海南省華東師大二附中樂東黃流中學2020-2021學年高二上學期第一周周末作業(yè)物理試題含答案

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精海南省華東師大二附中樂東黃流中學2020-2021學年高二上學期第一周周末作業(yè)物理試題含答案樂東黃流中學2020-2021學年高二上學期第一周周末作業(yè)物理試題班級:_________姓名:______________1．如右圖所示，一電荷量為q的正點電荷位于電場中的A點,受到的電場力為F.若把該點電荷換為電荷量為2q的負點電荷，則A點的電場強度E為（）A．,方向與F相反 B．，方向與F相反C．，方向與F相同 D．，方向與F相同2．一質(zhì)點由靜止開始做直線運動的關系圖像如圖所示，則該質(zhì)點的關系圖像可大致表示為圖中的（)A．B．C． D．3．如圖所示是某電場中幾條電場線,在電場中有A、B兩點，試比較兩點的電場強度Ｅ大小和電勢φ高低,其中正確的是（)A．EA＞EB,φA＞φB B．EA＜EB，φA＜φBC．EA＞EB，φA＜φB D．EA＜EB，φA＞φB4．如圖所示，在場強為E的勻強電場中有A、B兩點，AB連線長L，與電場線夾角為α.則AB兩點的電勢差為（)A．零 B．ELC．ELcosα D．ELsinα5．如圖所示,一球體繞軸O1O2以角速度ω旋轉(zhuǎn)，A、B為球體上兩點，下列說法正確的是（)A．A、B兩點具有大小相等的線速度B．A、B兩點具有相同的角速度C．A、B兩點具有大小相等的向心加速度D．A、B兩點的向心加速度方向都指向球心6．已知物體在F1、F2、F3，三個共點力的作用下處于平衡狀態(tài)，若F1=20N，F(xiàn)2=28N，那么F3的大小可能是（）A．40N B．70N C．100N D．6N7．物塊從某一高度自由落下，落在直立于地面的輕彈簧上，如圖所示，在A點物塊開始與彈簧接觸，到B點時物塊速度變?yōu)榱悖畡t物塊從A到B的過程中做的運動性質(zhì)是（）A．一直勻加速 B．一直勻減速C．加速度先增加后減小 D．加速度先減小后增加8．如圖所示實線為某電場中的三條電場線，一點電荷從M點射入電場，只受電場力作用下沿圖中虛線運動到N點，則()A．點電荷一定帶負電B．從M向N運動的過程中點電荷的電勢能一直減少C．從M向N運動的過程中點電荷的動能一直減小D．從M向N運動的過程中點電荷的動能和電勢能的總和一直減少9．(多選）質(zhì)量為2kg的質(zhì)點在xOy平面上做曲線運動,在x方向的速度圖象和y方向的位移圖象如圖所示，下列說法正確的是(）A．質(zhì)點的初速度為5m/sB．質(zhì)點所受的合外力為3N，做勻加速曲線運動C．2s末質(zhì)點速度大小為6m/sD．2s內(nèi)質(zhì)點的位移大小約為12m10．如圖所示，一木塊從固定的粗糙斜面頂端沿斜面勻速下滑,在下滑過程中，下列說法正確的有()A．支持力對木塊做正功 B．重力對木塊做負功C．合力做功為零 D．摩擦力對木塊做正功11．如圖所示，質(zhì)量為1kg的小物塊在恒定的水平拉力作用下,由靜止開始沿水平地面向右運動2m的距離，此過程拉力做功為12J,此后撤去拉力。已知物塊與地面之間的動摩擦因數(shù)為0.2，重力加速度取10m/s2.求：(1）拉力的大小；（2)撤去拉力瞬間物塊的速度大?。?3)撤去拉力后物塊繼續(xù)運動的距離。思維操作解答過程研究對象情境圖適用規(guī)律運算過程12．如圖所示的勻強電場中，有a、b、c三點，ab=5cm，bc=12cm,其中ab沿電場線方向,bc和電場線方向成60°角，一個電荷量為q=4×10—8C的正電荷從a點移到b點時靜電力做功為W1=1。2×10-7J，求：(1)勻強電場的場強E；（2）電荷從b移到c，靜電力做功W2;(3）a、c兩點間的電勢差Uac。思維操作解答過程研究對象情境圖適用規(guī)律運算過程高二物理第一周周末作業(yè)答案1。D依據(jù)：電場強度的物理意義：電場強度是反映電場本身性質(zhì)的物理量，僅由電場本身決定，與試探電荷無關．可知，將該點電荷換為電荷量為2q的負點電荷,A點的場強大小仍然是F/q,大小和方向均不變，故D正確,ABC錯誤．