西北狼聯(lián)盟2020屆高三上學(xué)期一診模擬聯(lián)考物理試題含解析

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精西北狼聯(lián)盟2020屆高三上學(xué)期一診模擬聯(lián)考物理試題含解析高2020屆西北狼聯(lián)盟高三一診模擬聯(lián)考物理試題二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.1。一個物體以初速度v0水平拋出，經(jīng)過一段時間t后其速度方向與水平方向夾角為45°，若重力加速度為g，則t為()A.B。C。D.【答案】B【解析】【詳解】將末速度分解為水平和豎直方向的分速度則有，,解得：，故B正確,ACD錯誤。2。實際生活中常常利用如圖所示的裝置將重物吊到高處．現(xiàn)有一質(zhì)量為M的同學(xué)欲將一質(zhì)量也為M的重物吊起,已知繩子在水平天花板上的懸點與定滑輪固定點之間的距離為L,不計滑輪的大小、滑輪與繩的重力及滑輪受到的摩擦力．當(dāng)該同學(xué)把重物緩慢拉升到最高點時，動滑輪與天花板間的距離為A。 B. C. D?！敬鸢浮緼【解析】【詳解】當(dāng)該同學(xué)把重物緩慢拉升到最高點時,繩子的拉力等于人的重力，即為Mg，而重物的重力也為Mg，則設(shè)繩子與豎直方向的夾角為θ，可得，則，此時動滑輪與天花板的距離為，故A正確，B、C、D錯誤；故選A．【點睛】以人為研究對象確定物體達(dá)到最高點時人的拉力大小，再以滑輪處為研究對象，根據(jù)受力情況確定細(xì)線與豎直方向的夾角,再根據(jù)幾何關(guān)系求解．3。甲乙兩個物體從同一地點同時沿同一直線運(yùn)動的速度圖象如圖所示，在0～t2時間內(nèi)，下列說法正確的是A。甲物體的加速度逐漸增大，乙物體的加速度不斷減小B。t2時刻兩物體相遇C。在第一次相遇之前，t1時刻兩物體相距最遠(yuǎn)D。甲、乙兩個物體的平均速度大小都是【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，可知，甲物體的加速度不斷減?。椅矬w速度均勻減小,加速度不變．故A錯誤；B．由圖形與時間軸所圍成的面積表示位移可知，在t1到t2中間某時刻兩物體相遇，故B錯誤．C．兩物體從同一地點同時開始沿同一直線運(yùn)動，t1時刻前乙物體的速度大小大于甲物體的速度，乙物體在甲物體的前方，兩者距離不斷增大，t1時刻后乙物體的速度大小小于甲物體的速度，兩者距離不斷減小，所以t1時刻兩物體相距最遠(yuǎn)，故C正確；D．乙物體做勻減速直線運(yùn)動,平均速度大小等于．甲物體做變加速直線運(yùn)動,根據(jù)圖線與時間軸所圍面積表示位移可知，其位移大于以相同的初速度和末速度做勻加速運(yùn)動的位移，所以其平均速度大小大于．故D錯誤．故選C．點睛：本題考查速度圖象的應(yīng)用，能夠根據(jù)圖象分析物體的具體運(yùn)動，同時對于速度圖象上兩物體速度相等的時刻往往兩物體相距最遠(yuǎn)或最近，根據(jù)速度之間的關(guān)系進(jìn)行分析．4?；鹦鞘翘栂抵械厍蜍壍劳鈧?cè)離地球最近的行星，當(dāng)?shù)厍蛟诨鹦呛吞栔g成一條直線時，稱為行星沖日現(xiàn)象,已知地球的公轉(zhuǎn)周期為1年，火星的公轉(zhuǎn)周期約為地球的兩倍,則火星和地球相鄰兩次沖日的時間間隔大約為A。1年 B。2年 C.4年 D.8年【答案】B【解析】【詳解】設(shè)地球公轉(zhuǎn)周期為T，則火星的公轉(zhuǎn)周期為2T，相鄰兩次沖日的時間間隔為t，有:解得t=2T=2年．