2020年山東省臨沂市高考物理一模試卷(含答案解析)

2020年山東省臨沂市高考物理一模試卷一、單選題（本大題共8小題，共24?0分）1.F列說法正確的是（）A.原子核的結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定B.C.1.F列說法正確的是（）A.原子核的結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定B.C.D.232Th衰變?yōu)?12Bi要經(jīng)過5次a衰變和3次0衰變9083222Rn的半衰期3.8天，8個(gè)222Rn原子核經(jīng)過7.6天后剩下2個(gè)222Rn原子核868686不管是輕核聚變還是重核裂變，都要滿足質(zhì)量守恒和電荷量守恒2.一個(gè)球在墻角處挨著豎直墻壁停放在水平地板上，在給出的球的受力示意圖中，正確的是（）2.3.8?下表列出了某種型號(hào)轎車的部分?jǐn)?shù)據(jù)，表格右側(cè)圖為轎車中用于改變車速的擋位，手推變速桿到達(dá)不同擋位可獲得不同的運(yùn)行速度，從“1?5”逐擋速度增大，R是倒車擋。試問若轎車在額定功率下，要以最大動(dòng)力上坡，變速桿應(yīng)推至哪一檔？以最高速度運(yùn)行時(shí)，轎車的牽引力約為多大？

長(zhǎng)/mmx寬/mmx高/mm4871X1835X1460凈重/kg1500傳動(dòng)系統(tǒng)前輪驅(qū)動(dòng)與擋變速發(fā)動(dòng)機(jī)型式直列4缸發(fā)動(dòng)機(jī)排量（厶）2.2最高時(shí)速（km/h）252100km/h的加速時(shí)間（s）10額定功率伙w）140A.“T檔、2000NA.“T檔、2000NB.“5”檔、2000NC.“T檔、4000ND.“5”檔、8000N4.根據(jù)磁場(chǎng)對(duì)電流會(huì)產(chǎn)生作用力的原理，人們研制出一種新型的發(fā)射炮彈的裝置-電磁炮，其原理如圖所示：把待發(fā)炮彈（導(dǎo)體）放置在強(qiáng)磁場(chǎng)中的兩平行導(dǎo)軌上，給導(dǎo)軌通以大電流，使炮彈作為一個(gè)通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)作用下沿導(dǎo)軌加速運(yùn)動(dòng)，并以某一速4.度發(fā)射出去.現(xiàn)要提高電磁炮的發(fā)射速度，你認(rèn)為下列方案在理論上可行的是（）減小電流/的值增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B的值減小磁感應(yīng)強(qiáng)度B的值改變磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向，使之與炮彈前進(jìn)方向平行5.下列關(guān)于三種宇宙速度的說法中正確的是（）第一宇宙速度q=7.9km/s，第二宇宙速度冬=11.2km/s，則人造衛(wèi)星繞地球在圓軌道上運(yùn)行時(shí)的速度大于等于小于u2美國(guó)發(fā)射的鳳凰號(hào)火星探測(cè)衛(wèi)星，其發(fā)射速度大于第三宇宙速度9.C.9.C.質(zhì)點(diǎn)b的速度逐漸增大D.質(zhì)點(diǎn)f振幅逐漸變小第二宇宙速度是在地面附近使物體可以掙脫地球引力束縛，成為繞太陽(yáng)運(yùn)行的人造小行星的最小發(fā)射速度第一宇宙速度7.9km/s是人造地球衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最小運(yùn)行速度6.一束單色光從真空斜射向某種介質(zhì)的表面，光路如圖所示。下列說法中正確的是（）A.此介質(zhì)的折射率等于1.57.二、B.C.D.此介質(zhì)的折射率等于V2入射角小于45°時(shí)可能發(fā)生全反射現(xiàn)象入射角大于45°時(shí)可能發(fā)生全反射現(xiàn)象F列實(shí)驗(yàn)或者事實(shí)，揭示了原子不是組成物質(zhì)最小微粒的是（）A.電子的發(fā)現(xiàn)B.光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)C.a粒子散射實(shí)驗(yàn)D.康普頓效應(yīng)耳空6.一束單色光從真空斜射向某種介質(zhì)的表面，光路如圖所示。下列說法中正確的是（）A.此介質(zhì)的折射率等于1.57.二、B.C.D.此介質(zhì)的折射率等于V2入射角小于45°時(shí)可能發(fā)生全反射現(xiàn)象入射角大于45°時(shí)可能發(fā)生全反射現(xiàn)象F列實(shí)驗(yàn)或者事實(shí)，揭示了原子不是組成物質(zhì)最小微粒的是（）A.電子的發(fā)現(xiàn)B.