2023屆高考理綜物理押題密卷A含答案

高考理綜物理押題密卷A【新課標(biāo)Ⅲ卷】一、選擇題：此題共8小題，每題6分。在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分。1.圖甲是“光電效應(yīng)〞實(shí)驗(yàn)電路圖，圖乙為某次“光電效應(yīng)〞實(shí)驗(yàn)中得到的同一光電管兩端的遏止電壓隨入射光頻率變化的函數(shù)關(guān)系圖像。以下判斷正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

入射光的頻率不同，遏止電壓Uc相同

B.

圖甲所示電路中，當(dāng)電壓表增大到一定數(shù)值時(shí)，電流計(jì)將到達(dá)飽和電流

C.

只要光的光照強(qiáng)度相同，光電子的最大初動(dòng)能就一定相同

D.

入射光的頻率不同，光照強(qiáng)度不同，圖像的斜率相同2.如圖為一個(gè)水平傳感器的簡(jiǎn)易模型，截面為內(nèi)壁光滑豎直放置的正三角形，內(nèi)部有一個(gè)略小于三角形內(nèi)切圓的小球，三角形各邊有壓力傳感器，通過(guò)測(cè)出小球?qū)θ厜毫Φ拇笮。畔⑻幚韱卧娠@示擺放處的傾角。圖中BC邊恰好處于水平狀態(tài)，現(xiàn)將其以C為軸在豎直平面內(nèi)順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，直到AB邊處于水平狀態(tài)，那么在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中〔〕A.

球?qū)C邊的壓力一直增大

B.

球?qū)C邊的壓力一直減小

C.

球?qū)C邊的壓力先增大后減小

D.

球?qū)C邊的壓力先減小后增大3.如下列圖，半徑為R的圓所在平面與某一勻強(qiáng)電場(chǎng)平行，為圓周上三個(gè)點(diǎn)，O為圓心，D為中點(diǎn)。粒子源從C點(diǎn)沿不同方向發(fā)出速率均為的帶正電的粒子，粒子的質(zhì)量為m、電量為q〔不計(jì)重力和粒子之間的相互作用力〕。假設(shè)沿方向入射的粒子恰垂直方向過(guò)D點(diǎn)。那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔〕A.

A，B，C三點(diǎn)電勢(shì)上下為：

B.

沿垂直方向入射的粒子可能經(jīng)過(guò)A點(diǎn)

C.

假設(shè)，那么勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為

D.

假設(shè)，那么過(guò)D點(diǎn)速率可能為4.如下列圖，光滑水平面的同一直線上放有n個(gè)質(zhì)量均為m的小滑塊，相鄰滑塊間的距離為L(zhǎng)，每個(gè)滑塊均可看成質(zhì)點(diǎn)．現(xiàn)給第一個(gè)滑塊水平向右的初速度，滑塊間相碰后均能粘在一起，那么從第一個(gè)滑塊開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，到第n-1個(gè)滑塊與第n個(gè)滑塊相碰時(shí)總的時(shí)間為〔〕A.

B.

C.

D.

5.某行星外圍有一圈厚度為d的發(fā)光帶(發(fā)光的物質(zhì))，簡(jiǎn)化為如圖甲所示模型，R為該行星除發(fā)光帶以外的半徑。現(xiàn)不知發(fā)光帶是該行星的組成局部還是環(huán)繞該行星的衛(wèi)星群，某科學(xué)家做了精確地觀測(cè)，發(fā)現(xiàn)發(fā)光帶繞行星中心的運(yùn)行速度v與到行星中心的距離r的關(guān)系如圖乙所示(圖中所標(biāo)為)，那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A.

發(fā)光帶是該行星的組成局部

B.

該行星的質(zhì)量

C.

行星外表的重力加速度

D.

該行星的平均密度為6.如下列圖，矩形線圈abcd在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的dc邊以角速度ω＝100πrad/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．線圈的匝數(shù)N＝100，邊長(zhǎng)ad＝0.4m，ab＝0.2m．理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比是2∶1，一只理想二極管和一個(gè)阻值為25Ω的定值電阻R串聯(lián)在副線圈電路中，電壓表和電流表均為理想交流電表，線圈和導(dǎo)線的電阻不計(jì)，那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()

A.

該矩形線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的最大值為50V

B.

電壓表的示數(shù)為50V

C.

1min內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的熱量為750J

D.

