長(zhǎng)春市三中2020屆高三物理下學(xué)期二模模擬測(cè)試試題二含解析

吉林省長(zhǎng)春市三中2020屆高三物理下學(xué)期二模模擬測(cè)試試題二含解析吉林省長(zhǎng)春市三中2020屆高三物理下學(xué)期二模模擬測(cè)試試題二含解析PAGE23-吉林省長(zhǎng)春市三中2020屆高三物理下學(xué)期二模模擬測(cè)試試題二含解析吉林省長(zhǎng)春市三中2020屆高三物理下學(xué)期二模模擬測(cè)試試題（二)（含解析)一、選擇題1.據(jù)伊朗新聞電視臺(tái)2019年9月7日消息，伊朗原子能組織發(fā)言人卡邁勒萬(wàn)迪當(dāng)天宣布，作為第三階段中止履行伊核協(xié)議的措施,伊朗已啟動(dòng)了“先進(jìn)離心機(jī)”,以增加濃縮鈾儲(chǔ)量.關(guān)于鈾核的裂變，下列敘述正確的是（)A。核反應(yīng)堆中鈾核俘獲一個(gè)中子后分裂為兩個(gè)或幾個(gè)中等質(zhì)量的原子核,并吸收大量能量B.核反應(yīng)堆中鈾核自發(fā)分裂為兩個(gè)或幾個(gè)中等質(zhì)量的原子核，同時(shí)釋放大量的核能C.要使核反應(yīng)堆中鈾核發(fā)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，必須要有慢中子的轟擊D.要使核反應(yīng)堆中鈾核發(fā)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，必須要有快中子轟擊【答案】C【解析】【詳解】AB．核反應(yīng)堆中鈾核俘獲一個(gè)中子后分裂為兩個(gè)或幾個(gè)中等質(zhì)量的原子核，并釋放大量能量，AB錯(cuò)誤；CD．鏈?zhǔn)椒磻?yīng)的條件有三個(gè)，一是足夠濃度的鈾，二是鈾的體積需要大于等于臨界體積，三是需要慢中子轟擊，C正確，D錯(cuò)誤。故選C。2。如圖所示為某穩(wěn)定電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布情況，A、B、C、D為電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)，B、C點(diǎn)為空心導(dǎo)體表面兩點(diǎn)，A、D為電場(chǎng)中兩點(diǎn).下列說(shuō)法中正確的是（）A。D點(diǎn)的電勢(shì)高于A點(diǎn)的電勢(shì)B。A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C。將電子從D點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功D.將電子從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電勢(shì)能增大【答案】A【解析】【詳解】A．沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以D點(diǎn)電勢(shì)高于A點(diǎn)的電勢(shì)，A正確；B．電場(chǎng)線的疏密程度表示電場(chǎng)強(qiáng)度的弱強(qiáng)，所以A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，B錯(cuò)誤;C．電子帶負(fù)電，所以將電子從D點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力與運(yùn)動(dòng)方向夾角為鈍角，所以電場(chǎng)力做負(fù)功，C錯(cuò)誤；D．處于靜電平衡的導(dǎo)體是等勢(shì)體，所以B、C兩點(diǎn)電勢(shì)相等，根據(jù)可知電子在B、C兩點(diǎn)電勢(shì)能相等,D錯(cuò)誤。故選A。3.如圖所示,質(zhì)量為M的小車的表面由光滑水平面和光滑斜面連接而成，其上放一質(zhì)量為m的球,球與水平面的接觸點(diǎn)為a，與斜面的接觸點(diǎn)為b，斜面傾角為θ.當(dāng)小車和球一起在水平桌面上做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.若小車勻速運(yùn)動(dòng),則球?qū)π泵嫔蟗點(diǎn)的壓力大小為mgcosθB.若小車勻速運(yùn)動(dòng)，則球?qū)λ矫嫔蟖點(diǎn)的壓力大小為mgsinθC.若小車向左以加速度gtanθ加速運(yùn)動(dòng)，則球?qū)λ矫嫔蟖點(diǎn)無(wú)壓力D.若小車向左以加速度gtanθ加速運(yùn)動(dòng)，則小車對(duì)地面的壓力小于（M+m)g【答案】C【解析】【詳解】AB．