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文檔簡介
山西省長治市李元中學(xué)2022-2023學(xué)年高二物理聯(lián)考試題含解析一、選擇題:本題共5小題,每小題3分,共計15分.每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示,一正方形線圈的匝數(shù)為n,邊長為a,線圈平面與勻強磁場垂直,且一半處在磁場中,在時間內(nèi),磁感應(yīng)強度的方向不變,大小由B均勻的增大到2B.在此過程中,線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為()A.B.C.D.參考答案:B試題分析:在此過程中,線圈中的磁通量改變量大小,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,B正確;考點:考查了法拉第電磁感應(yīng)定律【名師點睛】解決電磁感應(yīng)的問題,關(guān)鍵理解并掌握法拉第電磁感應(yīng)定律,知道S是有效面積,即有磁通量的線圈的面積.2.在軋制鋼板時需要動態(tài)地監(jiān)測鋼板厚度,其檢測裝置由放射源、探測器等構(gòu)成,如圖所示。該裝置中探測器接收到的是A.X射線
B.a(chǎn)射線
C.b射線
D.g射線參考答案:D3.如圖所示電路中,電源電壓u=311sin100t(V),A、B間接有“220V440W”的電暖寶、“220V220W”的抽油煙機、交流電壓表及保險絲。下列說法正確的是()A.交流電壓表的示數(shù)為311VB.電路要正常工作,保險絲的額定電流不能小于3AC.電暖寶發(fā)熱功率是抽油煙機發(fā)熱功率的2倍D.1min抽油煙機消耗的電能為1.32×104J參考答案:D試題分析:電壓表測量的是有效值,u=311sin100πt(V)的有效值為220V,,A不對;電路總功率P=660W,根據(jù),回路的電流有效值為3A,保險絲的額定電流不應(yīng)小于3A,B不對;電曖寶是純電阻性電路,熱功率為440W,而抽油煙機是非純電阻性電路,總功率為輸出機械能的功率與熱功率之和,因此產(chǎn)熱功率小于220W,C不對;1min抽油煙機消耗的電能,,D正確考點:交流電的有效值;電功率,焦耳定律4.(多選)邊長為L的正方形金屬框在水平恒力作用下,穿過如圖3所示的有界勻強磁場,磁場寬度為d(d>L),已知ab邊進入磁場時,線框剛好做勻速運動,則線框進入磁場過程和從磁場另一側(cè)穿出過程相比較,說法正確的是A.產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反
B.所受安培力方向相反C.所受安培力大小相等D.線框穿出磁場產(chǎn)生的電能一定比進入磁場產(chǎn)生的電能多參考答案:AD5.關(guān)于曲線運動,下列說法中正確的是A.物體做曲線運動時,速度可能不變B.物體做曲線運動時,加速度可能不變C.物體做曲線運動時,所受的合外力一定是在不斷變化的D.物體做曲線運動時,合外力的方向一定與速度方向垂直參考答案:B二、填空題:本題共8小題,每小題2分,共計16分6.一個小型電熱器若接在輸出電壓為15V的直流電源上,消耗電功率為P;若把它接在某個正弦交流電源上,其消耗的電功率為。如果電熱器電阻不變,則此交流電源輸出電壓的最大值為
V。參考答案:7.某同學(xué)在探究玻璃折射率的過程中,根據(jù)測得的入射角和折射角的正弦值畫出的圖線如圖所示.當(dāng)光線由空氣射入玻璃磚時,則θ1和θ2中為入射角的是______;當(dāng)光線由玻璃磚射入空氣時,臨界角的正弦值是____;從圖線可知玻璃磚的折射率是______.參考答案:θ1
2/3
3/2(或1.5)8.通電螺線管內(nèi)部的磁場可認(rèn)為是勻強磁場。設(shè)某個通電螺線管內(nèi)部磁場的磁感應(yīng)強度為5×10-3T,螺線管的截面積是5×10-4m2,那么通過螺線管截面的磁通量為
