2021-2022學(xué)年河南省駐馬店市確山第二高級(jí)中學(xué)高三（上）期中物理試卷（附答案詳解）

2021-2022學(xué)年河南省駐馬店市確山第二高級(jí)中學(xué)高三

（上）期中物理試卷

一、單選題（本大題共10小題，共30.0分）

1.2020年3月9日，我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射

北斗系統(tǒng)第54顆導(dǎo)航衛(wèi)星，北斗導(dǎo)航工程實(shí)現(xiàn)2020

年“開(kāi)門(mén)紅”。北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由地球同步靜止軌

道衛(wèi)星、與同步靜止軌道衛(wèi)星具有相同周期的地球同

步傾斜軌道衛(wèi)星，以及比它們軌道低一些的中軌道衛(wèi)

星組成。它們均為圓軌道衛(wèi)星，軌道分布情況如圖所

示，則（）

A.地球同步靜止軌道衛(wèi)星可能相對(duì)靜止在北京正上空

B.地球同步傾斜軌道衛(wèi)星的軌道高度與同步靜止軌道衛(wèi)星的軌道高度可能不同

C.同步衛(wèi)星繞地球穩(wěn)定運(yùn)行的速率可能大于中軌道衛(wèi)星繞地球穩(wěn)定運(yùn)行的速率

D.質(zhì)量相等的中軌道衛(wèi)星與同步軌道衛(wèi)星相比，中軌道衛(wèi)星所具有的機(jī)械能較小

2.如圖是在購(gòu)物商場(chǎng)里常見(jiàn)的電梯，左圖為階梯電梯，右圖

為斜面電梯，設(shè)兩電梯中各站一個(gè)質(zhì)量相同的乘客隨電梯

勻速上行，若兩電梯高度相同，速度相同，且兩乘客用相

同時(shí)間到達(dá)電梯頂端，則兩種情況（）

A.摩擦力對(duì)乘客做功相同B.兩乘客機(jī)械能的增量相同

C.電梯對(duì)乘客支持力的做功相同D.電梯對(duì)乘客支持力的沖量相同

3.“禮讓行人”是城市文明交通的體現(xiàn)。小王駕駛汽車勻速行駛，發(fā)現(xiàn)前方507n處的

斑馬線上有行人通過(guò)，立即剎車使車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，直至停止，減速的加速度

大小為5m/s2。若小王的反應(yīng)時(shí)間為0.5s,為確保安全，汽車剎車前勻速行駛的最

大速度為（）

A.18km"B.30km/hC.36km/hD.72km/h

4.2021年6月28日聶海勝利用太空跑臺(tái)一一動(dòng)感單車鍛煉，如圖所示。假設(shè)動(dòng)感單車

的阻力主要來(lái)源于距車軸30cm的阻尼裝置（可視為質(zhì)點(diǎn)），宇航員每分鐘蹬車90圈，

則阻尼裝置對(duì)車輪的阻力大小約為350N,假設(shè)聶海勝鍛煉15分鐘克服動(dòng)感單車阻

力而消耗的能量約為（）

A.700kJB.800k/C.900k/D.1000燈

5.汽車在高速公路上超速是非常危險(xiǎn)的，為防止汽車超速，高速公路都裝有測(cè)汽車速

度的裝置。如圖甲所示為超聲波測(cè)速儀測(cè)汽車速度的示意圖，測(cè)速儀4可發(fā)出并接

收超聲波信號(hào)，根據(jù)發(fā)出和接收到的信號(hào)可以推測(cè)出被測(cè)汽車的速度，如圖乙所示

是以測(cè)速儀所在位置為參考點(diǎn)，測(cè)速儀連續(xù)發(fā)出的兩個(gè)超聲波信號(hào)的x-t圖象，說(shuō)

法正確的是（）

_____A

\\n

圖甲圖乙

A.汽車離測(cè)速儀越來(lái)越近

B.超聲波信號(hào)的速度是濘1

C.汽車在t]?tz時(shí)間內(nèi)的平均速度為號(hào)

D.在測(cè)速儀發(fā)出兩個(gè)超聲波信號(hào)的時(shí)間間隔內(nèi)，汽車通過(guò)的位移為X2-X1

6.如圖為湖邊一傾角為30。的大壩橫截面示意圖，水面與大壩的交點(diǎn)為。，一人站在4

點(diǎn)以速度幾沿水平方向扔一小石子，已知A。=120m,不計(jì)空氣阻力（取g=

10m/s2）o下列說(shuō)法中正確的是（）

A.若%>20m/s,則石塊一定可以落入水中

B.若見(jiàn)<30m/s,則石塊不能落入水中

第2頁(yè)，共22頁(yè)

C.若石子能落入水中，則北越大，落水時(shí)速度方向與水平面的夾角越大

D.若石子不能落入水中，則為越大，落在斜面上時(shí)速度方向與斜面的夾角越大

7.2020年12月2日22時(shí)，嫦娥五號(hào)帶著月壤返回地球，若進(jìn)

入大氣層時(shí)速度過(guò)大后果將不堪設(shè)想，為此航天科技集團(tuán)

五院的設(shè)計(jì)師們創(chuàng)造性地提出了半彈道跳躍式再返回的技

術(shù)方案，就像在太空“打水漂”一樣，讓關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)的返

回器先是高速進(jìn)入大氣層，再借助大氣層提供的升力躍出

大氣層，然后重新進(jìn)入大氣層。如圖為航天器跳躍式返回過(guò)程示意圖，虛線圓為大

氣層的邊界，已知地球半徑為R,d點(diǎn)到地面的高度為無(wú)，地球表面重力加速度為g。

下列說(shuō)法正確的是（）

A.航天器從a到c運(yùn)動(dòng)過(guò)程中一直處于完全失重狀態(tài)