小車和球一起勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),小球受到豎直向下的重力和水平面對(duì)小球豎直向上的支持力,二力平衡，所以小球?qū)點(diǎn)無(wú)壓力，根據(jù)牛頓第三定律可知小球?qū)點(diǎn)的壓力大小為mg,AB錯(cuò)誤；C．若小車向左以加速度gtanθ加速運(yùn)動(dòng)，假設(shè)小球?qū)點(diǎn)無(wú)壓力,根據(jù)牛頓第二定律解得假設(shè)成立,所以小球?qū)點(diǎn)無(wú)壓力，C正確；D．對(duì)小車和球構(gòu)成的系統(tǒng)整體受力分析可知,系統(tǒng)在豎直方向上加速度為0,豎直方向受到重力和支持力,二者等大反向，根據(jù)牛頓第三定律可知小車對(duì)地面的壓力等于（M+m）g，D錯(cuò)誤.故選C。4.某電磁軌道炮的簡(jiǎn)化模型如圖所示，兩圓柱形固定導(dǎo)軌相互平行,其對(duì)稱軸所在平面與水平面的夾角為θ，兩導(dǎo)軌長(zhǎng)為L(zhǎng)，間距為d，一質(zhì)量為m的金屬?gòu)椡柚糜趦蓪?dǎo)軌間，彈丸直徑為d，電阻為R，與導(dǎo)軌接觸良好且不計(jì)摩擦阻力,導(dǎo)軌下端連接理想恒流電源,電流大小恒為I，彈丸在安培力作用下從導(dǎo)軌底端由靜止開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng),加速度大小為a.下列說(shuō)法正確的是（）A.將彈丸彈出過(guò)程中，安培力做的功為maL+mgLsinθB.將彈丸彈出過(guò)程中，安培力做的功為I2RC。將彈丸彈出過(guò)程中，安培力的功率先增大后減小D.將彈丸彈出過(guò)程中,安培力的功率不變【答案】A【解析】【詳解】AB．對(duì)彈丸受力分析，根據(jù)牛頓第二定律安培力做功A正確,B錯(cuò)誤；CD．彈丸做勻加速直線運(yùn)動(dòng),速度一直增大，根據(jù)可知安培力的功率一直增大，CD錯(cuò)誤.故選A。5.工在生產(chǎn)紡織品、紙張等絕緣材料時(shí)為了實(shí)時(shí)監(jiān)控其厚度，通常要在生產(chǎn)流水線上設(shè)置如圖所示傳感器。其中A、B為平行板電容器的上、下兩個(gè)極板,上下位置均固定,且分別接在恒壓直流電源的兩極上（電源電壓小于材料的擊穿電壓）。當(dāng)流水線上通過(guò)的產(chǎn)品厚度減小時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（)A。A、B平行板電容器的電容增大B.A、B兩板上的電荷量變大C.有電流從a向b流過(guò)靈敏電流計(jì)D。A、B兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變大【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)可知當(dāng)產(chǎn)品厚度減小,導(dǎo)致減小時(shí),電容器的電容C減小，A錯(cuò)誤；BC．根據(jù)可知極板帶電量Q減小，有放電電流從a向b流過(guò),B錯(cuò)誤，C正確;D．因兩板之間的電勢(shì)差不變，板間距不變，所以兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度為不變，D錯(cuò)誤。故選C。6。如圖所示，地球質(zhì)量為M,繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),半徑為R．有一質(zhì)量為m的飛船，由靜止開(kāi)始從P點(diǎn)在恒力F的作用下，沿PD方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，一年后在D點(diǎn)飛船掠過(guò)地球上空，再過(guò)三個(gè)月，又在Q處掠過(guò)地球上空．根據(jù)以上條件可以得出A.DQ的距離為B。PD的距離為C.地球與太陽(yáng)的萬(wàn)有引力的大小D。地球與太陽(yáng)的萬(wàn)有引力的大小【答案】ABC【解析】【分析】根據(jù)DQ的時(shí)間與周期的關(guān)系得出D到Q所走的圓心角,結(jié)合幾何關(guān)系求出DQ的距離．抓住飛船做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合PD的時(shí)間和PQ的時(shí)間之比得出位移之比，從而得出PD的距離．根據(jù)位移時(shí)間公式和牛頓第二定律,結(jié)合地球與太陽(yáng)之間的引力等于地球的向心力求出引力的大?。