。參考答案:2.5×10-6Wb9.如圖所示是使用光電管的原理圖,當(dāng)用某種可見光照射到陰極K上時,電流表中有電流通過:(1)當(dāng)變阻器的滑動端P向______滑動時(填“左”或“右”),通過電流表的電流將會減小,當(dāng)電流表電流剛減小到零時,電壓表的讀數(shù)為U,則陰極K的逸出功為______________(已知電子電荷量為e,普朗克常量為h,可見光的頻率為)。(2)如果保持變阻器的滑動端P的位置不變,也不改變?nèi)肷涔獾念l率,而增大入射光的強度,則光電子的最大初動能將______(填“增大”、“減小”或“不變”),通過電流表的電流將會________(填“增大”、“減小”或“不變”)。(3)如果將電源的正負(fù)極對調(diào),將變阻器的滑動端P從A端逐漸向B端移動的過程中,通過電流表的電流先______________后____________(填“增大”、“減小”或“不變”)(電源電壓足夠大)參考答案:
(1).右
(2).hv-eU
(3).不變
(4).增大
(5).增大
(6).保持不變(1)電流表中的電流減小,則兩極上的反向電壓增大,所以滑動變阻器應(yīng)向右滑動,因為反向電壓為U時,電流表讀數(shù)為零,根據(jù)動能定理得:光電子的最大初動能,根據(jù)光電效應(yīng)方程可得,故(2)根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程,可知如果不改變?nèi)肷涔獾念l率,而增加入射光的強度,但光電子的最大初動能不變,由于光照強度越大,光子數(shù)目多,那么通過電流表的電量增大,則電流表示數(shù)將增大.(3)對調(diào)后反向電壓變?yōu)檎螂妷?,光電子受到的電場力是動力,滑動變阻器從A到B過程中兩極間的電壓增大,使得更多的光電子到達另一極,即電流增大,因為光電子數(shù)目由限,所以當(dāng)所有光電子都到達另一極時,隨著電壓的增大,光電流不再增大,故先增大后保持不變10.應(yīng)用楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向時,首先要
;其次是
;然后依據(jù)楞次定律
;最后
。參考答案:11.當(dāng)用具有1.87eV能量的光子照射到n=3激發(fā)態(tài)的氫子時,氫原子吸收該光子后被電離,則電離后電子的動能為:
。參考答案:12.如圖所示,在光滑水平面上方,有兩個磁感應(yīng)強度大小均為B、方向相反的水平勻強磁場,如圖所示,PQ為兩個磁場的邊界,磁場范圍足夠大。一個邊長為a,質(zhì)量為m,電阻為R的正方形金屬線框垂直磁場方向,以速度v從圖示位置向右運動,當(dāng)線框中心線AB運動到與PQ重合時,線框的速度為,此時線框中的電功率為________,此過程回路產(chǎn)生的焦耳熱為________。參考答案:
13.右圖為某電場的部分電場線。由圖可知A、B兩點的場強大小EA
EB(選填“>”、“<”或“=”)。參考答案:三、簡答題:本題共2小題,每小題11分,共計22分14.(5分)如圖是研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實驗裝置圖,結(jié)合圖片,請說出能產(chǎn)生感應(yīng)電流的幾種做法(至少三種)。(1)
;(2)
;(3)
。參考答案:(1)
閉合開關(guān)瞬間;(2)斷開開關(guān)瞬間;(3)
