北京市第中學(xué)高二上學(xué)期期中考試物理試題

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2016~2017學(xué)年北京海淀區(qū)北京一零一中學(xué)高二上學(xué)期期中物理試卷一、單項(xiàng)選擇題1。使兩個(gè)完全相同的金屬小球（均可視為點(diǎn)電荷）分別帶上?3Q和+5Q的電荷后，將它們固定在相距為a的兩點(diǎn)，它們之間庫(kù)侖力的大小為F1．現(xiàn)用絕緣工具使兩小球相互接觸后,再將它們固定在相距為a的兩點(diǎn)，它們之間庫(kù)侖力的大小為F2．則F1與F2之比為(）A.2:1B.15:4C。15：1D。16：1【答案】C【解析】相距為a時(shí)，根據(jù)庫(kù)侖定律得：；接觸后，各自帶電量變?yōu)椋?則此時(shí)有：，則F1與F2之比為15：1，故C正確，A，B,D錯(cuò)誤，故選C．【點(diǎn)睛】本題考查庫(kù)侖定律及帶電題電量的轉(zhuǎn)移問(wèn)題．注意兩電荷接觸后各自電荷量的變化，這是解決本題的關(guān)鍵．2。某電場(chǎng)的分布如圖所示，帶箭頭的實(shí)線為電場(chǎng)線,虛線為等勢(shì)面．A、B、C三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度分別為EA、EB、EC，電勢(shì)分別為φA、φB、φC，關(guān)于這三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)的關(guān)系，下列判斷中正確的是（)A.EA〈EB，φB=φCB。EA〉EB，φA〉φBC.EA>EB，φA〈φBD。EA=EC，φB=φC【答案】B考點(diǎn)：本題考查了電場(chǎng)線特點(diǎn)和等式線隨電場(chǎng)線變化的規(guī)律點(diǎn)評(píng)：電場(chǎng)線越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大,等式線分布越密，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸減小3。在靜電場(chǎng)中,下列說(shuō)法中正確的是(）A。電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)，電勢(shì)也一定為零B。電場(chǎng)中兩點(diǎn)間電勢(shì)差的大小與零電勢(shì)點(diǎn)的選取有關(guān)C。只在電場(chǎng)力作用下，正電荷一定從電勢(shì)髙的地方向電勢(shì)低的地方移動(dòng)D.沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低【答案】D【解析】A、電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)，電勢(shì)不一定為零，電勢(shì)的零點(diǎn)可以人為選擇．故A錯(cuò)誤．B、電場(chǎng)強(qiáng)度處處相等的區(qū)域內(nèi)，順著電場(chǎng)線方向的兩點(diǎn)電勢(shì)會(huì)降低，同一等勢(shì)面的各點(diǎn)電勢(shì)相等，所以電勢(shì)不一定處處相等．故B錯(cuò)誤．C、只在電場(chǎng)力作用下，電荷移動(dòng)方向與電荷有沒(méi)有初速度，初速度的方向怎樣有關(guān)，所以正電荷不一定從電勢(shì)高的地方向電勢(shì)低的地方移動(dòng)，故C錯(cuò)誤．D、沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)一定越來(lái)越低．故D正確．故選D?！军c(diǎn)睛】關(guān)于電勢(shì)與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系可以根據(jù)電場(chǎng)線的物理意義來(lái)理解：電勢(shì)的高低取決于電線線的方向，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小看電場(chǎng)線的疏密,兩者沒(méi)有必然的聯(lián)系．4.如圖所示，實(shí)線是勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線，虛線是一帶電點(diǎn)電荷q（不計(jì)重力）射入該電場(chǎng)后的運(yùn)動(dòng)軌跡．以下判斷中正確的是(）A.可能是正電荷從a運(yùn)動(dòng)到b，其動(dòng)能減少、電勢(shì)能增加B?？赡苁钦姾蓮腶運(yùn)動(dòng)到b,其動(dòng)能增加、電勢(shì)能減少C.