驹斀狻康厍蚶@太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的周期為一年,飛船從D到Q所用的時(shí)間為三個(gè)月，則地球從D到Q的時(shí)間為三個(gè)月，即四分之一個(gè)周期,轉(zhuǎn)動(dòng)的角度為90度，根據(jù)幾何關(guān)系知，DQ的距離為，故A正確；因?yàn)镻到D的時(shí)間為一年，D到Q的時(shí)間為三個(gè)月,可知P到D的時(shí)間和P到Q的時(shí)間之比為4：5,根據(jù)得,PD和PQ距離之比為16:25,則PD和DQ的距離之比為16：9,，則,B正確；地球與太陽(yáng)的萬(wàn)有引力等于地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力,對(duì)PD段，根據(jù)位移公式有:，因?yàn)镻到D的時(shí)間和D到Q的時(shí)間之比為4：1，則，即T=t，向心力，聯(lián)立解得地球與太陽(yáng)之間的引力，故C正確D錯(cuò)誤．7。回旋加速器的工作原理如圖所示,置于高真空中的D形金屬盒半徑為R。兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過(guò)狹縫的時(shí)間忽略不計(jì),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直。A處粒子源產(chǎn)生質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子，在加速器中被加速，加速電壓為U。下列說(shuō)法正確的是（）A.交變電場(chǎng)的周期為B。粒子射出加速器的速度大小與電壓U成正比C。粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D.粒子第1次經(jīng)過(guò)狹縫后進(jìn)入磁場(chǎng)的半徑為【答案】CD【解析】【詳解】A．為了能夠使粒子通過(guò)狹縫時(shí)持續(xù)的加速，交變電流的周期和粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期相同，即A錯(cuò)誤；B．粒子最終從加速器飛出時(shí)解得粒子飛出回旋加速器時(shí)的速度大小和無(wú)關(guān)，B錯(cuò)誤；C．粒子在電場(chǎng)中加速的次數(shù)為，根據(jù)動(dòng)能定理粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間C正確;D．粒子第一次經(jīng)過(guò)電場(chǎng)加速進(jìn)入磁場(chǎng)，洛倫茲力提供向心力解得D正確。故選CD。8。如圖所示,在豎直方向上A、B兩物體通過(guò)勁度系數(shù)為k=200N/m的輕質(zhì)彈簧相連，A放在水平地面上，B、C兩物體通過(guò)細(xì)線繞過(guò)輕質(zhì)定滑輪相連，C放在固定的光滑斜面上。用手拿住C，使細(xì)線剛剛拉直但無(wú)拉力作用，并保證ab段的細(xì)線豎直、cd段的細(xì)線與斜面平行.已知A、B的質(zhì)量均為10kg，C的質(zhì)量為40kg，重力加速度為g=10m/s2,細(xì)線與滑輪之間的摩擦不計(jì),開(kāi)始時(shí)整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，釋放C后C沿斜面下滑，A剛離開(kāi)地面時(shí)，B獲得最大速度。（）A。斜面傾角=30°B。A、B、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能先增加后減小C.B的最大速度D.當(dāng)C的速度最大時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)【答案】ABC【解析】【詳解】A．開(kāi)始時(shí)彈簧壓縮長(zhǎng)度為xB得：kxB=mg當(dāng)A剛離開(kāi)地面時(shí),彈簧處于拉伸狀態(tài)，對(duì)A有：kxA=mg物體A剛離開(kāi)地面時(shí)，物體B獲得最大速度,B、C的加速度為0，對(duì)B有：T—mg—kxA=0對(duì)C有：Mgsinα—T=0解得：α=30°故A正確；B．由于xA=xB，彈簧處于壓縮狀態(tài)和伸長(zhǎng)狀態(tài)時(shí)的彈性勢(shì)能相等，即此過(guò)程中彈簧的彈性勢(shì)能先減小后增加；而由A、B、C以及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，可知A、B、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能先增加后減小,故B正確；

