2020版高考物理總復習沖A方案課時訓練(十五)第15講電場性質(zhì)(含解析)新人教版

2020版高考物理總復習沖A方案課時訓練(十五)第15講電場的性質(zhì)(含分析)新人教版2020版高考物理總復習沖A方案課時訓練(十五)第15講電場的性質(zhì)(含分析)新人教版18/18艿PAGE18蚈薀薅羀蚄膄肈芅螈腿羆袀膂蒞肁螇袇螈膃螀襖莂袀肅羇莇薄蟻莂薃蕿蚇肇膀羅蟻肄襖螞羅肇蝿莆薁蒁肅莁蕆膇荿螆蒁膃肅腿螅芇羈袃莁蟻袀羈襖莇膃芄袇莃肁羈膂蒆羆蚅螈袁肈螀蚄薆薅肆蚈薃艿葿羂蚆膄蕆薈羈蒀薂薄蚆螃蚄蒈螃螞芁螂螆蚇肅蒈蒄蠆肀肁袆芆蒅莈袂袀袈蚃羆裊袆羋薄膁袁羈肆蒄羃膈肂肈蝕蒃膅肅莄聿螄荿葿螁葿羆螅罿節(jié)薀蒂芃蕿薅膆衿羄螁芁薁蠆膄薇衿莂蝿羀膃蝿螄螄蝿膃羀蝿莂衿薇膄蠆薁芁螁羄衿膆薅蕿芃蒂薀節(jié)罿螅羆葿螁葿荿螄聿莄肅膅蒃蝕肈肂膈羃蒄肆羈袁膁薄羋袆裊羆蚃袈袀袂莈蒅芆袆肁肀蠆蒄蒈肅蚇螆螂芁螞螃蒈蚄螃蚆薄薂蒀羈薈蕆膄蚆羂葿艿薃蚈肆薅薆蚄螀肈袁螈蚅羆蒆膂羈肁莃袇芄膃莇襖羈袀蟻羇袃薄芇莂腿蕿膃肇螆羅膇肄莁螞蒁肇莆2020版高考物理總復習沖A方案課時訓練(十五)第15講電場的性質(zhì)(含分析)新人教版課時訓練(十五)

【電場的性質(zhì)】【基礎(chǔ)過關(guān)】1.關(guān)于靜電場的電場強度和電勢,以下說法正確的選項是()A沿電場強度的方向電勢降低.B.電場強度為零的地方,電勢也為零C.隨著電場強度的逐漸減小,電勢也逐漸降低D電場強度決定于電場自己,而電勢是由電場和試試電荷共同決定的.2.關(guān)于電場中的A、B兩點,以下說法正確的選項是()A.??????說明兩點間的電勢差U與靜電力做功W成正比,與搬動電荷的電荷量q成反比公式U=??ABABABB、B兩點間的電勢差等于將正電荷從A點移到B點時靜電力所做的功.AC.1C的正電荷從A點移到B點,靜電力做1J的功,則這兩點間的電勢差為1VD.若電荷由A點移到B點的過程中,除受靜電力外,還受其他力的作用,電荷電勢能的減少量就不再等于靜電力所做的功3.[2019·桐鄉(xiāng)四校聯(lián)考]關(guān)于電容器,以下說法正確的選項是()A電容器極板越大,帶電荷量就越大.B.電容器帶電荷量越大,電容就越大C.電容器A的電容比電容器B的大,說明A帶的電荷量比B的多D電容在數(shù)值上等于使兩極板間的電勢差為1V時電容器需要帶的電荷量.4.[2019·浙大附中模擬]如圖Z15-1所示為等量異種點電荷周圍的電場線分布圖,A、B、O位于兩點電荷連線上,其中O為兩點電荷連線的中點,C、D是兩點電荷連線的中垂線上的兩點.關(guān)于各點的電場性質(zhì)的描述,以下說法正確的選項是()

圖Z15-1

A.A、B、O三點的電勢相等

B.O、C、D三點的電場強度相等

C.若將正電荷從C點移到B點,電勢能減小

D.若將負電荷從A點移到D點,電場力做負功

5如圖Z15-2所示,帶電荷量分別為4和-q的兩點電荷分別放在、兩點,組成了電荷系統(tǒng),.+qAB虛線上A、B、C等間距,則以下判斷正確的選項是()