可能是負(fù)電荷從b運(yùn)動(dòng)到a，其動(dòng)能增加、電勢(shì)能減少D?？赡苁秦?fù)電荷從b運(yùn)動(dòng)到a，其電勢(shì)能增加、動(dòng)能減少【答案】D【解析】由曲線運(yùn)動(dòng)的條件可知帶電粒子所受的電場(chǎng)力向右，粒子只能帶負(fù)電，故A,B錯(cuò)誤；C、帶負(fù)電粒子從a到b點(diǎn)過(guò)程，電場(chǎng)力與速度成銳角，電場(chǎng)力做正功，電荷的電勢(shì)能減小，由動(dòng)能定理，粒子的動(dòng)能增大,C錯(cuò)誤，D、帶負(fù)電粒子從b到a點(diǎn)過(guò)程，電場(chǎng)力與速度成鈍角，電場(chǎng)力做負(fù)功，電荷的電勢(shì)能增加，由動(dòng)能定理，粒子的動(dòng)能減小，D正確；故選D。【點(diǎn)睛】在電場(chǎng)中跟據(jù)帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡和電場(chǎng)線關(guān)系判斷電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)能、動(dòng)能等變化是對(duì)學(xué)生基本要求，也是重點(diǎn)知識(shí),要重點(diǎn)掌握．5.在右圖中，平行板電容器的A板帶正電，與靜電計(jì)上的金屬球相連；平行板間電容器的B板和靜電計(jì)的外殼均接地．此時(shí)靜電計(jì)指針張開(kāi)某一角度，則以下說(shuō)法中正確的是（）A.B板向左平移，靜電計(jì)指針張角變大B.B板向上平移,靜電計(jì)指針張角變小C.在兩板間插入介質(zhì)板，靜電計(jì)指針張角變大D。在兩板間插入金屬板（金屬板與A、B板不接觸)，靜電計(jì)指針張角變大【答案】A【解析】A、B板向左平移，板間距離d增大，根據(jù)電容的決定式得知,電容減小，而電量Q不變，由電容的定義式可知，板間電壓U增大，靜電計(jì)指針張角變大．故A正確．B、B板向上平移，兩極板正對(duì)面積減小，由電容的決定式得知，電容C減小，而電量Q不變，由電容的定義式可知，板間電壓U增大，靜電計(jì)指針張角變大．故B錯(cuò)誤。C、在兩板間插入介質(zhì)板，由得知,電容C增大，而電量Q不變，由電容的定義式可知，板間電壓U減小，靜電計(jì)指針張角變小．故C錯(cuò)誤．D、在兩板間插入金屬板，板間距離減小,電容C增大，而電量Q不變，由電容的定義式可知，板間電壓U減小，靜電計(jì)指針張角變?。蔇錯(cuò)誤．故選A．【點(diǎn)睛】本題按照這樣的思路進(jìn)行分析：先根據(jù)電容的決定式分析電容的變化,再根據(jù)電容的定義式和不變的條件，分析電壓或電量的變化．6。如圖所示，將一個(gè)帶正電的小球Q放在本身不帶電的枕形導(dǎo)體AB靠近A端一側(cè)，由于靜電感應(yīng)枕形導(dǎo)體的A、B兩端分別出現(xiàn)正、負(fù)感應(yīng)電荷．那么，以下說(shuō)法中正確的是（）A。枕型導(dǎo)體的A端電勢(shì)低，B端電勢(shì)髙B.A端接一下地，導(dǎo)體將帶正電荷C.B端接一下地，導(dǎo)體將帶負(fù)電荷D。導(dǎo)體上的感應(yīng)電荷在導(dǎo)體內(nèi)部產(chǎn)生的電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為零【答案】C【解析】A、枕型導(dǎo)體在帶正電的小球附近時(shí)，枕型導(dǎo)體上的自由電子會(huì)向金屬棒的左邊運(yùn)動(dòng)，金屬棒的右端因有了多余的電子而帶正電，左端因多余電子而帶負(fù)電;由電荷守恒可知，兩端的電荷是相等的．故A錯(cuò)誤；B、C、當(dāng)導(dǎo)體就會(huì)與大地連接,會(huì)使大地的電子流入枕形導(dǎo)體，中和B端，則枕型導(dǎo)體將帶負(fù)電；故B錯(cuò)誤,C正確；D、到達(dá)靜電平衡狀態(tài)以后，導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為0，導(dǎo)體上的感應(yīng)電荷在導(dǎo)體內(nèi)部產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)不為零．故D錯(cuò)誤．故選C?！军c(diǎn)睛】本題考查電荷的轉(zhuǎn)移，有一定的難度，關(guān)鍵知道由于異種電荷相互吸引，大地的負(fù)電荷(自由電子）會(huì)轉(zhuǎn)移到導(dǎo)體上．7。