2019版物理大二輪復(fù)習(xí)浙江專(zhuān)用優(yōu)選習(xí)題：仿真模擬卷6 含答案

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精普通高校招生選考（物理）仿真模擬卷（六)一、選擇題Ⅰ（本題共13小題,每小題3分,共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.以下關(guān)于物理學(xué)史和所用物理學(xué)方法的敘述錯(cuò)誤的是()A.在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分成很多很多小段,每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng),然后把各小段的位移相加之和代表物體的位移,這里采用了微元法B。牛頓進(jìn)行了“月-地檢驗(yàn)”，得出天上和地下的物體都遵從萬(wàn)有引力定律的結(jié)論C.由于牛頓在萬(wàn)有引力定律方面的杰出成就，所以被稱(chēng)為能“稱(chēng)量地球質(zhì)量”的人D.根據(jù)速度定義式v=ΔxΔt，當(dāng)Δt非常非常小時(shí)，ΔxΔ2.北京已成功申辦2022年冬奧會(huì)。下列關(guān)于部分冬奧會(huì)項(xiàng)目的研究中，可以將運(yùn)動(dòng)員看作質(zhì)點(diǎn)的是（)A.研究速度滑冰運(yùn)動(dòng)員滑冰的快慢B。研究自由滑雪運(yùn)動(dòng)員的空中姿態(tài)C.研究單板滑雪運(yùn)動(dòng)員的空中轉(zhuǎn)體D.研究花樣滑冰運(yùn)動(dòng)員的花樣動(dòng)作3.復(fù)合彈簧是在金屬?gòu)椈芍車(chē)粚酉鹉z材料復(fù)合硫化而成。這種彈簧已廣泛應(yīng)用于工程技術(shù)上以代替金屬?gòu)椈?其物理性能與金屬?gòu)椈上嗤?。由此可知，?fù)合彈簧()A。不再遵守胡克定律B。彈力與形變量成正比C。勁度系數(shù)與粗細(xì)無(wú)關(guān)D。勁度系數(shù)與材料無(wú)關(guān)4.質(zhì)量為2kg的物體，在光滑水平面上做直線運(yùn)動(dòng).已知物體在t=0時(shí)速度為零,0～4s內(nèi)物體位移等于1m,則與此物體運(yùn)動(dòng)對(duì)應(yīng)的圖象可能是（)5。如圖所示，高速攝像機(jī)記錄了一名擅長(zhǎng)飛牌、射牌的魔術(shù)師的發(fā)牌過(guò)程，虛線是飛出的撲克牌的軌跡，則撲克牌所受合外力F與速度v關(guān)系正確的是（）6.物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，相繼經(jīng)過(guò)兩段距離為16m的路程，第一段用時(shí)4s，第二段用時(shí)2s，則物體的加速度是(）A.23m/s2 B.43C。89m/s2 D.1697.（2017年10月浙江選考,12）小明同學(xué)家里部分電器的消耗功率及每天工作時(shí)間如表所示,則這些電器一天消耗的電能約為(）電器消耗功率/W工作時(shí)間/h電茶壺20001空調(diào)12003電視機(jī)1002節(jié)能燈164路由器924A。6.1×103W B.6.1×103JC。2.2×104W D。2.2×107J8。如圖所示,O為兩個(gè)等量同種正點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，a、b、c、d是以O(shè)為圓心的圓周上的四個(gè)點(diǎn),設(shè)無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則下列說(shuō)法正確的是(）A。a、c電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.b、O、d三點(diǎn)電勢(shì)相等C.O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)均為零D。把電子從a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn),電子的電勢(shì)能增大9.某比特幣“礦場(chǎng)”（電腦房）的5800臺(tái)比特幣“礦機(jī)”（電腦）,24小時(shí)滿(mǎn)負(fù)荷運(yùn)行，每天共需耗費(fèi)16。8萬(wàn)度電。下列用電器中，與每臺(tái)“礦機(jī)"滿(mǎn)負(fù)荷運(yùn)行功率相近的是（）A.家用電風(fēng)扇B。家用冰箱C。家用壁掛空調(diào)D。家用LED液晶電視10.如圖所示，蹄形磁體用懸線懸于O點(diǎn),在磁體的正下方有一水平放置的長(zhǎng)直導(dǎo)線,當(dāng)導(dǎo)線通以由左向右的電流時(shí)，蹄形磁體的運(yùn)動(dòng)情況將是（)A。靜止不動(dòng)B。向紙外運(yùn)動(dòng)C。N極向紙外轉(zhuǎn)動(dòng),S極向紙內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)D.N極向紙內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng),S極向紙外轉(zhuǎn)動(dòng)11.