湖北省鄂東南省級示范高中教育教學改革聯(lián)盟學校2022-2023學年高二上學期期中聯(lián)考物理試卷含詳解

2022年秋季鄂東南省級示范髙中教育教學改革聯(lián)盟學校期中聯(lián)考髙二物理試卷一、選擇題（本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第1一7題只有一項符合題目要求，第8—11題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選銪的得0分。）1.在人類探索自然規(guī)律的過程中，卜列物理節(jié)實不正確的S（ ）A美國科學家富蘭克林命名了正電荷和負電荷法國物理學家安培提出了安培分子電流假說.揭示了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)法拉第射早發(fā)現(xiàn)了電磁感砬現(xiàn)象，并指出閉合電路中感沌電動勢火小，跟穿過這一電路的磁通鼠的變化率成正比荇朗克解釋黑體輻射規(guī)律吋最早提出能黽子假說。000 50.0 100 150 20棚(t?測鼠時.y軸正向指向北方2-安裝適當?shù)能浖?利用智能手機屮的磁傳感器可以測螢磁感W強度心如亂在手機上建立直角坐標系，手機顯示屏所在平而為xq000 50.0 100 150 20棚(t?測鼠時.y軸正向指向北方c 力計?200P-300f400 ?5000.00 50.0 100 1S0 2(MS測量時y軸正向指向西方c武漢該地的地磁場小于50pTD.武漢該地的磁傾角（磁場與水平方向的夾角）大于45°如所示真空空閬屮，僅在正方體中的黑點處存在著電荷量人小相等的點電荷，則閣中a、6兩點電

場強度和電勢均相同的足(一q場強度和電勢均相同的足(一q空叫存在著勻強磁場S和勻強電場S，磁場的方向難直于紙面平面)向里，電場的方向沿軸負方向。一帶正電的粒子從坐標原點a沿x軸正方向以初速度進入該場區(qū)，Ti(x^<-,在電場和磁場的作用卜。下列四幅閣屮，可能正確描述該粒子運動軌跡的是( )\y 個y如閣所示為電流天平，4以用來測量勻強磁場的磁感應強度。它的右普掛著邊長為f正三角形線閽，匝數(shù)為"，線圈的底邊水平，一半的高度處于方框內(nèi)的勻強磁場中，磁感hV:強度s的方向與線圈平面埵直。當線I卷I屮通過閣示方向的電流J吋，調(diào)節(jié)砝碼使兩普達到平衡。然后使電流反向，人小不變。這吋需要在左盤中

増加質(zhì)量為〃1増加質(zhì)量為〃1的砝碼，才能使兩臂再達到新的平衡。則（方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向里，磁感W強度3=^nilB.方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向里，磁感應強度衫=7^7B.2”//nio方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向外，磁感戍強度B=4nil方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向外，磁感噸強度8=^-2nll如閣所示，平行板電容器帶有等鼠異種電荷，與靜電計相迮，靜電計金W外克和電容器下極板都接地。在兩極板叫有一閻定在P點的點電荷，以￡表示兩板叫的電場強度.表示點電荷在P點的電勢能.0表示靜電計指針的偏角。菥保持卜極板不動.將上極板向卜移動一小段距離至閣中虛線位置，則（A.0滅小，￡不變A.0滅小，￡不變B.汐增大，￡p不變D.沒增人，￡増人如閣所示，正方形金域線圈邊長為Z，電肌為7?。現(xiàn)將線圈平放在粗糙水平傳送帶上，必邊與傳送帶邊後QN平行，隨傳送帶以速度V勻速運動，勻強磁場的邊界Paw平行四邊形，磁場方向垂直于傳送帶向上，磁感成強度大小為5.pg與夾角為45°，PA/長為21，足夠長，線圈始終相對于傳送帶靜止，在線圈穿過磁場區(qū)域的過程中，下列說法正確的是（ ）

