2021屆高三物理一輪復習通關(guān)檢測卷 全國卷(一)

222021屆高三物理一輪復習通關(guān)檢測卷全國卷(一)一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1~5題只有一項符合題目要求，第6~8題有多項符合題目要求。全部選對得得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。TOC\o"1-5"\h\z如圖所示為氫原子的能級示意圖,鋅的逸出功是3.34eV,下列對氫原子在能級躍遷過程中發(fā)射或吸收光子的特征認識正確的是()?0斗0.S53-1.5]2-3.+用氫原子從高能級向基態(tài)躍遷時發(fā)射的光照射鋅板一定不能產(chǎn)生光電效應—群處于n=4能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，能放出3種不同頻率的光子一群處于n=3能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，發(fā)出的光照射鋅板，鋅板表面所發(fā)出的光電子的最大初動能為8.75eV用能量為10.3eV的光子照射氫原子，可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)一根細線上端固定，下端系著一個質(zhì)量為m的小球。給小球施加拉力F，使小球平衡后細線跟豎直方向的夾角為6，如圖所示。則拉力F()方向可能在圖中I區(qū)內(nèi)方向可能在圖中II區(qū)內(nèi)最小值為mgcos9最小值為mgtan0A、B兩球沿一直線發(fā)生正碰，如圖所示的x-1圖象記錄了兩球碰撞前后的運動情況，圖中的a、b分別為碰撞前A、B兩球的x-t圖線?碰撞后兩球粘合在一起,c為碰撞后整體的x-t圖線.若A球的質(zhì)量m=2kg，則下列說法正確的是A()B球的質(zhì)量m=1kgB相碰時，B對A所施沖量大小為3N-s碰撞過程中，A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的動能為10JA、B碰撞前總動量為-3kg-m/s在水平面內(nèi)有一固定的U型裸金屬框架，框架上靜止放置一根光滑的金屬桿ab,整個裝置放在豎直方向的勻強磁場中，如圖所示。下列說法中正確的是（A.只有當磁場方向向上且增強，ab桿才可能向左移動B.只有當磁場方向向下且減弱，ab桿才可能向右移動C.無論磁場方向如何，只要磁場減弱，ab桿就可能向左移動D.當磁場變化時，ab桿中一定有電流產(chǎn)生，且一定會移動置放在豎直方向的勻強磁場中，如圖所示。下列說法中正確的是（A.只有當磁場方向向上且增強，ab桿才可能向左移動B.只有當磁場方向向下且減弱，ab桿才可能向右移動C.無論磁場方向如何，只要磁場減弱，ab桿就可能向左移動D.當磁場變化時，ab桿中一定有電流產(chǎn)生，且一定會移動5.如圖所示是運動員將網(wǎng)球在邊界A處正上方B點水平向右擊出,恰好過網(wǎng)C的上邊沿落在D點的示意圖，不計空氣阻力，已知AB=h!，網(wǎng)高h2=9hi，AC=x，重力加速度為g，F(xiàn)列說法中正確的是（A.落點D距離網(wǎng)的水平距離為1B.網(wǎng)球的初速度大小為=xC?若擊球高度低于20*，無論球的初速度多大，球都不可能落在對方界內(nèi)D.右保持擊球冋度不變，球的初速度v只要不大于，片，一定洛在對方界內(nèi)0h1如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在沒有磁場的情況下，帶電粒子（不計重力）以某一初速度沿截面直徑方向入射，穿過此區(qū)域的時間為to在該區(qū)域加沿圓柱軸線方向的勻強磁場,磁感應強度為B,帶電粒子仍以同一初速度沿截面直徑入射，粒子飛出此區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)60。