閉合開關(guān),移動滑動變阻器滑片。15.(10分)“玻意耳定律”告訴我們:一定質(zhì)量的氣體.如果保持溫度不變,體積減小,壓強增大;“查理定律”指出:一定質(zhì)量的氣體,如果保持體積不變,溫度升高.壓強增大;請你用分子運動論的觀點分別解釋上述兩種現(xiàn)象,并說明兩種增大壓強的方式有何不同。參考答案:一定質(zhì)量的氣體.如果溫度保持不變,分子平均動能不變,每次分子與容器碰撞時平均作用力不變,而體積減小,單位體積內(nèi)分子數(shù)增大,相同時間內(nèi)撞擊到容器壁的分子數(shù)增加,因此壓強增大,(4分)一定質(zhì)量的氣體,若體積保持不變,單位體積內(nèi)分子數(shù)不變,溫度升高,分子熱運動加劇,對容器壁碰撞更頻繁,每次碰撞平均作用力也增大,所以壓強增大。(4分)第一次只改變了單位時間內(nèi)單位面積器壁上碰撞的分子數(shù);而第二種情況下改變了影響壓強的兩個因素:單位時間內(nèi)單位面積上碰撞的次數(shù)和每次碰撞的平均作用力。(2分)四、計算題:本題共3小題,共計47分16.有一個帶電量q=?3.0×C的點電荷,從電場中的A點移到B點時,克服電場力做功6.0×J,從B點移到C點時,電場力做功9.0×J。試問:(1)A、B、C三點之間的電勢差UAB、UBC和UCA各是多少?(2)若規(guī)定B點電勢為零,則A、C兩點的電勢A和C各是多少?參考答案:17.(6分)真空中有兩個點電荷,帶等量同種正電荷,相距0.3m,它們間的靜電力的大小為10-3N,求:(1)每個點電荷所帶電荷量是多少。(2)每個電荷所帶的電量是元電荷的多少倍。(已知k=9.0×109N·m2/C2)參考答案:解析:18.如圖所示,水平桌面上有一輕彈簧,左端固定在A點,自然狀態(tài)時其右端位于B點.水平桌面右側(cè)有一豎直放置的光滑軌道MNP,其形狀為半徑R=0.8m的圓環(huán)剪去了左上角135°的圓弧,MN為其豎直直徑,P點到桌面的豎直距離也是R.用質(zhì)量m1=0.4kg的物塊將彈簧緩慢壓縮到C點,釋放后彈簧恢復(fù)原長時物塊恰停止在B點.用同種材料、質(zhì)量為m2=0.2kg的物塊將彈簧緩慢壓縮到C點釋放,物塊過B點后做勻變速運動其位移與時間的關(guān)系為s=6t﹣2t2,物塊飛離桌面后由P點沿切線落入圓軌道.g=10m/s2,求:(1)物塊m2過B點時的瞬時速度V0及與桌面間的滑動摩擦因數(shù).(2)BP間的水平距離(3)判斷m2能否沿圓軌道到達M點(要求計算過程).(4)釋放后m2運動過程中克服摩擦力做的功.參考答案:解:(1)由物塊過B點后其位移與時間的關(guān)系s=6t﹣2t2得與s=:v0=6m/s
加速度a=4m/s2而μm2g=m2a
得μ=0.4
(2)設(shè)物塊由D點以vD做平拋,落到P點時其豎直速度為根據(jù)幾何關(guān)系有:解得vD=4m/s運動時間為:t=所以DP的水平位移為:4×0.4m=1.6m根據(jù)物塊過B點后其位移與時間的關(guān)系為x=6t﹣2t2,有:在桌面上過B點后初速v0=6m/s,加速度a=﹣4m/s2所以BD間位移為m所以BP間位移為2.5+1.6m=4.1m(3)設(shè)物塊到達M點的臨界速度為vm,有:vM==m/s由機械能守恒定律得:=解得:v′M=m/s因為<所以物塊不能到達M點.(4)設(shè)彈簧長為AC時的彈性勢能為EP,物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)為μ,釋放m1時,EP=μm1gsCB釋放m2時且m1=2m2,可得:m2釋放后在桌面上運動過程中克服摩擦力做功為Wf,則由能量轉(zhuǎn)化及守恒定律得:可得Wf=5.6J答:(1)物塊m2過B點時的瞬時速度為6m/s,與桌面間的滑動摩擦因數(shù)為0.4.(2)BP間的水平距離為4.1m;(3)m2不能沿圓軌道到達M點;(4)m2釋放后在桌面上運動的過程中克服摩擦力做的功為5.6J.【考點】機械能守恒定律;勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系;牛頓第二定律;平拋運動.【分析】(1)由物塊過B點后其位
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