2023學(xué)年江西省穩(wěn)派教育高二物理第二學(xué)期期末學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)試題（含解析）

2023學(xué)年高二下學(xué)期物理期末模擬測(cè)試卷考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度定義式E=，下列說(shuō)法正確的是（）A．該式適用于所有電場(chǎng)B．該式僅適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)C．該式僅適用于點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)D．電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向與F的方向相同2、如圖所示，理想變壓器的原線圈接正弦交流電源，副線圈接有電阻R和小燈泡。電流表和電壓表均可視為理想電表。閉合開(kāi)關(guān)S，下列說(shuō)法正確的是A．電流表A1的示數(shù)不變B．電流表A2的示數(shù)減小C．電壓表V1的示數(shù)增大D．電壓表V2的示數(shù)減小3、如圖，閉合銅制線框用細(xì)線懸掛，靜止時(shí)其下半部分位于與線框平面垂直的磁場(chǎng)中，若將細(xì)線剪斷后線框仍能靜止在原處，則磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化規(guī)律可能的是A． B．C． D．4、如圖所示，在軌飛行兩年多的“天宮二號(hào)”太空實(shí)驗(yàn)室目前狀態(tài)穩(wěn)定，將于2019年7月后受控離軌。天宮二號(hào)繞地飛行一圈時(shí)間約為90min，而地球同步衛(wèi)星繞地球一圈時(shí)間為24h，根據(jù)此兩個(gè)數(shù)據(jù)不能求出的是（）A．天宮二號(hào)與地球同步衛(wèi)星的角速度之比B．天宮二號(hào)與地球同步衛(wèi)星的離地高度之比C．天宮二號(hào)與地球同步衛(wèi)星的線速度之比D．天宮二號(hào)與地球同步衛(wèi)星的向心加速度之比5、如圖所示，三個(gè)小球A、B、C的質(zhì)量均為m，A與B、C間通過(guò)鉸鏈用輕桿連接，桿長(zhǎng)為L(zhǎng)，B、C置于水平地面上，用一輕質(zhì)彈簧連接，彈簧處于原長(zhǎng)．現(xiàn)A由靜止釋放下降到最低點(diǎn)，兩輕桿間夾角α由60°變?yōu)?20°，A、B、C在同一豎直平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，彈簧在彈性限度內(nèi)，忽略一切摩擦，重力加速度為g．則此下降過(guò)程中（）A．A、B、C系統(tǒng)機(jī)械能不守恒B．A、B、C系統(tǒng)動(dòng)量守恒C．A、B、C系統(tǒng)，水平方向動(dòng)量守恒D．在A的動(dòng)能達(dá)到最大前A、B、C系統(tǒng)一直處于超重狀態(tài)6、固體M、N在一定壓強(qiáng)下的熔化曲線如圖所示，則（）A．固體M有可能是玻璃、橡膠B．固體M的bc段表示固液共存狀態(tài)C．固體N的分子（或原子、離子）排列一定有規(guī)則D．固體N的物理性質(zhì)可能是各向異性的二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，空間存在著與圓臺(tái)母線垂直向外的磁場(chǎng)，各處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，圓臺(tái)母線與豎直方向的夾角為θ，一個(gè)質(zhì)量為m、半徑為r的勻質(zhì)金屬環(huán)位于圓臺(tái)底部，環(huán)中維持恒定的電流I不變，之后圓環(huán)由靜止向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t后撤去該恒定電流并保持圓環(huán)閉合，圓環(huán)全過(guò)程上升的最大高度為H，已知重力加速度為g，磁場(chǎng)的范圍足夠大，在圓環(huán)向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A．