故選B．5.質(zhì)量為m的物體從高為h的斜面頂端靜止下滑，最后停在平面上,若該物體以v0的初速度從頂端下滑,最后仍停在平面上，如圖甲所示．圖乙為物體兩次在平面上運(yùn)動的v-t圖,則物體在斜面上運(yùn)動過程中克服摩擦力的功為A。B.C.D?！敬鸢浮緿【解析】【詳解】若物體靜止開始下滑，由動能定理得：若該物體以v0的初速度從頂端下滑，由動能定理得：由乙圖可知，物體兩次滑到平面的速度關(guān)系為;由以上三式解得：A．物體在斜面上運(yùn)動過程中克服摩擦力的功為,A選項錯誤．B．物體在斜面上運(yùn)動過程中克服摩擦力的功為，B選項錯誤．C．物體在斜面上運(yùn)動過程中克服摩擦力功為，C選項錯誤．D．物體在斜面上運(yùn)動過程中克服摩擦力的功為,D選項正確．6.如圖甲所示的電路中，電源電動勢為3V、內(nèi)阻為2Ω，R是阻值為8Ω的定值電阻，A是理想電流表，L是小燈泡,小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．閉合開關(guān)S,電路穩(wěn)定后,A表的示數(shù)為0。2A．下列說法正確的是A.由圖乙可知，小燈泡的電阻隨電壓升高而增大B.電路穩(wěn)定后,電源內(nèi)部發(fā)熱消耗的功率是0。4WC.電路穩(wěn)定后，燈泡L消耗的電功率為1.0WD.電路穩(wěn)定后，電源的效率約為87％【答案】AD【解析】【詳解】因I-U圖像的斜率等于電阻的倒數(shù)，可知由圖乙可知，小燈泡的電阻隨電壓升高而增大，選項A正確；電路穩(wěn)定后，電源內(nèi)部發(fā)熱消耗的功率I2r=0.22×2W=0。08W，選項B錯誤；電路穩(wěn)定后，燈泡兩端的電壓為UL=E-I（r+R）=3-0。2(2+8)=1V，則燈泡L消耗的電功率為PL=IU=0。2×1W=0.2W,選項C錯誤；電路穩(wěn)定后，電源的效率約為，選項D正確;故選AD.【點睛】本題主要考查了閉合電路歐姆定律、串并聯(lián)電路的特點的直接應(yīng)用,要求同學(xué)們能正確分析燈泡的伏安特性曲線，能根據(jù)圖象讀出有效信息．7。如圖，正點電荷固定在O點，以O(shè)為圓心的同心圓上有a、b、c三點,一質(zhì)量為m、電荷量為—q的粒子僅在電場力作用下從a點運(yùn)動到b點，速率分別為va、vb．若a、b的電勢分別為φa、φb,則A.a、c兩點電場強(qiáng)度相同 B。粒子的比荷C.粒子在a點的加速度大于在b點的加速度 D。粒子從a點移到b點，電場力做正功,電勢能減少【答案】BC【解析】【詳解】A。根據(jù)正點電荷電場的特征可知,a、c兩點電場強(qiáng)度大小相同，方向不同，故A錯誤;B。電荷量為-q的粒子僅在電場力作用下從a點運(yùn)動到b點，由能量守恒定律，—qφa=-qφb，解得，選項B正確；C.根據(jù)點電荷電場強(qiáng)度公式可知，a點的電場強(qiáng)度大于b點，粒子在a點所受的庫侖力大于在b點所受的庫侖力，由牛頓第二定律可知粒子在a點的加速度大于在b點的加速度，故C正確;D。電荷量為-q的粒子粒子從a點移到b點，克服電場力做功，電勢能增大，選項D錯誤．8。光滑水平面上放有質(zhì)量分別為2m和m物塊A和B,用細(xì)線將它們連接起來,兩物塊中間加有一壓縮的輕質(zhì)彈簧（彈簧與物塊不相連),彈簧的壓縮量為x?，F(xiàn)將細(xì)線剪斷,此刻物塊A的加速度大小為a，兩物塊剛要離開彈簧時物塊A的速度大小為v,則（)A.物塊B的加速度大小為a時彈簧的壓縮量為B。