B.航天器運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)時(shí)的加速度為若

C.航天器在a點(diǎn)機(jī)械能大于在c點(diǎn)的機(jī)械能

D.航天器在c點(diǎn)的動(dòng)能大于在e點(diǎn)的動(dòng)能

8.在剛剛結(jié)束的東京奧運(yùn)跳水比賽中，中國(guó)跳水隊(duì)以7金5銀的成績(jī)完美收官。假設(shè)質(zhì)

量為小的跳水運(yùn)動(dòng)員從跳臺(tái)上以初速度北向上跳起，跳水運(yùn)動(dòng)員在跳臺(tái)上從起跳到

入水前重心下降H,入水后受水阻力而減速為零，不計(jì)跳水運(yùn)動(dòng)員水平方向的運(yùn)動(dòng),

運(yùn)動(dòng)員入水后到速度為零時(shí)重心下降八，不計(jì)空氣阻力，貝式）

A.運(yùn)動(dòng)員起跳后在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到合外力沖量大小為m/T不荻

B.水對(duì)運(yùn)動(dòng)員阻力的沖量大小為mJ諾+2gH

C.運(yùn)動(dòng)員克服水的阻力做功為詔

D.運(yùn)動(dòng)員從跳起到入水后速度減為零的過(guò)程中機(jī)械能減少量為+①+加詔

9.目前，我國(guó)在人工智能和無(wú)人駕駛技術(shù)方面已取得較大突破。為早日實(shí)現(xiàn)無(wú)人駕駛,

某公司對(duì)某款汽車性能進(jìn)行了一項(xiàng)測(cè)試，讓質(zhì)量為小的汽車沿一山坡直線行駛。測(cè)

試中發(fā)現(xiàn)，下坡時(shí)若關(guān)掉油門(mén)，則汽車的速度保持不變；若以恒定的功率P上坡，

則從靜止啟動(dòng)做加速運(yùn)動(dòng)，發(fā)生位移s時(shí)速度剛好達(dá)到最大值方。設(shè)汽車在上坡和

下坡過(guò)程中所受阻力的大小分別保持不變，下列說(shuō)法正確的是（）

A.關(guān)掉油門(mén)后的下坡過(guò)程，汽車的機(jī)械能守恒

B.關(guān)掉油門(mén)后的下坡過(guò)程，坡面對(duì)汽車的支持力做功不為零

C.上坡過(guò)程中，當(dāng)速度達(dá)到Um的一半時(shí)的加速度為a=譽(yù)

D.上坡過(guò)程中，汽車速度由0增至為,所用的時(shí)間等于￡=噤+二

10.“水上飛人表演”是近幾年來(lái)觀賞性較高的水上表演項(xiàng)目之一，其原理是利用腳上

噴水裝置產(chǎn)生的反沖動(dòng)力，使表演者在水面之上騰空而起。同時(shí)能在空中完成各種

特技動(dòng)作，如圖甲所示。為簡(jiǎn)化問(wèn)題。將表演者和裝備與豎直軟水管看成分離的兩

部分。如圖乙所示。已知表演者及空中裝備的總質(zhì)量為豎直軟水管的橫截面積

為S,水的密度為p,重力加速度為g。若水流豎直向上噴出，與表演者按觸后能以

原速率反向彈回，要保持表演者在空中靜止，軟水管的出水速度至少為（）

/表演者及裝各

水流方向

水面

A.忌B書(shū)C.忌D.悟

二、多選題（本大題共5小題，共20.0分）

11.按壓式圓珠筆內(nèi)裝有一根小彈簧，尾部有一個(gè)小帽，壓一下小帽，

筆尖就伸出來(lái)。如圖所示，使筆的尾部朝下，將筆向下按到最低點(diǎn)，

使小帽縮進(jìn)，然后放手，筆將向上彈起至一定的高度。忽略摩擦和

空氣阻力。筆從最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過(guò)程中（）

A.筆的動(dòng)能先增大后減小

B.筆的重力勢(shì)能與彈簧的彈性勢(shì)能總和一直減小

C.彈簧的彈性勢(shì)能減少量等于筆的動(dòng)能增加量

D.彈簧的彈性勢(shì)能減少量等于筆的動(dòng)能和重力勢(shì)能增加量

12.如圖甲，滾筒洗衣機(jī)脫水時(shí)，衣物緊貼著滾筒壁在豎直平面內(nèi)做順時(shí)針的勻速圓周

運(yùn)動(dòng)。如圖乙，一件小衣物（可理想化為質(zhì)點(diǎn)）質(zhì)量為m,滾筒半徑為R,角速度大

小為3,重力加速度為g,a、b分別為小衣物經(jīng)過(guò)的最高位置和最低位置.下列說(shuō)

法正確的是（）

第4頁(yè)，共22頁(yè)

甲

A.衣物所受合力的大小始終為ma?/?

