河南省南陽(yáng)市2022-2023學(xué)年高二上學(xué)期期終質(zhì)量評(píng)估物理試題（含答案 解析 ）

第1頁(yè)/共1頁(yè)2022年秋期高中二年級(jí)期終質(zhì)量評(píng)估物理試題注意事項(xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.選擇題答案使用2B鉛筆填涂，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)；非選擇題答案使用0.5毫米的黑色中性（簽字）筆或碳素筆書(shū)寫(xiě)，字體工整、筆跡清楚。3.請(qǐng)按照題號(hào)在各題的答題區(qū)域（黑色線(xiàn)框）內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效。4.保持卡面清潔，不折疊，不破損。5.本試卷分試題卷和答題卷兩部分，滿(mǎn)分110分，考試時(shí)間90分鐘。一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，共48分。其中1—8題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，9—12題有多個(gè)選項(xiàng)正確，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選或不答的得0分。）1.下列物理量中屬于標(biāo)量的是（）A.電流強(qiáng)度 B.電場(chǎng)強(qiáng)度 C.磁感應(yīng)強(qiáng)度 D.洛倫茲力【答案】A【解析】【詳解】BCD．矢量是既有大小又有方向，且運(yùn)算符合平行四邊形法則的物理量，洛倫茲力、電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度都是矢量，故BCD錯(cuò)誤。A．電流雖然有大小、也有方向，但是其方向表示正電荷定向移動(dòng)的方向，由于電流強(qiáng)度的運(yùn)算不遵守矢量運(yùn)算法則：平行四邊形定則，所以電流強(qiáng)度是標(biāo)量，故A正確。故選A。2.如圖所示實(shí)線(xiàn)為電場(chǎng)某區(qū)域的電場(chǎng)線(xiàn)分布情況示意圖，由圖可知（??）A.A點(diǎn)電勢(shì)低于點(diǎn)電勢(shì)B.一個(gè)負(fù)電荷在A(yíng)點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小于在點(diǎn)受到的電場(chǎng)力C.一個(gè)正電荷可以?xún)H在電場(chǎng)力的作用下，沿電場(chǎng)線(xiàn)從A運(yùn)動(dòng)到D.一個(gè)負(fù)電荷由A點(diǎn)移動(dòng)到點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功【答案】D【解析】【詳解】A．沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低，則A點(diǎn)電勢(shì)高于點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)線(xiàn)越密集場(chǎng)強(qiáng)越大，A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，一個(gè)負(fù)電荷在A(yíng)點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大于在點(diǎn)受到的電場(chǎng)力，故B錯(cuò)誤；C．正電荷所受電場(chǎng)力的方向沿電場(chǎng)線(xiàn)的切線(xiàn)方向，一個(gè)正電荷不能僅在電場(chǎng)力的作用下，沿電場(chǎng)線(xiàn)從A運(yùn)動(dòng)到，故C錯(cuò)誤；D．負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力方向斜向左上方，一個(gè)負(fù)電荷由A點(diǎn)移動(dòng)到點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功，故D正確。故選D。3.如圖所示，一個(gè)單匝矩形閉合導(dǎo)線(xiàn)圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁感線(xiàn)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)周期為，線(xiàn)圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的最大值為，則（??）A.線(xiàn)圈轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量的最大值為B.線(xiàn)圈轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中磁通量變化率的最大值為C.線(xiàn)圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的有效值為D.