C．當(dāng)物體A剛離開(kāi)地面時(shí),物體B上升的距離以及物體C沿斜面下滑的距離為：由于xA=xB，彈簧處于壓縮狀態(tài)和伸長(zhǎng)狀態(tài)時(shí)的彈性勢(shì)能相等,彈簧彈力做功為零,且物體A剛剛離開(kāi)地面時(shí)，B、C兩物體的速度相等,設(shè)為vB，由動(dòng)能定理得：解得：vB＝2m/s故C正確;D．當(dāng)B的速度最大時(shí)，C的速度也是最大的，此時(shí)彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài),故D錯(cuò)誤；故選ABC.二、非選擇題9.某同學(xué)利用如圖所示的裝置來(lái)驗(yàn)證力的平行四邊形定則:在豎直木板上鋪有白紙，并用圖釘固定在木板上。固定兩個(gè)光滑的滑輪A和B，將繩子打一個(gè)結(jié)點(diǎn)O，每個(gè)鉤碼的質(zhì)量相等。調(diào)整鉤碼個(gè)數(shù)使系統(tǒng)達(dá)到平衡。(1）實(shí)驗(yàn)過(guò)程中必須要記錄下列哪些數(shù)據(jù)(）A．O點(diǎn)位置B．每組鉤碼的個(gè)數(shù)C．每個(gè)鉤碼的質(zhì)量D．OA、OB和OC繩的長(zhǎng)度E．OA、OB和OC繩的方向(2）下列實(shí)驗(yàn)操作正確的是（）A．將OC繩換成橡皮筋，仍可完成實(shí)驗(yàn)B．細(xì)繩要長(zhǎng)些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些可減小實(shí)驗(yàn)誤差C．盡量保持∠AOB為90°、60°、120°等特殊角方便計(jì)算D．若改變懸掛鉤碼的個(gè)數(shù)N3，重新進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，必須保持O點(diǎn)位置不動(dòng)，重新調(diào)整鉤碼的個(gè)數(shù)N1、N2【答案】（1）.ABE(2)。AB【解析】【詳解】（1)［1］A．為了驗(yàn)證平行四邊形定則，必須作受力圖,所以需要確定受力點(diǎn),即需要標(biāo)記結(jié)點(diǎn)的位置,A正確；BC．其次要作出力的方向和大小,每個(gè)鉤碼的質(zhì)量相同，所以鉤碼的個(gè)數(shù)可以作為力的大小，不需要測(cè)量鉤碼質(zhì)量，B正確，C錯(cuò)誤；DE．連接鉤碼繩子的方向可以表示力的方向，所以需要標(biāo)記OA、OB和OC繩的方向，D錯(cuò)誤，E正確。故選ABE.(2）[2］A．如果將繩換成橡皮筋，在同一次實(shí)驗(yàn)過(guò)程中,只要將結(jié)點(diǎn)拉到相同的位置，實(shí)驗(yàn)結(jié)果不會(huì)發(fā)生變化，仍可完成實(shí)驗(yàn)，A正確；B．細(xì)繩要長(zhǎng)些,標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些可以使力的方向更準(zhǔn)確，減小實(shí)驗(yàn)誤差,B正確；C．實(shí)驗(yàn)通過(guò)平行四邊形定則進(jìn)行力的合成確定力的大小和方向，不需要計(jì)算，C錯(cuò)誤；D．實(shí)驗(yàn)的目的是驗(yàn)證平行四邊形定則，重新實(shí)驗(yàn)，不需要保持結(jié)點(diǎn)位置不動(dòng)，D錯(cuò)誤。故選AB。10。某同學(xué)利用如圖所示的電路可以測(cè)量多個(gè)物理量．實(shí)驗(yàn)室提供的器材有:兩個(gè)相同的待測(cè)電源（內(nèi)阻r≈1Ω）電阻箱R1（最大阻值為999.9Ω）電阻箱R2（最大阻值為999。9Ω)電壓表V（內(nèi)阻約為2kΩ）電流表A（內(nèi)阻約為2Ω）靈敏電流計(jì)G,兩個(gè)開(kāi)關(guān)S1、S2．主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：①按圖連接好電路，調(diào)節(jié)電阻箱R1和R2至最大，閉合開(kāi)關(guān)S1和S2，再反復(fù)調(diào)節(jié)R1和R2，使電流計(jì)G的示數(shù)為0，讀出電流表A、電壓表V、電阻箱R1、電阻箱R2的示數(shù)分別為0。40A、12.0V、30。6Ω、28.2Ω；②反復(fù)調(diào)節(jié)電阻箱R1和R2(與①中的電阻值不同），使電流計(jì)G的示數(shù)為0，讀出電流表A、電壓表V的示數(shù)分別為0。60A、11。7V．