如圖所示，在真空中有一對(duì)帶電平行金屬板,電子在電壓為U1的加速電場(chǎng)中由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，然后射入電壓為U2的兩塊平行極板間的電場(chǎng)中，入射方向與極板平行,電子射出電場(chǎng)時(shí)，速度方向與入射的初速度方向偏轉(zhuǎn)了θ角，在下列措施中，一定能使電子的偏轉(zhuǎn)角θ變小的是(）A。U1變大，U2變大B.U1變大，U2變小C.U1變小，U2變大D。U1變小，U2變小【答案】B【解析】設(shè)電子被加速后獲得初速為v0，則由動(dòng)能定理得：①，設(shè)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)極板長(zhǎng)為l，板間距離為d,電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上：l=v0t

②

在豎直方向上：③，由①、②、③解得:，由此可知,減小U2或增大U1可以使y減小；故選B．【點(diǎn)睛】帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，可分為三類，第一類是在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做勻變速速直線運(yùn)動(dòng)，此過(guò)程是電勢(shì)能與帶電粒子動(dòng)能之間的轉(zhuǎn)化．第二類是帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn),帶電粒子垂直進(jìn)出入勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)做勻變速曲線運(yùn)動(dòng),分解為兩個(gè)方向的直線運(yùn)動(dòng)，分別用公式分析、求解運(yùn)算，是這類問(wèn)題的最基本解法．第三類是帶電粒子在點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)求解．8。將兩直徑相同而材料不同的導(dǎo)線a和b串連起來(lái)，導(dǎo)線a中單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)是導(dǎo)線b的兩倍．當(dāng)有恒定電流通過(guò)時(shí)，a、b導(dǎo)線中自由電子的定向移動(dòng)速度之比為(）A。1:2B.2:1C.1：1D.4：1【答案】A【解析】由電流的微觀表達(dá)式I=nesv可得：，兩導(dǎo)線串聯(lián)，電流I相等;直徑相同可得橫截面積s相同；單位體積的自由電子數(shù)之比為2：1，則可推得定向速度之比為1：2，故A正確，則選A?！军c(diǎn)睛】串聯(lián)電路中電流相等，根據(jù)I=nesv得到自由電子定向移動(dòng)的平均速率之比．9.如圖所示的電場(chǎng)中正、負(fù)電荷的電荷量相等，電場(chǎng)中有相互對(duì)稱分布的a、b兩點(diǎn)（a、b兩點(diǎn)到O點(diǎn)的距離相等），a、b兩點(diǎn)在兩電荷連線的中垂線上．圖中a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度及電勢(shì)相比較，應(yīng)是（）A.兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同，兩點(diǎn)的電勢(shì)不相同B。兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不相同，兩點(diǎn)的電勢(shì)相同C.兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同，電勢(shì)也相同D.兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)都不相同【答案】C【解析】試題分析：等量異種點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中電場(chǎng)線的分布特點(diǎn)（1）兩點(diǎn)電荷連線上各點(diǎn),電場(chǎng)線方向從正電荷指向負(fù)電荷．(3)在中垂面(線）上的電荷受到的靜電力的方向總與中垂面(線）垂直，因此，在中垂面（線）上移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（4）等量異種點(diǎn)電荷連線上以中點(diǎn)O場(chǎng)強(qiáng)最小,中垂線上以中點(diǎn)O的場(chǎng)強(qiáng)為最大；(5）等量異種點(diǎn)電荷連線和中垂線上關(guān)于中點(diǎn)對(duì)稱處的場(chǎng)強(qiáng)相同；電勢(shì)是標(biāo)量,根據(jù)電場(chǎng)線的方向和對(duì)稱性分析a、b兩點(diǎn)電勢(shì)是否相同．