角，根據(jù)上述條件可求的物理量是（）1_?匕”?.帶電粒子的比荷B.帶電粒子在磁場中的運動周期帶電粒子在磁場中的運動半徑D.帶電粒子的初速度2019年1月3日，“嫦娥四號”成為了全人類第一個在月球背面成功實施軟著陸的探測器.為了減小凹凸不平的月面可能造成的不利影響，“嫦娥四號”采取了近乎垂直的著陸方式?測得“嫦娥四號”近月環(huán)繞周期為T已知月球的半徑為R引力常量為G,下列說法正確的是（）“嫦娥四號”著陸前的時間內(nèi)處于失重狀態(tài)“嫦娥四號”著陸前近月環(huán)繞月球做圓周運動的速度為7.9km/sC.月球表面的重力加速度g=4-R月T2線，x?x過程的圖線是平行于x軸的直線，x?x過1223程的圖線是傾斜的直線，則下列說法正確的是（）在0?x的過程中，力F逐漸變小1在0?x的過程中，物體的加速度逐漸減小1在x?x的過程中，物體的動能越來越大12在0?x的過程中，物體的速度方向先向下再向上3二、非選擇題：共62分。第9~12題為必考題，每個試題考生都必須作答。第13~14題為選考題，考生根據(jù)要求作答。一）必考題：共47分。9.（6分）利用如圖甲所示的裝置可以做多個力學實驗.（1）某同學用此裝置測量小車做勻變速直線運動的加速度.用游標卡尺測量遮光條的寬度d其示數(shù)如圖乙所示，則d=mm.測出小車靜止時遮光條到光電門的距離x，從光電計時器上讀出遮光條通過光電門的時間為t,則小車的加速度為.（用測量的物理量表示）（2）若繼續(xù)用此裝置做“探究功與速度變化的關(guān)系”的實驗，使小車釋放點到光電門的距離成倍增加進行多次實驗，每次實驗時要求小車都由靜止釋放.TOC\o"1-5"\h\z①如果實驗時遮光條通過光電門的時間記為t,通過描點作出圖象來反映合力做的功與t的關(guān)系，則下圖中符合實驗事實的是.ABCD②下列實驗操作中必要的是.調(diào)整長木板與水平方向的夾角，在未掛重物時使小車能在長木板上勻速運動必須滿足重物的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量保持小車（包括遮光條）和重物的質(zhì)量不變10.（9分）某一充電寶的產(chǎn)品參數(shù)如圖甲所示。假設充電寶就是跟蓄電池和干電池一樣的可移動直流電源。某同學想測量該充電寶在充滿電后的電動勢和內(nèi)電阻，他剝開充電寶連接線的外絕緣層，里面有四根導線，紅導線為充電寶的正極，黑導線為負極，其余兩根導線空置不用。實驗室還提供了如下器材：PB20約4491A.量程是3.0A,內(nèi)阻約為0.2Q的電流表20000mAh大部分暫能手機和平抿屯曲B.量程是6V,內(nèi)阻約為6kO的電壓表HL充酒屯時同妁I2hC.量程是15V,內(nèi)阻約為30kQ的電壓表尺寸D58nunaddix22.8ntTH母：5V^2.IAD.阻值為0?lkQ，額定電流為0.5A的滑動變阻器輯岀0：5V~LAVT2.]ALA阻值為0~10。，額定電流為3A的滑動變阻器阻值為2.5Q的定值電阻G阻值為20Q的定值電阻H.開關(guān)一個，導線若干（1）實驗中滑動變阻器應選用；電壓表應選。（選填相應器材前的字母）（2）根據(jù)所給器材，該同學設計了如圖乙所示的電路，其中R0應選擇，它在電路中的作用是

（3）該同學記錄的8組數(shù)據(jù)，如下表所示，請在圖丙所示的坐標紙上畫出該充電寶的U-1圖線。由圖線可知該充電寶的電動勢E=V,內(nèi)電阻r=Qo（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）（4）如果用該充電寶給一款電池容量標明為2000mA-h的手機充電，下列說法正確的是理論上手機電池充滿電有2000C的電荷量理論上手機電池充滿電有7200C的電荷量如果該手機使用時電流為100mA,理論上充電寶滿電可以保證手機使用20h11.（12分）如圖（甲）所示，將一間距L=1m的足夠長U形導軌固定，傾角為0二37。,導軌上端連接一阻值為R=10.0。的電阻，整個空間存在垂直于軌道平面向上的勻強磁場。