回答下列問(wèn)題：（1）步驟①中：電流計(jì)G的示數(shù)為0時(shí),電路中A和B兩點(diǎn)的電電勢(shì)差UAB=_____V；A和C兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAC=______V;A和D兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAD=______V；(2）利用步驟①中的測(cè)量數(shù)據(jù)可以求得電壓表的內(nèi)阻為_(kāi)_____Ω,電流表的內(nèi)阻為_(kāi)_____Ω；(3）結(jié)合步驟①步驟②的測(cè)量數(shù)據(jù)電源的電動(dòng)勢(shì)E為_(kāi)_____V，內(nèi)阻r為_(kāi)____Ω．【答案】（1)。0（2)。12.0V(3）.—12.0V(4）.1530Ω（5)。1。8Ω(6）.12.6V（7）.1。5Ω【解析】【詳解】（1）［1]［2]［3]當(dāng)電流計(jì)示數(shù)為0時(shí)，A、B兩點(diǎn)電勢(shì)相等，即;電壓表示數(shù)即為A、C兩點(diǎn)電勢(shì)差，即；由閉合電路歐姆定律可知，D、A和A、C之間的電勢(shì)差相等，故；(2）［4]［5］由歐姆定律可得解得由可得（3)[6][7]由步驟①可得由步驟②可得聯(lián)立可解得11。如圖所示，固定在豎直面內(nèi)半徑R=0.4m的光滑半圓形軌道cde與長(zhǎng)s=2。2m的水平軌道bc相切于c點(diǎn)，傾角θ=37°的斜軌道ab通過(guò)一小段光滑圓弧與水平軌道bc平滑連接.質(zhì)量m=1kg的物塊B靜止于斜軌道的底端b處，質(zhì)量M=3kg的物塊A從斜面上的P處由靜止沿斜軌道滑下，與物塊B碰撞后黏合在一起向右滑動(dòng)。已知P處與c處的高度差H=4.8m,兩物塊與軌道abc間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25，取g=10m/s2，sin37°=0。6,cos37°=0.8，A、B均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力。求：(1)A與B碰撞后瞬間一起滑行的速度大小;(2）物塊A、B到達(dá)e處時(shí)對(duì)軌道的壓力大小?！敬鸢浮浚?)6m/s;（2）50N【解析】【詳解】(1)A沿斜軌道下滑時(shí),由牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式兩物塊碰撞滿足動(dòng)量守恒，選取水平向右為正方向解得（2)物塊從b運(yùn)動(dòng)到e的過(guò)程,根據(jù)動(dòng)能定理在e點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律解得根據(jù)牛頓第三定律可知物塊對(duì)軌道點(diǎn)的壓力大小為。12。如圖1所示,在直角坐標(biāo)系xOy中，MN垂直x軸于N點(diǎn)，第二象限中存在方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng),Oy與MN間（包括Oy、MN)存在均勻分布的磁場(chǎng),取垂直紙面向里為磁場(chǎng)的正方向，其感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖2所示。一比荷的帶正電粒子（不計(jì)重力）從O點(diǎn)沿紙面以大小v0=、方向與Oy夾角θ＝60°的速度射入第一象限中,已知場(chǎng)強(qiáng)大小E=(1+）,ON=L（1）若粒子在t=t0時(shí)刻從O點(diǎn)射入，求粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1;(2）若粒子在0~t0之間的某時(shí)刻從O點(diǎn)射入，恰好垂直y軸進(jìn)入電場(chǎng),之后從P點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)，求從O點(diǎn)射入的時(shí)刻t2以及P點(diǎn)的橫坐標(biāo)xP;(3)若粒子在0~t0之間的某時(shí)刻從O點(diǎn)射入，求粒子在Oy與MN間運(yùn)動(dòng)的最大路程s?！敬鸢浮?1)；（2），;（3）(5+）L【解析】【詳解】(1）若粒子t0時(shí)刻從O點(diǎn)射入，粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示:由幾何關(guān)系可知圓心角洛倫茲力提供向心力，則已知周期粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間符合題意.（2)由(1)可知解得設(shè)t2時(shí)刻粒子從點(diǎn)射入時(shí)恰好垂直軸進(jìn)入電場(chǎng),如圖所示：則解得粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，分解位移根據(jù)牛頓第二定律有解得（