B.衣物轉(zhuǎn)到匕位置時(shí)的脫水效果最好

C.衣物所受滾筒的作用力大小始終為mg

D.衣物在a位置對(duì)滾筒壁的壓力比在b位置的大

13.2019年11月9日“亞太冰壺錦標(biāo)賽”在深圳大運(yùn)中心體育館落下帷幕，經(jīng)過(guò)7個(gè)比

賽日的爭(zhēng)奪，最終中國(guó)女隊(duì)摘得桂冠。在最后的冰壺決賽中，隊(duì)長(zhǎng)韓雨利用紅壺去

碰撞對(duì)方的藍(lán)壺，兩者在大本營(yíng)中心發(fā)生對(duì)心碰撞如圖（a）所示，碰撞前后兩壺運(yùn)

動(dòng)的v-t圖線如圖他）中實(shí)線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行，兩冰壺質(zhì)量相

等，貝女）

圖(a)圖(b)

A.兩壺發(fā)生了彈性碰撞

B.碰后藍(lán)壺速度為0.8m/s

C.碰后藍(lán)壺移動(dòng)的距離為27n

D.碰后紅壺所受的摩擦力大于藍(lán)壺所受的摩擦力

14.如圖所示，力、B兩物塊的質(zhì)量分別為2nl和m,靜止疊放在水平地面上，4、B間的

動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為;〃，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,

重力加速度為g,現(xiàn)對(duì)4施加一水平拉力F,貝女）

A.當(dāng)F<2卬ng時(shí)，4、B都相對(duì)地面靜止

B.當(dāng)F=|〃mg時(shí)，力的加速度為

C.當(dāng)F>3png時(shí)，4相對(duì)B滑動(dòng)

D.8的力口速度可能為:“g

4-

15.如圖甲所示，足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面夾角為0,在傳送帶上某位置輕輕放置一小

滑塊，小滑塊與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，小滑塊速度隨時(shí)間變化關(guān)系如圖乙所示，

北、to已知，則（）

C.〃=tanB+就前D.玲后滑塊的加速度為2gs加8-葭

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共14.0分）

16.用如圖實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證mi、加2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。機(jī)2從高處由靜止開(kāi)始下落，

在mi上拖著的紙帶打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行測(cè)量，即可驗(yàn)證機(jī)械能

守恒定律。如圖給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩

計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未標(biāo)出，計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示。已知mi=50g、m2=150g,

當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=9.8m/s2。則：（本題計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

（1）在紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)5時(shí)，Tn2的速度17=m/s；

（2）在打點(diǎn)0?5過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量4后人=J,系統(tǒng)勢(shì)能的減少量

AEp=Jo

17.某學(xué)習(xí)小組用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究拉力做功與小車動(dòng)能變化之間的關(guān)系。小車

上遮光片的寬度為d,4、B處是兩光電門(mén)，可測(cè)得小車上的遮光片通過(guò)4、B處所

用的時(shí)間；用遮光片通過(guò)光電門(mén)的平均速度表示小車通過(guò)4、B點(diǎn)時(shí)的速度，鉤碼

上端為拉力傳感器，可讀出細(xì)線上的拉力F。適當(dāng)墊高木板右端，使小車不掛鉤碼

時(shí)能在長(zhǎng)木板上勻速運(yùn)動(dòng)。掛上鉤碼，從木板右端由靜止釋放小車進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。

第6頁(yè)，共22頁(yè)

(1)符合本實(shí)驗(yàn)要求的有。

A.要保證鉤碼和拉力傳感器的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量

8.要測(cè)出鉤碼和傳感器的質(zhì)量

C.要測(cè)量長(zhǎng)木板墊起的高度和木板長(zhǎng)度

。.要選用寬度窄一些的擋光片

(2)某次實(shí)驗(yàn)中質(zhì)量為m的小車通過(guò)4、B光電門(mén)的時(shí)間分別為以、tB,則小車由4運(yùn)

動(dòng)到B時(shí)動(dòng)能的變化量=o

(3)保持拉力F=0.2N不變，僅改變光電門(mén)B的位置，讀出B到4的距離s,記錄對(duì)應(yīng)

的s和益數(shù)據(jù)，畫(huà)出s-詔圖象如圖乙所示。根據(jù)圖象可求得小車的質(zhì)量

m=kg,4處光電門(mén)到木板右端的距離L=m(不計(jì)小車的長(zhǎng)度)。

四、簡(jiǎn)答題(本大題共1小題，共10.0分)

18.我國(guó)自主研制了運(yùn)-20重型運(yùn)輸機(jī)。飛機(jī)獲得的升力大小F可用F=描寫(xiě)，目為

系數(shù)；u是飛機(jī)在平直跑道上的滑行速度，F(xiàn)與飛機(jī)所受重力相等時(shí)的v稱為飛機(jī)的

起飛離地速度，已知飛機(jī)空載時(shí)質(zhì)量為9.0x109g,飛機(jī)從靜止沿跑道做勻加速

直線運(yùn)動(dòng)，在跑道上滑行30s達(dá)到起飛離地速度為6(hn/s,假設(shè)飛機(jī)裝載貨物前后

起飛離地時(shí)的k值可視為不變，飛機(jī)在跑道上滑行時(shí)所受阻力為飛機(jī)重力的0.1倍

(1)飛機(jī)在跑道上滑行的距離是多少；

(2)飛機(jī)在跑道上滑行時(shí)受到的水平牽引力多大；

(3)當(dāng)飛機(jī)的起飛離地速度為8(hn/s時(shí)，飛機(jī)裝載貨物的質(zhì)量是多少。

五、計(jì)算題（本大題共2小題，共26.0分）

19.如圖所示，兩塊相同平板P］、置于光滑水平面上，質(zhì)量均為小。22的右端固定一

輕質(zhì)彈簧，左端4與彈簧的自由端B相距L物體P置于匕的最右端，質(zhì)量為他且可

以看作質(zhì)點(diǎn)。3與P以共同速度先向右運(yùn)動(dòng)，與靜止的「2發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短，