小明家有一個(gè)燒水壺,銘牌上標(biāo)有如下數(shù)據(jù),下列說(shuō)法正確的是（）電熱水壺型號(hào)RT25—C額定容量2L額定電壓220V額定功率1000W額定頻率50HzA。該燒水壺的電阻是48.4ΩB。該燒水壺在正常工作時(shí)的電流是0.22AC。若實(shí)際電壓為110V，此時(shí)水壺的實(shí)際功率為500WD。該水壺加熱水5min產(chǎn)生的熱量是5000J12.牛頓在思考萬(wàn)有引力定律時(shí)就曾想,把物體從高山上水平拋出，速度一次比一次大；落地點(diǎn)也就一次比一次遠(yuǎn).如果速度足夠大,物體就不再落回地面,它將繞地球運(yùn)動(dòng),成為人造地球衛(wèi)星，如圖所示.下列判斷正確的是(）A。發(fā)射人造地球衛(wèi)星的速度至少要達(dá)到7.9km/hB.衛(wèi)星距地面越高，繞地球運(yùn)動(dòng)的速度越大C.第一宇宙速度就是最小的發(fā)射速度D。所有人造地球衛(wèi)星都做勻速圓周運(yùn)動(dòng)13.如圖,質(zhì)量為m的帶電小球A用絕緣細(xì)線懸掛于O點(diǎn),處于靜止?fàn)顟B(tài)。施加一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)后,A向右擺動(dòng),擺動(dòng)的最大角度為60°,則A受到的電場(chǎng)力大小為（)A.mg2 B.C。mg D。3mg二、選擇題Ⅱ（本題共3小題,每小題2分,共6分,每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）14?！炯釉囶}】如圖所示為一列沿著x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波形圖,此時(shí)質(zhì)點(diǎn)a的位移為20cm，質(zhì)點(diǎn)b的平衡位置離O點(diǎn)的距離為1112λ(λ為波長(zhǎng)).經(jīng)過(guò)0.1s(T>1s）質(zhì)點(diǎn)b回到平衡位置,則(A。周期為1。2sB。從波形圖所示時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí),0。6s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)b通過(guò)的路程為0。4mC.當(dāng)b回到平衡位置后,再經(jīng)過(guò)0.2s,a回到平衡位置D.波速為0。3m/s15。【加試題】如圖所示,是氫原子光譜的兩條譜線，圖中給出了譜線對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)及氫原子的能級(jí)圖，已知普朗克常量h=6.63×10—34J·s。則(）A.Hα譜線對(duì)應(yīng)光子的能量小于Hβ譜線對(duì)應(yīng)光子的能量B。若兩種譜線對(duì)應(yīng)光子都能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則Hα譜線對(duì)應(yīng)光子照射到該金屬表面時(shí)，形成的光電流較小C.Hα譜線對(duì)應(yīng)光子的能量為1。89eVD.Hα譜線對(duì)應(yīng)的光子是氫原子從n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)發(fā)出的16?！炯釉囶}】一靜止的鈾核放出一個(gè)粒子衰變成釷核，衰變方程為

92238UTh+24He。下列說(shuō)法正確的是A。衰變后釷核的動(dòng)能等于粒子的動(dòng)能B。衰變后釷核的動(dòng)量大小等于粒子的動(dòng)量大小C.鈾核的半衰期等于其放出一個(gè)粒子所經(jīng)歷的時(shí)間D。衰變后粒子與釷核的質(zhì)量之和等于衰變前鈾核的質(zhì)量三、非選擇題(本題共7小題,共55分）17.(5分）某同學(xué)利用圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究物塊速度隨時(shí)間的變化。物塊放在桌面上，細(xì)繩的一端與物塊相連,另一端跨過(guò)滑輪掛上鉤碼。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在桌面左端，所用交流電源頻率為50Hz.紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連接在物塊上.啟動(dòng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，釋放物塊，物塊在鉤碼的作用下拖著紙帶運(yùn)動(dòng)。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶如圖（b)所示(圖中相鄰兩點(diǎn)間有4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出)。根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析,該同學(xué)認(rèn)為物塊的運(yùn)動(dòng)為勻加速運(yùn)動(dòng)?；卮鹣铝袉?wèn)題：(1）實(shí)驗(yàn)中必要的措施是.