MB.線_始終受到垂直于《^向右的靜睜擦力線閣回路屮最大電功率為42BMB.線_始終受到垂直于《^向右的靜睜擦力線閣回路屮最大電功率為42BzI：v2D線圈受獅擦力最大值為等8-恒流源(輸出電流人小恒定)與定值電阻并聯(lián)后作為一個整體nJ■看作一個實際電源.如閣所示的電路中恒流源的輸出電流為/o,并聯(lián)電阻為22()。關(guān)于該電源，卜列說法正確的是()-SH-A.該電源的d端為電源的正極A該電源的電動勢為Mo苦將丄5短路，短路電流為0該電源的內(nèi)阻為辦9.某光控開關(guān)控制電路如閣所示.為光敏電阻(電阻值隨光照強度的減弱而增人)，R：.於為滑動變阻器。當光控開關(guān)兩端電壓升高到一定值時，照明系統(tǒng)打開，以K操作能使傍晚時照明系統(tǒng)更早打開的是A.處的滑片位置不變，心的滑片向上滑動A.處的滑片位置不變，心的滑片向上滑動辦的滑片位置不變，沁的滑片向上滑動C&、幻的滑片位置不變，換電動勢更大，內(nèi)陽更小的新電源D』2'A的滑片位罝不變，換電動勢更小，內(nèi)阻更大的舊電源10.閣(a)足一款無線充電手機的實物閣，閣(b)足其原理閣。送電線圈接電源，匝數(shù)為1100匝。受電線圈接f?機電池，匝數(shù)為50匝。工作狀態(tài)下，穿過受電線圈的磁通量約為送電線圈的S0%,忽略其它損耗，現(xiàn)讓受電線圈與手機電池斷開，規(guī)定

T圖中送電線圈從a流入的電流方向為正，送電線圈輸入如閣（c）所示的電流，在■時，關(guān)于受電線圈下列說沾正確的是（）a)受電線豳r7A\//sA.受電線|倒的C)a)受電線豳r7A\//sA.受電線|倒的C)磁通量最人B-受電線圈兩端&叫電壓最高受電線圈c端電勢低于端D受電線_與送電線圈的感噸電動:CH5511.如閣所示，金屈棒MN質(zhì)量〃i=0.01kg,電阻為放在寬度為L=0.5m的兩根光滑的平行金屈導軌最右端上，導軌處于豎直向上的勻強磁場中，磁感^強度為B=0.5T,電源電動勢為￡=12V，內(nèi)阻為r=4Q-重力加速度為g=lOnVs2,導軌平面離地高為/?=0.8m。將開關(guān)S閉合，金誡棒彼水平拋出后落到距軌道末端水平距離^5=0.8m的位置，則（ ）a.剛a.剛m合瞬問通過金域棒的電流人小為ia甲甲金誠棒離開軌道吋的速度為20m/s通過金屈棒的電崖:為0.08C金城棒產(chǎn)生的焦耳熱為063J二、實驗題（本題共14分，其中11題共6分，12題共8分。把答案填在答題卡的相應位置。）12.某實驗小組為了測簠一段長度為I的電熱紋的電阻率，進行了如F實驗操作：z.

<D用螺旋測微器測量電熱絲的直徑，其中某次測重結(jié)果如閣甲所示，則電熱絲的直徑^/= rniiio?2）先用歐姆表粗測其電阻值。選用“xlO”倍率的電阻擋正確測量時.發(fā)現(xiàn)歐姆表指針偏轉(zhuǎn)角較大，因11七需重新選擇 （選填“XI”或“X100”）倍率的電陽擋，重新歐姆調(diào)零后再測量吋歐姆表示 數(shù)如閣乙所示，則電熱紋的電阻值為 <D用螺旋測微器測量電熱絲的直徑，其中某次測重結(jié)果如閣甲所示，則電熱絲的直徑^/= rniiio?2）先用歐姆表粗測其電阻值。選用“xlO”倍率的電阻擋正確測量時.發(fā)現(xiàn)歐姆表指針偏轉(zhuǎn)角較大，因11七需重新選擇 （選填“XI”或“X100”）倍率的電陽擋，重新歐姆調(diào)零后再測量吋歐姆表示 數(shù)如閣乙所示，則電熱紋的電阻值為 <3）用伏安法測皇該金屈絲的阻值，電路如閣丙所示。矜某次測量中.電壓表和電流表的示數(shù)分別為r和A則該金I狀的電阻率的測量（fiP= （“電流表分壓”、“伏特表分流”）使電阻率的測星:值偏 '4）丙屮由于變阻器滑片滑到.如閣所示，i靑按該電路閣選擇合込的器M迮接好后用來測鼠電源電動勢和內(nèi)（1）開關(guān)W合前滑動〔填“左側(cè)”或“右側(cè)”）o（2）根據(jù)實驗測得的幾組、數(shù)據(jù)做出像如閣所示，由圖像吋確定:該電源的電動勢為 電源的內(nèi)電阻為 Q（結(jié)果保留到小數(shù)點后兩位）。 <3）T<在實驗屮發(fā)現(xiàn)電壓表壞了，于足不再使用電壓表，而足選用電阻箱替換了滑動變阻器，重新迮接電路進行實驗。實驗中H:出幾組電肌箱的阻值以及對沌的電流表的示數(shù)，則該同學以2?為橫坐標，以 （選填）為縱坐標得到的函數(shù)閿線是一條直線。分析可得該閣線的斜率為fr.縱軸截距為/>，4求得電源電動勢￡= 為/>，4求得電源電動勢￡= ，電源內(nèi)電阻r= 。（用符9々和6表示電源電動勢和內(nèi)電PH）.這種方案測得的電動勢和內(nèi)電肌的值與真實值相比，E測 三、計算題（本題共42分，請將答案填寫在答題卡的相應位置。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分，有數(shù)字計算的題，答案中必須明確寫出