質(zhì)量為m=1kg、電阻為r=2.0Q的金屬棒ab垂直緊貼在導軌上且不會滑出導軌，導軌與金屬棒之間的動摩擦因數(shù)卩二0.5，金屬棒ab從靜止開始下滑，下滑的x-1圖像如圖（乙）所示，圖像中的OA段為曲線，AB段為直線，導軌電阻不計且金屬棒下滑過程中始終與導軌垂直且緊密接觸，重力加速度g取10m/s2，sin37o=0.6，cos37o=0.8。求：(1)勻強磁場的磁感應強度B的大?。?2)從開始到t=2.5s過程中ab上產(chǎn)生的焦耳熱。12.(20分)如圖所示，在距水平地面高h=0.80m的水平桌面左邊緣有一質(zhì)量m=1.0kg的A物塊A以一定的初速度沿桌面運動，經(jīng)過位移s=1.8m與放在桌面右邊緣O點的物塊B發(fā)生正碰，碰后物塊A的速度變?yōu)榱?，物塊B離開桌面后落到地面上，落地點到桌邊緣O點的水平距離x=1.0m。設兩物塊均可視為質(zhì)點，它們的碰撞時間極短，物塊A與桌面間的動摩擦因數(shù)卩二0.25，物塊B的質(zhì)量m=1.6kg，B口B口匚""帕重力加速度g=10m/s2求：(1)兩物塊碰撞后瞬間，物塊B的速度大小v；BP7!1'11-JiL3兩物塊碰撞前瞬間，物塊A的速度大小v；A物塊A與B碰撞的過程中系統(tǒng)損失的機械能E；物塊A在水平桌面左邊緣時的初速度v。0(二)選考題：共15分。請考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做第一題計分。13.【物理選修3-3】(15分)(1)(5分)某同學用喝完的飲料罐，制作一個簡易氣溫計。如圖所示，在這個空的鋁制飲料罐中插入一根粗細均勻的透明吸管，接口處用蠟密封。吸管中引入一段長度可忽略的油柱，在吸管上標上溫度刻度值。罐內(nèi)氣體可視為理想氣體，外界大氣壓不變，以下說法中正確的有()A.吸管上的溫度刻度值左小右大

吸管上的溫度刻度分布不均勻氣溫升高時，罐內(nèi)氣體增加的內(nèi)能大于吸收的熱量在完全失重的環(huán)境下，這個氣溫計仍可使用隨著氣溫升高，單位時間內(nèi)，罐內(nèi)壁單位面積上受到氣體分子撞擊的次數(shù)減?。?）（10分）左右不等高、粗細均勻的玻璃管，左端開口，右端封閉。一段水銀柱將一定質(zhì)量27°C的理想氣體封閉在管內(nèi)，管內(nèi)水銀柱左右兩邊的液面相平，尺寸如圖所示。從左側(cè)沿管壁緩慢注入水銀，使右側(cè)水銀面上升2cm。大氣壓強為Po=75CmHg。求:⑴注入的水銀在管中的長度:（ii）給封閉的氣體加熱，保證不能有水銀溢出管口，求封閉氣體溫度的最高值。14.［物理選修3-4］（15分）諧運動。其振動表達式分別為XA=0.1sin（2皿）,XB=WinCI產(chǎn)生的兩列波在同一種均勻介質(zhì)中沿紙面?zhèn)鞑?。P諧運動。其振動表達式分別為XA=0.1sin（2皿）,XB=WinCI產(chǎn)生的兩列波在同一種均勻介質(zhì)中沿紙面?zhèn)鞑?。P是介質(zhì)中的一點，t=2s時開始振動，已知PA=40cm，PB=50cm，貝yA.兩列波的波速均為0.20m/sB.兩列波的波長均為0.25mC.兩列波在p點相遇時，振動總是減弱的D.P點合振動的振幅為0.4mE.t=2.25s，P沿著A傳播的方向運動了0.05m（2）（10分）如圖所示，某種透明介質(zhì)構(gòu)成的棱鏡橫截面為一等腰梯形，其中ZA=30。，BC邊長為a，AB邊長為x3a，AE為AB長度的3，一束光線剛好從E點沿與AD平行的方向射入棱鏡，該光線在棱鏡內(nèi)恰好通過AD的中點F。不考慮光在CD界面反射后的光線，已知光在真空中的傳播速度為c。求:

此種介質(zhì)的折射率；光線在介質(zhì)中的傳播時間。答案以及解析I.答案：C解析：氫原子從n=2能級向基態(tài)躍遷時發(fā)出的光子能量大于3.34eV，大于鋅的逸出功，會使鋅板產(chǎn)生光電效應，故A錯誤；群處于n=4能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，能放出C4=6種不同頻率的光子，故B錯誤；氫原子從n=3能級向基態(tài)躍遷時發(fā)出的光子的最大能量為Emax=_1-51eV+13-6eV=14-09eV，因鋅的逸出功是3.34eV，鋅板表面所發(fā)出的光電子的最大初動能為Em=14-09eV—3-34eV=8.75eV，故C正確；能量10.3eV不等于任何兩個能級的能級差，故能量為10.3eV的光子不能被氫原子吸收，不能使處于基態(tài)的氫原子躍遷，故D錯誤；2.答案：B解析：AB.由于小球受到重力，重力的方向是豎直向下的，故重力與細線的拉力合力一定在重力與細線之間的夾角內(nèi)，若再加一個力，使小球平衡，則這三個力的合力為零，即所施加的拉力F與重力和細線拉力的合力相平衡，方向相反，所以拉力F的方向可能在圖中的II區(qū)內(nèi)，故A錯誤，B正確；CD.根據(jù)力的合成的平行四邊形定則，拉力F的最小值是當拉力垂直細線的方向拉動時的力,由圖可知，如果是其它方向的力都比該力大，因此最小的拉力為：F=mgsin9，故CD錯誤;根據(jù)三個共點力平衡時，其中任何兩個力的合力一定與第三個力大小相等，方向相反，畫圖分析即可。故選：B。3.答案：C4-10解析：由x-t圖線的斜率等于速度可知，碰撞前A球的速度v=m/s=-3m/s，B球A24的速度為v=m/s=4m/s，碰撞后A、B兩球的速度相等，為B2

2一4v'=v'=v=m/s=-1m/s，對A、B組成的系統(tǒng)，根據(jù)動量守恒定律得TOC\o"1-5"\h\zAB24mv+mv=(m+m)v，解得m=-kg，選項A錯誤；對A,由動量定理得B對A所施AABBABB3沖量為I=mv'-mv=4N-s，選項B錯誤；碰撞過程中，A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的AAAA動能AE=1mv2+丄mv2-—(m+m)v2，代入數(shù)據(jù)解得AE=10J，選項C正確；A、Bk2AA2BB2ABk碰撞前總動量為p=mv+mv=-10kg-m/s，選項D錯誤.AABB34?答案:D解析：A.ab桿向左移動，面積減小，說明磁場正在增強，方向可以向上，也可以向下，故A錯誤；ab桿向右移動，面積增加，要阻礙磁通量變化，說明磁場正在減弱，方向可以向上，也可以向下，故B錯誤；無論磁場方向如何，只要磁場減弱，根據(jù)楞次定律，感應電流的磁場阻礙磁通量變化，面積要增加，即要受到向右的安培力，ab桿向右移動，故C錯誤；當磁場變化時，磁通量一定變化，一定有感應電動勢，一定有感應電流，故一定有安培力，因金屬桿光滑，不存在摩擦力，故一定運動，故D正確。故選：D。5.答案：C解析：因為h—m=—h，由t=可知2c=，由x=vt可知MAe=，則x=3x，1292ygt30x3ad2ADADD距網(wǎng)的水平距離為2xA錯誤；球從A到D，h=—gt2,D距網(wǎng)的水平距離為2xA錯誤；球從A到D，h=—gt2,3x=vt，得v20034B錯誤；任意降低擊球高度(仍大于h)，會有一臨界情況，此時球剛好接觸網(wǎng)又剛好壓界,2，解得h'=27午，若小于該臨界高度，速度大會出界，速度小會，要想球落在對方界內(nèi)，要既不能出界，又不能觸網(wǎng)，根據(jù)件=2gt12，得t1乜牛，則平拋的最大速度vmax=牛=節(jié)麗1，「m2=2gt2,得11maxt=22(h-h)x12，平拋運動的最小速度v==xgmint2^方，可見D錯誤.126?答案：AB解析：無磁場時，帶電粒子做勻速直線運動，設圓柱形區(qū)域磁場的半徑為R0,而有磁場時，帶電粒子做勻速圓周運動，由半徑公式可得：R=，由幾何關(guān)系得，圓磁Bq場半徑與圓軌道半徑的關(guān)系：R二昌R0，由以上各式聯(lián)式可得：m=，設粒子在磁場中的運動周期為T，則周期為T=響二＜3皿，由于不知圓磁場的半徑，因此帶電粒子的運Bq動半徑也無法求出，以及初速度無法求，故AB正確，CD錯誤。故選AB。7?