A.細(xì)線必須與長(zhǎng)木板平行B.先接通電源再釋放小車(chē)C.小車(chē)的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量D.平衡小車(chē)與長(zhǎng)木板間的摩擦力（2)在打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出B點(diǎn)時(shí),物塊的速度大小為m/s。在打出D點(diǎn)時(shí)，物塊的速度大小為m/s.(保留兩位有效數(shù)字）

（3）物塊的加速度大小為m/s2.(保留兩位有效數(shù)字）

18。（5分)在“測(cè)繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中,小燈泡額定電壓為2.5V、電流為0。3A。A.電流表(0～3A，內(nèi)阻約0。04Ω）B.毫安表(0~300mA,內(nèi)阻約4Ω)C。電壓表（0～10V，內(nèi)阻10kΩ)D.電壓表(0~3V,內(nèi)阻10kΩ）E。電源(額定電壓1。5V，最大允許電流2A）F。電源(額定電壓3V,最大允許電流1A）G?？勺冸娮瑁ㄗ柚捣秶?～10Ω,額定電流1A）H?？勺冸娮?阻值范圍0~50Ω,額定功率0。5W)I.導(dǎo)線若干根，開(kāi)關(guān)一個(gè)。(1)為使測(cè)量安全和盡可能準(zhǔn)確，應(yīng)選用的器材是。(用字母代號(hào)填寫(xiě))

（2)部分連線的實(shí)物照片如圖甲所示，請(qǐng)?jiān)诖痤}紙上畫(huà)出完整的電路圖.（3）某次實(shí)驗(yàn)中,當(dāng)電流表的示數(shù)為0.18A,電壓表的指針如圖乙所示,則電壓為V,此時(shí)小燈泡的功率是W。

19。（9分)如圖是一種常見(jiàn)的圓桌,桌面中間嵌一半徑為r=1。5m、可繞中心軸轉(zhuǎn)動(dòng)的圓盤(pán)，桌面與圓盤(pán)面在同一水平面內(nèi)且兩者間縫隙可不考慮.已知桌面離地高度為h=0。8m，將一可視為質(zhì)點(diǎn)的小碟子放置在圓盤(pán)邊緣,若緩慢增大圓盤(pán)的角速度，碟子將從圓盤(pán)上甩出并滑上桌面，再?gòu)淖烂骘w出,落地點(diǎn)與桌面飛出點(diǎn)的水平距離是0。4m.已知碟子質(zhì)量m=0。1kg,碟子與圓盤(pán)間的最大靜摩擦力Fmax=0。6N。求:（1）碟子從桌面飛出時(shí)的速度大??；(2）碟子在桌面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，桌面摩擦力對(duì)它做的功;（3)若碟子與桌面動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0。225,要使碟子不滑出桌面,則桌面半徑至少是多少?20.(12分）如圖,質(zhì)量為m=1kg的小滑塊(視為質(zhì)點(diǎn))在半徑為R=0.4m的14圓弧A端由靜止開(kāi)始釋放,它運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度為v=2m/s。當(dāng)滑塊經(jīng)過(guò)B后立即將圓弧軌道撤去?；瑝K在光滑水平面上運(yùn)動(dòng)一段距離后,通過(guò)換向軌道由C點(diǎn)過(guò)渡到傾角為θ=37°、長(zhǎng)s=1m的斜面CD上,CD之間鋪了一層勻質(zhì)特殊材料,其與滑塊間的動(dòng)摩擦系數(shù)可在0≤μ≤1.5之間調(diào)節(jié)。斜面底部D點(diǎn)與光滑地面平滑相連,地面上一根輕彈簧一端固定在O點(diǎn)，自然狀態(tài)下另一端恰好在D點(diǎn)。認(rèn)為滑塊通過(guò)C和D前后速度大小不變，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力.g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8，（1）求滑塊對(duì)B點(diǎn)的壓力大小以及在AB上克服阻力所做的功;（2)若設(shè)置μ=0,求質(zhì)點(diǎn)從C運(yùn)動(dòng)到D的時(shí)間；(3)若最終滑塊停在D點(diǎn)，求μ的取值范圍.21.（4分)【加試題】下圖是做探究電磁感應(yīng)的產(chǎn)生條件實(shí)驗(yàn)的器材及示意圖。(1）在圖中用實(shí)線代替導(dǎo)線把它們連成實(shí)驗(yàn)電路.（2)由哪些操作可以使電流表的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)：Ⅰ.