光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)C.a粒子散射實(shí)驗(yàn)D.康普頓效應(yīng)耳空如圖所示，將三個(gè)完全相同的小球1、2、3分別從同一高度由靜止釋放（圖甲、圖丙）或平拋（圖乙），其中丙是一固定在地面上傾角為45°的光滑斜面，不計(jì)空氣阻力，則每個(gè)小球從開始運(yùn)動(dòng)到落地（）A.B.C.D.全程重力做功％=%<“3落地瞬間速度U]=v2=v3落地瞬間重力的功率片=篤>^3全程重力做功的平均功率P1=篤=4多選題（本大題共4小題，共16?0分）如圖所示，在波的轉(zhuǎn)播方向上有相距1m的6個(gè)質(zhì)點(diǎn)a、b、c、d、e、二f均靜止在各自的平衡位置，一列橫波以1m/s的水平速度向右傳播。此波在上=0時(shí)刻到達(dá)質(zhì)點(diǎn)a,a質(zhì)點(diǎn)開始由平衡位置向下振動(dòng)，t=Zs時(shí)質(zhì)點(diǎn)a第一次到達(dá)最低點(diǎn)，則在8s<r<9s這段時(shí)間內(nèi)，下列說法正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)A.質(zhì)點(diǎn)c的加速度逐漸增大B.質(zhì)點(diǎn)d向下運(yùn)動(dòng)如圖所示電路中，g、R2為可變電阻，R0為定值電阻，D為理想二極管。在平行金屬板M、N內(nèi)部左側(cè)中央P有一質(zhì)量為m如圖所示電路中，g、R2為可變電阻，R0為定值電阻，D為理想二極管。在平行金屬板M、N內(nèi)部左側(cè)中央P有一質(zhì)量為m的帶電粒子（重力不計(jì)）以水平速度v0射入電場(chǎng)并打在N板的0點(diǎn)。若保持水平速度u0不變，下列說法正確的是（）只增大匕，粒子將打在0點(diǎn)右側(cè)只增大心，粒子還將打在0點(diǎn)只將M板豎直向上平移，粒子還將打在0點(diǎn)只將M板豎直向下平移，粒子還將打在0點(diǎn)如圖所示，目前世界上最大的無軸式摩天輪是位于山東濰坊的空心摩天輪，直徑125米，旋轉(zhuǎn)一周大約需要半個(gè)小時(shí)。摩天輪在豎直平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，乘客始終相對(duì)吊廂靜止，貝y（）乘客的加速度為零B.15min內(nèi)乘客的位移約為125mC.乘客的速率約為0.22m/sD.乘客轉(zhuǎn)動(dòng)到最低點(diǎn)處于失重狀態(tài)如圖所示，在矩形ABCD的4D邊和BC邊的中點(diǎn)M和N各放一個(gè)點(diǎn)電荷，它們分別帶等量的正、負(fù)電荷.E、F分別是AB邊和CD邊的中點(diǎn)，P、Q兩點(diǎn)在MN的連線上，MP=QN.則（）A.E和F場(chǎng)強(qiáng)相同且電勢(shì)相等P和Q場(chǎng)強(qiáng)相同且電勢(shì)相等一負(fù)電荷在P點(diǎn)電勢(shì)能小于在B點(diǎn)電勢(shì)能D.P的場(chǎng)強(qiáng)小于E的場(chǎng)強(qiáng)三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共3小題，共16?0分）在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)前，某同學(xué)還練習(xí)用螺旋測(cè)微器和游標(biāo)為10分度的卡尺分別測(cè)量某圓形工件的直徑和長(zhǎng)度，如圖所示，測(cè)量值分別為mm和cm。某同學(xué)利用如圖所示的裝置探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系。（1）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的電源（選填選項(xiàng)前的字母）。交流電源直流電源（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)用小木塊將長(zhǎng)木板右端墊高至適當(dāng)?shù)母叨龋辜?xì)線對(duì)小車的拉力等于小車受到的合外力，此操作通常稱為平衡摩擦力。某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，把木板右端墊高后，輕推一下小車，發(fā)現(xiàn)小車拖著的紙帶上打出的點(diǎn)的間距逐漸增大，應(yīng)把小木（選填“向左”或“向右”）移動(dòng)。若小車拖著的紙帶上打出的點(diǎn)的間距相等，表明已經(jīng)平衡摩擦力。在研究小車的加速度與小車質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，每次改變小車的質(zhì)量后（選填“需要”或“不需要”）重新平衡摩擦力。