減小電阻R的值，電流表示數(shù)變大7.如下列圖，A、B兩物塊質(zhì)量均為m，兩物塊由一輕質(zhì)彈簧拴接，質(zhì)量為2m的物塊C放在足夠高的光滑水平桌面上，物塊C與B之間由繞過(guò)固定光滑定滑輪的細(xì)線相連。初始時(shí)，系統(tǒng)靜止，細(xì)線恰好伸直且無(wú)作用力?，F(xiàn)對(duì)物塊C施加一個(gè)水平向右的力F，物塊C在F作用下向右勻加速運(yùn)動(dòng)，位移為x時(shí)速度為v，此時(shí)物塊A恰好離開(kāi)地面。重力加速度為g，此過(guò)程中〔〕A.

細(xì)線的拉力大小與F大小成正比

B.

F的最大值為

C.

細(xì)線拉力的最大值為

D.

F做的功為8.如下列圖，在斜面的虛線以下有垂直斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，甲、乙兩個(gè)正方形閉合線框是用相同材料的電阻絲圍成的，邊長(zhǎng)相等，電阻絲的橫截面積之比為2：1，放在粗糙斜面上從同一高度由靜止釋放，下滑過(guò)程中線框不發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)。那么〔〕A.

俯視兩線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，感應(yīng)電流都是逆時(shí)針?lè)较?/p>

B.

從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到滑至斜面底端，甲線框比乙線框所用時(shí)間短

C.

兩線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間，甲、乙中感應(yīng)電流之比為2：1

D.

下滑全過(guò)程中，甲、乙兩線框機(jī)械能減少量之比為2：1二、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩局部。第22~25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33~34題為選考題，考生根據(jù)要求作答。9.某實(shí)驗(yàn)小組利用如下列圖的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。彈性球1用細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，O點(diǎn)下方桌子的邊沿有一豎直立柱，球2放置于立柱上，實(shí)驗(yàn)時(shí)，調(diào)節(jié)懸點(diǎn)，使彈性球1靜止時(shí)恰與立柱上的球2接觸且兩球等高。將球1拉離平衡位置，保持細(xì)繩拉直，使用量角器測(cè)量繩子與豎直方向夾角為，靜止釋放球1，當(dāng)它擺到懸點(diǎn)正下方時(shí)與球2發(fā)生對(duì)心碰撞。碰后球1被彈回，向右最遠(yuǎn)可擺位置繩子與豎直方向夾角為，球2落到水平地面上。測(cè)量球2球心到地面高度H和球2做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移s，然后再測(cè)出有關(guān)數(shù)據(jù)即可驗(yàn)證1、2兩球碰撞時(shí)動(dòng)量守恒，重力加速度為g?！?〕要計(jì)算碰撞前后球1的速度，還需要測(cè)量的物理量是______；〔填標(biāo)號(hào)〕A.球1質(zhì)量