圓環(huán)開(kāi)始減速時(shí)加速度大于gB．在時(shí)間t內(nèi)安培力對(duì)圓環(huán)做功為mgHC．圓環(huán)先有收縮后有擴(kuò)張的趨勢(shì)D．圓環(huán)運(yùn)動(dòng)的最大速度為2πBIrt8、如圖所示,兩個(gè)質(zhì)量分別為m1=2kg、m2=3kg的物體置于光滑的水平面上,中間用輕質(zhì)彈簧秤連接．兩個(gè)大小分別為F1=30N、F2=20NA．彈簧長(zhǎng)度穩(wěn)定時(shí),彈簧秤的示數(shù)是50NB．彈簧長(zhǎng)度穩(wěn)定時(shí),彈簧秤的示數(shù)是26NC．在突然撤去F1的瞬間,m1的加速度大小為D．在突然撇去F1的瞬間,m1的加速度大小為9、如圖所示是一種延時(shí)開(kāi)關(guān)，當(dāng)S1閉合時(shí)，電磁鐵F將銜鐵D吸下，C線路接通．當(dāng)S1斷開(kāi)時(shí)，由于電磁感應(yīng)作用，D將延遲一段時(shí)間才被釋放．試分析下列說(shuō)法中正確的是A．由于A線圈的電磁感應(yīng)作用，才產(chǎn)生延時(shí)釋放D的作用B．由于B線圈的電磁感應(yīng)作用，才產(chǎn)生延時(shí)釋放D的作用C．如果斷開(kāi)B線圈的電鍵S2，延時(shí)將變長(zhǎng)D．如果斷開(kāi)B線圈的電鍵S2，無(wú)延時(shí)作用10、如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=T，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有兩半徑均為0.6m的金屬圓環(huán)平行豎直放置，兩圓心所在直線OO′與磁場(chǎng)方向垂直。圓環(huán)通過(guò)電刷與理想變壓器原線圈相連，長(zhǎng)為0.5m的導(dǎo)體棒ab兩個(gè)端點(diǎn)剛好分別搭接在兩圓環(huán)上，且與OO′平行?，F(xiàn)讓導(dǎo)體棒沿圓環(huán)內(nèi)側(cè)、繞OO′以20πrad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，恰好使標(biāo)有“3V4.5W”的小燈泡L正常發(fā)光。已知理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n1:n2=2:1，圖中電壓表為理想電壓表，圓環(huán)、導(dǎo)體棒、導(dǎo)線電阻不計(jì)，則A．電壓表的示數(shù)為6VB．R0的電阻值為1.5ΩC．整個(gè)電路消耗的總功率為WD．a(chǎn)b沿圓環(huán)轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中受到的最大安培力為N三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）如圖，用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系．圖中0點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影，實(shí)驗(yàn)時(shí)先讓入射球m1，多次從傾斜軌道上S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球m1，從斜軌上S位置靜上釋放，與小球m2相碰，并多次重復(fù)，測(cè)出碰后m1平均落地點(diǎn)在M點(diǎn)，m2平均落地點(diǎn)在N點(diǎn)，不計(jì)小球與軌道的摩擦．（1）實(shí)驗(yàn)中，不需要測(cè)量的物理量是______．A．兩個(gè)小球的質(zhì)量m1、m2