物塊A從開始運(yùn)動到剛要離開彈簧時位移大小為xC。物塊開始運(yùn)動前彈簧的彈性勢能為mv2D.物塊開始運(yùn)動前彈簧的彈性勢能為3mv2【答案】AD【解析】【詳解】A．當(dāng)物塊A的加速度大小為a時，根據(jù)胡克定律和牛頓第二定律可得kx＝2ma當(dāng)物塊B的加速度大小為a時，有kx′＝ma，故x′＝選項A正確;B．取水平向左為正方向,根據(jù)系統(tǒng)動量守恒得2m－m＝0，又因為xA＋xB＝x，解得物塊A的位移為xA＝,選項B錯誤;CD．由動量守恒定律可得0＝2mv－mvB，得物塊B剛離開彈簧時的速度為vB＝2v，由系統(tǒng)機(jī)械能守恒可得物塊開始運(yùn)動前彈簧的彈性勢能為Ep＝·2mv2＋mvB2＝3mv2,選項C錯誤，D正確．9.為測一遙控電動小車的額定功率,進(jìn)行了如下實驗：①將電動小車、紙帶和打點計時器等按如圖甲所示安裝；②接通打點計時器電源（其打點周期為0。02s）;③使電動小車以額定功率加速運(yùn)動,達(dá)到最大速度一段時間后關(guān)閉小車電源，待小車靜止在斜面上后再關(guān)閉打點計時器電源(小車在整個運(yùn)動中所受阻力恒定）．在上述過程中，打點計時器在紙帶上所打的部分點跡如圖乙所示，請你分析紙帶數(shù)據(jù)，回答下列問題(結(jié)果保留2位有效數(shù)字）:（1）該電動小車運(yùn)動的最大速度為__________m/s2（2）關(guān)閉小車電源后，小車的加速度大小為__________m/s2(3)若小車的質(zhì)量為0.4kg,則小車的額定功率是_________W．【答案】（1)。2。0（2).4。0（3)。3.2【解析】【詳解】（1）根據(jù)紙帶可知,當(dāng)所打的點點距均勻時，表示物體勻速運(yùn)動，此時速度最大,則有；（2)關(guān)閉電源后小車做勻減速直線運(yùn)動，由于不知道中間確切的關(guān)閉電源的時間，故采用紙帶最后四組數(shù)據(jù)計算，根據(jù)逐差公式可得:,，兩式相加可得，負(fù)號表示加速度方向與運(yùn)動方向相反；（3）當(dāng)汽車達(dá)到額定功率，勻速運(yùn)動時有，故汽車的額定功率為：．10。某實驗小組的同學(xué)在實驗室發(fā)現(xiàn)了一段粗細(xì)均勻、電阻率較大的電阻絲，于是設(shè)計了如圖甲所示的電路進(jìn)行了實驗探究,其中MN為電阻絲，R0是阻值為1.0Ω的定值電阻，實驗中調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片P,記錄電壓表示數(shù)U,電流表示數(shù)I以及對應(yīng)的PN長度x，繪制了U－I圖線如圖乙所示．(1)由圖乙求得電池的電動勢E＝________V,內(nèi)阻r＝________Ω。（2）實驗中由于電表內(nèi)阻的影響，電動勢測量值________其真實值（選填“大于”“等于”或“小于”）．（3)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)可繪出圖象如圖丙所示．圖象斜率為k,電阻絲橫截面積為S，可求得電阻絲的電阻率ρ＝______，電表內(nèi)阻對電阻率的測量________（選填“有”或“沒有”)影響．【答案】(1）。1。49(2)。0.45（3）.小于(4)。kS(5).