數(shù)據(jù)和單位。〉如閣所示，直角坐標系xOy平而豎直.y軸豎直向上.平面內(nèi)有沿豎直方向的勻強電場（閣屮未畫出），由:v軸上的點A（-1,0）沿與:r軸正方向成45°角以速度v=2＞/2nVs斜射出一個比荷l=2xlO_:C/kg的帶負電的粒子，3點是粒子運動軌跡與軸的交點，運動軌跡上C、D兩點的坐tdi己m在閿中標出。不計粒子的重力和空氣阻力。求：'D5點的坐標：（2）勻強電場的電場強度大小和方向：|3）粒子運動到D點時的速度人小。如閣所示，傾角為6?=37°的絕緣斜面上的和之問有垂直斜面向下的有界磁場，磁感沌強度5=10T,磁場寬度a=10cm。質(zhì)黽w=（15kg閉合矩形線框-15CD放在斜亂匕線框由籾細均勻的導線繞制而成.其總電阻為2?=004Q,其屮dC長為￡]=100cm.長為&=20cm。開始時.線框的CD邊與平行?，F(xiàn)由靜止釋放線框，當線框CD邊運動到磁場邊界時，恰好做勻速直線運動，速度人小為而當.45邊到達磁場下邊緣GH時.線框的速度人小為v2=2.0in-s,整個過程中線框不發(fā)生轉(zhuǎn)動。己知線框和斜面之問的摩擦W數(shù)為0.5。（^=10ms2）求：'1）速度n的大?。海?）線_穿越磁場的過程中產(chǎn)生的焦耳熱：（3）線框從CD邊進入磁場到AB邊穿出磁場的過程所用的時間。如閣所示，半徑r=0.08m的半圓形無場區(qū)的岡心在坐標原點＜9處，半徑及=0.1m，磁感hV:強度火小5=01T的圓形有界磁場區(qū)的圓心坐標為（0.006m），平行金展板.WV的極板長Z=03in.間距J=0lm.極板問所加電壓O=4.8xl02V,其中JV極板收集粒子全部中和吸收。一位于＜9處的粒子源向第二、二象限均勻地發(fā)射速度大小v=6xl05nVs的帶正電粒子.經(jīng)圓形磁場偏轉(zhuǎn)后，從第=象限出射的粒子速度方向均沿x軸正方向。芯粒子重力不計、比荷2=10sC/kg、不計粒子間的相互作用力及電場的邊緣效應din37、=o.6.mcos37°=0.8o'D粒子在磁場中的運動半徑及0:U）從坐標＜0,016m）處射出磁場的粒子，其在0點入射方向與j?軸夾角氏13）N板收集到的粒子占所有發(fā)射粒子的比例，!。2022年秋季鄂東南省級示范髙中教育教學改革聯(lián)盟學校期中聯(lián)考髙二物理試卷一、選擇題（本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第1一7題只有一項符合題目要求，第8—11題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選銪的得0分。）在人類探索自然規(guī)律的過程中，卜列物理節(jié)實不正確的足（ ）A美M科學家富蘭克林命名了正電荷和負電荷法國物理學家安培提出了安培分子電流假說.揭示了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)法拉第胬早發(fā)現(xiàn)了電磁感成現(xiàn)象，并指出閉合電路中感以電動勢的大小，跟穿過這一電路的磁通鼠的變化率成正比件朗克解釋黑體輻射規(guī)律吋最早提出能黽子假說?！敬鸢浮緾【解析】【詳解】A.美國科學家富蘭克林命名了正電荷和負電荷，故A正確：安培的分子電流假說.認為構(gòu)成磁體的分子內(nèi)部存在一種環(huán)形電流.即分子電流，揭示了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)，故B正確：法拉第最早發(fā)現(xiàn)了電磁感沌現(xiàn)象，但指出閉合電路中感應電動勢的人小.跟穿過這一電路的磁通皇的變化率成正比的足紐曼和韋伯，故C錯誤：普朗克解釋黑體輻射規(guī)律時最早提出能量子假說.故D正確。選不正確的，故選C。安裝適當?shù)能浖?利用智能f?機屮的磁傳感器N■以測量磁感⑹強度如閣，在f?機上建立直坐標系，f?機顯示屏所在平面為.YC5?面。某同學在武漢某地對地磁場進行了一次測簠，測簠時f?機平放在水平桌而使2軸正向保持豎直向上。根據(jù)題H中測星:結(jié)果可推知（）

