T筒360360則T粒子3T筒又有T筒2q由得m3B【考點(diǎn)】帶電粒子在磁場中運(yùn)動。19兩實(shí)心小球甲和乙由同一種資料制成，甲球質(zhì)量大于乙球質(zhì)量兩球在空氣中由靜止下落，假設(shè)它們運(yùn)動時碰到的阻力與球的半徑成正比，與球的速率沒關(guān)若它們下落相同的距離，則甲球用的時間比乙球長B甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小C甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小D甲球戰(zhàn)勝阻力做的功大于乙球戰(zhàn)勝阻力做的功【答案】BD【解析】設(shè)fkR，則受力解析得F合mgf又F合ma、m4R3，3得ag4k由m甲m乙、甲乙可知a甲a乙，C錯誤；v-t圖

7、像R23如圖，可知甲、乙位移相同，則v甲v乙B正確；t甲t乙A錯誤；由功的定義可知W戰(zhàn)勝=fx，x甲x乙，f甲f乙，則W甲戰(zhàn)勝W乙戰(zhàn)勝D正確?！究键c(diǎn)】牛頓第二定律、速度圖像、功。20法拉第圓盤發(fā)動機(jī)的表示圖以下列圖銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸圓盤處于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場B中圓盤旋轉(zhuǎn)時，關(guān)于流過電阻R的電流，以下說法正確的選項(xiàng)是若圓盤轉(zhuǎn)動的角速度恒定，則電流大小恒定B若從上向下看，圓盤順時針轉(zhuǎn)動，則電流沿a到b的方向流動C若圓盤轉(zhuǎn)動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化D若圓盤轉(zhuǎn)動的角速度變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍【答

8、案】AB【解析】將圓盤看作無數(shù)幅條組成，它們都在切割磁感線從而產(chǎn)生感覺電動勢，出現(xiàn)感覺電流：依照右手定則圓盤上感覺電流從邊緣向中心，則當(dāng)圓盤順時針轉(zhuǎn)動時，流過電阻的電流方向從a到b，B正確；由法拉第電磁感覺定律得感生電動勢EBLV1BL2A正確，C錯誤；由PE21B2L42當(dāng)變?yōu)?倍時，2R得P4RP變?yōu)樵瓉淼?倍，D錯誤?！究键c(diǎn)】電磁感覺、電功率、圓周運(yùn)動。21如圖，小球套在圓滑的豎直桿上，輕彈簧一端固定于O點(diǎn)，另一端與小球相連現(xiàn)將小球從M點(diǎn)由靜止釋放，它在下降的過程中經(jīng)過了N點(diǎn)，已知在M、N兩點(diǎn)處，彈簧對小球的彈力大小相等。且ONMOMN，在小球從M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)的過程中2/*彈力對小球先做

9、正功后做負(fù)功B有兩個時刻小球的加速度等于重力加速度C彈簧長度最短時，彈力對小球做功的功率為零D小球到達(dá)N點(diǎn)時的動能等于其在M、N兩點(diǎn)的重力勢能差【答案】BCD【解析】由題意可知在運(yùn)動過程中受力如上圖，小球的位移為MN，則從MA彈簧處于壓縮態(tài)，則彈力做負(fù)功；從AB彈簧從壓縮變?yōu)樵L，彈力做正功；從BN彈簧從原長到伸長，彈力做負(fù)功，則A錯誤；在A點(diǎn)受力如中圖，則F合mg即ag，B正確；在B點(diǎn)彈簧處于原長則受力以以下列圖，在A點(diǎn)時，F(xiàn)彈垂直于桿，則P彈=F彈Vcos=0，C正確；從M到N小球與彈簧機(jī)械能守恒，則Ek增EP減即EkN0EP重MEP重NEP彈NEP彈M，而M、N兩點(diǎn)彈力相同，由胡克定律可