有一待測(cè)的電阻器匕，其阻值約在40?50Q之間，實(shí)驗(yàn)室準(zhǔn)備用來測(cè)量該電阻值的實(shí)驗(yàn)器材有:電壓表U（量程0?10U,內(nèi)電阻約20kQ）；電流表41（量程0?500mA，內(nèi)電阻約50）；滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為10。，額定電流為24）；直流電源E（電動(dòng)勢(shì)為9U,內(nèi)電阻約為0.50）；開關(guān)及若干導(dǎo)線.實(shí)驗(yàn)要求電表讀數(shù)從零開始變化，并能多測(cè)出幾組電流、電壓值，以便畫出〃圖線.（1）滑動(dòng)變阻器應(yīng)接成（選填“限流法”或“分壓法”）（2）為了減少誤差測(cè)電阻時(shí)應(yīng)采用（選填“內(nèi)接法”或“外接法”）⑶請(qǐng)?jiān)谌鐖D中把器材補(bǔ)連成符合要求的電路.四、計(jì)算題(本大題共4小題，共44?0分)如圖，甲、乙兩個(gè)容積均為U=5厶的導(dǎo)熱氣缸用細(xì)管(容積可忽略)相連接，閥門K2位于細(xì)管中部。甲、乙兩氣缸底部各有一個(gè)閥門K］、K3，乙氣缸中有一可自由移動(dòng)的輕質(zhì)薄活塞。初始時(shí)，三閥門均打開，活塞在乙的最上端。已知大氣壓強(qiáng)為p0,室溫為27弋。關(guān)閉閥門K2,用打氣筒通過閥門K］給甲氣缸充氣，每次可將體積％=1厶、壓強(qiáng)為卩0的空氣全部打入甲氣缸中，要使其甲氣缸內(nèi)壓強(qiáng)達(dá)到4卩0，需要打氣多少次？(H)當(dāng)甲氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)達(dá)到4卩。時(shí)，停止打氣，閥門K］關(guān)閉，打開閥門K2,等活塞穩(wěn)定后再緩慢加熱氣缸內(nèi)的氣體，使其溫度升高到87T，求此時(shí)活塞上方氣體的壓強(qiáng)。扌汕活癌K.甲乙如圖所示為一滑梯的實(shí)物圖，滑梯的斜面段長(zhǎng)度L=5.0m，傾角0=37°，水平段與斜面段平滑連接。某小朋友從滑梯頂端由靜止開始滑下，經(jīng)斜面底端后水平滑行一段距離，停在滑梯軌道上。已知小朋友質(zhì)量為m=20kg，小朋友與滑梯軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)“=0.3，sin37°=0.60，cos37°=0.80，9取10m/s2,不計(jì)空氣阻力。求：小朋友沿滑梯斜面段下滑時(shí)所受摩擦力的大小；小朋友滑到斜面底端時(shí)的速度大??；若用一拉力將小朋友拉回滑梯頂端，拉力方向與軌道始終平行，拉力做功的最小值是多少。

18.一質(zhì)量為m=1x103丘9、電荷量為Q=1x106C的帶正電粒子(不計(jì)重力)從4板中點(diǎn)小孔靜止釋放，經(jīng)電壓U1=2000V加速后，從B板中點(diǎn)小孔以平行于CD兩極板的速度沿中心線進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖所示。如果CD兩極板間電壓為U=1000V，兩極板間的距離為d=10cm、板長(zhǎng)為厶=20cm。在極板右側(cè)距離極板b=10cm處有一個(gè)足夠大的屏，屏面與極板垂直。設(shè)粒子束不會(huì)擊中極板，試求解下列問題：求粒子進(jìn)入CD兩極板時(shí)的初速度的大小：粒子飛出CD極板時(shí)在垂直極板方向偏移的距離y；粒子打在屏上的位置到0點(diǎn)的距離y'？19.2020年1月7日23時(shí)20分，我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭，成功將通信技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星五號(hào)發(fā)射升空。若長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭質(zhì)量460噸，總長(zhǎng)58.3m，發(fā)射塔高105.0m,點(diǎn)火后，經(jīng)5.0s火箭離開發(fā)射塔，已知火箭離開發(fā)射塔的過程中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，忽略一切阻力和運(yùn)載火箭質(zhì)量的變化，求：火箭離開發(fā)射塔瞬間的速度大小；火箭起飛時(shí)推動(dòng)力的大小(保留2位有效數(shù)字)；若火箭剛離開發(fā)射塔瞬間，一個(gè)小零件從火箭的尾部自然脫落，求該零件運(yùn)動(dòng)過程中離地面的最大高度。參考答案及解析1?