場(chǎng)強(qiáng)是矢量,根據(jù)電場(chǎng)線的疏密和切線方向及對(duì)稱性,確定場(chǎng)強(qiáng)是否相同．根據(jù)電場(chǎng)線的對(duì)稱性可知:a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)相同，而a的場(chǎng)強(qiáng)方向水平向右,b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向也是水平向右，場(chǎng)強(qiáng)相同．故C錯(cuò)誤．考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)．點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是要明確兩個(gè)等量異種電荷連線的中垂線上的場(chǎng)強(qiáng)分布情況和電勢(shì)分布情況．10.如圖所示電路中，閉合開(kāi)關(guān)S后，燈a和燈b都正常發(fā)光，后來(lái)由于某種故障b燈的突然變亮，電壓表示數(shù)增加．由此推斷，這故障可能是(）A.燈a的燈絲燒斷B。電阻R2斷路C.電阻R2短路D.電容器被短路【答案】B【解析】試題分析：A選項(xiàng)，a燈燈絲燒斷，總阻值增大，總電流減小,b燈變暗，故A錯(cuò)；B選項(xiàng),電阻R2斷路,導(dǎo)致總電阻增大,總電流減小，a兩端電壓減小，而路端電壓增大，則b兩端電壓增大,b變亮，故B對(duì)；C選項(xiàng)中，電阻R2短路,b不亮，故C錯(cuò)；電容器被擊穿短路,外電路總阻值減小，總電流增大，內(nèi)電壓增大,路端電壓減小，電壓表讀數(shù)減小，于題中要求相矛盾，故D錯(cuò)?？键c(diǎn):電路的故障分析、電路的動(dòng)態(tài)變化.【名師點(diǎn)睛】判定總電阻變化情況的規(guī)律（記一記）1．當(dāng)外電路的任何一個(gè)電阻增大（或減?。r(shí)，電路的總電阻一定增大（或減?。?．若開(kāi)關(guān)的通、斷使串聯(lián)的用電器增多時(shí)，電路的總電阻增大;若開(kāi)關(guān)的通、斷使并聯(lián)的支路增多時(shí),電路的總電阻減?。?．在如圖所示分壓電路中，滑動(dòng)變阻器可視為由兩段電阻構(gòu)成,其中一段R并與用電器并聯(lián)，另一段R串與并聯(lián)部分串聯(lián)．A、B兩端的總電阻與R串的變化趨勢(shì)一致．二、不定項(xiàng)選擇題11.如圖所示,在豎直放置的光滑半圓弧絕緣細(xì)管的圓心O處固定一點(diǎn)電荷，將質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球從半徑為R的圓弧管的水平直徑端點(diǎn)A由靜止釋放，小球沿細(xì)管滑到最低點(diǎn)B時(shí)，對(duì)管壁恰好無(wú)壓力，下列說(shuō)法正確的是（)A.則固定于圓心處的點(diǎn)電荷在弧AB中點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2mg/qB.小球滑到最低點(diǎn)的速度大小為C.O處的點(diǎn)電荷一定帶負(fù)電D.電場(chǎng)力對(duì)小球不做功【答案】BCD【解析】B、設(shè)細(xì)管的半徑為R,小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度大小為v．小球從A滑到B的過(guò)程,由機(jī)械能守恒定律得，,得，故B正確.C、對(duì)B點(diǎn)處的小球受力分析可知，因壓力為零，故，得，可知O處的場(chǎng)源為負(fù)電荷，則C正確；A、D、點(diǎn)電荷周圍的的場(chǎng)強(qiáng)滿足，則在同一圓上的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，由，可知圓弧AB的中點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為，方向指向O點(diǎn),且電場(chǎng)力始終與運(yùn)動(dòng)速度垂直,電場(chǎng)力不做功,故A錯(cuò)誤，D正確.故選BCD.【點(diǎn)睛】本題是機(jī)械能守恒定律和牛頓第二定律的綜合應(yīng)用．對(duì)于圓周運(yùn)動(dòng),常常不單獨(dú)出題，會(huì)和動(dòng)能定理、機(jī)械能守恒結(jié)合應(yīng)用．12.如圖，兩塊相對(duì)的平行金屬板AB與電源相連，AB間的電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，電源負(fù)極接地。a處有一點(diǎn)電荷處于靜止．