沒有【解析】【詳解】（1）由閉合電路歐姆定律可知:,則可知,圖2中的圖象與縱坐標(biāo)間的交點表示電動勢，故E=1.49V；圖象的斜率表示內(nèi)電阻,則，解得:；（2）由圖示可知，伏安法測電阻相對于電源來說采用電流表外接法，由于電壓表分流作用，電流表測量值偏小,當(dāng)外電路短路時，電流測量值等于真實值，電源的U-I圖象如圖所示，由圖象可知，電動勢測量值小于真實值，電源內(nèi)阻測量值小于真實值；（3）根據(jù)歐姆定律可知，電阻，則可知，解得：,若考慮電阻內(nèi)阻，則圖象的斜率不變,所以得出的電阻率沒有影響。11。如圖所示,P為傾角30°的光滑絕緣斜面ABC斜邊AC的中點,空間存在方向水平向右的勻強(qiáng)電場場強(qiáng)大小未知，當(dāng)在B點固定一質(zhì)量為m的帶電小球時，另一完全相同的帶電小球恰好可以靜止在P點且對斜面無壓力．已知AB=l，重力加速度為g,靜電力常量為k．求(1)帶電小球的電性及電量大小；(2）如果撤去B點的帶電小球，將小球m從A點以速度v0水平拋出，求小球從拋出到第一次落回斜面的時間．【答案】(1)負(fù)電，(2）【解析】【分析】對小球m在P點進(jìn)行受力分析可得小球所受電場力方向水平向左，故小球帶負(fù)電；由平衡條件和庫侖力公式求出帶電小球的電量大小;如果撤去B點的帶電小球,將小球m從A點以速度v0水平拋出，在水平方向受到電場力，小球做勻減速運(yùn)動，在豎直方向上,小球做自由落體運(yùn)動,根據(jù)運(yùn)動規(guī)律求出小球從拋出到第一次落回斜面的時間;【詳解】解：(1）對小球m在P點進(jìn)行受力分析可得,小球所受電場力方向水平向左，故小球帶負(fù)電；由平衡條件可得：由幾何知識可得，則有：聯(lián)立解得，（2）如果撤去B點的帶電小球，將小球m從A點以速度v0水平拋出，在水平方向受到電場力，小球做勻減速運(yùn)動，在豎直方向上，小球做自由落體運(yùn)動；由于，則有聯(lián)立解得12.如圖所示,質(zhì)量M=0。2kg、長L=1m的長木板放在地面上，質(zhì)量m=0。8kg的小滑塊在長木板左端，豎直嵌有四分之三光滑圓弧軌道的底座固定在地面上，圓弧軌道最低點P的切線水平且與長木板上表面相平，長木板右端與底座左端相距x=1m?，F(xiàn)用水平向右外力F=6N作用在小滑塊上，小滑塊到達(dá)P點后撤去外力F，小滑塊沿著圓弧軌道運(yùn)動.長木板與底座相碰時,立即粘在底座上。己知滑塊與長木板、長木板與地面間的動摩擦因數(shù)分別為μ1=0.4和μ2=0。15,重力加速度g=10m/s2.假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,求：（1）在長木板與底座相碰前，試判斷長木板與小滑塊是否發(fā)生相對滑動，并求出長木板和小滑塊加速度的大小;(2)小滑塊到達(dá)P點時速度的大??；（3)若要使小滑塊沿圓弧軌道上滑過程中不脫離軌道,豎直圓弧軌道的半徑R應(yīng)該滿足什么條件？【答案】(1)不發(fā)生相對滑動，均為a=4.5m/s2；(2)4m/s；（3）0＜R≤0。32m或R≥0。8m?！窘馕觥俊驹斀狻浚?)在長木板與底座相碰前,假設(shè)M與m相對靜止，一起加速,設(shè)加速度a，小滑塊與長木板間靜摩擦力為f1,則解得即，假設(shè)成立，不發(fā)生相對滑動;(2)設(shè)長木板撞擊底座時，長木板和小滑塊共同速度為v1,之后，小滑塊在長木板上運(yùn)動，設(shè)加速度為a1，到達(dá)P點的速度為v2，則解得(3)情況一:小滑塊滑上軌道從圓弧軌道的Q點離開，即能夠達(dá)到圓弧軌道最高點，設(shè)圓弧軌道半徑最大為Rm，小滑塊在最高點的速度大小為vm，則解得情況二:小球上滑至與圓心等高處時,速度減為零,然后滑回最低點。