答案：B解析：解：久原子核是核子結(jié)合在一起構(gòu)成的，要把它們分開，需要能量，這就是原子核的結(jié)合能，而平均結(jié)合能是結(jié)合能及核子數(shù)的比值，原子核的平均結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，故A錯(cuò)誤。B、根據(jù)質(zhì)量守恒定律及核電荷數(shù)守恒，有202"T832Bi+5；He+3—嚴(yán)故232Th衰變?yōu)閊Bi要經(jīng)過5次a衰變和3次0衰變，故B正確。C、半衰期是大量放射性元素的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)于個(gè)別放射性元素沒有意義，故C錯(cuò)誤。D、不管是輕核聚變還是重核裂變，都要滿足質(zhì)量數(shù)守恒和電荷量守恒，由于質(zhì)量虧損，質(zhì)量并不守恒，故D錯(cuò)誤。故選：B。原子核的平均結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定；根據(jù)質(zhì)量守恒定律及核電荷數(shù)守恒判斷；半衰期是大量放射性元素的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)于個(gè)別元素并不適應(yīng)；注意由于質(zhì)量虧損，質(zhì)量并不守恒，而質(zhì)量數(shù)是守恒的。本題考查了結(jié)合能、半衰期、裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)等知識(shí)點(diǎn)。易錯(cuò)點(diǎn)：確定衰變次數(shù)，因?yàn)樗プ儗?duì)質(zhì)量數(shù)無影響，先由質(zhì)量數(shù)的改變確定a衰變的次數(shù)，然后再根據(jù)0衰變規(guī)律確定0衰變的次數(shù)。2?答案：B解析：解：小球靜置于水平面上，在豎直方向上受到豎直向上的支持力和豎直向下的重力，在水平方向上不受力的作用.故選：B.當(dāng)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，受平衡力作用，對(duì)應(yīng)靜止在水平面上的物體，從水平方向和豎直方向進(jìn)行分析.本題考查處于平衡狀態(tài)物體的受力情況，注意物體受到力的合力為零.3?答案：4解析：本題考查了功率的計(jì)算。根據(jù)P=Fv可知，需要最大牽引力，則速度要最小，所以變速桿應(yīng)推至“1”檔;當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)速度達(dá)到最大值，此時(shí)14000070200027當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)速度達(dá)到最大值，此時(shí)14000070200027故選A。4?答案：B解析：解：4、B.C、要提高電磁炮的發(fā)射速度，需要增加安培力做的功，在加速距離不變的情況下，可以考慮增加安培力，根據(jù)安培力公式F=BIL，可以增加磁感應(yīng)強(qiáng)度B、增加電流/,故A錯(cuò)誤，B正確，C錯(cuò)誤；D、改變磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向，使之與炮彈前進(jìn)方向平行，安培力減小為零，故D錯(cuò)誤；故選：B。炮彈加速運(yùn)動(dòng)的動(dòng)力為安培力，根據(jù)安培力公式F=BI厶進(jìn)行分析即可.本題關(guān)鍵明確電磁炮的工作原理，明確炮彈加速運(yùn)動(dòng)的動(dòng)力為安培力，然后結(jié)合安培力公式列式分析即可．5?答案：C解析：解：第一宇宙速度，這是衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最小發(fā)射速度7.9km/s，若7.9km/s<v<11.2km/s，物體繞地球運(yùn)行最大環(huán)繞速度；第二宇宙速度，這是物體掙脫地球引力束縛的最小發(fā)射速度11.2km/s，若11.2km/s<v<16.7km/s,物體繞太陽(yáng)運(yùn)行（脫離速度）；第三宇宙速度，這是物體掙脫太陽(yáng)引力束縛的最小發(fā)射速度16.7km/s，若v>16.7km/s，物體將脫離太陽(yáng)系在宇宙空間運(yùn)行（逃逸速度）．A、根據(jù)公式匕=腫，則人造衛(wèi)星繞地球在圓軌道上運(yùn)行時(shí)的速度小于或等于珥，故A錯(cuò)誤；B、美國(guó)發(fā)射的“鳳凰”號(hào)火星探測(cè)衛(wèi)星，其發(fā)射速度大于第二宇宙速度，故B錯(cuò)誤；C、第二宇宙速度是使物體可以掙脫地球引力束縛，成為繞太陽(yáng)運(yùn)行的小行星的最小發(fā)射速度，故C正確；D、第一宇宙速度7.9km/s是人造地球衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最大運(yùn)行速度，也是最小發(fā)射速度，故D錯(cuò)誤；故選：C.