10、知，彈簧形變量相同，則EP彈NEP彈M，即EKNEP重MEP重N，D正確?！究键c(diǎn)】胡克定律、功與能的關(guān)系、機(jī)械能守恒。第II卷（非選擇題共174分）三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分第2232題為必考題每個試題考生都必定作答第3340題為選考題，考生依照要求作答（一）必考題（共129分）22（6分）某物理小組對輕彈簧的彈性勢能進(jìn)行研究，實(shí)驗(yàn)裝置如圖（a）所示：輕彈簧放置在圓滑水平桌面上，彈簧左端固定，右端與一物塊接觸而不連接，紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時器并與物塊連接。向左推物塊使彈簧壓縮一段距離，由靜止釋放物塊，經(jīng)過測量和計(jì)算，可求得彈簧被壓縮后的彈性勢能。實(shí)驗(yàn)中涉及到以下操作步驟：把紙帶向左拉

11、直松手釋放物塊接通打點(diǎn)計(jì)時器電源向左推物塊使彈簧壓縮，并測量彈簧壓縮量上述步驟正確的操作序次是（填入代表步驟的序號）圖（b）中M和L紙帶是分別把彈簧壓縮到不相同地址后所獲取的實(shí)質(zhì)打點(diǎn)結(jié)果打點(diǎn)計(jì)時器所用交流電的頻率為50Hz由M紙帶所給的數(shù)據(jù)，可求出在該紙帶對應(yīng)的實(shí)驗(yàn)中物塊走開彈簧時的速度為m/s比較兩紙帶可知，（填“M”或“L”）紙帶對應(yīng)的實(shí)驗(yàn)中彈簧被壓縮后的彈性勢能大【答案】1.29M【解析】：略走開彈簧后物體應(yīng)該勻速直線運(yùn)動，則2.582.572v101.29m/s0.04由能量守恒可知，物體的末動能越大，則彈簧被壓縮時的彈性勢能越大，則EPMEPL/*23（9分）某同學(xué)利用圖所示電路測量

12、量程為2.5V，可供選擇的器的電壓表V的內(nèi)阻（內(nèi)阻為數(shù)千歐姆）材有：電阻箱R（最大阻值99999.9），滑動變阻器R1（最大阻值50），滑動變阻器R2（最大阻值5k），直流電源E（電動勢3V），開關(guān)1個，導(dǎo)線若干。實(shí)驗(yàn)步驟以下：按電路原理圖連接線路；將電阻箱阻值調(diào)治為0，將滑動變阻器的滑片移到與圖中最左端所對應(yīng)的地址，閉合開關(guān)S；調(diào)治滑動變阻器，使電壓表滿偏保持滑動變阻器滑片的地址不變，調(diào)治電阻箱阻值，使電壓表的示數(shù)為2.00V，記下電阻箱的阻值?；卮鹨韵聠栴}：實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選擇滑動變阻器“”或“R2”）（填R1依照所示電路將右圖中實(shí)物圖連線。實(shí)驗(yàn)步驟中記錄的電阻箱阻值為630.0，若認(rèn)為調(diào)治電阻箱

13、時滑動變阻器上的分壓不變，計(jì)算可得電壓表的內(nèi)阻為（結(jié)果保留到個位）。若是此電壓表是由一個表頭和電阻串通組成的，可推斷該表頭的滿刻度電流為（填正確答案標(biāo)號）。A100AB250AC500AD1mA【答案】R1如圖2520D【解析】實(shí)驗(yàn)原理類比于半偏法測電表內(nèi)阻，電壓表所在支路的總電壓應(yīng)該盡量不變化，即滑動變阻器選最大阻值小的即選R1如圖近似認(rèn)為電壓表所在電路的總電壓不變，且流過電壓表與變阻箱的電流不變，22.52RVR則RV4R2520由歐姆定律可知，I滿=U滿2.51mAR252024（12分）如圖，水平面（紙面）內(nèi)間距為l的平行金屬導(dǎo)軌間接一電阻，質(zhì)量為m、長度為l的金屬桿置于導(dǎo)軌上t0時，