經(jīng)過(guò)的時(shí)間，通過(guò)線(xiàn)圈電流的方向改變1次【答案】B【解析】【詳解】A．由公式Em=BSω可求出磁通量的最大值故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律表達(dá)式，可確定磁通量變化率的最大值故B正確；C．線(xiàn)圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交流電，則電動(dòng)勢(shì)的有效值為，故C錯(cuò)誤；D．經(jīng)過(guò)T0的時(shí)間，通過(guò)線(xiàn)圈電流的方向改變2次，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖1所示，A、B端接有恒流源（輸出恒定電流）的均勻長(zhǎng)方形金屬線(xiàn)框放在水平面上，部分線(xiàn)框處在垂直于線(xiàn)框平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，邊與磁場(chǎng)邊界平行，邊受到的安培力大小為；如圖2所示，將金屬棒放在金屬線(xiàn)框上，金屬棒與線(xiàn)框接觸良好，并在磁場(chǎng)中處于靜止?fàn)顟B(tài)，與平行，段與段電阻相同。此時(shí)，受到的安培力大小為，受到的安培力大小為，則下列關(guān)系正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【分析】【詳解】設(shè)恒流源的電流為I，則圖1中在圖2中，因cd的電阻小于cabd部分的電阻，可知Icd>Iab因Icd+Iab=I可知Icd>I則則故選C。5.將一段導(dǎo)線(xiàn)繞成圖甲所示的閉合電路，并固定在水平面（紙面）內(nèi)，回路的ab邊置于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅰ中。回路的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的磁場(chǎng)Ⅱ，以向里為磁場(chǎng)Ⅱ的正方向，其磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙所示。用F表示ab邊受到的安培力，以水平向右為F的正方向，能正確反映F隨時(shí)間t變化的圖像是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【分析】【詳解】在內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得則閉合電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定不變，則感應(yīng)電流恒定不變。ab邊在磁場(chǎng)中所受的安培力由于勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅰ中磁感應(yīng)強(qiáng)度B恒定，則，安培力為平行t軸的直線(xiàn)，方向向左（為負(fù)）。同理分析可得在,安培力與時(shí)間的關(guān)系為內(nèi)F-t關(guān)于時(shí)間軸對(duì)稱(chēng)一條的直線(xiàn)。故選B?！军c(diǎn)睛】本題要求學(xué)生能正確理解B-t圖的含義，故道B如何變化，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律進(jìn)行判定。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的變化，由歐姆定律判斷感應(yīng)電流的變化，進(jìn)而可確定安培力大小的變化。6.如圖所示，帶電粒子（不計(jì)重力）以初速度v0從a點(diǎn)垂直于y軸進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中經(jīng)過(guò)b點(diǎn)，Oa＝Ob。若撤去磁場(chǎng)加一個(gè)與y軸平行勻強(qiáng)電場(chǎng)，帶電粒子仍以速度v0從a點(diǎn)垂直于y軸進(jìn)入電場(chǎng)，仍能通過(guò)b點(diǎn)，則電場(chǎng)強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的比值為（）A.v0 B. C.2v0 D.【答案】C【解析】【詳解】設(shè)，因?yàn)閹щ娏Ｗ釉诖艌?chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以圓周運(yùn)動(dòng)的半徑正好等于，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：解得：如果換成勻強(qiáng)電場(chǎng)，水平方向以做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，在水平方向：豎直沿軸負(fù)方向做勻加速運(yùn)動(dòng)，即：解得：則有：故C正確，A、B、D錯(cuò)誤；故選C。7.1876年美國(guó)著名物理學(xué)家羅蘭在實(shí)驗(yàn)室中完成了著名的“羅蘭實(shí)驗(yàn)”。