B．小球拋出點(diǎn)距地面的高度H

C．小球做平拋運(yùn)動(dòng)的射程（2）若實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)小于，則可能的原因是______．A．碰撞過(guò)程有機(jī)械能的損失B．計(jì)算時(shí)沒(méi)有將小球半徑考慮進(jìn)去C．放上小球m2后，入射球m1從傾斜軌道上都止釋放的位置比原來(lái)的低（3）若兩球發(fā)生彈性正碰，則OM、ON、OP之間一定滿(mǎn)足的關(guān)系是______．A．OP=ON-OMB．2OP=ON+OMC．OP-ON=2OM12．（12分）有一個(gè)小燈泡上標(biāo)有“4V2W”的字樣,現(xiàn)在要用伏安法描繪這個(gè)燈泡的U-I圖線,有下列器材供選用:A．電壓表(0-5V)內(nèi)阻(10K?)B．電壓表(0-10V)內(nèi)阻(20K?)C．電流表(0-0.3A)內(nèi)阻(1?)D．電流表(0-0.6A)內(nèi)阻(0.4?)E.滑動(dòng)變阻器(5?,10A)F.滑動(dòng)變阻器(500?,0.2A)（1）實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選用________,電流表應(yīng)選用________.為使實(shí)驗(yàn)誤差盡量減小,要求電壓表從零開(kāi)始變化且多取幾組數(shù)據(jù),滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_____________(用序號(hào)字母表示).（2）請(qǐng)?jiān)诜娇騼?nèi)畫(huà)出滿(mǎn)足實(shí)驗(yàn)要求的電路圖________,并把圖中所示的實(shí)驗(yàn)器材用實(shí)線連接成相應(yīng)的實(shí)物電路圖________.四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，足夠長(zhǎng)的U型光滑導(dǎo)體框架的兩個(gè)平行導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌間連有定值電阻R，框架平面與水平面之間的夾角為θ，不計(jì)導(dǎo)體框架的電阻．整個(gè)裝置處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于框架平面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．導(dǎo)體棒ab的質(zhì)量為m，電阻不計(jì)，垂直放在導(dǎo)軌上并由靜止釋放，重力加速度為g.求：(1)導(dǎo)體棒ab下滑的最大速度；(2)導(dǎo)體棒ab以最大速度下滑時(shí)定值電阻消耗的電功率．14．（16分）如圖所示為一種小型交流發(fā)電機(jī)的原理圖，n匝矩形線圈處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，ab邊、cd邊分別連在兩個(gè)滑環(huán)K、L上，導(dǎo)體做的兩個(gè)電刷分別壓在滑環(huán)上．線圈ab邊的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)1，bc邊的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)2，線圈總電阻為r．線圈以恒定的角速度ω繞與磁場(chǎng)方向垂直的固定對(duì)稱(chēng)軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．用導(dǎo)線將電刷與電阻R連接起來(lái)形成回路．回路中其他電阻不計(jì)．(1)請(qǐng)你說(shuō)明發(fā)電機(jī)線圈平面轉(zhuǎn)至何位置時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)具有最大值，并推導(dǎo)此最大值的表達(dá)式．(2)求線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過(guò)程中，整個(gè)電路產(chǎn)生的焦耳熱．15．（12分）如圖所示，圓柱形氣缸上部開(kāi)口且有擋板，內(nèi)部底面積，內(nèi)部高度為.筒內(nèi)一個(gè)很薄的質(zhì)量不計(jì)的活塞封閉一定量的理想氣體，活塞上放置一質(zhì)量為的重物，開(kāi)始時(shí)活塞處于離底部的高度，外界大氣壓強(qiáng)為，溫度為.活塞與氣缸內(nèi)壁的摩擦忽略不計(jì)，現(xiàn)對(duì)氣體加熱，求：（1）當(dāng)活塞剛好到達(dá)氣缸口時(shí)氣體的溫度；（2）氣體溫度達(dá)到387℃時(shí)氣體的壓強(qiáng).

2023學(xué)年模擬測(cè)試卷參考答案（含詳細(xì)解析）一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【答案解析】

公式是電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，采用比值法定義，適用于任何靜電場(chǎng)．E方向與正電荷受到電場(chǎng)力F的方向相同，與負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力方向相反，A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。2、D【答案解析】

AB.開(kāi)關(guān)閉合后，負(fù)載減小，副線圈的電壓不變，通過(guò)副線圈的電流增大，原線圈中的電流I電流表A2和電流表A2的示數(shù)都增大，故AB錯(cuò)誤；C.由理想變壓器規(guī)律可知，開(kāi)關(guān)從斷開(kāi)到閉合，原線圈和副線圈電壓都不變，所以電壓表V1的示數(shù)不變，故C錯(cuò)誤；D.副線圈的電流增大，通過(guò)R的電流增大，R兩端的電壓增大，副線圈電壓不變，所以電壓表V2的示數(shù)減小，故D正確。3、B【答案解析】因剪斷細(xì)線后線框仍能靜止在原處，可知安培力向上，根據(jù)楞次定律可知，穿過(guò)線；圈的磁通量增加，磁感應(yīng)強(qiáng)度增強(qiáng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；設(shè)B=B0+kt;根據(jù)平衡知識(shí)；即，式中mg、B0、S、L及R均為定值，則隨時(shí)間t的增加，k減小時(shí)，等式兩邊才能平衡，故選項(xiàng)B正確，AC錯(cuò)誤；故選B.4、B【答案解析】