答案：CD解析：根據(jù)題述“嫦娥四號”采取近乎垂直的著陸方式實施軟著陸，在著陸前的一段時間內(nèi)一定做減速運動，加速度豎直向上，處于超重狀態(tài)，選項A錯誤；“嫦娥四號”著陸前近月環(huán)繞月球做勻速圓周運動，其速度v二而，即月球的第一宇宙速度，又月球的半徑和表面重力加速度均小于地球的，故月球的第一宇宙速度一定小于地球的第一宇宙速度7.9km/s.選項B錯誤；“嫦娥四號”著陸前近月環(huán)繞月球做勻速圓周運動，由萬有引力定律和牛頓第4n2RTOC\o"1-5"\h\zMmMm24n2R二定律有G-m=mg,G-m=mR(-n)2，聯(lián)立解得月球表面的重力加速度g=R2月R2T月Mm2n4M3n項C正確；由說=mR(-)2，V=3nR3,p=v聯(lián)立解得月球的密度p=莎，項D正確.8.答案：AC解析：AB、在0過程中物體機械能在減小，根據(jù)功能關(guān)系可知，拉力在做負功，拉力方向沿斜面向上，所以物體的位移方向向下，即物體在沿斜面向下運動，根據(jù)功能關(guān)系得：F—△E=F?山，得Ax，則知圖線的斜率表示拉力，在0~xi過程中圖線的斜率逐漸減小到零，知物體的拉力逐漸減小到零，根據(jù)牛頓第二定律有：a—mgsin°-Fm，所以加速度一直增大，故A正確，B錯誤；在X1~X2過程中，機械能守恒，所以拉力F=0，物體向下運動，重力勢能減小，動能增大，故C正確；在0~xi過程中，加速度的方向與速度方向相同，都沿斜面向下，所以物體做加速運動；X1~X2過程中，F(xiàn)=0，物體做勻加速運動；X?X過程，機械能增大，拉力做正功，沿斜23

面向下，故物體繼續(xù)向下做加速運動，即物體一直沿斜面向下運動，故D錯誤。d2答案：（1）5.50；丄2xt2⑵①D②C解析：（1）由游標卡尺的讀數(shù)規(guī)則知d=5.50mm.小車通過光電門時的速度v=d，由勻變tTOC\o"1-5"\h\z速直線運動規(guī)律可得x==，故a=.2a2at22xt2（2）①設重物的質(zhì)量為m,小車的質(zhì)量為M,則合力做的功W=1Mv2=1-2，22t22選項d正確?②對重物由牛頓第二定律有mg-f'=ma，對小車由牛頓第二定律有F—f=Ma，又F=F，可得mg—f=（m+M）a，解得a=f，又f=RMg且“不變，m+M要想小車做勻加速直線運動的加速度不變，只需保持小車（包括遮光條）和重物的質(zhì)量不變即可，沒必要平衡摩擦力，也沒必要滿足重物的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量.答案：（1）E；B（2）F；防止滑動變阻器調(diào)節(jié)過度導致短路，并保證測量（3）U—I圖線如圖所示5.07；0.11（4）B解析：（1）滑動變阻器R用于改變電路中的電流，從安全和方便性原則考慮應選E；電壓表應選B。（2）R0作為保護電阻，除了防止滑動變阻器調(diào)節(jié)過度導致短路處，還要保證測量，因此應選F。（3）由圖像可知，充電寶的電動勢為5.07V,內(nèi)電阻為0.11。。

(4)理論上電池充滿電后的電荷量Q=It=2000x10-3x3600C=7200C，如果該手機使用時電流為100mA,理論上充電寶充滿電可以保證手機使用20000h=200h，故選項B正確,AC錯誤。11.答案：(1)從圖像可得金屬棒先做加速運動，再做勻速運動，勻速運動的速度Ax3.0—1.5v==m/s=1.5m/sAt2.5—1.5勻速運動時受沿斜面向上的安培力Fa作用，根據(jù)平衡條件有mgsin0=pmgcos0+FA代入數(shù)據(jù)解得FA=2N又F=BIL=B-B攵LAR+r解得B=4T(2)t=2.5s時金屬棒ab做勻速直線運動，速度大小v=1.5m/s位移大小x=3.0m設從開始到t=2.5s過程中電路中產(chǎn)生的熱量Q，根據(jù)能量守恒定律得mgxsin0=—mv2+pmgxcos0+Q2代入數(shù)據(jù)解得Q=4.875Jr電阻r上產(chǎn)生的熱量Q=——Q=0.8125JrR+r12?答案：(1