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學(xué)業(yè)分層測評(十一)(建議用時:45分鐘)學(xué)業(yè)達標(biāo)]一、選擇題1.設(shè)a1,a2,a3為正數(shù),且a1,a2,a3的任一排列為a′1,a′2,a′3,則eq\f(a1,a′1)+eq\f(a2,a′2)+eq\f(a3,a′3)的最小值為()A.3 B.6C.9 D.12【解析】由題意,不妨設(shè)a1≥a2≥a3>0,則eq\f(1,a3)≥eq\f(1,a2)≥eq\f(1,a1)>0,∴eq\f(a1,a′1)+eq\f(a2,a′2)+eq\f(a3,a′3)≥eq\f(a1,a1)+eq\f(a2,a2)+eq\f(a3,a3)=3,當(dāng)且僅當(dāng)a1=a2=a3時等號成立.【答案】A2.設(shè)a1,a2,…,an都是正數(shù),b1,b2,…,bn是a1,a2,…,an的任一排列,P=aeq\o\al(2,1)beq\o\al(-1,1)+aeq\o\al(2,2)beq\o\al(-1,2)+…+aeq\o\al(2,n)beq\o\al(-1,n),Q=a1+a2+…+an,則P與Q的大小關(guān)系是()A.P=Q B.P>QC.P<Q D.P≥Q【解析】設(shè)a1≥a2≥…≥an>0,可知aeq\o\al(2,1)≥aeq\o\al(2,2)≥…≥aeq\o\al(2,n),aeq\o\al(-1,n)≥aeq\o\al(-1,n-1)≥…≥aeq\o\al(-1,1).由排序不等式,得aeq\o\al(2,1)beq\o\al(-1,1)+aeq\o\al(2,2)beq\o\al(-1,2)+…+aeq\o\al(2,n)beq\o\al(-1,n)≥aeq\o\al(2,1)aeq\o\al(-1,1)+aeq\o\al(2,2)aeq\o\al(-1,2)+aeq\o\al(2,n)aeq\o\al(-1,n),即aeq\o\al(2,1)beq\o\al(-1,1)+aeq\o\al(2,2)beq\o\al(-1,2)+…+aeq\o\al(2,n)beq\o\al(-1,n)≥a1+a2+…+an.∴P≥Q,當(dāng)且僅當(dāng)a1=a2=…=an>0時等號成立.【答案】D3.某班學(xué)生要開聯(lián)歡會,需要買價格不同的禮品4件,5件及2件,現(xiàn)在選擇商店中單價為3元,2元和1元的禮品,則至少要花________元,至多花________元.()A.20,23 B.19,25C.21,23 D.19,24【解析】單價大小排列為3,2,1,待買禮品數(shù)量排列為5,4,2,任意交叉相乘再取和中最大值是順序和3×5+2×4+1×2=25,最小值是逆序和3×2+2×4+1×5=19.【答案】B4.設(shè)a1,a2,a3為正數(shù),則eq\f(a1a2,a3)+eq\f(a2a3,a1)+eq\f(a3a1,a2)與a1+a2+a3大小關(guān)系為()A.> B.≥C.< D.≤【解析】不妨設(shè)a1≥a2≥a3>0,于是eq\f(1,a1)≤eq\f(1,a2)≤eq\f(1,a3),a2a3≤a3a1≤a1a2,由排序不等式:順序和≥亂序和,得eq\f(a1a2,a3)+eq\f(a3a1,a2)+eq\f(a2a3,a1)≥eq\f(1,a2)·a2a3+eq\f(1,a3)·a3a1+eq\f(1,a1)·a1a2=a3+a1+a2,即eq\f(a1a2,a3)+eq\f(a2a3,a1)+eq\f(a3a1,a2)≥a1+a2+a3.【答案】B5.a(chǎn)1,a2,…,an都是正數(shù),b1,b2,…,bn是a1,a2,…,an的任一排列,則a1beq\o\al(-1,1)+a2beq\o\al(-1,2)+…+anbeq\o\al(-1,n)的最小值是()A.1 B.nC.n2 D.無法確定【解析】設(shè)a1≥a2≥…≥an>0.可知aeq\o\al(-1,n)≥aeq\o\al(-1,n-1)≥…≥aeq\o\al(-1,1),由排序原理,得a1beq\o\al(-1,1)+a2beq\o\al(-1,2)+…+anbeq\o\al(-1,n)≥a1aeq\o\al(-1,1)+a2aeq\o\al(-1,2)+…+anaeq\o\al(-1,n)=n.【答案】B二、填空題6.設(shè)a≥b>0,則a3+b3與a2b+ab2的大小關(guān)系是__________.【解析】∵a≥b>0,∴a2≥b2>0,因此a3+b3≥a2b+ab2(排序不等式).【答案】a3+b3≥a2b+ab27.有4人各拿一只水桶去接水,設(shè)水龍頭注滿每個人的水桶分別需要5s,4s,3s,7s,每個人接完水后就離開,則他們總的等候時間最短為________s.【解析】等候的最短時間為:3×4+4×3+5×2+7×1=41(s).【答案】418.若a>0,b>0且a+b=1,則eq\f(b2,a)+eq\f(a2,b)的最小值是__________.