羅蘭把大量的負(fù)電荷加在一個(gè)橡膠圓盤(pán)上，然后在圓盤(pán)附近懸掛一個(gè)小磁針，使圓盤(pán)繞中心軸高速旋轉(zhuǎn)，發(fā)現(xiàn)小磁針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）A.僅改變圓盤(pán)的轉(zhuǎn)動(dòng)方向，小磁針的偏轉(zhuǎn)方向不變B.使小磁針發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)的原因是地磁場(chǎng)發(fā)生了變化C.使小磁針發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)的原因是圓盤(pán)上的電荷運(yùn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生了磁場(chǎng)D.如果使圓盤(pán)帶上正電，圓盤(pán)的轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，小磁針的偏轉(zhuǎn)方向不變【答案】C【解析】【詳解】ABC．橡膠圓盤(pán)上電荷定向運(yùn)動(dòng)形成電流，電流周?chē)a(chǎn)生磁場(chǎng)使小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)；若改變圓盤(pán)的轉(zhuǎn)動(dòng)方向，電荷運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電流方向與之前相反，相應(yīng)的磁場(chǎng)方向也會(huì)相反，小磁針的偏轉(zhuǎn)方向會(huì)發(fā)生改變，AB錯(cuò)誤，C正確；D．同理，如果使圓盤(pán)帶上正電，圓盤(pán)的轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，電荷運(yùn)動(dòng)形成的電流方向改變，可知產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向改變，小磁針的偏轉(zhuǎn)方向改變，D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示為質(zhì)譜儀測(cè)定帶電粒子質(zhì)量的裝置的示意圖．速度選擇器(也稱(chēng)濾速器)中場(chǎng)強(qiáng)E的方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的方向垂直紙面向里，分離器中磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的方向垂直紙面向外．在S處有甲、乙、丙、丁四個(gè)一價(jià)正離子垂直于E和B1入射到速度選擇器中，若m甲＝m乙<m丙＝m丁，v甲>v乙＝v丙>v丁，在不計(jì)重力的情況下，則分別打在P1、P2、P3、P4四點(diǎn)的離子分別是A.甲、丁、乙、丙 B.丁、甲、乙、丙C.甲、丁、丙、乙 D.丁、甲、丙、乙【答案】B【解析】【分析】粒子通過(guò)速度選擇器，只有滿(mǎn)足qvB=qE，即速度滿(mǎn)足v=E/B，才能沿直線(xiàn)通過(guò)．當(dāng)粒子的速度大于E/B，洛倫茲力大于電場(chǎng)力，粒子向上偏轉(zhuǎn)，當(dāng)粒子的速度小于E/B，洛倫茲力小于電場(chǎng)力，粒子向下偏轉(zhuǎn)．【詳解】四種粒子，只有兩個(gè)粒子通過(guò)速度選擇器，只有速度滿(mǎn)足v=E/B，才能通過(guò)速度選擇器．所以通過(guò)速度選擇器進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子是乙和丙．由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：，乙的質(zhì)量小于丙的質(zhì)量，所以乙的半徑小于丙的半徑，則乙打在P3點(diǎn)，丙打在P4點(diǎn)．甲的速度大于乙的速度，即大于E/B，洛倫茲力大于電場(chǎng)力，粒子向上偏轉(zhuǎn)，打在P2點(diǎn)．丁的速度小于乙的速度，即小于E/B，洛倫茲力小于電場(chǎng)力，粒子向下偏轉(zhuǎn)，打在P1點(diǎn)．故選B．【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道速度選擇器的原理，即所受洛倫茲力和電場(chǎng)力等大反向的粒子才能沿直線(xiàn)通過(guò)速度選擇器．9.空間存在著平行于軸方向的某靜電場(chǎng)，軸上各點(diǎn)的電勢(shì)隨坐標(biāo)的分布圖像如圖所示。一個(gè)帶電量絕對(duì)值為、質(zhì)量為的帶電粒子在坐標(biāo)軸上處，以沿軸正向的初速度射出，粒子沿軸運(yùn)動(dòng)到處時(shí)速度恰好為0。若粒子只受到電場(chǎng)力的作用，則（??）A.粒子帶正電B.粒子在處的初速度大小為C.粒子從運(yùn)動(dòng)到過(guò)程中做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)D.