碰撞后匕與P2粘連在一起，P壓縮彈簧后被彈回并停在A點(diǎn)（彈簧始終在彈性限度內(nèi)

）。P與「2之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，求：

（1）P1、P2剛碰完時(shí)的共同速度打的大?。?/p>

（2）P的最終速度"2的大??；

（3）此過(guò)程中彈簧最大壓縮量》和相應(yīng)的彈性勢(shì)能Ep。

vop倒

.AB

j&

20.第24屆冬奧會(huì)將于2022年由北京和張家口兩個(gè)城市聯(lián)合舉辦，跳臺(tái)滑雪是其中最

具觀賞性的項(xiàng)目之一，其空中翻轉(zhuǎn)動(dòng)作優(yōu)美，深受觀眾喜愛(ài)。某滑道示意圖如圖所

示，長(zhǎng)直助滑道4B與光滑圓弧形滑道BC相切于B點(diǎn)，且48與8、C兩點(diǎn)所在水平面

的夾角a=37°,助滑道力B長(zhǎng)L=90m。圓弧滑道BC與水平安全平臺(tái)CD連接，CD長(zhǎng)

x=38.4m。平臺(tái)CO與曲線著陸坡DE連接，0、E兩點(diǎn)高度差為35m。著陸坡0E下

端銜接一段圓心角/?=53。的圓弧軌道，圓弧軌道最低點(diǎn)與水平終點(diǎn)區(qū)FG相切。質(zhì)

量m=80kg（含滑板等裝備）的運(yùn)動(dòng)員（可視為質(zhì)點(diǎn)）從A處由靜止開(kāi)始自由下滑（運(yùn)

動(dòng)員不做功），經(jīng)C點(diǎn)飛起，恰好從。點(diǎn)進(jìn)入曲線著陸坡DE。重力加速度g=10m/s2,

運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中可視為質(zhì)點(diǎn)，忽略運(yùn)動(dòng)過(guò)程中空氣的作用。

（1）滑板克服滑道4B阻力做功為多少；

（2）某次試賽中，該運(yùn)動(dòng)員從4處由靜止開(kāi)始加速下滑（運(yùn)動(dòng)員做功），恰從E點(diǎn)沿切

線進(jìn)入圓弧軌道，實(shí)現(xiàn)完美一躍。求此過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員做的功。

第8頁(yè)，共22頁(yè)

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4、地球同步靜止軌道衛(wèi)星一定在赤道正上方，而北京不在赤道上，故地

球同步靜止軌道衛(wèi)星不可能相對(duì)靜止在北京正上空，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)開(kāi)普勒第三定律口=/＜可知，地球同步傾斜軌道衛(wèi)星與靜止軌道同步衛(wèi)星的周

期相同，則它們的軌道半徑也是相等的，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得："=護(hù)，因?yàn)橹熊壭l(wèi)星的高度低于靜止同步衛(wèi)星，

即r小，故所有同步衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的速率都一定小于中軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的速率，

故C錯(cuò)誤；

。、中軌道衛(wèi)星的半徑小，處于低軌道，由中軌道到同步軌道需要加速，故質(zhì)量相等的

中軌道衛(wèi)星與同步軌道衛(wèi)星相比，中軌道衛(wèi)星所具有的機(jī)械能較小，故。正確。

故選：0。

地球同步靜止軌道衛(wèi)星一定在赤道正上方，由此判斷地球同步靜止軌道衛(wèi)星是否在北京

正上方；

根據(jù)開(kāi)普勒第三定律分析軌道半徑；

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力列式，可知衛(wèi)星的線速度與軌道半徑的關(guān)系；

根據(jù)衛(wèi)星變軌的原理，分析不同軌道上衛(wèi)星的機(jī)械能。

此題考查了人造衛(wèi)星的相關(guān)知識(shí)，解決本題的關(guān)鍵要掌握萬(wàn)有引力提供向心力這一基本

思路，通過(guò)列式分析速度、周期與軌道半徑的關(guān)系，要明確同步衛(wèi)星的軌道特點(diǎn)。

2.【答案】B

【解析】解：力、乘客在階梯電梯中受到重力與支持力作用，二力平衡，不受摩擦力作

用，支持力豎直向上；乘客在斜面電梯中受到重力、支持力和摩擦力作用，支持力垂直

斜面向上，故A錯(cuò)誤；

8、乘客質(zhì)量相同，上升高度相同，根據(jù)功能關(guān)系可知，兩種情況下，電梯對(duì)乘客做功

相同，增加了乘客的機(jī)械能，故機(jī)械能增量相同，故8正確；

C、階梯電梯中，支持力等于重力，斜面電梯中，支持力小于重力，兩種情況下，支持

力大小不等，位移相等，則做功不等，故C錯(cuò)誤；

第10頁(yè)，共22頁(yè)

。、根據(jù)恒力沖量公式可知，/=Ft,兩種情況下，支持力大小不等，時(shí)間相同，電梯

對(duì)乘客支持力的沖量不等，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

分析乘客在階梯電梯和斜面電梯上的受力情況，根據(jù)恒力做功的公式判斷摩擦力、支持

力做功；

根據(jù)恒力沖量的公式判斷支持力的沖量。

本題考查了功和沖量的計(jì)算，解題的關(guān)鍵是進(jìn)行受力分析，利用恒力做功和恒力沖量的

公式作答。

3.【答案】D

【解析】解：在反應(yīng)時(shí)間0.5s階段，汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，之后做加速度大小為5m/s2的

勻減速直線運(yùn)動(dòng)減速到零，兩個(gè)過(guò)程的前進(jìn)的位移之和恰好等于506時(shí)，汽車剎車前勻

速形式的速度最大，設(shè)最大速度為D

列式如下…+喧=0.5"+4=50m

計(jì)算可得：v=20m/s=72km/h.