xJE磁力什xJE磁力什A測星時J，軸正向指向北方測量吋），軸正向指向曲方C武漢該地的地磁場小于50pTD武漢該地的磁傾角（磁場與水平方向的夾角〉人干45°【答案】D【解析】【詳解】AB.武漢處于北半球，地磁場的分鼠一個沿水平方向向北，一個豎直向下指向地面，根據(jù)題閣中測堡:結(jié)果可知.x軸磁場分螢為負值.說明x軸正方向指向南方.則>?軸正方向指向爾方，故AB錯誤：武漢該地的地磁場為B=^（2+8,2=y/352+43Fx/r>50//7故C錯誤：武漢該地的磁傾角（磁場與水平方向的夾角）正切值為B43tan^=—^=—>1<?人于45。，故D正確。故選D。如閣所示的真空空間屮，僅在正方體中的黑點處存在著電荷量人小相等的點電荷，則閿中a、6兩點電場強度和電勢均相同的足（ ）A.B.場強度和電勢均相同的足（ ）A.B.【答案】C【解析】【詳解】A.a、&兩點的場強大小相等，方向相反，根據(jù)對稱性可知心兩點的電勢相等.A錯誤：根據(jù)電場線的分布情況，知a點電勢為正值，而d點處于等量異種電荷的中垂面上，電勢為零，而且兩點的場強大小也不等，B錯誤：a、兩點處干兩個等皇異種點電荷連線的中垂直上，該平而為等勢面，電勢為零.W此a、6兩點的電勢相等，場強的方向與等勢面垂直，而且a、6兩點關(guān)于等量異種電荷跡線對稱，閃此場強大小和方向部相同，C正確：由于a、6兩點到兩場源電荷距離對稱.電勢相等.根據(jù)點電荷的電場強度公式E^_a、糧電場場強大小相等，根據(jù)矢量合成’口了知場強的方向不同，D錯誤?？战写嬖谥鴦驈姶艌?和勻強電場r.磁場的方向垂直于紙面（A*a.v平面）向里，電場的方向沿y軸負F方向。一帶正電的粒子從坐標原點a沿x軸正方向以初速度V0進入該場區(qū)，?0<vo<-,在電場和磁場的D作用下。下列四幅圖中，可能正確描述該粒子運動軌跡的是（ ）【 】D【解析】