圖Z15-2

A.A、B間的電場方向為由B指向A

B.C點的電場強度為零

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C點的電勢低于B點的電勢.AD.若一電子從A點運動至B點,該過程中電場力做正功6.如圖Z15-3所示,真空中有兩個電荷量為-8C和Q2=-10-8Q1=+4.0×10C的點電荷分別固定在x=0和x=4cm的地址上,則在x軸上()

A.兩個點電荷間某點的電場強度為零圖Z15-3B.x=8cm處的電場強度為零C.4~8cm地域內(nèi)電場強度的方向沿x軸正方向D.電子在兩個點電荷之間向右運動時,電勢能先增大后減小7[2019·杭州高中期中]如圖Z154所示是超超同學利用傳感器獲取的電容器放電過程的i-t.-圖像.以下說法正確的選項是()

圖Z15-4

A.由圖可以估計電容器的電容

B.由圖可以估計電容器的電荷量

C.由圖可以估計電容器兩極板間的電壓

D.由圖可以估計電容器兩極板間的電場強度

圖Z15-5

8.某電場電場線分布如圖Z15-5所示,A、B為某電場線上的兩點,一帶負電的粒子以必然的初

速度沿電場線從A運動到B.不計粒子的重力,在整個運動過程中()

A.粒子做勻加速直線運動

B.粒子運動的加速度增大

C.粒子的電勢能減少

D.粒子的動能減少

圖Z15-6

9.如圖Z15-6所示,O是一固定的點電荷,另一點電荷P從很遠處以初速度v0射入點電荷O的電場,在電場力作用下的運動軌跡是曲線、、c是以O(shè)為圓心,a、b、c為半徑畫出的三個RRR圓,Rc-Rb=Rb-Ra,1、2、3、4為軌跡MN與三個圓的交點,以|W12|表示點電荷P由1到2的過程中電場力做的功的大小,|W|表示點電荷P由3到4的過程中電場力做的功的大小,則34()A.|W12|=|W34|B.|W12|>2|W34|

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C.P、O兩電荷可能同號,也可能異號

D.P的初速度方向的延長線與O之間的距離可能為零

圖Z15-7

10.如圖Z15-7所示,平行板電容器上極板帶正電,從上極板的端點A以水平初速度v0向右射入

一個帶電荷量為+Q的粒子,粒子重力不計,當它的水平速度與豎直速度的大小之比為1∶2時,

恰好從下端點B射出,則d與L之比為()

A.1∶2B.2∶1C.1∶1D.1∶3

圖Z15-811.如圖Z15-8所示為一勻強電場,某帶電粒子從A點運動到B點,在這一運動過程中戰(zhàn)勝重力做功為2.0J,電場力做功為4.5J,戰(zhàn)勝空氣阻力做功為1J.以下說法不正確的選項是()A.粒子帶正電B粒子在A點的機械能比在B點的大1J.C.粒子在A點的動能比在B點的小1.5JD.粒子在A點的電勢能比在B點的大4.5J12.[2019·麗水模擬]地面周邊處電場的電場線如圖Z15-9所示,其中一條方向豎直向下的電場線上有a、b兩點,高度差為h,重力加速度為g.質(zhì)量為m、電荷量為-q的檢驗電荷從a點由靜止開始沿電場線運動,到b點時速度為√????.以下說法中正確的選項是()

A.質(zhì)量為m、電荷量為B.質(zhì)量為m、電荷量為C.質(zhì)量為m、電荷量為D.質(zhì)量為m、電荷量為間來回運動

+q的檢驗電荷從+2q的檢驗電荷從

2q的檢驗電荷從

2q的檢驗電荷在

圖Z15-9

a點由靜止起沿電場線運動到b點時速度為2√????a點由靜止起沿電場線運動到b點時速度為2√????a點由靜止起沿電場線運動到b點時速度仍為√????a點由靜止開始釋放,點電荷將沿電場線在a、b兩點

【當先沖A】

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圖Z15-10

13.[2019·溫州聯(lián)考]圖Z15-10為靜電除塵器除塵機理的表示圖.塵埃經(jīng)過必然機理帶上同

一種電荷,在電場力的作用下向集塵極遷移并聚積.以下表述正確的選項是()