Ⅱ.

(3）假設(shè)在開(kāi)關(guān)閉合的瞬間，靈敏電流計(jì)的指針向左偏轉(zhuǎn),則當(dāng)螺線管A向上拔出的過(guò)程中,靈敏電流計(jì)的指針向(選填“左”或“右”)偏轉(zhuǎn)。

22.（10分）【加試題】如圖甲，兩條足夠長(zhǎng)、間距為d的平行光滑金屬直軌道MN、PQ與水平面成θ角,EF上方存在垂直導(dǎo)軌平面的如圖乙所示的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度在0～T時(shí)間內(nèi)按余弦規(guī)律變化（周期為T(mén)、最大值為B0）,T時(shí)刻后穩(wěn)定為B0。t=0時(shí)刻，正方形金屬框ABCD在平行導(dǎo)軌向上的恒定外力作用下靜止于導(dǎo)軌上.T時(shí)刻撤去外力，框?qū)⒀貙?dǎo)軌下滑,金屬框在CD邊、AB邊經(jīng)過(guò)EF時(shí)的速度分別為v1和v2.已知金屬框質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)為d、每條邊電阻為R,框中磁場(chǎng)按余弦規(guī)律變化時(shí)產(chǎn)生的正弦式交變電流的峰值Em=2πB0(1)CD邊剛過(guò)EF時(shí),A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差;(2）撤去外力到AB邊經(jīng)過(guò)EF的總時(shí)間；(3）從0時(shí)刻到AB邊經(jīng)過(guò)EF的過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱。23.(10分)【加試題】如圖所示,在豎直平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系xOy,其第一象限存在著正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng),電場(chǎng)強(qiáng)度的方向水平向右,磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直紙面向里。一電荷量為+q、質(zhì)量為m的微粒從原點(diǎn)出發(fā)沿與x軸正方向的夾角為45°的初速度進(jìn)入復(fù)合場(chǎng)中,正好做直線運(yùn)動(dòng),當(dāng)微粒運(yùn)動(dòng)到A（l,l）時(shí)，電場(chǎng)方向突然變?yōu)樨Q直向上（不計(jì)電場(chǎng)變化的時(shí)間），粒子繼續(xù)運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，正好垂直于y軸穿出復(fù)合場(chǎng)。不計(jì)一切阻力,求:（1)電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小;(2）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小;（3）粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間。

普通高校招生選考（物理)仿真模擬卷（六）一、選擇題Ⅰ1。C解析在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分成很多很多小段,每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加之和代表物體的位移,這里采用了微元法,故A正確。牛頓進(jìn)行了“月—地檢驗(yàn)”,說(shuō)明天上和地下的物體都遵從萬(wàn)有引力定律,故B正確。牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律之后,卡文迪許測(cè)出了引力常量G，卡文迪許被稱(chēng)為能“稱(chēng)量地球質(zhì)量”的人,故C錯(cuò)誤.