故ABC錯(cuò)誤，。正確

故選：Do

反應(yīng)階段汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，之后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)減速到0,恰好停在斑馬線上時(shí)

汽車剎車前勻速行駛的速度最大。

反應(yīng)階段汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，之后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)減速到0,多個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程需理清

各個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)。

4.【答案】C

【解析】解：根據(jù)功能關(guān)系可知E=叼=2nrnf=2x3.14x0.3x350x15x60/=

900000/=9000

故AB。錯(cuò)誤，C正確；

故選：Co

根據(jù)做功的計(jì)算公式結(jié)合功能關(guān)系可解得聶海勝克服動(dòng)感單車阻力而消耗的能量。

本題考查功能關(guān)系，解題關(guān)鍵掌握聶海勝克服動(dòng)感單車阻力而消耗的能量等于摩擦力做

功。

5.【答案】C

【解析】解：4、第二次超聲波反射的距離冷>與，說(shuō)明距離變大，則汽車離測(cè)速儀越

來(lái)越遠(yuǎn)，故A錯(cuò)誤；

BD,由圖可知第一次超聲波碰到車反射時(shí)的時(shí)刻為J,位置為乙；第二次超聲波碰到車

反射時(shí)的時(shí)刻為tz，位置為小，故應(yīng)是兩個(gè)超聲波信號(hào)反射的時(shí)間內(nèi)，汽車通過(guò)的位移

為故BD錯(cuò)誤；

C、兩次反射汽車通過(guò)的位移為次-匕，時(shí)間為t2-0，則汽車的平均速度為裁，故

C正確。

故選：C。

位移-時(shí)間圖像反映物體位置隨時(shí)間的變化情況，圖像的斜率表示速度，速度不變?yōu)閯?/p>

速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合題目所給知識(shí)分析。

本題主要考查勻速直線運(yùn)動(dòng)的x-t圖像，要通過(guò)汽車與測(cè)速儀之間距離的變化分析汽車

運(yùn)動(dòng)。根據(jù)圖像的斜率確定速度大小。

6.【答案】B

【解析】解：48、小石子扔出后做平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上：AOcos300=vQt

豎直方向上：AOsin30°=^gt2

聯(lián)立解得：t=2V3S,V0=30m/s

則此時(shí)石子剛好落在水面與大壩的交點(diǎn)，可知若%<30m/s,則石塊不能落入水中，

故A錯(cuò)誤，B正確；

C、若石子能落入水中，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，落入水中的高度相同，則時(shí)間也

相同，根據(jù)為則豎直方向的分速度是相等的，根據(jù)：tan?="，可知初速度越

大，則落水時(shí)速度方向與水平面的夾角越小，故C錯(cuò)誤；

D、落在大壩上，則速度方向與水平方向夾角為a,則tana=竽

落在大壩上，位移與水平方向夾角等于大壩的傾角，為氏則tanJ=M=更

2%

因?yàn)?。角等于斜面的傾角，貝加角保持不變，由此a角也保持不變，即石子落在壩上的速

第12頁(yè)，共22頁(yè)

度方向保持不變，故。錯(cuò)誤；

故選：B。

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向上做自由落體，先通過(guò)豎直方向上

的運(yùn)動(dòng)計(jì)算時(shí)間，再代入水平方向上求出落在壩上的最大初速度；

根據(jù)位移方向與水平方向的夾角與斜面傾角的等量關(guān)系，結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)分析

出位移和速度方向；

根據(jù)豎直方向的下落高度確定出下落的時(shí)間的大小關(guān)系。

本題主要考查了平拋運(yùn)動(dòng)和斜面的結(jié)合，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)在不同方向上的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)結(jié)合幾

何關(guān)系完成分析，屬于常規(guī)考法。

7.【答案】C

【解析】解：4航天器沿abc軌跡做曲線運(yùn)動(dòng)，曲線運(yùn)動(dòng)的合力指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，

所以從a到c運(yùn)動(dòng)過(guò)程中合力背離地球方向，即有豎直向上的加速度分量，因此航天器處

于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤。

B、在d點(diǎn)，萬(wàn)有引力提供向心力，^~=ma,在地球表面附近時(shí)曙=7ng,由兩式

可得a=焉故8錯(cuò)誤。

C、航天器從a點(diǎn)到c點(diǎn)，萬(wàn)有引力做功為0,阻力做負(fù)功，機(jī)械能減少，所以在a點(diǎn)的機(jī)

械能大于在C點(diǎn)的機(jī)械能，故C正確。

。、從c點(diǎn)到e點(diǎn)，沒(méi)有空氣阻力，只有重力做功，機(jī)械能守恒，即兩點(diǎn)的機(jī)械能相等，

因?yàn)閏、e點(diǎn)距地球的距離相等，所以重力勢(shì)能相等，故航天器在C點(diǎn)的動(dòng)能等于在e點(diǎn)的

動(dòng)能，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

航天器沿abc軌跡做曲線運(yùn)動(dòng)，合力指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，因此航天器處于超重狀態(tài)，