【導(dǎo)學(xué)號:94910034】【解析】不妨設(shè)a≥b>0,則有a2≥b2,且eq\f(1,b)≥eq\f(1,a).由排序不等式得eq\f(b2,a)+eq\f(a2,b)≥eq\f(1,a)·a2+eq\f(1,b)·b2=a+b=1,當(dāng)且僅當(dāng)a=b=eq\f(1,2)時,等號成立.∴eq\f(b2,a)+eq\f(a2,b)的最小值為1.【答案】1三、解答題9.設(shè)a,b,c為正數(shù),求證:eq\f(a12,bc)+eq\f(b12,ca)+eq\f(c12,ab)≥a10+b10+c10.【證明】由對稱性,不妨設(shè)a≥b≥c>0,于是a12≥b12≥c12,eq\f(1,bc)≥eq\f(1,ca)≥eq\f(1,ab),故由排序不等式:順序和≥亂序和,得eq\f(a12,bc)+eq\f(b12,ca)+eq\f(c12,ab)≥eq\f(a12,ab)+eq\f(b12,bc)+eq\f(c12,ca)=eq\f(a11,b)+eq\f(b11,c)+eq\f(c11,a). ①又因為a11≥b11≥c11,eq\f(1,a)≤eq\f(1,b)≤eq\f(1,c).再次由排序不等式:逆序和≤亂序和,得eq\f(a11,a)+eq\f(b11,b)+eq\f(c11,c)≤eq\f(a11,b)+eq\f(b11,c)+eq\f(c11,a). ②所以由①,②得eq\f(a12,bc)+eq\f(b12,ca)+eq\f(c12,ab)≥a10+b10+c10.10.已知0<α<β<γ<eq\f(π,2),求證:sinαcosβ+sinβcosγ+sinγcosα>eq\f(1,2)(sin2α+sin2β+sin2γ).【證明】∵0<α<β<γ<eq\f(π,2),且y=sinx在eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0,\f(π,2)))為增函數(shù),y=cosx在eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0,\f(π,2)))為減函數(shù),∴0<sinα<sinβ<sinγ,cosα>cosβ>cosγ>0.根據(jù)排序不等式得:亂序和≥逆序和.又∵本題中等號不可能取到,∴sinαcosβ+sinβcosγ+sinγcosα>eq\f(1,2)(sin2α+sin2β+sin2γ).能力提升]1.已知a,b,c為正數(shù),則a2(a2-bc)+b2(b2-ac)+c2(c2-ab)的正負(fù)情況是()A.大于零 B.大于等于零C.小于零 D.小于等于零【解析】設(shè)a≥b≥c>0,所以a3≥b3≥c3,根據(jù)排序原理,得a3×a+b3×b+c3×c≥a3b+b3c+c3a.又知ab≥ac≥bc,a2≥b2≥c2,所以a3b+b3c+c3a≥a2bc+b2ca+c2ab,所以a4+b4+c4≥a2bc+b2ca+c2ab.即a2(a2-bc)+b2(b2-ac)+c2(c2-ab)≥0.【答案】B2.銳角三角形中,設(shè)P=eq\f(a+b+c,2),Q=acosC+bcosB+ccosA,則P,Q的關(guān)系為()A.P≥Q B.P=QC.P≤Q D.不能確定【解析】不妨設(shè)A≥B≥C,則a≥b≥c,cosA≤cosB≤cosC,則由排序不等式有Q=acosC+bcosB+ccosA≥acosB+bcosC+ccosA=R(2sinAcosB+2sinBcosC+2sinCcosA)≥Rsin(A+B)+sin(B+C)+sin(A+C)]=R(sinC+sinA+sinB)=eq\f(a+b+c,2)=P.【答案】C3.設(shè)a,b,c是正數(shù),則aabbcc________(abc)eq\s\up12(\f(a+b+c,3)).【解析】不妨設(shè)a≥b≥c>0,則lga≥lgb≥lgc,據(jù)排序不等式有:alga+blgb+clgc≥blga+clgb+algc,alga+blgb+clgc≥clga+algb+blgc,以上兩式相加,再兩邊同加alga+blgb+clgc,整理得3(alga+blgb+clgc)≥(a+b+c)(lga+lgb+lgc),即lg(aabbcc)≥eq\f(a+b+c,3)·lg(abc),故aabbcc≥(abc)eq\s\up12(\f(a+b+c,3)).【答案】≥4.設(shè)a,b,c大于0,求證:(1)a3+b3≥ab(a+b);(2)eq\f(1,a3+b3+abc)+eq\f(1,b3+c3+abc)+eq\f(1,c3+a3+abc)≤eq\f(1,abc).【證明】(1)不妨設(shè)a≥b≥c>0,則a2≥b2≥c2>0,∴a3+b3=a2·a+b2·b≥a2b+b2a,∴a3+b3≥ab(a+b).(2)由(1)知,同理b3+c3≥bc(b+c),c3+a3≥ac(c+a).所以eq\f(1,a3+b3+abc)+eq
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