根據(jù)速度定義式v=ΔxΔt，當(dāng)Δt非常非常小時(shí)，ΔxΔt就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度2.A解析研究速度滑冰運(yùn)動(dòng)員滑冰的快慢時(shí),人的形狀對(duì)研究的過(guò)程來(lái)說(shuō)可以忽略不計(jì)，所以能看成質(zhì)點(diǎn),故A正確；研究自由滑雪運(yùn)動(dòng)員的空中姿態(tài)時(shí),人的形狀不能忽略，不可以將運(yùn)動(dòng)員看作質(zhì)點(diǎn),故B錯(cuò)誤;研究單板滑雪運(yùn)動(dòng)員的空中轉(zhuǎn)體時(shí),要研究運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)作，不可以將運(yùn)動(dòng)員看作質(zhì)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；研究花樣滑冰運(yùn)動(dòng)員的花樣動(dòng)作時(shí)，要觀看運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)作,不可以將運(yùn)動(dòng)員看作質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。3.B解析由題可知，該復(fù)合彈簧的物理性能與金屬?gòu)椈上嗤?，故?fù)合彈簧與彈簧一樣，都遵守胡克定律，故A錯(cuò)誤；該復(fù)合彈簧遵守胡克定律，彈力與形變量成正比，故B正確;彈簧的勁度系數(shù)與其材料、粗細(xì)、長(zhǎng)短都有關(guān),該復(fù)合彈簧的物理性能與金屬?gòu)椈上嗤?，由此可知，?fù)合彈簧與彈簧一樣,與其材料、粗細(xì)、長(zhǎng)短都有關(guān),故C、D錯(cuò)誤。4.D解析x-t圖象中,斜率代表速度,故t=0時(shí)刻速度為0，0~4s內(nèi)位移為-2m，故A錯(cuò)誤；v—t圖象中與時(shí)間軸所圍面積表示物體運(yùn)動(dòng)的位移，故0～4s內(nèi)位移為零,故B錯(cuò)誤;a-t圖象中，根據(jù)v=at可知，在0～4s內(nèi)做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，故在0~4s內(nèi)位移為零，故C錯(cuò)誤；F～t圖象中，結(jié)合牛頓第二定律可知，物體先加速后減速，位移一直增大,在0～1s內(nèi)加速度a=Fm=0。5m/s2,通過(guò)的位移x1=12at2=12×0.5×12m=0。25m，故4s內(nèi)通過(guò)的位移為x=4x1=1m，5。A解析曲線運(yùn)動(dòng)的物體速度方向沿切線方向，而受到的合力應(yīng)該指向運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲的內(nèi)側(cè),由此可以判斷A正確。6.B解析根據(jù)題意,物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng),t時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，在第一段時(shí)間內(nèi)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度v1=v1=164m/s=4m/s；在第二段時(shí)間內(nèi)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度為v2=v2=162m/s=8m/s;則物體加速度為a=v2-v1t=7.D解析根據(jù)題干表格中，每天消耗的電能為W=2kW×1h+1.2kW×3h+0.1kW×2h+0。016kW×4h+0.009kW×24h=6。08kW·h≈2.2×107J。8。D解析a、c電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反,A錯(cuò)誤;b、d電勢(shì)相等，O點(diǎn)電勢(shì)高于b、d,B錯(cuò)誤；O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零,但電勢(shì)大于零,C錯(cuò)誤；把電子從a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn),電勢(shì)變低,電勢(shì)能變大,D正確。