B.球2質(zhì)量

〔2〕球1碰撞前的速率的表達(dá)式________，球2碰撞后的速率的表達(dá)式________〔使用題干所給物理量和〔1〕問(wèn)所測(cè)物理量表示〕；〔3〕根據(jù)測(cè)量的物理量，該實(shí)驗(yàn)中動(dòng)量守恒的表達(dá)式為_(kāi)_______。10.電源指示燈，由綠色〔G〕和紅色〔R〕發(fā)光二極管組成。電器開(kāi)機(jī)時(shí)發(fā)綠光，待機(jī)時(shí)發(fā)紅光。拆開(kāi)一個(gè)報(bào)廢指示燈，繪出局部電路如圖甲，供電電壓為4.00V，引腳R外接限流電阻RR=40Ω。為描繪二極管G的正向伏安特性曲線并確定RG的值，利用圖乙的電路進(jìn)行研究：〔計(jì)算結(jié)果保存整數(shù)〕〔1〕圖乙中，a端應(yīng)接電源的________〔填“正極〞或“負(fù)極〞〕；〔2〕正確連接電路后閉合S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，測(cè)得多組電壓表的示數(shù)U和對(duì)應(yīng)電流表的示數(shù)I如下表。將表中1、2、3組數(shù)據(jù)描在圖丙中，連同已描出的點(diǎn)繪出G的伏安特性曲線〔圖中已繪出二極管R的圖線〕；次數(shù)……123……U/VI/mA〔3〕指示燈正常工作時(shí)通過(guò)G的電流為15.0mA，那么RG=________Ω；〔4〕為減小圖乙測(cè)量方法帶來(lái)的系統(tǒng)誤差，需對(duì)電表的示數(shù)進(jìn)行修正。電壓表和電流表的內(nèi)阻，那么需要修正示數(shù)的電表是________〔填“電壓表〞或“電流表〞〕。修正后繪出G的圖線與修正前G的圖線相比，修正后的圖線位于________?！蔡睢白髠?cè)〞或“右側(cè)〞〕；〔5〕電器處于正常待機(jī)狀態(tài)時(shí)，圖甲的電路消耗的功率為_(kāi)_______mW。11.如圖，半徑的光滑圓弧軌道AB和光滑的水平面BO平滑連接，在BO平面右側(cè)固定了一個(gè)以O(shè)點(diǎn)為圓心、半徑的圓弧形擋板CD，并以O(shè)點(diǎn)為原點(diǎn)建立平面直角坐標(biāo)系，在A、B、O點(diǎn)各放置一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊a、b、c，質(zhì)量分別為m、km、m，其中。現(xiàn)將A點(diǎn)的物塊a由靜止釋放，物塊間的碰撞均為彈性正碰，a、b、c三物塊均不發(fā)生二次碰撞，重力加速度。求：〔1〕b物塊和c物塊碰撞后物塊b的速度大??；〔2〕當(dāng)系數(shù)k取什么值時(shí)，物塊b的速度最大，并求出此情況下物塊b下落到圓弧形擋板CD上時(shí)的豎直坐標(biāo)位置h。12.如下列圖為平面直角坐標(biāo)系xOy平面的俯視圖，在第一象限存在方向沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E1；在第二、第三象限存在方向垂直于坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B；在第四象限存在由特殊靜電裝置產(chǎn)生的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)方向平行坐標(biāo)平面且與y軸正方向的夾角為45°，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E2。一個(gè)帶負(fù)電的粒子，從y軸上的P點(diǎn)〔0，﹣d〕沿x軸負(fù)方向射出，速度大小為v0，粒子的比荷，粒子運(yùn)動(dòng)依次經(jīng)過(guò)y軸上的A點(diǎn)〔圖中未畫(huà)出〕、x軸上的C點(diǎn)、過(guò)C點(diǎn)且平行于y軸的直線上的D點(diǎn)〔圖中未畫(huà)出〕。粒子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能是經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)動(dòng)能的2倍，粒子從C運(yùn)動(dòng)到D所用時(shí)間t2與從A運(yùn)動(dòng)到C所用時(shí)間t1的關(guān)系為t2＝t1，不計(jì)粒子重力。求：〔1〕A點(diǎn)的坐標(biāo)；〔2〕電場(chǎng)強(qiáng)度E1、E2的大??；〔3〕從A點(diǎn)到D點(diǎn)電場(chǎng)力對(duì)粒子做的功W。三、〔二〕選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，那么按所做的第一題計(jì)分。[物理——選修3–3]13.

〔1〕如下列圖是一定質(zhì)量理想氣體的狀態(tài)變化圖線。a→d是等溫膨脹過(guò)程，那么對(duì)于圖中所示的4個(gè)過(guò)程中，以下說(shuō)法中錯(cuò)誤的選項(xiàng)是___________?！蔡钫_答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分0分〕A.a→b過(guò)程氣體對(duì)外做功最多，內(nèi)能增加也最多

B.a→c可能既不吸熱也不放熱

C.a→e過(guò)程氣體內(nèi)能的減少量不可能恰好等于氣體對(duì)外做的功

D.b、c、d、e各狀態(tài)下，單位體積內(nèi)的氣體分子個(gè)數(shù)都相同

E.b、c、d、e點(diǎn)溫度上下是Tb>Tc>Td>Te〔2〕如下列圖，一絕熱汽缸固定在傾角為30°的固定斜面上，通過(guò)絕熱活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，活塞的質(zhì)量為2m，橫截面積為S。初始時(shí)，氣體的溫度為，活塞與汽缸底部相距為L(zhǎng)。通過(guò)電熱絲緩慢加熱氣體，當(dāng)氣體吸收熱量Q時(shí)，活塞上升到與汽缸底部相距2L處，大氣壓強(qiáng)為，重力加速度為g，不計(jì)活塞與汽缸壁之間的摩擦。求：①此時(shí)氣體的溫度；②加熱過(guò)程中氣體內(nèi)能的增加量。四、[物理——選修3–4]14.