粒子從運(yùn)動(dòng)到過(guò)程中電勢(shì)能先減小后增大【答案】BC【解析】【詳解】A．由題意可知粒子在處電勢(shì)能為零，動(dòng)能大于零，而粒子在處動(dòng)能為零，則根據(jù)能量守恒定律可知粒子在處電勢(shì)能大于零，而處的電勢(shì)為負(fù)，所以粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)粒子在處的初速度大小為v0，對(duì)粒子從到的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有解得故B正確；C．粒子從運(yùn)動(dòng)到，電勢(shì)能一直增大，所以動(dòng)能一直減小，一直在做減速運(yùn)動(dòng)，又由于圖像斜率不變，則場(chǎng)強(qiáng)不變，粒子受到的電場(chǎng)力不變，加速度不變，做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．粒子從運(yùn)動(dòng)到，電勢(shì)一直變小，又粒子帶負(fù)電，可知電勢(shì)能一直增大，故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖是發(fā)電機(jī)給用戶(hù)供電的示意圖。已知發(fā)電機(jī)的輸出電壓為、輸出功率為。升壓變壓器原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)比是1：20，兩變壓器間輸電導(dǎo)線(xiàn)的總電阻為，用戶(hù)得到的電壓為。已知變壓器是理想變壓器，則（）A.輸電線(xiàn)上的電流為B.用戶(hù)得到的功率為C.輸電線(xiàn)上損失的電壓為D.降壓變壓器原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)比為240：11【答案】CD【解析】【詳解】A．發(fā)電機(jī)的輸出功率解得根據(jù)解得A錯(cuò)誤；B．遠(yuǎn)距離輸電損失的功率為用戶(hù)得到的功率為B錯(cuò)誤；C．遠(yuǎn)距離輸電損失的電壓C正確；D．根據(jù)解得降壓變壓器的輸入電壓根據(jù)解得D正確。故選CD。11.如圖所示，直角坐標(biāo)系xOy在水平面內(nèi)，z軸豎直向上。坐標(biāo)原點(diǎn)O處固定一帶正電的點(diǎn)電荷，空間中存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B。質(zhì)量為m帶電量為q的小球A，繞z軸做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球A的速度大小為v0，小球與坐標(biāo)原點(diǎn)的距離為r，O點(diǎn)和小球A的連線(xiàn)與z軸的夾角θ=37°。重力加速度為g，m、q、r已知。（cos37°=0.8，sin37°=0.6）則下列說(shuō)法正確的是（）A.小球A與點(diǎn)電荷之間的庫(kù)侖力大小為mgB.從上往下看帶電小球只能沿順時(shí)針?lè)较蜃鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)C.v0越小所需的磁感應(yīng)強(qiáng)度B越小D.時(shí)，所需的磁感應(yīng)強(qiáng)度B最小【答案】AD【解析】【詳解】A．小球A受重力、庫(kù)倫茲和洛倫茲力，它們的合力提供向心力，重力與庫(kù)侖力的合力水平，如圖，庫(kù)侖力大小為故A正確；B．洛倫茲力指向z軸，勻強(qiáng)磁場(chǎng)豎直向下，根據(jù)左右定則可知，從上往下看帶電小球只能沿逆時(shí)針?lè)较蜃鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)牛頓第二定律得當(dāng)即時(shí)，B取最小值，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，v0和B并非單調(diào)關(guān)系，故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。12.如圖所示，虛線(xiàn)左側(cè)有垂直于光滑水平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，右側(cè)有垂直于水平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為。邊長(zhǎng)為、質(zhì)量為、總電阻為的均勻正方形單匝金屬線(xiàn)框放在水平面上，處于右側(cè)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。給線(xiàn)框一個(gè)向左的初速度，線(xiàn)框剛好能完全通過(guò)虛線(xiàn)，線(xiàn)框在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中邊始終與平行，則線(xiàn)框在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（??）A.線(xiàn)框中產(chǎn)生的焦耳熱為B.通過(guò)線(xiàn)框橫截面的電荷量為C.最大加速度為D.