【詳解】磁場的方向垂直于紙面00）’平面）向里，電場的方向沿y軸負方向，岡為vo<f,所以BBxyj<Eq^力向;；軸負向，粒子軌跡彎向合外力方向.故D正確ABC錯誤。故選D、如ra所示為電流天平，uj?以用來測量勻強磁場的磁感應強度。它的右臂掛著邊長為廠正三角形線圈.匝數(shù)為《，線閣的底邊水平，一半的高度處于方框內(nèi)的勻強磁場中，磁感成強度3的方向與線圈平面垂直。當線I翻中通過閣示方向的電流/時，調(diào)節(jié)砝碼使兩臂達到平衡。然后使電流反向.人小不變。這時需要在左盤中增加質(zhì)星為W的砝碼，才能使兩臂再達到新的平衡。則（ ）B.方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向里,C.方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向外.D.方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向外，磁感MZB.方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向里,C.方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向外.D.方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向外，nig磁感⑹強度B=^-nll磁感吣強度【解析】【詳解】線_一半處干勻強磁場中，則有效長度為安培力人小為F=nBl-電流反向吋，需要在左盤屮增加質(zhì)量為w的砝碼，說明原來的安培力方向向上，根據(jù)左手定則，^知，方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向外。當電流反向，安培力變?yōu)橄蛳聲r，再次平衡，說明安培力等于講g的一半，即得22

B=^故選c。nil如IM所示，平行板電容器帶有等簠異種電荷，與靜電計相迮，靜電計金域外克和電容器下極板都接地。在兩極板叫有一W定在P點的點電荷，以E表示兩板問的電場強度，表示點電荷在P點的電勢能，0表示靜電計指針的偏角。打保持K極板不動，將上極板向下移動一小段距離至閣中虛線位置，則（【-]AA.0減小，E【-]AA.0減小，E不變B6?增大，么不變D汐增人，￡增大【解析】【詳解】電容器電荷星保持不變，77保持下極板不動，將上極板向下移動一小段距離至閿中虛線位置.則兩極板問距減小，根裾公式c=葢可知電容C變大，再根據(jù)c=g可知P—定，兩板間電壓減小，故沒減?。焊鶕?jù)￡=7=^7^u aSo可知兩板叫電場強度f不變：p點與下板M的電勢差為L/pF=￡c/pF=Pp—爐卜其屮，E、辦卜不變，爐卜=0，則"f知爐P不變，則根椐￡P(guān)=/川?知￡p不變。故選A。7.如閣所示，正方形金abed邊長為Z，電阻為1現(xiàn)將線I鍋平放在粗糙水平傳送帶上，冰邊與傳送帶邊緣込V平行，隨傳送帶以速度v勻速運動，勻強磁場的邊界PONMJk平行四邊形，磁場方向乖直于ft送帶向上，磁感成強度人小為凡PO^ON^角為45\ 長為2Z.Pp足夠長.線圈始終相對于傳送帶靜ll:,在線閣穿過磁場區(qū)域的過程中，K列說法正確的足（B.線圈始終受到垂直于《^向右的靜睜檫力A.線圈感B.線圈始終受到垂直于《^向右的靜睜檫力A.線圈感I々電流方向先足沿后沿D.線圈受到摩擦力的最人值為C.線圈回路屮的最人電功率為RD.線圈受到摩擦力的最人值為C.線圈回路屮的最人電功率為RV2B:L2v【答案】D【解析】【詳解】A.線閣進入磁場吋磁通量增人，離開磁場吋磁通黽減小.由K次定律吋知感沌電流方向先沿adcbafd沿abcda:A錯誤：線閣受到安培力足沿卷Pp方向的線框的有效長度/受到的安培力.由左手定則4知.方向垂直于Pp向左，由線框隨傳送帶勻速運動，所以靜睜檫力和安培力等人反向，說明靜摩擦力垂直方向向右，B錯誤：C.當線圈的有效切割長度Z長吋，電流最大值/=?^線_回路中的最人電功率為KP=12R=P=12R=B2Ljv2~R~C錯誤:當線圈的有效切割長度Z長時，受到安培力胬大值F=B■咢備竿由前面分析可知卿擦力和安培力等大反向，摩擦力的最大值為萬時V，D正確。R故選D，(p ?A.該電源的」端為電源的正極恒流源的輸出電流為8-恒流源（輸出電流人小恒定）與定值電阻并聯(lián)后作為一個整體可看作一個實際電源.如閣所示的電路中/0,并聯(lián)電阻為及0A.該電源的」端為電源的正極恒流源的輸出電流為該電源的電動勢為7o/?o將丄5短路，短路電流為0該電源的內(nèi)阻為此【答案】BD【解析】