K是閉合的，φa表示a點(diǎn)的電勢(shì),F表示點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力．現(xiàn)將電容器的B板向下稍微移動(dòng)，使兩板間的距離增大,則（）A。φa變小B。φa變大C.F不變D.F變小【答案】BD【解析】C、D、因電容器與電源始終相連,故兩板間的電勢(shì)差不變，B板下移，則板間距離d增大,則板間電場(chǎng)強(qiáng)度E減小，由F=Eq可知電荷所受電場(chǎng)力變小,故C錯(cuò)誤,D正確；A、B、則上板與a間的電勢(shì)差減小，而總電勢(shì)差不變，故a與B間的電勢(shì)差增大,而B(niǎo)接地，故a點(diǎn)的電勢(shì)增大，故A錯(cuò)誤，B正確;故選BD．【點(diǎn)睛】電容器的動(dòng)態(tài)分析中首先應(yīng)注意是否與電源相連，再根據(jù)電容的變化進(jìn)行判斷；對(duì)于本題應(yīng)注意因下極間接地，故aB間的電勢(shì)差大小即為a點(diǎn)的電勢(shì)；因aB間的距離發(fā)生變化，不能直接由U=Ed進(jìn)行判斷，我們是先求得Aa間的電勢(shì)差再求aB的間電勢(shì)差．13.在如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可認(rèn)為基本不變），R1、R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強(qiáng)度的增大而減小，V為理想電壓表．若將照射R3的光的強(qiáng)度減弱，則(）A.電壓表的示數(shù)變小B.小燈泡消耗的功率變小C.通過(guò)R2的電流變小D。電源兩端的電壓變大【答案】ABD【解析】A、光敏電阻光照減弱，故光敏電阻的阻值增大,電路中的總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可得，電路中電流減小，故R1兩端的電壓減小，故A正確；B、由并聯(lián)電路的電流規(guī)律可知，流過(guò)燈泡的電流一定減小，故由P=I2R可知，小燈泡消耗的功率變小,故B正確；C、因電路中電流減小，故內(nèi)壓減小,路端電壓增大,同時(shí)R1兩端的電壓減小，故并聯(lián)電路部分電壓增大；則流過(guò)R2的電流增大，故C錯(cuò)誤；D、電源兩端的電壓為路端電壓,由電3內(nèi)電壓減小，電源兩端的電壓變大，故D正確;故選ABD．【點(diǎn)睛】閉合電路的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進(jìn)行;分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)壓，而外電路較為復(fù)雜，要注意靈活應(yīng)用電路的性質(zhì)．14。如圖所示電路，電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r．當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后,小型直流電動(dòng)機(jī)M和指示燈L都恰能正常工作．已知指示燈L的電阻為R0，額定電流為I，電動(dòng)機(jī)M的線圈電阻為R，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.電動(dòng)機(jī)的額定電壓為IRB。電動(dòng)機(jī)的輸出功率為IE?I2RC。電源的輸出功率為IE?I2rD。整個(gè)電路的熱功率為I2(R0+R+r）【答案】CD【解析】試題分析：因?yàn)殡妱?dòng)機(jī)和指示燈是非純電阻，所以不能根據(jù)歐姆定律計(jì)算其兩端的電壓,A錯(cuò)誤;電源的輸出功率為,B錯(cuò)誤C正確；根據(jù)焦耳定律可得整個(gè)電路的熱功率為，D正確;考點(diǎn):考查了電功率的計(jì)算【名師點(diǎn)睛】當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí),其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立，求電功率只能用，求電熱只能用，求機(jī)械功率要根據(jù)能量守恒得到三、實(shí)驗(yàn)題15.某同學(xué)將銅片和鋅片插入水果中制成一個(gè)“水果電池”，該同學(xué)利用下列所給器材測(cè)量水果電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r．A．電流表G1（內(nèi)阻Rg=15Ω，滿偏電流Ig=2mA）B．電流表G2（量程20mA，內(nèi)阻約2Ω)C．滑動(dòng)變阻器R1(0~1000Ω）D．