由題可知二者的周期關(guān)系，由得：，所以由題可以求出二者的軌道半徑關(guān)系。

A.衛(wèi)星的角速度為，由二者的軌道半徑關(guān)系即可求出天宮二號(hào)與地球同步衛(wèi)星的角速度之比。故A不符合題意；

B.由，則可以求出二者的軌道半徑的關(guān)系，但由于地球的半徑未知，所以不能求出二者距離地面的高度的比值。故B符合題意；

C.由萬(wàn)有引力提供向心力，得：，解得：，由二者的軌道半徑關(guān)系即可求出天宮二號(hào)與地球同步衛(wèi)星的線速度之比，故C不符合題意；

D.向心加速度：，由二者的軌道半徑關(guān)系即可求出天宮二號(hào)與地球同步衛(wèi)星的加速度之比。故D不符合題意；

本題選擇不能求出的，故選B.5、C【答案解析】（1）A由靜止釋放后，ABC和彈簧組成的系統(tǒng)內(nèi)，僅涉及重力勢(shì)能、彈性勢(shì)能和動(dòng)能的相互轉(zhuǎn)化，故系統(tǒng)機(jī)械能守恒，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；（2）ABC三個(gè)物體的系統(tǒng)，在A由靜止下落運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，屬于變速運(yùn)動(dòng)，受到外力外力的矢量和不為零，故系統(tǒng)動(dòng)量不守恒；但在水平方向不受外力，故水平方向系統(tǒng)動(dòng)量守恒，B錯(cuò)誤C正確；（3）在A的動(dòng)能達(dá)到最大前，其加速度豎直向下，系統(tǒng)受到地面的支持力小于它們的總重力，故系統(tǒng)一直處于失重狀態(tài)，D錯(cuò)誤；【答案點(diǎn)睛】（1）根據(jù)系統(tǒng)內(nèi)只有彈性勢(shì)能、重力勢(shì)能和動(dòng)能轉(zhuǎn)化的情況，可以確定系統(tǒng)機(jī)械能守恒；（2）當(dāng)系統(tǒng)不受外力，或受到外力的矢量和為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒；或者系統(tǒng)在你某一方向不受外力，某一方向動(dòng)量守恒；（2）系統(tǒng)具有向下的加速度，屬于失重想象．6、B【答案解析】

AB.晶體是在固定的溫度下熔化為液體，而非晶體是隨著溫度的升高逐漸由硬變軟，最后變成液體．那么bc段表示晶體的固液共存狀態(tài)，而玻璃、橡膠是非晶體，沒(méi)有固定的熔點(diǎn)，A錯(cuò)誤B正確．CD.曲線N是非晶體在一定壓強(qiáng)下的熔化過(guò)程，所以非晶體的分子（或原子、離子）排列沒(méi)有規(guī)則，非晶體的物理性質(zhì)可能是各向同性，CD錯(cuò)誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ACD【答案解析】A、電流撤去后，由于慣性，圓環(huán)繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流方向俯視為逆時(shí)針，由左手定則可知圓環(huán)所受安培力方向垂直磁感線向下，重力豎直向下，所以圓環(huán)開(kāi)始減速時(shí)加速度大于g，故A正確；B、由功能關(guān)系可知，在上升全過(guò)程中，在t時(shí)間內(nèi)安培力對(duì)圓環(huán)做的功等于全過(guò)程重力做的功mgH和t時(shí)間后圓環(huán)克服安培力做的功，所以在時(shí)間t內(nèi)安培力對(duì)圓環(huán)做功大于mgH，故B錯(cuò)誤；C、圓環(huán)通電流時(shí)，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，安培力分量指向圓心，有收縮的趨勢(shì)，撤去電流后，切割產(chǎn)生的感應(yīng)電流為逆時(shí)針，則安培力分量背離圓心，則有擴(kuò)張的趨勢(shì)，故C正確；D、環(huán)中通以恒定電流I后，圓環(huán)所受安培力為BI·2πr，則在豎直方向的分力為2πrBIcosθ，由牛頓第二定律,可得：BI2πrcosθ-mg=ma，則圓環(huán)向上的加速度為a=2πBIrcosθm-g，豎直向上；在電流未撤去時(shí)，圓環(huán)將做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t，速度會(huì)達(dá)到最大值，由v=at得v=故選ACD?！敬鸢更c(diǎn)睛】根據(jù)牛頓第二定律，與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，依據(jù)功能關(guān)系，結(jié)合電磁感應(yīng)與安培力，即可求解。8、BC【答案解析】A、兩水平拉力導(dǎo)致物體受力不平衡,先選整體為研究對(duì)象進(jìn)行受力分析,由牛頓第二定律得:F1-F2=m1+m2a

計(jì)算得出:a=2m/s2

對(duì)m2:由牛頓第二定律得:F-F2=ma

計(jì)算得出:F=28N,故AB錯(cuò)誤.