2.B依據(jù)：x-t圖像的斜率代表瞬時速度,v-t圖的斜率代表加速度。由圖可以物體開始向正方向做勻減速直線運動到零,然后反向做勻加速直線運動．位移時間圖線的切線斜率表示瞬時速度，可知瞬時速度先減小后反向增大，故B正確，ACD錯誤。3．C依據(jù)：電場強度的大小看電場線的疏密程度,電場線越密的地方電場強度越大，沿著電場線電勢一定降低．所以EA＞EB,所以φA＜φB。故選C。4．C根據(jù)：電場強度的大小以及A、B兩點沿電場線方向上的距離，結(jié)合U=Ed求出電勢差兩點的電勢差UAB=Ed=ELcosα,故C正確，A、B、D錯誤。5.B依據(jù)：同軸轉(zhuǎn)動角速度大小相等，同傳送帶傳動線速度大小相等。做勻速圓周運動的物體，合力指向圓心，向心加速度指向圓心。因為A、B兩點繞軸O1O2轉(zhuǎn)動，A點的轉(zhuǎn)動半徑大于B點的轉(zhuǎn)動半徑,根據(jù)v＝ωr知，A點的線速度大于B點的線速度，故A錯誤；B．A、B兩點共軸轉(zhuǎn)動，角速度相等，故選項B正確；C．角速度相等,A點的轉(zhuǎn)動半徑大，根據(jù)a＝ω2r知，A點的向心加速度大于B點的向心加速度，故C錯誤；6．A依據(jù)：平衡合力為零，則三個共點力的合力為零，任意兩個力的合力和第三個力等大反向。和的合力取值范圍:，代入數(shù)據(jù)得8N≤F≤48N，40N在合力范圍內(nèi)，即的大小可能是40N，選項A正確，BCD錯誤;7．D根據(jù)：判斷加速和減速：初速度與加速度的方向是否同向還是反向，同向加速，反向減速；判斷加速度的變化：根據(jù)牛頓第二定律.物塊從A處下降到B處的過程中，開始階段彈簧的彈力小于物體的重力，合力向下,小球向下加速；隨著彈力的增大，合外力減小，加速度減小;當彈簧的彈力和物體的重力相等時，加速度為零．之后彈力大于重力,小球開始減速，直至減為零．由于彈力越來越大，故合力越來越大,故加速度增大；故物體先做加速度減小的加速運動，再做加速增大的減速運動．故D正確,ABC錯誤．故選D8。C依據(jù)：只有電場力做功，動能和電勢能相互轉(zhuǎn)化.A。由運動與力關系可知，電場力方向與速度方向分居在運動軌跡兩邊,且電場力偏向軌跡的內(nèi)側(cè)，故在M點電場力沿電場線向左，由于電場線方向未知,所以不能確定點電荷的電性，故A錯誤．BC.粒子從M向N的過程中，電場力做負功，動能一直減小，電勢能一直增加，故B錯誤，C由動能定理，合力做的功等于動能的增量，合力為電場力，由于電場力做負功，動能減少.正確．D。不計粒子所受的重力，只有電場力做功,動能和電勢能的總和保持不變,故D錯誤．9．ABD依據(jù)：運動的合成與分解。合位移L=,合速度A.由x方向的速度圖象可知,在x方向的加速度為1.5m/s2，受力Fx＝3N，由y方向的位移圖象可知在y方向做勻速直線運動，速度為vy＝4m/s,受力Fy＝0.因此質(zhì)點的初速度為5m/s，A選項正確；B.受到的合外力為3N，顯然,質(zhì)點初速度方向與合外力方向不在同一條直線上,x方向速度逐漸增大,y方向速度不變，因此速度一直增大，因此做勻加速曲線運動；B選項正確；C。2s末質(zhì)點速度應該為v＝m/s＝2m/sC選項錯誤；D.2s內(nèi)x方向上位移大小x＝vxt＋at2＝9my方向上位移大小y＝8m，合位移大小l＝＝m≈12.D選項正確．10。C依據(jù)：A．因為支持力的方向和物體的運動方向相垂直，支持力對木塊不做功，A錯誤；B．因為重力的方向和物體的運動方向夾角為銳角,重力對木塊做正功,B錯誤；C．根據(jù)勻速運動,動能不變，由動能定理C正確；D．物體所受摩擦力的方向沿斜面向上，物體的速度方向沿斜面向下，所以摩擦力對木塊做負功，D錯誤。故選C。11。(1）6N；（2）4m/s；(3）4m思維操作解答過程研究對象小物塊情境圖適用規(guī)律牛頓第二定律,動能定理,運算過程(1）根據(jù)W=Fx可知,拉力為（2)在拉力作用下,根據(jù)動能定理可得代入數(shù)據(jù)解得（3)撤去拉力后，根據(jù)動能定理可得解得12．（1)60V/m；(2)1。44×10-7J；（3）6.6V思維操作解答過程研究對象正電荷情境圖FF適用規(guī)律，W=qU運算過程（1）由題,由W1=qELab得：(2）電荷從