14、金屬桿在水平向右、大小為F的恒定拉力作用下由靜止開始運(yùn)動t0時刻，金屬桿進(jìn)入磁感覺強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場所區(qū)，且在磁場中恰好能保持勻速運(yùn)動桿與導(dǎo)軌的電阻均忽略不計(jì)，兩者向來保持垂直且接觸優(yōu)異，兩者之間的動摩擦因數(shù)為重力加速度大小為g求金屬桿在磁場中運(yùn)動時產(chǎn)生的電動勢的大??；電阻的阻值Blt022FmgBlt0【答案】ERmm【解析】由題意可知0t0時間內(nèi)受力解析如圖/*F合Fffmg物體做勻加速直線運(yùn)動F合ma物體勻加進(jìn)入磁場剎時的速度為v，則vat0由法拉第電磁感覺定律可知EBlv由可得EBlt0Fmgm金屬桿在磁場中的受力如圖即由桿在磁場中勻速直線運(yùn)動可知FF安f0fm

15、g由安培力可知F安BIl由歐姆定律可知IERB2l2t0由可知Rm25（20分）輕質(zhì)彈簧原長為2l，將彈簧豎直放置在地面上，在其頂端將一質(zhì)量為5m的物體由靜止釋放，當(dāng)彈簧被壓縮到最短時，彈簧長度為l，現(xiàn)將該彈簧水平放置，一端固定在A點(diǎn)，另一端與物塊P接觸但不連接AB是長度為5l的水平軌道，B端與半徑l的圓滑半圓軌道BCD相切，半圓的直徑RD豎直，如圖所示，物塊P與AB間的動摩擦因數(shù)Pl，爾后松開，P開始沿軌0.5用外力推動物塊，將彈簧壓縮至長度道運(yùn)動，重力加速度大小為g若P的質(zhì)量為m，求P到達(dá)B點(diǎn)時的速度的大小，以及它走開圓軌道后落回到AB上的地址與B點(diǎn)之間的距離；若P能滑上圓軌道，且還能夠沿

16、圓軌道滑下，求P的質(zhì)量的取值范圍【答案】6gl22l5mm5m32【解析】地面上，EP重轉(zhuǎn)變?yōu)镋P彈，E機(jī)守恒EP重EP彈5mglEP，此時彈簧長度為lAB：能量守恒：EPEKBQ即5mgl1mv2mg4lv6gl2BBBD：動能定理：mg2l1mvD21mvB2vD2gl22此后，物體做平拋運(yùn)動：y2l1gt2t4l2gxvDt22l/*B點(diǎn)速度vB6gl，落點(diǎn)與B點(diǎn)距離為22l假設(shè)物塊質(zhì)量為m則AB：能量守恒：EpEKBQ5mgl1mvB2mg4l2解得：vB25mgl2glm若要滑上圓弧，則vB0，即vB20，解得m5m2若要滑上圓弧還能夠沿圓弧滑下，則最高不能夠高出C點(diǎn)此時假設(shè)恰好到達(dá)

17、C點(diǎn)，則依照能量守恒：EpQEpc5mglmg4lmgl解得：m5m3故若使物塊不高出C點(diǎn)，m5m3綜上：5mm5m32（二）選考題：共45分請考生從3道物理題，3道化學(xué)題，2道生物題中，每科任選一道作答，若是多做則每科按所做的第一題計(jì)分33【物理選修3-3】（15分）（5分）必然量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷等溫或等壓過程ab、bc、cd、da回到原狀態(tài)，其p-T圖像以下列圖其中對角線ac的延長線過原點(diǎn)O以下判斷正確的選項(xiàng)是（填正確答案標(biāo)號選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分每選錯一個扣3分，最低得分為分）A氣體在a、c兩狀態(tài)的體積相等B氣體在狀態(tài)a時的內(nèi)能大于它在狀態(tài)c時的內(nèi)能C