第一宇宙速度又稱為環(huán)繞速度，是指在地球上發(fā)射的物體繞地球飛行作圓周運(yùn)動(dòng)所需的最小初始速度，第二宇宙速度，這是物體掙脫地球引力束縛的最小發(fā)射速度，第三宇宙速度，這是物體掙脫太陽(yáng)引力束縛的最小發(fā)射速度．理解三種宇宙速度，特別注意第一宇宙速度有三種說法：它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運(yùn)行速度，它是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行的最大速度，它是衛(wèi)星進(jìn)入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度．6?答案：B解析：解：AB.已知入射角i=45°,折射角r=30。，則此介質(zhì)的折射率為：兀二皿二血鏗二說，sinrsin30°故A錯(cuò)誤，B正確；CD、光從真空斜射向某種介質(zhì)的表面，是從光疏介質(zhì)射向光密介質(zhì)，不可能發(fā)生全反射，故CD錯(cuò)誤；故選：B。已知入射角和折射角，根據(jù)折射率公式n=皿求折射率。發(fā)生全反射的必要條件是光從光密介質(zhì)射sinr向光疏介質(zhì)。解決本題的關(guān)鍵要掌握折射定律和全反射的條件，要注意公式兀=皿的適用條件是光從真空射入介sinr質(zhì)發(fā)生折射，兀是大于1的常數(shù)。7?答案：C解析：解：4、電子的發(fā)現(xiàn)揭示了原子有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，故A錯(cuò)誤；B、光電效應(yīng)證明光具有粒子性，故B錯(cuò)誤；C、0粒子散射實(shí)驗(yàn)中少數(shù)。粒子能發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)，說明原子中絕大部分質(zhì)量和全部正電荷都集中在原子核上，盧瑟福就此提出了原子具有核式結(jié)構(gòu)學(xué)說，故C正確；D、康普頓效應(yīng)表明光具有粒子性，故D錯(cuò)誤.故選：C.Q粒子散射實(shí)驗(yàn)是盧瑟福提出原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說的實(shí)驗(yàn)依據(jù)，電子的發(fā)現(xiàn)原子可以再分；光電效應(yīng)與康普頓效應(yīng)說明光具有粒子性．本題關(guān)鍵要掌握電子發(fā)現(xiàn)、Q粒子散射實(shí)驗(yàn)等等幾何重要實(shí)驗(yàn)和發(fā)現(xiàn)的意義，理解光電效應(yīng)與康普頓效應(yīng)的作用．8?答案：C解析：解久重力做功與路徑無關(guān)，只與始末位置的高度差h有關(guān)，全過程重力做功：％=%=“3=mgh，故A錯(cuò)誤；B、三個(gè)物體下降的高度相同，乙中物體有初速度，甲、丙中物體由靜止開始運(yùn)動(dòng)，初速度為零，則在運(yùn)動(dòng)過程中，根據(jù)動(dòng)能定理mgh=2mv2-2mvo，可得：匕1=冬＜匕2，故B錯(cuò)誤；C、設(shè)相同的高度為h,根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律：甲做自由落體運(yùn)動(dòng)，由h=2"1得:-=^2k，乙做平拋運(yùn)動(dòng)，由h=1gt2得:t2=42k，丙沿光滑的斜面下滑，由一=1at2，a=gsin45°g222gsin45°23解得：t3=2壬根據(jù)公式P=Fvcosd可知，落地瞬間重力的功率等于重力乘以豎直方向的分速度,即P=mgvy，甲落地瞬間重力的功率為：P即P=mgvy，甲落地瞬間重力的功率為：P1=mg-gtimg?g?=mg2Jzh，乙落地瞬間重力的功率為：P2=mg?gt2丙落地瞬間重力的功率為：P3=mg-at3sin45°=mg2故p1=p2>p3，故c正確;D、下落的高度相同，故重力做功相同，由于：1=^2<^3，根據(jù)P=:可知，P]=P2>P3，故D錯(cuò)誤。故選：C。設(shè)出相同的高度，利用運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律分別求解時(shí)間，利用做功公式比較做功大小，運(yùn)用公式P=Fvcosd求解瞬時(shí)功率，利用P=^求解平均功率。