在d點(diǎn)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力列方程求解a,航天器從a點(diǎn)到c點(diǎn)，萬(wàn)有引力做功為0,

阻力做負(fù)功，機(jī)械能減少，所以在a點(diǎn)的機(jī)械能大于在C點(diǎn)的機(jī)械能，從c點(diǎn)到e點(diǎn)，沒(méi)

有空氣阻力，只有重力做功，機(jī)械能守恒，故航天器在C點(diǎn)的動(dòng)能等于在e點(diǎn)的動(dòng)能。

該題考查了人造衛(wèi)星的相關(guān)知識(shí)，解決本題的關(guān)鍵知道衛(wèi)星在大氣層中受到空氣阻力作

用，在大氣層以外不受空氣阻力，結(jié)合萬(wàn)有引力提供向心力、機(jī)械能守恒等進(jìn)行求解。

8.【答案】D

【解析】解：力、設(shè)入水前運(yùn)動(dòng)員的速度大小為V,運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中機(jī)械能

守恒，

則詔=^mv2,

故17='詔+2gH

取向下為正方向，由動(dòng)量定理得：

運(yùn)動(dòng)員起跳后在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到合外力沖量大小為

I=Ap=myjVQ+2gH-(―mv0)=mJ詔+2gH+mv0>故A錯(cuò)誤；

8、運(yùn)動(dòng)員在水中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受到重力和水的阻力，

則小-1^=0-mJ詔+2gH,

故水對(duì)運(yùn)動(dòng)員阻力的沖量大小大于m1詔+2gH，故B錯(cuò)誤；

CD,運(yùn)動(dòng)員從起跳到入水后速度減為零的過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員克服水的阻力做功等于機(jī)械能

減小量，大小為：

AE-\-mgh-(mgH+-mg[H+K)故Z)正確，C錯(cuò)誤；

故選：D。

入水前運(yùn)動(dòng)員機(jī)械能守恒，先求入水時(shí)的速度，根據(jù)動(dòng)量定理/=可求沖量大小；

在水中受阻力和重力的沖量，根據(jù)公式可求水的阻力沖量；

入水后運(yùn)動(dòng)員克服水的阻力做功等于機(jī)械能減小量，根據(jù)能量守恒可求；

明確運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的機(jī)械能守恒，明確沖量的定義，會(huì)計(jì)算沖量。

9.【答案】D

【解析】解：4關(guān)掉油廣門(mén)后的下坡過(guò)程，汽車的速度不變、動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減小，

則汽車的機(jī)械能減小，故4錯(cuò)誤；

A關(guān)掉油門(mén)后的下坡過(guò)程，坡面對(duì)汽車的支持力方向與汽車速度方向垂直，則支持力做

功為零，故8錯(cuò)誤；

C下坡時(shí)/nags比仇上坡過(guò)程中達(dá)到最大速度時(shí)為=而荷而=方，當(dāng)速度達(dá)到最

大速度一半時(shí)F-/一=nm,其中尸=皿=4八解得。=荔~，故。錯(cuò)誤；

2Jrnvm

D設(shè)汽車速度由0增至%,所用的時(shí)間為3根據(jù)動(dòng)能定理可得Pt-fs-mgsin/s=

第14頁(yè)，共22頁(yè)

后，解得1=噂+二，故。正確；

22Pvm

故選：D?

由共點(diǎn)力平衡條件可求得汽車受到的阻力，判斷機(jī)械能是否守恒；由支持力與汽車的速

度垂直，因此支持力做功為零；根據(jù)牛頓第二定律可以求得速度為最大速度一半時(shí)的加

速度，再由動(dòng)能定理可求得所需要的時(shí)間。

本題考查機(jī)械能守恒的條件、運(yùn)動(dòng)與力垂直時(shí)不做功、牛頓第二定律以及動(dòng)能定理的應(yīng)

用，要注意明確由W=Pt求功的方法及應(yīng)用。

10.【答案】C

【解析】解：設(shè)出水的速度為在極短時(shí)間t內(nèi)，出水質(zhì)量為m=pSut,速度由豎直

向上的"變?yōu)樨Q直向下的

表演者靜止在空中，根據(jù)平衡條件可知，水的作用力為Mg,根據(jù)牛頓第三定律可知，

裝備對(duì)水的作用力大小也為Mg，

取向下為正方向，對(duì)于時(shí)間t的水，根據(jù)動(dòng)量定理可知，

Mgt=mv—(―mv)=pSv2t+pSv2t

解得出水速度"=層,故C正確，A3。錯(cuò)誤。

故選：Co

表演者受力平衡，重力和水的作用力等大反向。

水流豎直向上噴出，與表演者接觸后能以原速率反向彈回，根據(jù)動(dòng)量定理分析。

此題考查了動(dòng)量定理、共點(diǎn)力平衡、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合運(yùn)用，關(guān)鍵能合適地選擇研究對(duì)

象，選擇合適的規(guī)律進(jìn)行求解。

11.【答案】AD

【解析】解：4、彈簧的彈力先大于筆的重力，此過(guò)程中筆做加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能增大，當(dāng)

彈力減小至小于筆的重力后，筆開(kāi)始做減速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能減小，故4正確；

B、由于筆的動(dòng)能先增大后減小，很據(jù)機(jī)械能恒定律可知筆的重力勢(shì)能與彈簧的的彈性

勢(shì)能之和先減小后增大，故8錯(cuò)誤；

CD,根據(jù)機(jī)械能行恒定律可知，彈簧的彈性勢(shì)能減少量等于筆的動(dòng)能和重力勢(shì)能增加

量，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：AD?