〔1〕圖所示為兩個(gè)單擺的受迫振動(dòng)的共振曲線，那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是

〔填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分0分〕A.假設(shè)兩個(gè)受迫振動(dòng)分別在月球上和地球上進(jìn)行，且擺長(zhǎng)相同，那么圖線Ⅰ表示月球上單擺的共振曲線

B.假設(shè)兩個(gè)受迫振動(dòng)是在地球上同一地點(diǎn)進(jìn)行，那么兩個(gè)擺長(zhǎng)之比LⅠ∶LⅡ＝25∶4

C.圖線Ⅱ假設(shè)是在地面上完成的，那么該單擺擺長(zhǎng)約為1m

D.假設(shè)擺長(zhǎng)均為1m，那么圖線Ⅰ是在地面上完成的

E.假設(shè)兩個(gè)單擺在同一地點(diǎn)均發(fā)生共振，圖線Ⅱ表示的單擺的能量一定大于圖線Ⅰ表示的單擺的能量〔2〕如下列圖，由某種透明材料制成、截面為等腰直角三角形的三棱鏡放置在水平地面上，一細(xì)束單色光從AB邊的中點(diǎn)D平行于BC邊射入棱鏡，從AC邊射出時(shí)出射光線與水平地面成45°角射向地面，并在地面上的E點(diǎn)〔圖中未畫(huà)出〕形成光斑。AB邊長(zhǎng)為20cm，取cos22.5°=0.92，=1.41。計(jì)算結(jié)果均保存兩位有效數(shù)字。求：①該透明材料的折射率；②E點(diǎn)到C點(diǎn)的距離。

答案解析局部一、選擇題：此題共8小題，每題6分。在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分。1.【解析】【解答】A．逸出功與金屬材料有關(guān)，與入射光的頻率無(wú)關(guān)，由可知，入射光的頻率不同，電子的最大初動(dòng)能不同，又所以入射光的頻率不同，遏止電壓Uc不同，A不符合題意；B．必須圖甲所示電路中的電源正負(fù)極反接過(guò)來(lái)，才能用來(lái)驗(yàn)證光電流與電壓的關(guān)系，即當(dāng)電壓表增大到一定數(shù)值時(shí)電流計(jì)將到達(dá)飽和電流，B不符合題意；C．由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程可知在入射光頻率不同的情況下，光電子的最大初動(dòng)能不同，最大初動(dòng)能與光照強(qiáng)度無(wú)關(guān)，C不符合題意；D．由可得故圖線的斜率為相同的常量，D符合題意。故答案為：D。【分析】遏止電壓的大小受光電子的最大初動(dòng)能影響也受入射光的頻率大小影響；由于所加的是反向電壓所以其電流不會(huì)出現(xiàn)飽和值；光的光照強(qiáng)度的大小對(duì)光電子的最大初動(dòng)能大小沒(méi)有影響。2.【解析】【解答】對(duì)正三角形內(nèi)部的小球受力分析，如下列圖，由幾何關(guān)系可知，β不變，θ從0°變到60°，所以球?qū)C邊的壓力一直增大，A符合題意；BCD不符合題意；故答案為：A。

【分析】對(duì)小球進(jìn)行受力分析，結(jié)合小球的平衡條件結(jié)合角度的變化可以判別其球?qū)C壓力大小變化。3.【解析】【解答】因?yàn)檠谻A方向入射的粒子恰垂直AB方向過(guò)D點(diǎn)，不妨研究它的逆過(guò)程，從D到A，由于此過(guò)程中速度的偏向角正切等于位移偏向角正切的2倍，可知此過(guò)程為類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，那么粒子受垂直BC向下的電場(chǎng)力作用，由于粒子帶正電，可知場(chǎng)強(qiáng)方向垂直于BC向下，那么BC電勢(shì)相等，那么，A不符合題意；電場(chǎng)方向垂直BC向下，那么沿垂直BC方向入射的粒子不可能經(jīng)過(guò)A點(diǎn)，B不符合題意；假設(shè)∠ACB=60°，那么由類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知，，聯(lián)立解得，C符合題意；假設(shè)∠ACB=45°，那么過(guò)D點(diǎn)速率等于C點(diǎn)的速度沿CB方向的分量，即，D不符合題意；故答案為：C。