【詳解】A.電源內(nèi)部電流從負極流向正極，所以該電源的S端為電源的正極，故A錯誤;BD.恒流源4電阻辦并聯(lián)電壓相等，該電源的電動勢等于辦的電壓E=R0I0故B正確：恒流源的電流不隨外電肌的變化而變化，??將.4、S短路，短路電流仍為To.故C錯誤；理想恒流源的內(nèi)阻為無窮人.與定值電阻辦并聯(lián)后的電阻近似等于;?o.故該電源的內(nèi)阻為辦.故D正確。故選BD.某光控開關(guān)控制電路如閣所示，A為光敏電阻(電阻值隨光照強度的減弱而增大)，Ri.於為滑動變阻器。當光控開關(guān)兩端電壓升高到一定值時，照明系統(tǒng)打開.以下操作能使傍晚時照明系統(tǒng)更早打開的足光W開關(guān)光W開關(guān)A.於的滑片位置不變，辦的滑片向上滑動BA的滑片位罝不變.&的滑片向上滑動處.沁的滑片位置不變，換電動勢更大，內(nèi)阻更小的新電源D』2、A的滑片位罝不變，換電動勢更小，內(nèi)阻更大的舊電源【答案】AC【解析】【詳解】光敏電阻沁的電阻值隨光照強度的減弱而增人.要使傍晚吋照叫系統(tǒng)更早打開.即在光敏電阻和的電阻較小時打開照明系統(tǒng)。/?2的滑片位置不變.A的滑片向上滑動，接入電路電阻變?nèi)?，根?jù)閉合電路歐姆定律呵知，干路電流減小，久和內(nèi)肌分壓減小，光控開關(guān)兩端電壓升高，故A正確：A的滑片位置不變，處的滑片向上滑動，接入電路電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律吋知，干路電流減小，Ai的電肌減小，并聯(lián)部分分圧減小.光控開關(guān)兩端電壓降低，故B錯誤：R2.A的滑片位置不變，換電動勢更大，內(nèi)阻更小的新電源，總電肌減小，總電流増大，并聯(lián)部分分壓變?nèi)?光控開關(guān)兩端電壓升高.故C正確：Ri.R,的滑片位置不變，換電動勢更小，內(nèi)咀更大的舊電源，總電肌増大，總電路減小，并聯(lián)部分分壓減小，光控開關(guān)兩端電壓降低，故D錯誤：故選AC。圖(?)是一款無線充電手機的實物圖，圖(fe)是其原理圖。送電線圈接電源，匝數(shù)為1100匝。受電線

閣接寧?機電池，匝數(shù)為50匝。工作狀態(tài)下，穿過受電線圈的磁通崖:約為送電線圈的80%，忽略其它損耗，現(xiàn)讓受電線圈與手機電池斷幵，規(guī)定閣屮送電線圈從a流入的電流方向為正，送電線圈輸入如閣（C）所示7I2II在r流電的H疋7I2II在r流電的H疋的確正法說列?卜A受電線_的磁通雖最人受電線圈兩端“問電壓最高受電線圈c端電勢低于J端D受電線閣4送電線閽的感噸電動二二二二2二55【 】BD【解析】【詳解】A.在時，送電線圈的電流為0,則磁通壁為0,受電線圈的磁通鼠也為0,故A錯誤:B.在r=j吋.送電線的電流變化率最人.產(chǎn)生的磁感應強度的變化率最人，則由法拉第電磁感問定律，受電線_的感沌電動勢為Ecil=n,80%A<I>=80%AgS受電線圈兩端Cd間電壓最高，故B正確：△f AfC.在r=i前，根據(jù)安培定則送電線圈產(chǎn)生的磁場方向向下正在減小.根據(jù)愣次定律⑷■知，受電線圈產(chǎn)生的感崎電流方向中J到G受電線圈相當于電源，電源內(nèi)部電流曲低電勢流向高電勢，故（:點電勢高于4點，故C錯誤:根據(jù)法拉第電磁感應定律='——受電線闡與送電線障I的感&電動勢之比為n.x80% 50x0.8 2t=^~=~H00~=55^D]E^。故選BD。如閣所示.金㈣棒XIN質(zhì)星w=0.01kg.電阻為R:沁，放在寬度為L=0.5m的兩根光滑的平行金誠導軌最右端上，導軌處于豎直向上的勻強磁場屮，磁感W強度為谷=0.5T，電源電動勢為￡=12V,內(nèi)阻