A.到達集塵極的塵埃帶正電荷

B.向集塵極遷移的塵埃電勢能在減少

C.帶電塵埃所受電場力的方向與電場方向相同

D.沿著帶電塵埃遷移的方向電勢越來越低

圖Z15-1114.如圖Z15-11所示,電場中的一簇電場線關(guān)于y軸對稱分布,O點是坐標原點,M、N、P、Q是以O(shè)為圓心的一個圓周上的四個點,其中M、N在y軸上,Q點在x軸上,則()A.M點的電勢比P點的電勢高B.O、M間的電勢差等于N、O間的電勢差C一正電荷在點的電勢能小于在點的電勢能.OQD.將一負電荷從M點移到P點,電場力做正功15.如圖Z15-12所示,在E=103V/m的豎直勻強電場中,有一圓滑半圓形絕緣軌道QPN與一水平絕緣軌道MN在N點圓滑相接,半圓形軌道平面與電場線平行,其半徑R=40cm,N為半圓形軌道最低點,P為圓弧QN的中點,一電荷量q=10-4C的帶負電小滑塊質(zhì)量m=10g,與水平軌道間的動摩擦因數(shù)μ=0.15,位于N點右側(cè)1.5m的M處,g取10m/s2.(1)要使小滑塊恰能運動到半圓形軌道的最高點Q,則小滑塊應以多大的初速度v0向左運動?(2)以(1)中初速度v0開始運動的小滑塊經(jīng)過P點時對軌道的壓力是多大?

圖Z15-12

課時訓練(十五)

1.A[剖析]沿電場強度的方向,電勢逐漸降低,選項A正確;場強為零的地方電勢不用然為零,

比方等量同種正點電荷連線的中點處的場強為零但是電勢大于零,選項B錯誤;場富強小與電

場線的疏密程度有關(guān),而沿著電場線的方向電勢逐漸降低,故隨電場強度的逐漸減小,電勢不

必然降低,選項C錯誤;電場強度和電勢都是描述電場性質(zhì)的物理量,決定于電場自己,選項D

錯誤.

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2.C[剖析]A、B兩點間的電勢差由電場自己決定,與搬動的電荷及靜電力做功沒關(guān),在數(shù)值上等于將單位正電荷從A點移到B點時靜電力所做的功,選項A、B錯誤,選項C正確;無論電荷可否受其他力的作用,電荷電勢能的減少量總等于靜電力所做的功,選項D錯誤.3D[剖析]由知,A錯誤;電容器的電容與所帶電荷量和兩板間的電壓沒關(guān),由自己的性.Q=CU質(zhì)決定,故B錯誤;電容器A的電容比B的大,說明A儲蓄電荷的本領(lǐng)比B的強,故C錯誤;由電容的定義式C=????可知,電容在數(shù)值上等于使兩極板間的電勢差為1V時電容器需要帶的電荷量,故D正確.4.C[剖析]沿著電場線方向電勢逐漸降低,由圖可知,A、B、O三點的電勢不相等,故A錯誤;電場線越密處的電場強度越大,由圖可知,從O到D,電場線越來越疏,電場強度越來越小,故O、C、D三點的電場強度不相等,故B錯誤;由圖可知,C點的電勢高于B點的電勢,而正電荷在電勢越高處的電勢能越大,故正電荷從C點移到B點,電勢能減小,故C正確;由圖可知,A點的電勢低于D點的電勢,而負電荷在電勢越低處的電勢能越大,故負電荷從A點移到D點,電勢能減小,電場力做正功,故D錯誤.5.B??C點產(chǎn)生的場強等大反向,故C點的電[剖析]依照E=k2可知,A、B兩點處的點電荷在??場強度為零,選項B正確;電場線由正電荷指向負電荷,故A、B間的電場方向為由A指向B,A點的電勢高于B點的電勢,選項A、C錯誤;電子從A點運動至B點,則該過程中電場力做功W=qU,所以電場力做負功,選項D錯誤.ABAB6.B[剖析]依照點電荷場強的疊加原理知,兩點電荷之間的場強方向沿x軸正方向,不可以能為零,A錯誤;在x軸上場強為零的點只幸虧4cm右側(cè),設(shè)在4cm右側(cè)距離為L處,則有x=x=??|??|,B正確;4~8cm地域內(nèi)電場k12=k2,解得L=4cm,則x=4cm+L=8cm處的電場強度為零(4cm+??)2??強度的方向沿x軸負方向,C錯誤;電子在兩個點電荷之間向右運動時,電場力做負功,電勢能增大,D錯誤.