【分析】將運(yùn)動(dòng)進(jìn)行逆反，結(jié)合速度的方向和位移的方向可以判別運(yùn)動(dòng)為類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，進(jìn)而判別粒子受到的電場(chǎng)力及電場(chǎng)強(qiáng)度的方向；利用類(lèi)平拋的位移公式結(jié)合牛頓第二定律可以求出電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，利用速度的分解可以求出經(jīng)過(guò)D點(diǎn)速度的大小。4.【解析】【解答】由于每次相碰后滑塊會(huì)粘在一起，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，可知第二個(gè)滑塊開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的速度大小為，同理第三個(gè)滑塊開(kāi)始滑動(dòng)的速度大小為，第n-1個(gè)球開(kāi)始滑動(dòng)的速度大小為，因此運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為，故答案為：B。

【分析】利用動(dòng)量守恒定律可以求出每一次碰撞后速度的大小，結(jié)合勻速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式可以求出總的運(yùn)動(dòng)時(shí)間。5.【解析】【解答】假設(shè)發(fā)光帶是該行星的組成局部，那么其角速度與行星自轉(zhuǎn)角速度相同，應(yīng)有v＝ωr，v與r應(yīng)成正比，與圖像不符，因此發(fā)光帶不是該行星的組成局部，A不符合題意；設(shè)發(fā)光帶是環(huán)繞該行星的衛(wèi)星群，由萬(wàn)有引力提供向心力，那么有：，得該行星的質(zhì)量為：；由題圖乙知，r＝R時(shí)，v＝v0，那么有：，B符合題意；當(dāng)r＝R時(shí)有，得行星外表的重力加速度，C不符合題意；該行星的平均密度為，D不符合題意。故答案為：B

【分析】利用引力提供向心力可以判別發(fā)光帶屬于環(huán)繞該行星的衛(wèi)星群；利用引力提供向心力可以求出行星的質(zhì)量；利用引力形成重力可以求出重力加速度的大??；結(jié)合體積公式可以求出行星的平均密度大小。6.【解析】【解答】該線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的最大值為Em＝NBSω＝×0.2×0.4×100πV＝50

V，A不符合題意；根據(jù)理想變壓器的變壓公式可得副線圈兩端電壓的有效值為25V，由于二極管的單向?qū)щ娦?，結(jié)合有效值的定義有，解得電壓表的示數(shù)為U＝12.5

V≈17.68V，B不符合題意；由焦耳定律得1min內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的熱量為＝×60J＝750J，C符合題意；減小電阻R的值，副線圈中的電流增大，那么原線圈中的電流增大，電流表的示數(shù)變大，D符合題意．故答案為：CD

【分析】利用電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式可以求出峰值的大??；利用輸入電動(dòng)勢(shì)的有效值結(jié)合匝數(shù)之比可以求出電壓表的讀數(shù)；利用焦耳定律可以求出電阻上產(chǎn)生的熱量；當(dāng)電阻減小時(shí)原副線圈的電流變大所以電流表讀數(shù)變大。7.【解析】【解答】物塊C做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)細(xì)線拉力為T(mén)，由牛頓第二定律得，T與F不成正比，A不符合題意；以物塊B、C為研究對(duì)象，當(dāng)彈簧的壓縮量最大時(shí)F值最小，設(shè)彈簧彈力為，由牛頓第二定律得，又因?yàn)?，，所以，B符合題意；物塊C做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，因?yàn)榧?xì)線長(zhǎng)度不變，所以物塊B也做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，物塊B受重力、彈簧彈力和細(xì)線拉力T，由牛頓第二定律得，彈簧拉力最大時(shí)，物塊A恰好剛剛離開(kāi)地面，T最大，得到，C不符合題意；因?yàn)槌跏紶顟B(tài)細(xì)線對(duì)B無(wú)拉力，彈簧處于壓縮狀態(tài)，由胡克定律得壓縮量，物塊A恰好剛剛離開(kāi)地面時(shí)，物塊A不受地面支持力，彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，由胡克定律得伸長(zhǎng)量，初、末狀態(tài)彈簧形變量相等，所以彈簧彈性勢(shì)能相等。設(shè)力F做的功為，對(duì)組成的系統(tǒng)由功能關(guān)系得，且，解得，D符合題意。故答案為：BD