9.C解析由題意可知,每臺(tái)電腦每小時(shí)用電W=16.8×1045800×24度=1.2度10.C解析假設(shè)磁體不動(dòng),導(dǎo)線運(yùn)動(dòng)，則根據(jù)蹄形磁體磁場(chǎng)可知,通電導(dǎo)線左邊的磁場(chǎng)斜向下,而右邊的磁場(chǎng)是斜向上,那么在導(dǎo)線兩側(cè)取兩小段,根據(jù)左手定則可知,左邊一小段所受的安培力方向垂直紙面向里，右側(cè)一小段所受安培力的方向垂直紙面向外,從上往下看，知導(dǎo)線順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng),當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)90°時(shí)，導(dǎo)線所受的安培力方向向上,所以導(dǎo)線的運(yùn)動(dòng)情況為順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng),同時(shí)上升.如今導(dǎo)線不動(dòng),磁體運(yùn)動(dòng),根據(jù)相對(duì)運(yùn)動(dòng)，則有磁體逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)（從上向下看),即N極向紙外轉(zhuǎn)動(dòng)，S極向紙內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)。故C正確，A、B、D錯(cuò)誤。11。A解析P=IU=U2R，故I=4.55A,R=48。4Ω，降電壓后，功率變?yōu)?50W，Q=Pt=300000J，故B、C、D錯(cuò)誤12。C解析第一宇宙速度就是發(fā)射人造地球衛(wèi)星最小的發(fā)射速度至少要達(dá)到7。9km/s,所以A錯(cuò)誤,C正確。向心力由萬(wàn)有引力提供,GMmr2=mv2r得v=GMr,可見(jiàn)，r越大，v越小，衛(wèi)星距地面越高,13.B解析注意到A向右擺動(dòng),擺動(dòng)的最大角度為60°,最高點(diǎn)受力不平衡但速度為零，故可以用動(dòng)能定理處理，F(xiàn)電Lsin60°—mgL（1-cos60°）=0,解得F電=3mg二、選擇題Ⅱ14.ABC解析由題圖知,該波的波長(zhǎng)為λ=4m,b點(diǎn)與平衡位置相距1112λ,則b點(diǎn)與x=4m處質(zhì)點(diǎn)平衡位置相距λ-1112λ=112λ,當(dāng)題圖中x=4m處的狀態(tài)傳到b點(diǎn)時(shí)質(zhì)點(diǎn)b回到平衡位置,質(zhì)點(diǎn)b回到平衡位置至少需要T12，故12n+112T=0。1s（n=0,1,2，3，…），因?yàn)門(mén)〉1s，故只有n=0時(shí),T>1s,解得周期為T(mén)=1。2s,A正確;因?yàn)閠=0.6s=T2，所以從波形圖所示時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，0。6s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)b通過(guò)的路程為s=2A=2×20cm=40cm，故B正確;質(zhì)點(diǎn)a回到平衡位置需要14T=0。3s，經(jīng)過(guò)0.1s質(zhì)點(diǎn)b回到平衡位置,因此在b回到平衡位置后,再經(jīng)過(guò)0。2s，a回到平衡位置,故C正確；該波的波速v=λ15。AC解析Hα波長(zhǎng)大于Hβ波長(zhǎng),故Hα頻率較小，Hα譜線對(duì)應(yīng)光子的能量小于Hβ譜線對(duì)應(yīng)光子的能量，A正確；光電流與光的強(qiáng)度有關(guān),頻率的高低不能確定光電流的大小，故B錯(cuò)誤;Hα譜線對(duì)應(yīng)光子的能量E=hcλ=3。03×10—19J=1.89eV,C正確；E4—E3=0.66eV,D16。