7.B[剖析]依照Q=It可知,圖像與坐標軸所圍的面積代表電容器的電荷量,選項B正確.8.C[剖析]依照題目信息,帶負電的粒子從A運動到B的過程中,電場力方向與運動方向相同,電場強度逐漸減小,電場力逐漸減小,由于粒子重力不計,電場力就是粒子碰到的合力,所以粒子做加速度減小的直線運動,選項A、B錯誤;由于電場力方向與運動方向相同,所以電場力做正功,電勢能減少,粒子的動能增加,選項C正確,選項D錯誤.9.B[剖析]由于Rb-Ra=Rc-Rb,a、b間場富強于b、c間場強,依照U=Ed可知,a、b間的電勢差大于b、c間的電勢差,可知|U12|>2|U34|,則由W=Uq可知,|W12|>2|W34|,故A錯誤,B正確.從電荷P的運動軌跡可知,、O兩電荷必然異號,故C錯誤.若是P的初速度方向延長線與點之間的PO距離為零,則P的軌跡為素來線,故D錯誤.10.C[剖析]設(shè)粒子從A到B的時間為t,水平方向上做勻速直線運動,則有L=vxt,豎直方向上做勻加速直線運動,則有d=????t,又由于vx∶vy=1∶2,聯(lián)立解得d∶L=1∶1,選項C正確.211.B[剖析]從運動軌跡上來看,垂直于電場方向射入的帶電粒子向電場的方向偏轉(zhuǎn),說明帶電粒子碰到的電場力方向與電場方向相同,所以帶電粒子帶正電,選項A正確.從A到B的過程中,除了重力做功以外,還有電場力和阻力做功,由能量守恒定律可知,機械能的增加量等于電場力與阻力做功之和,即4.5J-1J35J,所以機械能增加了35J,選項B錯誤.從A到B=..的過程中,由動能定理可知,粒子在A點的動能比在B點的小1.5J,選項C正確.從A到B的過程中,電場力做正功,電勢能在減少,所以在A點的電勢能比在B點的電勢能大4.5J,選項D正確.

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1212.D[剖析]從a到b的過程中,由動能定理,對電荷量為-q的檢驗電荷,有mgh-Uq=m??1,2

1=√3????,故A錯誤;對電荷量為對電荷量為+q的檢驗電荷,有mgh+Uq=m??22,兩式相加化簡得v221對電荷量為-2q+2q的檢驗電荷,由動能定理得mgh+2Uq=m??32,聯(lián)立解得v3=2√????,故B錯誤;2的檢驗電荷,由動能定理得212,聯(lián)立解得40,故C錯誤;電荷量為-2的檢驗電荷2到達b點時,速度為零,說明電場力大于重力,故接下來向上運動,依照電場線的分布可知,越向上,電場力越小,最后會小于重力,當速度減為零后,又會向下運動,此后這樣往來運動,故D正確.

13.B[剖析]塵埃在電場力作用下向集塵極遷移并聚積,說明塵埃帶負電,A錯誤;塵埃向集

塵極遷移過程中,電場力做正功,電勢能減小,故B正確;塵埃在電場中受電場力的方向與電場

方向相反,C錯誤;由于帶電塵埃遷移的方向與電場方向相反,所以沿著帶電塵埃遷移的方向電勢越來越高,故D錯誤.

14.D[剖析]依照電場線與等勢線垂直的特點,在M點所在電場線上找到P點的等勢點,依照沿電場線方向電勢降低可知,P點的電勢比M點的電勢高,故A錯誤;依照電場線分布可知,O、M

間的平均電場強度比N、O間的平均電場強度小,故由公式U=Ed可知,O、M間的電勢差小于N、

O間的電勢差,故B錯誤;O點電勢高于Q點電勢,依照Ep=φq可知,正電荷在O點時的電勢能大于在Q點時的電勢能,故C錯誤;M點的電勢比P點的電勢低,負電荷從低電勢處搬動到高電勢

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