【分析】利用物塊C的牛頓第二定律可以判別細(xì)繩的拉力與F的大小不成正比；利用整體的牛頓第二定律可以求出F的最大值；當(dāng)A恰好離開(kāi)地面時(shí)其B受到的拉力最大；利用B的牛頓第二定律可以求出拉力的最大值；利用平衡條件可以求出彈簧長(zhǎng)度的形變量；結(jié)合功能關(guān)系可以求出F做功的大小。8.【解析】【解答】線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，根據(jù)右手定那么，感應(yīng)電流都是逆時(shí)針?lè)较?，A符合題意；線框是相同材料的電阻絲圍成的，邊長(zhǎng)相等，電阻絲的橫截面積之比為2：1，根據(jù)，甲乙兩個(gè)線框的質(zhì)量之比為2：1，兩線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間，兩線框下落的高h(yuǎn)相等，設(shè)斜面的傾角為θ，根據(jù)動(dòng)能定理，兩個(gè)線框剛進(jìn)入的速度相等，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv，線框是用相同材料的電阻絲圍成的，邊長(zhǎng)相等，電阻絲的橫截面積之比為2：1，根據(jù)，那么電阻之比為1：2，那么線框受到的安培力，那么有F甲安>F乙安，根據(jù)牛頓第二定律mgsinθ-F安-μmgcosθ=ma，那么有a甲<a乙，乙的加速度大，那么乙線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度也大，進(jìn)入磁場(chǎng)的時(shí)間較短，進(jìn)入磁場(chǎng)后由于磁通量不變化，沒(méi)有感應(yīng)電流，只在重力和摩擦力作用下加速運(yùn)動(dòng)，并且下滑的加速度均是(gsinθ-μmgcosθ)，那么乙線框所用時(shí)間短，B不符合題意；兩線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間，兩線框下落的高度h相等，設(shè)斜面的傾角為θ，根據(jù)動(dòng)能定理，兩個(gè)線框剛進(jìn)入的速度相等，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv，線框是用相同材料的電阻絲圍成的，邊長(zhǎng)相等，電阻絲的橫截面積之比為2：1，根據(jù)，那么電阻之比為1：2，那么電路中的電流為，那么甲、乙中感應(yīng)電流之比為2：1，C符合題意；機(jī)械能的減少量轉(zhuǎn)化為摩擦產(chǎn)生的熱和電路中電流產(chǎn)生的熱，由于摩擦力為μmgcosθ，甲的摩擦力是乙的兩倍，那么摩擦產(chǎn)生的熱是甲是乙的兩倍，但是電流產(chǎn)生的熱，由于兩線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中速度不一樣，那么電流不同，無(wú)法比較產(chǎn)生的熱量，也就無(wú)法得出下滑全過(guò)程中，甲、乙兩線框機(jī)械能減少量之比為2：1，D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】利用楞次定律結(jié)合磁通量的變化可以判別線圈進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)其感應(yīng)電流的方向；利用動(dòng)能定理可以判別線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的速度相等；結(jié)合電阻定律和歐姆定律可以比較電流的大小，結(jié)合安培力的表達(dá)式及牛頓第二定律可以比較線圈加速度的大小，進(jìn)而比較運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；利用摩擦力做功結(jié)合安培力做功可以判別無(wú)法比較機(jī)械能的減少量大小。二、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩局部。第22~25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33~34題為選考題，考生根據(jù)要求作答。9.【解析】【解答】(1)由動(dòng)能定理可得，碰撞前球1速度，由動(dòng)能定理可得，碰撞后球1速度，所以還需要測(cè)量懸點(diǎn)到球1球心距離L，

故答案為：D。(2)

由(1)分析可知，根據(jù)動(dòng)量守恒表達(dá)式，需要測(cè)量?jī)汕蛸|(zhì)量，根據(jù)平拋規(guī)律有球2碰后速度。(3)因此需要驗(yàn)證/【分析】〔1〕利用動(dòng)能定理可以求出小球1碰撞前后速度的大小，進(jìn)而判別需要測(cè)量的物理量；

〔2〕利用動(dòng)能定理可以求出球1碰前速度的大小；利用平拋運(yùn)動(dòng)的位移公式可以求出小球2碰后速度的大?。弧?〕利用動(dòng)能定理結(jié)合動(dòng)量守恒定律可以判別對(duì)應(yīng)的表達(dá)式。10.【解析】【解答】(1)描繪二極管G的正向伏安特性曲線，a端應(yīng)接電源的正極。