線(xiàn)框有一半進(jìn)入左側(cè)磁場(chǎng)時(shí)速度大小為【答案】AB【解析】【詳解】A．根據(jù)能量守恒可知線(xiàn)框中產(chǎn)生的焦耳熱為故A正確；B．通過(guò)線(xiàn)框的電荷量故B正確；C．當(dāng)線(xiàn)框剛進(jìn)入虛線(xiàn)時(shí)加速度最大，此時(shí)ab和cd兩邊同時(shí)切割磁感線(xiàn)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)疊加，因此回路電流此時(shí)ab和cd兩邊同時(shí)受安培力且大小方向相同聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤；D．線(xiàn)框有一半進(jìn)入左側(cè)磁場(chǎng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量定理可知即則又因?yàn)槁?lián)立解得故D錯(cuò)誤。故選AB。二、填空題（本題共2小題，每空2分，共16分，把答案填在答題卡上對(duì)應(yīng)的橫線(xiàn)上。）13.“額溫槍”被大量應(yīng)用于排查高溫患者，其原理是通過(guò)傳感器接收紅外線(xiàn)得出感應(yīng)溫度數(shù)據(jù)。某同學(xué)為了研究額溫槍中某導(dǎo)電材料的導(dǎo)電規(guī)律，用該種導(dǎo)電材料制作成電阻較小的元件Z做實(shí)驗(yàn)，測(cè)量元件Z中的電流隨兩端電壓從零逐漸增大過(guò)程中的變化規(guī)律。（1）他應(yīng)選用下列哪個(gè)電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)_________________；A.B.C.D.（2）為了進(jìn)一步驗(yàn)證“額溫槍”測(cè)溫的準(zhǔn)確性，該同學(xué)設(shè)計(jì)了圖甲所示電路，已知電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻忽略不計(jì)，，熱敏電阻的阻值與溫度的關(guān)系如圖乙所示。閉合電鍵后發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)為0.45V，則熱敏電阻此時(shí)的溫度為_(kāi)_____________℃（保留1位小數(shù)）?！敬鸢浮竣貯②.40.0##40.1##40.2【解析】【詳解】（1）[1]元件Z中的電流隨兩端電壓從零逐漸增大過(guò)程中的變化規(guī)律，故滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法；又由于電阻較小，故應(yīng)該采用安培表外接法。故選A。（2）[2]當(dāng)電壓為0.45V時(shí)，由上面的公式可得代入數(shù)據(jù)可得由R-t圖像，對(duì)應(yīng)溫度為。14.如圖甲為物理興趣小組設(shè)計(jì)的多用電表的電路原理圖。他們選用內(nèi)阻Rg＝10Ω、滿(mǎn)偏電流Ig＝10mA的電流表、標(biāo)識(shí)不清電源，以及由定值電阻、導(dǎo)線(xiàn)、滑動(dòng)變阻器等組裝好的多用電表。當(dāng)選擇開(kāi)關(guān)接“3”時(shí)為量程250V的電壓表。該多用電表表盤(pán)如圖乙所示，下排刻度均勻，上排刻度線(xiàn)對(duì)應(yīng)數(shù)值還沒(méi)有及時(shí)標(biāo)出。(1)其中電阻R2=_____Ω。(2)選擇開(kāi)關(guān)接“1”時(shí)，兩表筆接入待測(cè)電路，若指針指在圖乙所示位置，其讀數(shù)為_(kāi)_______mA。(3)興趣小組在實(shí)驗(yàn)室找到了一個(gè)電阻箱，利用組裝好的多用電表設(shè)計(jì)了如下從“?！钡健皽y(cè)”的實(shí)驗(yàn)：①將選擇開(kāi)關(guān)接“2”，紅黑表筆短接，調(diào)節(jié)R1的阻值使電表指針滿(mǎn)偏；②將多用電表紅黑表筆與電阻箱相連，調(diào)節(jié)電阻箱使多用電表指針指在電表刻度盤(pán)中央C處，此時(shí)電阻箱如圖丙所示，則C處刻度線(xiàn)的標(biāo)注值應(yīng)為_(kāi)___。③用待測(cè)電阻Rx代替電阻箱接入兩表筆之間，表盤(pán)指針依舊指在圖乙所示位置，則計(jì)算可知待測(cè)電阻約為Rx＝____Ω。(保留三位有效數(shù)字)④小組成員拿來(lái)一塊電壓表，將兩表筆分別觸碰電壓表的兩接線(xiàn)柱，其中______表筆(填“紅”或“黑”)接電壓表的正接線(xiàn)柱，該電壓表示數(shù)為1.45V，可以推知該電壓表的內(nèi)阻為_(kāi)_______Ω?！敬鸢浮竣?24990②.6.9③.150Ω④.67.4⑤.黑⑥.4350【解析】【詳解】(1)[1]．根據(jù)閉合電路歐姆定律得(2)[2]．由圖甲所示電路圖可知，選擇開(kāi)關(guān)接1時(shí)電表測(cè)量電流，其量程10mA，由圖示表盤(pán)可知，其分度值為0.2mA，示數(shù)為6.9mA；