18、在過程cd中氣體向外界放出的熱量大于外界對氣體做的功D在過程da中氣體從外界吸取的熱量小于氣體對外界做的功E在過程bc中外界對氣體做的功等于在過程da中氣體對外界做的功【答案】ABE【解析】由PVnRT得PnRkT，即體積V不變，VaVc，A正確；溫度是氣體分子平均動T且PV能的標(biāo)志，理想氣體內(nèi)能是溫度T的函數(shù)，而TaTc故EaEc，B正確；cd過程為恒溫升壓過程，外界對系統(tǒng)做正功，但系統(tǒng)內(nèi)能不變，故放熱，放熱量QW外，C錯誤；da過程為恒壓升溫過程，體積增加，對外做功，吸熱，但吸熱量QW外E內(nèi)，故QW外，D錯誤；bc過程恒壓降溫，體積減小WPVnRTbc，da過程WPVnRTda，由于Tbc

19、Tda，故WW，E正確。（10分）一氧氣瓶的容積為0.08m3，開始時瓶中氧氣的壓強(qiáng)為20個大氣壓某實(shí)驗(yàn)室每天耗資1個大氣/*壓的氧氣0.36m3當(dāng)氧氣瓶中的壓強(qiáng)降低到2個大氣壓時，需重新充氣若氧氣的溫度保持不變，求這瓶氧氣重新充氣前可供該實(shí)驗(yàn)室使用多少天【答案】4天【解析】瓶中氣體量PV20atm0.08m31.6atmm3節(jié)余氣體量P剩V剩2atm0.08m30.16atmm3每天用量P用V用1atm0.36m30.36atmm31.60.16n4（天）0.3634【物理選修3-4】（15分）（5分）關(guān)于電磁波，以下說法正確的選項(xiàng)是（填正確答案標(biāo)號，選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個

20、得5分每選錯一個扣3分，最低得分為0分）電磁波在真空中的流傳速度與電磁波的頻率沒關(guān)B周期性變化的電場和磁場能夠互相激發(fā)，形成電磁波C電磁波在真空中自由流傳時，其流傳方向與電場強(qiáng)度、磁感覺強(qiáng)度均垂直D利用電磁波傳達(dá)信號能夠?qū)崿F(xiàn)無線通信，但電磁波不能夠經(jīng)過電纜、光纜傳輸E電磁波能夠由電磁振蕩產(chǎn)生，若波源的電磁振蕩停止，空間的電磁波隨即消失【答案】ABC【解析】電磁波在真空中流傳速度不變，與波長、頻率沒關(guān)，A正確；電磁波的形成即是變化的電場和變化的磁場互相激發(fā)獲取，B正確；電磁波流傳方向與電場方向與磁場方向垂直，C正確；光是一種電磁波，光可在光導(dǎo)纖維中流傳，D錯誤；電磁振蕩停止后，電磁波仍會在介質(zhì)或

21、真空中連續(xù)流傳，E錯誤。（10分）一列簡諧橫波在介質(zhì)中沿x軸正向流傳，波長不小于10cmO和A是介質(zhì)中平衡地址分別位于x0和x5cm處的兩個質(zhì)點(diǎn)t0時開始察看，此時質(zhì)點(diǎn)O的位移為y4cm，質(zhì)點(diǎn)A處于波峰地址；t1s3時，質(zhì)點(diǎn)O第一次回到平衡地址，t1s時，質(zhì)點(diǎn)A第一次回到平衡地址求（）簡諧波的周期、波速和波長；（）質(zhì)點(diǎn)O的位移隨時間變化的關(guān)系式【答案】（i）T=4sv7.5cm/s30cm（ii）y0.08sin(t5)也許y0.08cos(t1)2623【解析】（i）t0s時，A處質(zhì)點(diǎn)位于波峰地址Tt1s時，A處質(zhì)點(diǎn)第一次回到平衡地址可知1s，T=4s41s時，O第一次到平衡地址31s時，A第一次到平衡地址可知波從O傳到A用時2s，流傳距離x5cm3x故波速v7.5cm/s，波長vT30cmt（ii）設(shè)yA