電阻箱R2（0~9999.9Ω）E．待測(cè)水果電池（電動(dòng)勢(shì)E約4V，內(nèi)阻r約500Ω）F．開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線若干（1）實(shí)驗(yàn)中用電流表G改裝成量程0～4V的電壓表，需_____（選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)"）一個(gè)阻值為1Ω的電阻．（2)該同學(xué)用電流表_________和改裝成的電壓表測(cè)量水果電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻,設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路圖2,經(jīng)檢驗(yàn)該電路是合理的．(3）接通開(kāi)關(guān)，逐次調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，讀取電流表示數(shù)I和對(duì)應(yīng)的電壓表的示數(shù)U，記錄了6組數(shù)據(jù),并在圖中標(biāo)注出了幾個(gè)與測(cè)量對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)點(diǎn),如圖所示．請(qǐng)你在圖上把已經(jīng)描繪出的坐標(biāo)點(diǎn)連成U?I圖線_________．（4）根據(jù)圖描繪出的圖線可得到水果電池的電動(dòng)勢(shì)E=___V，內(nèi)電阻r=___．【答案】(1）。串聯(lián)(2）。A(3).見(jiàn)解析（4).3。84(5）。470【解析】(1)用已知內(nèi)阻的G1與電阻箱串聯(lián)充當(dāng)電壓表使用，多的電壓由分壓電阻分擔(dān);由串聯(lián)電路規(guī)律可知：4=Ig（R+Rg）；解得:R=1985Ω；(2)因?yàn)殡娏鞅鞧2內(nèi)阻較小,分擔(dān)電壓較小，故電流表采取外接法誤差較?。瑒?dòng)變阻器采用限流式接法，串聯(lián)在電路中。（3）將各點(diǎn)用直線連接,注意要讓盡量多的點(diǎn)分布在直線上；如圖所示:(4)圖象與縱軸的交點(diǎn)為電源的電動(dòng)勢(shì);E=3.84V;內(nèi)阻?！军c(diǎn)睛】把電流表改裝為電壓表、測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻問(wèn)題，把電流表改裝為電壓表，要串聯(lián)一個(gè)大電阻；要掌握應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的方法．16.下圖圖為某同學(xué)測(cè)繪額定電壓為3V的小燈泡的I?U圖線的實(shí)驗(yàn)電路圖．（1）根據(jù)圖中所示的電路圖，用筆畫線代替導(dǎo)線,將圖中的實(shí)驗(yàn)電路連接成完整電路___．(電流表用0~0。6A量程)（2）開(kāi)關(guān)S閉合之前,上圖中滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該置于_________．（選填“A端”、“B端"或“AB正中間”）（3）該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出了小燈泡的伏安(I?U）特性曲線，如左圖．用兩個(gè)相同的這樣的小燈炮串聯(lián)，如右圖圖所示．總電壓為4V，則每個(gè)燈的實(shí)際電功率為_(kāi)________．(4)根據(jù)小燈泡的伏安（I?U）特性曲線，小燈泡燈絲電阻的電阻率隨溫度升高而_________．（填寫“增大”或“減小”）【答案】（1)。見(jiàn)解析(2)。A端（3).0.5（4）.增大【解析】(1)由實(shí)驗(yàn)電路可知，電壓與電流從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法;電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)選擇外接法，實(shí)物連線如圖：(2）開(kāi)關(guān)S閉合之前,圖實(shí)乙中滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該置于A端，使得小電珠的電壓最小,從零開(kāi)始增大．(3)兩個(gè)燈泡串聯(lián)，電流相同，故每個(gè)燈泡分得2V的電壓，由I-U圖象讀得實(shí)際電流I=0.25A，故燈泡的功率P=UI=0。5W.（4）I-U圖象的斜率代表電阻的倒數(shù)，故斜率逐漸減小，反映電阻逐漸增大.因?yàn)榻饘俨牧想S著溫度升高，電阻率增大，使得電阻變大.