(3)②[3]．由圖丙所示電阻箱可知，電阻箱示數(shù)為：0×1000Ω+1×100Ω+5×10Ω+0×1Ω=150Ω，此時(shí)指針指在中央，此為中值電阻等于歐姆表內(nèi)阻都等于此時(shí)電阻箱阻值，即RΩ=150Ω；

③[4]．根據(jù)閉合電路歐姆定律有滿(mǎn)偏電流時(shí)當(dāng)電流表示數(shù)為聯(lián)立解得E=1.5VRx=67.4Ω④[5][6]．根據(jù)電流方向“黑出紅進(jìn)”的規(guī)律知，黑表筆接電壓表正接線(xiàn)柱，根據(jù)閉合電路歐姆定律得電壓表的示數(shù)解得電壓表內(nèi)阻三、計(jì)算題（本題共4小題，共46分。解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟。只寫(xiě)出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。）15.如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的電阻不計(jì)的光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在水平面內(nèi)，兩導(dǎo)軌間的距離為，之間接有阻值為的定值電阻。一根質(zhì)量為的均勻金屬棒放在導(dǎo)軌上，與兩導(dǎo)軌垂直且保持良好接觸，在導(dǎo)軌間的電阻為，整個(gè)裝置放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面向下?，F(xiàn)對(duì)金屬棒施加水平向右的恒力，使之由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)。求：（1）金屬棒中電流的方向及最大速度；（2）棒的速度大小為時(shí)棒的加速度大小?！敬鸢浮浚?）從b到a，；（2）【解析】【詳解】（1）金屬棒向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則可知此時(shí)金屬棒中電流的方向?yàn)閺腷到a；對(duì)金屬棒受力分析有，，，聯(lián)立可得①分析可知隨著速度的增大，安培力在增大，當(dāng)時(shí)，此時(shí)加速度為零，速度到達(dá)最大，即代入數(shù)值得（2）當(dāng)棒的速度大小為時(shí)，代入①式可得此時(shí)加速度大小為16.如圖所示，發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)子是一個(gè)匝數(shù)N=100，邊長(zhǎng)L=10cm的正方形線(xiàn)圈abcd。線(xiàn)圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)方向的軸OO’以f=50Hz的頻率逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，已知線(xiàn)圈的電阻r=5，外電路電阻R=20。從如圖所示的位置開(kāi)始計(jì)時(shí)。求：（1）線(xiàn)圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的函數(shù)表達(dá)式以及外電路電阻R上消耗的電功率；（2）從計(jì)時(shí)開(kāi)始，線(xiàn)圈逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)的過(guò)程中，通過(guò)外電阻的電荷量q?！敬鸢浮浚?），；（2）【解析】【詳解】（1）由題意可知代入數(shù)據(jù)解得則由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間的變化函數(shù)表達(dá)式為代入數(shù)據(jù)得設(shè)I代表電流的有效值代入數(shù)據(jù)得由外電阻R的功率得（2）從計(jì)時(shí)開(kāi)始，線(xiàn)圈逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)的過(guò)程中，由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)感應(yīng)電流通過(guò)電阻R的電荷量所以代入數(shù)據(jù)解得17.如圖所示，在水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中（電場(chǎng)線(xiàn)未畫(huà)出），一根長(zhǎng)為L(zhǎng)，不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線(xiàn)的一端連著一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球，另一端固定于O點(diǎn)，將小球拉起直至細(xì)線(xiàn)與場(chǎng)強(qiáng)平行的A點(diǎn)，然后無(wú)初速釋放，已知小球最多擺到最低點(diǎn)另一側(cè)的B點(diǎn)，BO連線(xiàn)與豎直方向的夾角為，求：（結(jié)果可用根式表示）(1)小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)細(xì)線(xiàn)對(duì)小球的拉力；(2)小球由A到B過(guò)程中的