B解析根據(jù)動(dòng)量守恒定律可知，生成的釷核的動(dòng)量與粒子的動(dòng)量等大反向,選項(xiàng)B正確；釷核動(dòng)量大小等于小粒子的動(dòng)量大小,但兩粒子質(zhì)量不同，則動(dòng)能不同,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;鈾核的半衰期等于一半數(shù)量的鈾核衰變需要的時(shí)間,而放出一個(gè)粒子所經(jīng)歷的時(shí)間是一個(gè)原子核衰變的時(shí)間,故兩者不等,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;由于該反應(yīng)放出能量，由質(zhì)能方程可知,衰變后粒子與釷核的質(zhì)量之和小于衰變前鈾核的質(zhì)量,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.三、非選擇題17.答案(1)AB（2)0.560.96(3）2.0解析（1）A.實(shí)驗(yàn)時(shí),細(xì)線必須與長(zhǎng)木板平行，以減小實(shí)驗(yàn)誤差，A正確.B.實(shí)驗(yàn)時(shí)，要先接通電源再釋放小車(chē),B正確.C。本實(shí)驗(yàn)只要小車(chē)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)就行，沒(méi)必要小車(chē)的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量,C錯(cuò)誤.D。本實(shí)驗(yàn)只要拉力大于摩擦力小車(chē)就能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，沒(méi)平衡摩擦力,D錯(cuò)誤。(2）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中中間時(shí)刻的速度等于該過(guò)程中的平均速度,所以vB=xAC2T=0.0461+0.06590.2m/s=0.(3）根據(jù)題意，該同學(xué)認(rèn)為物塊的運(yùn)動(dòng)為勻加速運(yùn)動(dòng),則根據(jù)速度公式vD=vB+a·2T,代入數(shù)據(jù)整理可以得到a=2。0m/s2。18.答案(1)BDFGI（2）畫(huà)完整的電路圖(3)1.45～1.500。26～0。27解析(1)由于小燈泡額定電壓為2.5V、電流為0.3A，為使測(cè)量安全和盡可能準(zhǔn)確,電源要選3V的，電壓表量程要選0～3V的,電流表要選0～0。3A的，小燈泡的內(nèi)阻約為8Ω,可變電阻用10Ω即可。（2)本實(shí)驗(yàn)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，同時(shí)電流表采用外接法,故實(shí)物圖如圖所示。(3）電壓表量程為0～3V，則最小分度為0.1V，故讀數(shù)為1.50V；則其功率P=UI=1。50×0。18W=0.27W。19。答案（1）1m/s(2)—0.4J(3）2。5m解析(1）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律:h=12gt2，x=vt得v=xg2h=1(2）碟子從圓盤(pán)上甩出時(shí)的速度為v0，則Fmax=mv0即v0=3m/s由動(dòng)能定理得：Wf=12mv2-代入數(shù)據(jù)得：Wf=-0.4J(3)當(dāng)物體滑到餐桌邊緣時(shí)速度恰好減為零，對(duì)應(yīng)的餐桌半徑取最小值.設(shè)物體在餐桌上滑動(dòng)的位移為s，由動(dòng)能定理有：-μmgs=0—12mv餐桌的最小半徑為R=r可得：s=2。5m20.答案(1)20N2J(2)13s（3)0。125≤μ〈0。75或μ=解析(1）滑塊在B點(diǎn),受到重力和支持力,在B點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律有F-mg=mv解得F=20N由牛頓第三定律得F'=20N從A到B,由動(dòng)能定理得mgR-Wf=12mvWf=2J(2）在CD間運(yùn)動(dòng),有mgsinθ=ma加速度a=gsinθ=10×0。6m/s2=6m/s2根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律有s=vt+12att=13(3)最終滑塊停在D點(diǎn)有兩種可能a。滑塊恰好能從C下滑到D，則有:mgsinθ·s—μ1mgcosθ·s=0-12mv解得μ1=1b。滑塊在斜面CD和水平地面間多次反復(fù)運(yùn)動(dòng)最終靜止于D點(diǎn)當(dāng)滑塊恰好能返回C有：—μ1mgcosθ·2s=0—12mv解得μ1=0。125當(dāng)滑塊恰好靜止在斜面上，則