筆向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程總機(jī)械能不變，結(jié)合圓珠筆的運(yùn)動(dòng)情況分析動(dòng)能和重力勢(shì)能的變化，從

而判斷出能量的轉(zhuǎn)化情況。

本題主要是考查機(jī)械能守恒定律和功能關(guān)系，要能夠分析能量轉(zhuǎn)化情況，先要搞清涉及

幾種形式的能，明確哪些能在增加，哪些能在減少，即可明確能量的轉(zhuǎn)化情況。

12.【答案】AB

【解析】解：4、衣物隨滾筒一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)牛頓第二定

律可知衣物所受合力的大小始終為「合=爪3?/?,故A正確；

22

BCD、在a點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律可知：mg+FN1=mRa>,解得：FW1=mRa)-mg,

衣物所受滾筒的作用力大小小于mg,在b點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律可知：FN2~mg=

22

mRa),解得：FN2=mg+mRa),衣物所受滾筒的作用力大小大于mg,所以衣物對(duì)

滾筒壁的壓力在a位置比在b位置的小，衣物做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所需的向心力相同，對(duì)筒

壁的壓力不同，在b點(diǎn)最大，脫水效果最好，故CD錯(cuò)誤，B正確。

故選：AB.

衣物隨脫水桶一起做勻速運(yùn)動(dòng)，故所需的向心力相同，根據(jù)受力分析，由牛頓第二定律

分析判斷。

本題以滾筒洗衣機(jī)脫水時(shí)，衣物緊貼著滾筒壁在豎直平面內(nèi)做順時(shí)針的勻速圓周運(yùn)動(dòng)為

背景考查了勻速圓周運(yùn)動(dòng)的相關(guān)知識(shí)，解決此題的關(guān)鍵搞清向心力的來(lái)源，運(yùn)用牛頓第

二定律進(jìn)行求解。

13.【答案】BCD

【解析】解：AB,由題圖可知碰撞前后瞬間紅壺的速度大小分別為%=Ini/s；%'=

0.2m/s

設(shè)碰撞后瞬間藍(lán)壺的速度大小為“2,根據(jù)動(dòng)量守恒定律有

mv1=mv^+mv2

解得：v2=0.8m/s

系統(tǒng)在發(fā)生碰撞前的總動(dòng)能為：Eg=xl2/=0.5m(J)

22

系統(tǒng)在發(fā)生碰撞后的總動(dòng)能為：Ek2=+^mv2=|mx0.2/+1xmx0.8/=

第16頁(yè)，共22頁(yè)

0.34m(/)。Ekl

可知兩壺發(fā)生了非彈性碰撞，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、根據(jù)v-t圖像與t軸圍成的面積表示位移可知，碰后藍(lán)壺移動(dòng)的距離為：

x=|x5x0.8m=2m,故C正確；

D、根據(jù)u-￡圖像的斜率表示加速度可知，碰后紅壺的加速度比藍(lán)壺的大，根據(jù)a=工可

m

知碰后紅壺所受的摩擦力大于藍(lán)壺所受的摩擦力，故。正確；

故選：BCD。

根據(jù)圖像得出碰撞前后的速度，結(jié)合動(dòng)能的計(jì)算公式分析出碰撞前后的動(dòng)能大小關(guān)系并

完成分析；

根據(jù)u-t圖像的面積計(jì)算出位移；

v-t圖像的斜率表示加速度，結(jié)合牛頓第二定律分析出摩擦力的大小。

本題主要考查了動(dòng)量守恒的相關(guān)應(yīng)用，理解v-t圖像的物理意義，結(jié)合動(dòng)量守恒定律

和牛頓第二定律完成分析。

14.【答案】BC

【解析】解：力、設(shè)B對(duì)4的摩擦力為左，4對(duì)B的摩擦力為上，地面對(duì)B的摩擦力為人。

由牛頓第三定律可知人與片大小相等，方向相反，和上的最大值均為%的最大

值為|〃山。，故當(dāng)0<F時(shí)，4、B均保持靜止，繼續(xù)增大凡在一定范圍內(nèi)4、B

將相對(duì)靜止以共同的加速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

BC、設(shè)當(dāng)4、B恰好相對(duì)地面發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的拉力為尸'，加速度為優(yōu)，則對(duì)4,有F-

2^mg=2ma'

對(duì)/、B整體，有F'-|卬ng=3ma\解得〃=3Amg

故當(dāng)時(shí)，4相對(duì)于B靜止，二者以共同的加速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)；當(dāng)F>

時(shí)，力相對(duì)于8滑動(dòng)。

當(dāng)尸=|〃mg時(shí)，力、B以共同的加速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，將4、8看作整體，由牛頓第二定律

有

?3。

F--^mg=3ma

解得：a=：〃g,故BC正確:

D、對(duì)B來(lái)說(shuō)，其所受合力的最大值％=2卬ng-14mg=[“mg,即B的加速度不會(huì)超

過(guò)=1〃g,故。錯(cuò)誤。

故選：BCo

分別分析力、B相對(duì)靜止的情況，以及剛發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)的情況，運(yùn)用牛頓第二定律求出F