(2)描點(diǎn)作圖

(3)指示燈正常工作時(shí)通過(guò)G的電流為15.0mA，根據(jù)圖像可知，電壓為2.18V，故電阻為，那么根據(jù)串聯(lián)特點(diǎn)。(4)因?yàn)椴扇?nèi)接，電流表準(zhǔn)確，電壓表為電流表和電阻電壓之和大于電阻兩端電壓，那么需要修正示數(shù)的電表是電壓表；修正后繪出G的圖線與修正前G的圖線相比，修正后的圖線位于左側(cè)。(5)電器處于正常待機(jī)狀態(tài)時(shí)，將限流電阻RR=40Ω歸為電源內(nèi)阻，那么U=4-40I，作圖，得到工作點(diǎn)電流為13.5mA，故圖甲的電路消耗的功率為P=UI=4×l3.5mW=54mW?！痉治觥俊?〕描繪二極管的正向伏安特性曲線其a端應(yīng)該接電源的正極；

〔2〕利用表格數(shù)據(jù)進(jìn)行描點(diǎn)連線；

〔3〕利用圖像數(shù)據(jù)可以求出通過(guò)G的電流大小，結(jié)合歐姆定律可以求出電阻的大小；結(jié)合串聯(lián)電路的特點(diǎn)可以求出電阻G的電阻大小；

〔4〕由于電壓表的讀數(shù)為電流表和電阻電壓之和，所以要修正的是電壓表的讀數(shù)，修正后由于電壓變小所以修正后的圖線向左移動(dòng)；

〔5〕作出閉合電路的歐姆定律的圖線，結(jié)合交點(diǎn)可以求出工作的電流，利用電流和電壓可以求出電功率的大小。

11.【解析】【分析】〔1〕物塊a從A到B的過(guò)程，利用動(dòng)能定理可以求出物塊a經(jīng)過(guò)B點(diǎn)速度的大小，a與b發(fā)生彈性碰撞，利用動(dòng)量守恒定律可以求出碰后其b速度的表達(dá)式，利用bc的動(dòng)量守恒定律可以求出碰后b的速度大小；

〔2〕b碰后速度的表達(dá)式，利用函數(shù)關(guān)系可以求出b速度的最大值，結(jié)合初速度和平拋運(yùn)動(dòng)的位移公式可以求出物塊b下落到圓弧擋板上時(shí)豎直方向坐標(biāo)的位置。

12.【解析】【分析】〔1〕粒子從P點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，利用牛頓第二定律可以求出軌道半徑的大小，結(jié)合軌道半徑的大小可以求出A點(diǎn)的坐標(biāo)；

〔2〕粒子在C點(diǎn)動(dòng)能等于A點(diǎn)動(dòng)能的2倍，利用動(dòng)能的表達(dá)式可以求出粒子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)速度的大小，利用速度的分解可以求出豎直方向速度的大小，在第一象限粒子做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，利用豎直方向的速度公式結(jié)合牛頓第二定律可以求出電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；粒子進(jìn)入第四象限中，利用運(yùn)動(dòng)的分解可以求出粒子從C到D的運(yùn)動(dòng)時(shí)間；結(jié)合水平方向的位移等于0及位移公式可以求出電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；

〔3〕粒子在C點(diǎn)速度的大小，利用速度的合成可以求出經(jīng)過(guò)D點(diǎn)速度的大??；結(jié)合動(dòng)能定理可以求出電場(chǎng)力做功的大小。

三、〔二〕選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，那么按所做的第一題計(jì)分。[物理——選修3–3]13.【解析】【解答】由圖示圖象可知，b、c、d、e點(diǎn)的體積V相等，pb>pc>pd>pe，由查理定律，可知

Tb>Tc>Td>Te，選項(xiàng)E正確；a→d是等溫膨脹過(guò)程，那么Ta=Td，從a到b、c、d、e過(guò)程體積變化量ΔV相同，氣態(tài)對(duì)外做功W=pΔV，a→b過(guò)程氣體壓強(qiáng)不變，a→c、a→d、a→e過(guò)程壓強(qiáng)減小，那么a→b過(guò)程氣體對(duì)外做功最多，a→b過(guò)程氣體