t本題考查運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律、功和功率的綜合運(yùn)用，解題關(guān)鍵要根據(jù)物體的運(yùn)動(dòng)形式選擇合適的規(guī)律解決問題。平均功率根據(jù)P=座求解，瞬時(shí)功率用P=Fvcosd（其中。為F與u的夾角）。t9?答案：4C解析：解：由題知，該波的周期為T=4s，波長(zhǎng)X=vT=1x4m=4mA、由于波向右傳播，在兩個(gè)周期即0.8s后，c點(diǎn)經(jīng)過平衡位置向上，則在8s<t<9s這段時(shí)間內(nèi)，c的加速度逐漸增大。故A正確。B、兩個(gè)周期后，d點(diǎn)在波谷，在8s<t<9s這段時(shí)間內(nèi)，向上運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤。C、兩個(gè)周期后，b位于波峰，則在8s<t<9s這段時(shí)間內(nèi)，b正從波峰向平衡位置運(yùn)動(dòng)，速度逐漸增大。故C正確。D、質(zhì)點(diǎn)/■做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，振幅不變。故D錯(cuò)誤。故選：ACO由a點(diǎn)的起振情況確定周期，由波速公式求出波長(zhǎng)。根據(jù)波的傳播方向，研究?jī)蓚€(gè)周期后，各質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)狀態(tài)，再分析8s<t<9s這段時(shí)間內(nèi)，各質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況。本題要根據(jù)由波的傳播方向，確定質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向，這是波的圖象中基本題型。研究質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況，往往還要結(jié)合波長(zhǎng)和周期來分析。10.答案：BC解析：解：4、增大心，回路中的總電阻增加，電流減小，R0兩端的電壓減小，則電容器兩端的電壓減小，電荷量減小，由于二極管存在，電荷量無法減小，則電荷量不變，根據(jù)E=仏=d=述迪知，dCdeS電場(chǎng)強(qiáng)度不變，粒子還將打在0點(diǎn)，故A錯(cuò)誤。B、電路穩(wěn)定時(shí)R2中沒有電流，相當(dāng)于導(dǎo)線，改變心，不改變M、N間的電壓，板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，粒子所受的電場(chǎng)力不變，所以粒子的運(yùn)動(dòng)情況不變，仍打在0點(diǎn)，故B正確。C、將M板豎直向上平移，電容器電容減小，電壓不變，則電荷量減小，由于二極管的存在，電荷量無法減小，根據(jù)E=也=2=血血知，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，粒子還將打在0點(diǎn)，故C正確。dCdeSD、將M板豎直向下平移，電容器電容增大，電壓不變，則電荷量增加，根據(jù)衛(wèi)=“=2=皿知，dCdeS電場(chǎng)強(qiáng)度增加，粒子的加速度增大，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變小，粒子將打在0點(diǎn)的左側(cè)，故D錯(cuò)誤。故選：BC。根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電容器兩端電壓的變化，從而得出電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，抓住粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)的時(shí)間判斷水平位移，從而確定落點(diǎn)的位置。本題是類平拋運(yùn)動(dòng)與電路知識(shí)的綜合，其聯(lián)系的紐帶是電壓，要抓住電路穩(wěn)定時(shí)與電容器串聯(lián)的電阻上沒有電壓，相當(dāng)于導(dǎo)線，電容器的電壓等于所并聯(lián)的電路兩端的電壓。答案：BC解析：解：4、乘客的加速度大小始終恒定，方向指向圓心，故A錯(cuò)誤；B、空心摩天輪，直徑125米，旋轉(zhuǎn)一周大約需要半個(gè)小時(shí)，15min內(nèi)乘客的位移為直徑125m,故B正確；C、根據(jù)u=&可知，乘客的速率等于摩天輪的線速度大小，即u=沁125^〃-0.22m/s，故C正確；t30X60D、乘客到最低點(diǎn)時(shí)，有向上的加速度，故處于超重狀態(tài)，故D錯(cuò)誤。故選：BC。勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小不變，方向始終在變化，向心加速度、向心力的大小不變，方向始終指向圓心。根據(jù)線速度的定義求解乘客的速率。本題是實(shí)際生活中的圓周運(yùn)動(dòng)問題，要抓住加速度、合外力都是矢量，注意只有勻速圓周運(yùn)動(dòng)的合外力才時(shí)刻指向圓心。答案：AC解析：解：先結(jié)合等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線與等勢(shì)面的分布如圖：A、E和F兩點(diǎn)位于等量異種點(diǎn)電荷的連線的中垂線上對(duì)稱的位置，所以場(chǎng)強(qiáng)相同且電勢(shì)相等.故A正確；B、P和Q兩點(diǎn)位于同一條電場(chǎng)線上，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，所以電勢(shì)不相等.故B錯(cuò)誤；C、比較兩圖可知，P點(diǎn)的電勢(shì)一定高于B點(diǎn)的電勢(shì)，所以一負(fù)電荷在P點(diǎn)電勢(shì)能小于在B點(diǎn)電勢(shì)能.故C正確；D、比較兩圖可知，P的場(chǎng)強(qiáng)大于EF與PQ的交點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)，而于EF與PQ的交點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)又大于E的場(chǎng)強(qiáng)，所以P的場(chǎng)強(qiáng)大于E的場(chǎng)強(qiáng).故D錯(cuò)誤.故選：AC根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線分布與等勢(shì)面的分布特點(diǎn)，依次判斷即可.本題關(guān)鍵是根據(jù)等量異種電荷電場(chǎng)線的分布情況分析，也可以根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式，掌握幾何知識(shí)的長(zhǎng)度關(guān)系，理解矢量性.答案：2.2501.14解析：解：1、圖中螺旋測(cè)微器的固定刻度為2mm，可動(dòng)刻度為25.0x0.01mm=0.250mm，所以最終讀數(shù)為2mm+0.250mm=2.250mm。2、圖中游標(biāo)卡尺的精確度為0.1mm，由圖可知游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：11mm，游標(biāo)尺上第4個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為4x0.1mm=0.4mm，所以最終讀數(shù)為：11mm+0.4mm=11.4mm=1.14cm。故答案為：2.250，1.14解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀。螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀。對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量。答案：（1）4；（2）向右；不需要。解析：解：（1）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是交流電源，故B錯(cuò)誤，A正確；故選：A；(2)平衡摩擦力和其他阻力的正確操作方法是把長(zhǎng)木板右端墊高，用小車的重力沿斜面向下的分力來平衡摩擦力和阻力；如果發(fā)現(xiàn)小車拖著的紙帶上打出的點(diǎn)的間距逐漸增大，說明小車做加速運(yùn)動(dòng)，平衡摩擦力過度，此時(shí)應(yīng)將小木塊向右移動(dòng)以減小斜面傾角；當(dāng)不懸掛重物，輕推一下小車，若小車拖著紙帶做勻速運(yùn)動(dòng)，表明已經(jīng)平衡摩擦力；此后改變小車的質(zhì)量后不需要再平衡摩擦力。故答案為：(1)4;(2)向右；不需要。明確打點(diǎn)計(jì)時(shí)器原理，知道打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是交流電源；平衡摩擦力要墊高木板的右端，不掛鉤碼，輕推小車，使小車在木板上做勻速直線運(yùn)動(dòng)就平衡了摩擦力，平衡摩擦力后每次改變小車的質(zhì)量后不需要重新平衡摩擦力。本題考查“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)原理，要注意本實(shí)驗(yàn)需要平衡摩擦力，要掌握平衡摩擦力的基本方法。15.