則由動能定理有：解得：故要使小滑塊不脫離軌道，豎直圓周軌道半徑應(yīng)該滿足或.13.關(guān)于分子動理論和物體的內(nèi)能,下列說法正確的是A.某種物體的溫度為0℃，說明該物體中分子的平均動能為零B。物體的溫度升高時，分子的平均動能一定增大,但內(nèi)能不一定增大C。當(dāng)分子間的距離增大時，分子間的引力和斥力都增大但引力增大的更快，所以分子力表現(xiàn)為引力D.10g100℃水的內(nèi)能小于10g100℃水蒸氣的內(nèi)能E.兩個鋁塊擠壓后能緊連在一起，說明分子間有引力【答案】BDE【解析】【詳解】A．某種物體的溫度是0℃，不是物體中分子的平均動能為零，故A錯誤；B．溫度是分子平均動能的標(biāo)志，故物體的溫度升高時，分子的平均動能一定增大,內(nèi)能的多少還與物質(zhì)的多少有關(guān),所以但內(nèi)能不一定增大,故B正確；C．當(dāng)分子間的距離增大時，分子間的引力和斥力均減小,斥力減小得快，故表現(xiàn)為引力，故C錯誤;D．溫度是分子平均動能的標(biāo)志，所以10g100℃的水的分子平均動能等于10g100℃的水蒸氣的分子平均動能,同樣溫度的水變?yōu)橥瑯訙囟鹊乃魵庖諢崃?，所?00℃的水的內(nèi)能小于100℃相同質(zhì)量的水蒸氣的內(nèi)能，故D正確；E．兩個鉛塊相互緊壓后，它們會黏在一起，是分子運(yùn)動結(jié)果,說明了分子間有引力，故E正確。故選BDE．【點睛】關(guān)鍵是知道溫度是分子平均動能的標(biāo)志，故物體的溫度升高時，分子的平均動能一定增大，內(nèi)能的多少還與物質(zhì)的多少有關(guān)，所以但內(nèi)能不一定增大;當(dāng)分子間的距離增大時，分子間的引力和斥力均減小，斥力減小得快，故表現(xiàn)為引力．14.在圖甲所示的密閉汽缸內(nèi)裝有一定質(zhì)量的理想氣體，圖乙是它從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的V－T圖像.已知AB的反向延長線通過坐標(biāo)原點,氣體在狀態(tài)A的壓強(qiáng)為P＝Pa，在從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中，氣體吸收的熱量為J。求：（1)氣體在狀態(tài)B的體積VB；（2）此過程中氣體內(nèi)能的增量ΔU?！敬鸢浮浚?）8.0×10﹣3m3；（2）400J.【解析】【詳解】(1）由題V﹣T圖像通過坐標(biāo)原點，則知從A到B理想氣體發(fā)生等壓變化,由蓋·呂薩克定律得:解得：（2)外界對氣體做的功：根據(jù)熱力學(xué)第一定律：解得：。15。一列簡諧橫波沿著x軸正方向傳播，波中A、B兩質(zhì)點在平衡位置間的距離為0。5m，且小于一個波長，如圖甲所示,A、B兩質(zhì)點振動圖像如圖乙所示，由此可知（）A.波中質(zhì)點在一個周期內(nèi)通過的路程為8cmB.該簡諧波的波長為4mC.該簡諧波的波速為0.5m/sD。t=1.5s時A、B兩質(zhì)點的位移相同E.t=1.5s時A、B兩質(zhì)點的振動速度相同【答案】ACE【解析】【分析】由振動圖像可得出振幅與周期，在圖像上的同一時刻可知兩點振動狀態(tài),得到兩質(zhì)點A、B相距的距離與波長的關(guān)系，則可求得可能的波長；由波長、頻率及波速的關(guān)系可得出波速的值?！驹斀狻緼．由乙圖可知，該波的振幅為2cm，波中質(zhì)點在一個周期內(nèi)通過的路程為4倍的振幅，即8cm,故A正確;