的大小。分析相對(duì)滑動(dòng)的臨界條件，從而對(duì)各選項(xiàng)進(jìn)行分析。

本題考查牛頓第二定律以及受力分析和摩擦力相關(guān)內(nèi)容，要根據(jù)不同情況運(yùn)用整體法和

隔離法進(jìn)行分析。

15.【答案】BD

【解析】解：4、假設(shè)傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，滑塊放上傳送帶后受到沿傳送帶向上的滑動(dòng)

摩擦力做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，而且滑塊將一直勻加速到傳送帶底端，與v-t圖像反映的

運(yùn)動(dòng)情況不符，故傳送帶不可能是順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的，而一定是逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

人從題圖乙可推知，滑塊在。?%時(shí)間內(nèi)所受的滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向下，在"時(shí)刻之

后，滑塊所受的滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向上，為就是滑塊所受摩擦力方向突變的臨界速度,

即傳送帶的速度等于孫，故8正確；

CD、在0?時(shí)間內(nèi)，對(duì)滑塊根據(jù)牛頓第二定律有：%=蛔"普絲絲=gsinO+

H9COS0=I，解得：〃=武丁一土即。；片后滑塊的加速度為：。2=些咽詈也”=

gsine-ngcosO=2gsind一臺(tái)，故C錯(cuò)誤,D正確。

Co

故選：BD。

對(duì)傳送帶的轉(zhuǎn)動(dòng)方向進(jìn)行分類討論，結(jié)合u-t圖象分析可能的轉(zhuǎn)動(dòng)方向，根據(jù)牛頓第

二定律求解出4和第二段圖像的加速度。

本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，根據(jù)圖乙所示圖象分析清楚滑塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)

是解題的前提，由圖乙所示圖象求出滑塊的加速度，應(yīng)用牛頓第二定律解題。

16.【答案】2.40.580.59

【解析】解：（1）每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未標(biāo)出，則計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T(mén)=5x

0.02s=0.1s

利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論可得在紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)5時(shí)，巾2的速度

第18頁(yè)，共22頁(yè)

(2L60+26.40)乂

V=^=1()-2m/$=2Am/s

t462X0.1''

(2)在打點(diǎn)0?5過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量/a=后N一0=+m2)v2

代入數(shù)據(jù)可得*0.58/

系統(tǒng)勢(shì)能的減少量AEp=(mx-m2)gh

其中/i=(38.40+21.60)x10~2m=0.6000m

代入數(shù)據(jù)可得/Ep?0.59/

故答案為:(1)2.4；(2)0.58：0.59

(1)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，結(jié)合題意求出在紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)5時(shí)瓶2的速度；

(2)根據(jù)動(dòng)能變化量的表達(dá)式，結(jié)合已知量求出動(dòng)能的增量；利用勢(shì)能的變化量的表達(dá)

式，結(jié)合已知量求出勢(shì)能的減少量。

在本題中要注意的勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論的應(yīng)用，即物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，則一段時(shí)

間中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該段時(shí)間內(nèi)的平均速度。

17.【答案】017n(力一g)0.60.3

【解析】解：(1)48、小車所受拉力可以由拉力傳感器測(cè)出，不需要保證鉤碼和拉力傳

感器的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，不需要測(cè)出鉤碼和傳感器的質(zhì)量，故4B錯(cuò)誤；

C、把木板墊高的目的是平衡摩擦力，只要適當(dāng)調(diào)整長(zhǎng)木板的高度恰好平衡摩擦力即可，

不需要測(cè)量長(zhǎng)木板墊起的高度和木板長(zhǎng)度，故C錯(cuò)誤；

。、用遮光片通過(guò)光電門(mén)的平均速度表示小車通過(guò)4、B點(diǎn)時(shí)的速度，遮光片寬度越小,

平均速度越接近瞬時(shí)速度，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，要選用寬度窄一些的擋光片，故。正確。

故選：D。

(2)小車經(jīng)過(guò)光電門(mén)4時(shí)的速度為：以=2

小車經(jīng)過(guò)光電門(mén)B時(shí)的速度為：如=告，

小車由4運(yùn)動(dòng)到B動(dòng)能變化量為：△="普一?

(3)對(duì)小車，由動(dòng)能定理得：Fs==

己知：F=0.2N,

整理得：s=2.5mvl—2.5血以，

s—據(jù)圖象圖象的斜率：k=2.5m=。=1.5,

圖象的截距：b=—2.5m若=—0.3,

解得小車質(zhì)量為：m=0.6kg,域=0.2,

由牛頓第二定律得小車的加速度為：a=—=m/s2=3mls2,

7TI0.63

小車從。到4做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，

由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度-位移公式得：或=2ax,

。、4間的距離為：x=^=^4m=0.3m；

/a/X3

故答案為：(1)。;(2)加普一奇；(3)0.6；0.3o

(1)根據(jù)圖示實(shí)驗(yàn)裝置與實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析答題。

(2)根據(jù)題意求出小車經(jīng)過(guò)光電門(mén)的速度，然后求出動(dòng)能的變化量。

(3)應(yīng)用動(dòng)能定理求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)圖示圖象分析答題。

本題考查了探究拉力做功與小車動(dòng)能變化之間的關(guān)系實(shí)驗(yàn)，解決該題的關(guān)鍵是掌握瞬時(shí)

速度的求解方法，知道用圖象求解物理量的基本方法，熟記實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理和注意事項(xiàng)。

18.【答案】解：(1)根據(jù)題意可知，飛機(jī)離地速度為=60m/s滑行離地時(shí)間為￡=30s

設(shè)飛機(jī)在跑道上滑行距離為x,根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有

%=yt=900m

(2)空載時(shí)質(zhì)量為m()=