答案：分壓法；外接法解析：解：(1)電表讀數(shù)從零開始變化，滑動(dòng)變阻器可以選擇分壓接法；待測(cè)電阻的電阻值約400弘=沁00=4000仍然屬于比較小的電阻，電流表應(yīng)采用外接法，心50實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示，根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖，如圖所示.故答案為：(1)分壓法；(2)外接法；(3)電路圖如圖所示根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求電表讀數(shù)從零開始變化，選擇滑動(dòng)變阻器.根據(jù)：與詈電流表接法；作出實(shí)驗(yàn)電路圖，然后根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖.本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選擇、設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖、連接實(shí)物電路圖；要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選取原則，確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法是正確設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路的關(guān)鍵.答案：解：(i)設(shè)打氣次數(shù)為仏以將打入的氣體和甲中已有氣體為研究對(duì)象:由玻意耳定律得：卩0(卩+兀嶺)=4卩。卩代入數(shù)據(jù)解得：71=15(ii)打開K2后，活塞向下移動(dòng)，設(shè)活塞向下移動(dòng)直到最下端時(shí)氣體壓強(qiáng)為卩2,此時(shí)氣體的體積叫=2V由玻意耳定律得：4p0U=卩2匕代入數(shù)據(jù)解得：卩2=2卩0>P0，假設(shè)成立，打開K2后活塞到達(dá)氣缸的最下端，設(shè)加熱后活塞上方氣體的壓強(qiáng)為?3，氣體初狀態(tài)的溫度f2=(273+27)K=300K,氣體末狀態(tài)的溫度=(273+87)K=360K氣體體積不變，由查理定律得：7=丁代入數(shù)據(jù)解得：p3=2.4p0答：(i)需要打氣15次。(H)此時(shí)活塞上方氣體的壓強(qiáng)是2.4卩0。解析：(I)對(duì)甲氣缸內(nèi)氣體和打入的氣體作為研究對(duì)象，找出初末狀態(tài)參量，利用玻意耳定律求得；(H)當(dāng)打開K2,當(dāng)活塞下降到最底端時(shí)，根據(jù)玻意耳定律求得壓強(qiáng)，加熱后，根據(jù)查理定律即可求得最終壓強(qiáng)。題考查了玻意耳定律、查理定律等知識(shí)點(diǎn)，抓住理想氣體不變的狀態(tài)參量，選擇相應(yīng)的氣體實(shí)驗(yàn)定律是解題的關(guān)鍵。答案：解：(1)對(duì)小孩受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，貝^Fn-mgcosd=0FfFf聯(lián)立解得：錚=mgcose=0.3X20X10Xcos37°N=48N；(2)小孩在斜面上滑行時(shí)，由牛頓第二定律得：mgsinO-^mgcosd=ma^解得：ax=3.6m/s2，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式：v2-V2=2ax可知,小孩滑至B點(diǎn)時(shí)的速度大小為：v=<2aL=6m/s(3)小孩在水平段滑行時(shí)，由動(dòng)能定理得：-片2=0-2九口2解得：Wf2=360J下滑過程：Wf1=^mgcosO-L=240J重力做功：WG=mgLsind=600J拉回小朋友回頂端至少需要克服重力做功、兩端的摩擦力做功則WFmin=WG+Wf1+Wf2=1200J答：(1)小朋友沿滑梯斜面段下滑時(shí)所受摩擦力的大小為48N；

小朋友滑到斜面底端時(shí)的速度大小為6m/s；若用一拉力將小朋友拉回滑梯頂端，拉力方向與軌道始終平行，拉力做功的最小值是1200/0解析：(1)應(yīng)用滑動(dòng)摩擦力公式可以求出滑動(dòng)摩擦力；應(yīng)用牛頓第二定律可以求出加速度，然后應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出到達(dá)底端時(shí)的速度；應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出摩擦力做功，若用一拉力將小朋友拉回滑梯頂端，需克服重力和摩擦力做功即可求得。本題是一道力學(xué)綜合題，考查了動(dòng)能定理的應(yīng)用，分析清楚運(yùn)動(dòng)過程是解題的前提