C、突然撤去F2的瞬間,m2的受力僅剩彈簧的彈力,對(duì)m1由牛頓第二定律,得:F=m2a,計(jì)算得出:aa″=28m/s2綜上所述本題答案是：C9、BD【答案解析】AB、當(dāng)S1斷開(kāi)時(shí)，導(dǎo)致由于線圈B中的磁通量變小，從而出現(xiàn)感應(yīng)電流，致使F中仍有磁性，出現(xiàn)延遲一段時(shí)間才被釋放，所以由于B線圈的電磁感應(yīng)作用，才產(chǎn)生延時(shí)釋放D的作用，故A錯(cuò)誤、B正確；CD、若斷開(kāi)B線圈的開(kāi)關(guān)S2，當(dāng)S1斷開(kāi)，F(xiàn)中立即沒(méi)有磁性，所以沒(méi)有延時(shí)功能，故C正確，D錯(cuò)誤；故選BC．【答案點(diǎn)睛】當(dāng)S1、S2均閉合時(shí)，電磁鐵F將銜鐵D吸下，C電路接通；當(dāng)S1斷開(kāi)時(shí)，導(dǎo)致由于線圈B中的磁通量變化，從而出現(xiàn)感應(yīng)電流，致使F中仍有磁性，出現(xiàn)延遲一段時(shí)間才被釋放；

若線圈B處于斷開(kāi)，即使S1斷開(kāi)也不會(huì)有感應(yīng)電流，則不會(huì)出現(xiàn)延遲現(xiàn)象．10、BD【答案解析】

AB.根據(jù)右手定則可知，導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交流電，當(dāng)導(dǎo)體棒經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)和最高點(diǎn)時(shí)，切割的方向與磁場(chǎng)方向垂直，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，則，則有，壓器原線圈兩端的電壓，根據(jù)可得電壓表的示數(shù)為，通過(guò)小燈泡的電流，根據(jù)可得，的電阻值為，故選項(xiàng)B正確，A錯(cuò)誤；C.整個(gè)電路消耗的總功率為，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.根據(jù)安培力表達(dá)式，最大安培力大小，故選項(xiàng)D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、B；C；A；【答案解析】

試題分析：過(guò)程中小球釋放高度不需要，小球拋出高度也不要求．最后可通過(guò)質(zhì)量與水平射程乘積來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量是否守恒．根據(jù)碰撞前后動(dòng)量守恒可以寫(xiě)成表達(dá)式，若碰撞為彈性碰撞，則碰撞前后動(dòng)能相同；根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，應(yīng)用動(dòng)量的定義式與動(dòng)量守恒定律分析答題，注意掌握彈性碰撞時(shí)碰后速度公式可以牢記以準(zhǔn)確應(yīng)用．（1）本實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證的動(dòng)量守恒的式子是：，要測(cè)量質(zhì)量和速度，平拋運(yùn)動(dòng)過(guò)程中下降的高度相同，則所用時(shí)間相同，所以在等式兩邊同乘以t，則但速度是由水平位移來(lái)代替的，所以時(shí)間相同不用測(cè)量，高度不用測(cè)量，故選B．（2）碰撞的機(jī)械能損失不會(huì)動(dòng)量守恒，那么出現(xiàn)此種結(jié)論只能是第二次滑下時(shí)，比第一次滑下時(shí)低一些，故選C．（3）根據(jù)彈性碰撞的公式，碰撞后兩球的速度：，顯然，因平拋運(yùn)動(dòng)中的時(shí)間相等，所以有OP=ON-OM，A正確．12、ADE【答案解析】（1）燈泡額定電壓為4V，電壓表應(yīng)選A，燈泡額定電流為0.5A，電流表應(yīng)選/r