為r=4￡2,重力加速度為g=lOnVs2,導軌平面離地高為/?=O.8m。將開關(guān)S閉合，金M棒被水平拋出后落到距軌道末端水平距離為5=0.8m的位罝，則（ ）A.剛A.剛W合瞬問通過金域棒的電流人小為1AB.金誠棒離開軌道吋的速度為20m/sC通過金城棒的電量為OOSC金城棒產(chǎn)生的焦耳熱為0.63J【答案】AC【解析】【詳解】A.剛閉合瞬叫通過金賊榨的電流人小為FI?/=-=-=—A=1A故A正確；R+r8+4B.將開關(guān)S閉合，金誠棒被水平拋出后落到距軌道末端，則J=v（）/=O.8m/7=igr解得vQ=2nv’s故B錯誤；C.由動量定理可知BIL\t=BLq=/wv0解得則，0則，0BL^=隱故。正確:金域棒產(chǎn)生的焦耳熱為Q= =IRq=lxSxO.OSJ=0.64J故D錯誤，故選AC.二、實驗題（本題共14分，其中11題共6分，12題共8分。把答案填在答題卡的相應位置，）某實驗小組為了測量一段長度為2：的電熱蜱的電阻率，進行了如卜實驗操作：

'1）用螺旋測微器測黽電熱絲直'1）用螺旋測微器測黽電熱絲直徑，其中某次測皇結(jié)果如圖甲所示，則電熱絲的直徑3= mm: （2）先用歐姆表粗測其電阻值。選用“xlO”倍率的電阻擋正確測量時.發(fā)現(xiàn)歐姆表指針侷轉(zhuǎn)角較大，因此需重新選擇 （選填“XI”或“X100”〉倍率的電陽擋，重新歐姆調(diào)零后再測鼠吋歐姆表示 數(shù)如閣乙所示，則電熱紋的電阻值為Q。 <3〉用伏安法測鼠該金厲絲的阻值，電路如閣丙所示?！赌炒螠y量中，電壓表和電流表的示數(shù)分別為r和A則該金域絲的電阻率的測量 o（用4L、U、I表示）【答案】（4）丙中由于 （“電流表分壓”、“伏特表分流”）使電阻率的測童值偏 【答案】].1.400二xl二16二-C.伏特表分流4￡/【解析】【詳解】（i）[i]根裾螺旋測微器的讀數(shù)原理，M定尺刻度+4動尺轉(zhuǎn)過格數(shù)。精確度，則閣中讀數(shù)為L=lnim+40.0x0.01mm=1.400inm（2）[2]選用“xlO”倍率的電阻擋正確測黽時，發(fā)現(xiàn)歐姆農(nóng)指針偏轉(zhuǎn)角較大，說明測藍的電肌值太小，閃此需重新選擇低倍率的檔位，故選“xi”。圖中歐姆表測得電熱絲的電阻值為16Qo（3）[4】由歐姆定￥R由電阻定律冗d:Up=^lFR=pL=p^L冗d:Up=^lF（4） [5][6]丙中巾于伏特表分流，使電流/測量值偏大，由上式知電阻率的測量值偏小。如閿所示，請按該電路閣選擇合適的器材迮接好后用來測量電源電動勢和內(nèi)阻。