【點(diǎn)睛】題考查了實(shí)驗(yàn)電路的設(shè)計(jì)，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路是實(shí)驗(yàn)?？紗?wèn)題，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路的關(guān)鍵是根據(jù)題目要求確定滑動(dòng)變阻器采用分壓接法還是采用限流接法，根據(jù)待測(cè)電路元件電阻大小與電表內(nèi)阻間的關(guān)系確定電流表采用內(nèi)接法還是外接法．四、論述、計(jì)算題17。如圖所示，一個(gè)掛在細(xì)線下端的帶正電的小球B,靜止在圖示位置;若固定的帶正電的小球A電荷量為Q,B球的質(zhì)量為m，帶電荷量q，平衡時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角為θ，A和B在同一水平線上，整個(gè)裝置處于真空中，重力加速度為g，靜電力常量為k，求A、B兩球之間的距離d．【答案】【解析】對(duì)B球受力分析如圖所示，根據(jù)平衡條件得：聯(lián)立解得:【點(diǎn)睛】對(duì)于共點(diǎn)力作用下物體的平衡其解決方法和純力學(xué)中共點(diǎn)力作用下物體的平衡適用完全相同的解決方法．18。一根長(zhǎng)為0.5m的金屬絲，橫截面積為3。0mm2，在它兩端加上0.15V的電壓時(shí),通過(guò)金屬絲的電流為2。0A,若將此金屬絲與一個(gè)阻值為4.725Ω的定值電阻串聯(lián)，接在一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為1。5V、內(nèi)阻為0.2Ω的干電池兩端，求：（1）金屬絲的電阻率．(2）接通電路后干電池的輸出功率．【答案】(1）ρ=4.5×10?7Ω?m（2）P=I2（R+R′）=0。432W【解析】（1）由部分電路的歐姆定律由電阻定律得：（2)由全電路的歐姆定律:故電源的輸出功率【點(diǎn)睛】基本公式：歐姆定律和電阻定律、全電路的歐姆定律：的基本運(yùn)用。19。市場(chǎng)推出一種“全自動(dòng)”智能電熱壺，其創(chuàng)新功能有自動(dòng)加水和溫度識(shí)別兩大功能，下為某款產(chǎn)品的圖樣及銘牌．(1）估算這種電熱壺工作時(shí)加熱部分的電阻值．（2)所謂“自動(dòng)加水”是由一水泵（電動(dòng)機(jī))和傳感器來(lái)實(shí)現(xiàn)的，單獨(dú)對(duì)這一部分進(jìn)行測(cè)試時(shí)發(fā)現(xiàn)，當(dāng)其兩端所加電壓U1=10V時(shí),電動(dòng)機(jī)帶不動(dòng)負(fù)載,因此不轉(zhuǎn)動(dòng)，此時(shí)通過(guò)它的電流I1=2A;當(dāng)其兩端所加電壓U2=36V時(shí)(通過(guò)變壓器實(shí)現(xiàn)），電動(dòng)機(jī)能帶動(dòng)負(fù)載正常運(yùn)轉(zhuǎn)，這時(shí)電流I2=1A．求電動(dòng)機(jī)正常運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí),輸出的機(jī)械功率是多少?（不計(jì)電動(dòng)機(jī)的摩擦損耗）【答案】（1)R=32Ω（2)P′=31W【解析】（1）由部分電路歐姆定律知,則,則電熱水壺工作時(shí)加熱部分的電阻值(2)電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí)，由部分電路的歐姆定律得正常工作時(shí),電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻兩端電壓則其輸出的機(jī)械功率為【點(diǎn)睛】電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí)是純電阻電路，由歐姆定律求出電動(dòng)機(jī)的電阻；電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，根據(jù)P=UI—I2R求解電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率．20.電場(chǎng)中的等勢(shì)面是一簇互相平行的平面，間隔均為d=1cm，各等勢(shì)面的電勢(shì)如圖所示,現(xiàn)有一質(zhì)量為m=0.1kg的帶電小球，以速度v0=2m/s射入電場(chǎng)，v0的方向與水平方向成45°斜向上，要使質(zhì)點(diǎn)作直線運(yùn)動(dòng)（g=10m/s2）則：（1）小球帶何種電荷？電量是多少．(2）在入射方向的最大位移是多少