（1）開關(guān)閉合前滑動（1）開關(guān)閉合前滑動變附器的滑片滑到 （填“左側(cè)”或“右側(cè)”）。（2〉根據(jù)實驗測得的幾組、數(shù)據(jù)做出6/-/閣像如閣所示，由閣像川?確定：該電源的電動勢為 ， 電源的內(nèi)電阻為 Q（結(jié)果保留到小數(shù)點后兩位）。<3）?在實驗中發(fā)現(xiàn)電壓表壞了，于是不再使用電壓表，而是選用電阻箱替換了滑動變阻器，重新述接電路進行實驗。實驗屮讀出幾組電阻箱的阻值以及對府的電流表的示數(shù)，則該同學以3?為橫坐標.以 （選填“廠）為縱坐標得到的函數(shù)閣線是一條直線。分析"J"得該閣線的斜率為匕縱軸截距為么吋求得電源電動勢￡= ，電源內(nèi)電PFIp 。（用符9々和6表示電源電動勢和內(nèi)電阻）。這種方案測得的電動勢和內(nèi)電阻的值與真實值相比，E測 ￡a， （選煩 f‘〉” “一” <wJ【答案] ].左側(cè)□.140 :.0.57 □y□.y已備【解析】【詳解】（1）[1]開關(guān)閉合前滑動變阻器接入電路的阻值噸敁大，閃此滑片滑到左側(cè)。（2）[2][3]由圖可知該電源的電動勢為E=b=1.40V電源的內(nèi)電阻為E=b=1.40V電源的內(nèi)電阻為r=k=1.40-1.000/70Q=0.57Q'3）[4]}?用電阻箱鈐換滑動變阻器，根據(jù)閉合電路歐姆定律有E=/(R+r)整理得W+5即以為橫坐標.77得到的__是一條直線.應以|為縱坐標。[6]圖象的斜率k= 縱軸截距Eb=^~解得電源電動勢為E^=1電源內(nèi)阻22r=T[7][8]rtl于電流表的分壓作用，實際應為kEgf=I(R+r^+rA)整理得1 1 +rA7=，所以則這種方案測得的電動勢和內(nèi)電附的值s真實值相比E私，r#j>rw三、計算題(本題共42分，請將答案填寫在答題卡的相應位置。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分，有數(shù)字計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)據(jù)和單位。)如閣所示，直角坐標系AOy平而豎直，y軸豎直向上.平面內(nèi)有沿豎直方向的勻強電場(閣屮未畫出)，由:v軸上.的點A(-1,0)沿與:r軸正方向成45°角以速度v=2V2nVs斜射出一個比荷!=2xi(r2c/kg的帶負電的粒子.5點是粒子運動軌跡與>，軸的交點，運動軌跡上c、o兩點的坐標己H1在閣中標出。不計粒子的重力和空氣阻力。求：'D5點的坐標:(2)勻強電場的電場強度大小和方向：【解析】?3)粒子運動到Z)點時的速度人小?！窘馕觥俊敬鸢浮?1)(0,0.5m)；(2)200N/C,豎直向下：(3〉4m/s【詳解】(1)由幾何知識吋知，小球從J點運動到S點的逆過程為類平拋運動，貝IJ有=vcos45。，vv=vsiu45°聯(lián)立解份ttA=0.5s，yB=0.5m所以5點的坐標為(0,0.5m)。(2)由類平拋運動的知識uj知， qEa=——in解得a=4m/s2，￡=200N/C電場方向豎直向卜。'3)小球從d點到D點的過程，由動能定理4知2D

P2D

PI/Ik/n1-2

=—v2)解得vD=4m/s如閿所示，傾角為<9=37°的絕緣斜而上的和之叫有垂直斜面向卜的有界磁場.磁感噸強度萬=10T.磁場寬度a=10cim.質(zhì)量7H=0.5kgW合矩形線框.15CD放在斜而上，線框由粗細均勻的導線繞制而成，其總電阻為及=004Q,其中-4C長為Li=100cm,AB長為Z2=20cm。開始時，線框的CD邊與￡F平行。現(xiàn)由靜11:釋放線框，當線框CD邊運動到磁場邊界￡F時，恰好做勻逨直線運動，速度大小為vl6而為AB邊到達磁場K邊緣G/7時.線框的速度人小為V2=2.Onvs，整個過程屮線框不發(fā)生轉(zhuǎn)動。己知線框和斜面之M的摩擦因數(shù)為0.5。(g=10ms2)求：<1)速度^的大?。?2)線圈穿越磁場的過程中產(chǎn)生的焦耳熱：'3)線框從CZ)邊進入磁場到45邊穿出磁場的過程所用的時叫。【答案】(1)lnvs:(2)O.35J；(3)1.1s【解析】【詳解】(1)線框的CD邊剛進入磁場時，恰好做勻速直線運動.對線框受力分析有解得F女+"”igcos0=mgsin^ =BIL^解得=InVs(2)線框由CD