2024屆陜西省興平市秦嶺中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中經(jīng)典試題含解析

2024屆陜西省興平市秦嶺中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中經(jīng)典試題注意事項1．考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是（）A．若電荷在電場中某點受到的電場力大，則該點的電場強(qiáng)度就大B．負(fù)電荷受到的電場力的方向跟電場強(qiáng)度的方向相反C．電場強(qiáng)度的方向總跟電場力的方向一致D．在勻強(qiáng)電場中，不同的帶電粒子受到的電場力一定相同2、如圖所示是等腰直角三棱錐，其中側(cè)斜面abcd為邊長為L的正方形，abef和ade均為豎直面，dcfe為水平面．將次等腰直角三棱錐安圖示方式放置于豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，下面說法中正確的是A．通過abcd面的磁通量大小為BL2B．通過dcfe面的磁通量大小為BL2C．通過ade的磁通量為零D．通過abfe面的磁通量大小為BL23、一個帶電的金屬球，當(dāng)它帶的電荷量增加到一定數(shù)值后(穩(wěn)定)與增加前比較，其內(nèi)部的場強(qiáng)將()A．一定增強(qiáng)B．一定減弱C．不變D．可能增強(qiáng)也可能減弱4、下列關(guān)于磁電式電流表的說法中錯誤的是（）A．磁電式電流表內(nèi)部的蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是均勻輻向分布的；B．磁電式電流表的指針偏轉(zhuǎn)角度的大小與被測電流的大小成正比；C．磁電式電流表的優(yōu)點是靈敏度高，缺點是允許通過的電流很弱；D．磁電式電流表只能測定電流的強(qiáng)弱，不能測定電流的方向．5、正方形導(dǎo)線框abcd，匝數(shù)為20匝，邊長為10cm，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.5T的勻強(qiáng)磁場中圍繞與磁場方向垂直的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)速n=60r/min。當(dāng)線框從平行于磁場位置開始轉(zhuǎn)動180°，在此過程中線圈abcd中磁通量的變化量為A．0 B．5×10-3Wb C．1×10-2Wb D．0.2Wb6、總結(jié)通電導(dǎo)體發(fā)熱規(guī)律的物理學(xué)家是（）A．歐姆B．焦耳C．安培D．法拉第二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某輸電線路橫穿公路時，要在地下埋線通過，為了保護(hù)線路不至于被壓壞，預(yù)先鋪設(shè)結(jié)實的過路鋼管，再讓輸電線從鋼管中穿過．電線穿管的方案有兩種：甲方案是鋪設(shè)兩根鋼管，兩條輸電線分別從兩根鋼管中穿過；乙方案是只鋪設(shè)一根鋼管，兩條輸電線都從這一根鋼管中穿過，如圖12所示．如果輸電導(dǎo)線輸送的電流很大，那么，以下說法正確的是()A．無論輸送的電流是恒定電流還是交變電流，甲、乙兩方案都是可行的B．若輸送的電流是恒定電流，甲、乙兩方案都是可行的C．若輸送的電流是交變電流，乙方案是可行的，甲方案是不可行的D．若輸送的電流是交變電流，甲方案是可行的，乙方案是不可行的8、一質(zhì)量為1kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運(yùn)動。F隨時間t變化的圖線如圖所示，則（）A．t＝1s時物塊的速率為2m/sB．t＝2s時物塊的動量大小為2kg·m/sC．t＝3s時物塊的動量大小為3kg·m/sD．t＝4s時物塊的速率為6m/s9、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，L為小燈泡(其燈絲電阻可以視為不變)，R1和R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值的大小隨照射光強(qiáng)度的增強(qiáng)而減?。]合開關(guān)S后，將照射光強(qiáng)度減弱，則()A．電路的路端電壓將減小B．燈泡L將變暗C．R2兩端的電壓將增大D．R1兩端的電壓將增大10、如圖所示，MDN為絕緣材料制成的光滑豎直半圓環(huán)，半徑為R，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向外．一帶電量為-q，質(zhì)量為m的小球自M點無初速下落，下列說法中正確的是（）A．由M滑到最低度點D時所用時間與磁場無關(guān)B．球滑到D時，速度大小v=C．球滑到D點時，對D的壓力一定大于mgD．滑到D時，對D的壓力隨圓半徑增大而減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一多用電表的電阻檔有三個倍率，分別是×1、×10、×100。用×10檔測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，應(yīng)換到________檔。如果換檔后立即用表筆連接待測電阻進(jìn)行讀數(shù)，那么缺少的步驟是__________，若補(bǔ)上該步驟后測量，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是________Ω。12．（12分）用如圖（甲）所示的電路圖研究額定電壓為2.4V的燈泡L的伏安特性，并測出該燈泡在額定電壓下工作時的電功率。(1)在閉合開關(guān)S前,滑動變阻器觸頭應(yīng)該放在___端。(選填“a”或“b”）(2)按電路圖（甲）測出的燈泡電阻值比真實值_______(選填“偏大”或“偏小”）。(3)根據(jù)所得到的圖象如圖乙所示，它在額定電壓下實際功率P=_________W。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一條長為L的絕緣細(xì)線，上端固定，下端系一質(zhì)量為m的帶電小球，將它置于電場強(qiáng)度為E、方向水平向右的勻強(qiáng)電場中，當(dāng)小球平衡時，懸線與豎直方向的夾角α＝45°．(1)小球帶何種電荷？電荷量為多少？(2)若將小球向左拉至懸線呈水平位置，然后由靜止釋放小球，則從放手后至最低點的過程中小球做什么運(yùn)動？經(jīng)多長時間到達(dá)最低點？14．（16分）規(guī)格為“220V、44W”的排氣扇，線圈電阻為40Ω，求：（1）接上220V的電源后，排氣扇轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的功率和發(fā)熱的功率；（2）如果接上220V電源后，扇葉被卡住，不能轉(zhuǎn)動，求電動機(jī)的發(fā)熱的功率．15．（12分）如圖所示，兩平行金屬板A、B間為一勻強(qiáng)電場，A、B相距6cm，C、D為電場中的兩點，且CD＝4cm，CD連線和場強(qiáng)方向成60°角。已知一電量q=3.2×10-19C的負(fù)電荷從D點移到C點的過程中電場力做功為3.2×10-17J，求：（1）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)的大小和方向；（2）A、B兩點間的電勢差；（3）若A板接地，D點電勢為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】試題分析：A、電場強(qiáng)度的大小由電場本身的性質(zhì)決定，與試探電荷無關(guān)；錯誤B、規(guī)定正電荷受電場力的方向為電場場強(qiáng)的方向，則負(fù)電荷受到的電場力的方向跟電場強(qiáng)度的方向相反；正確C、電場強(qiáng)度的方向與正電荷受力方向相同，與負(fù)電荷受力方向相反；錯誤D、由可知在勻強(qiáng)電場中，不同的帶電粒子受到的電場力不一定相同；錯誤故選B考點：電場強(qiáng)度點評：注意是電場強(qiáng)度的定義式，電場強(qiáng)度由電場本身的性質(zhì)決定，與F、q無關(guān)．2、C【解題分析】A、通過abcd平面的磁通量大小為，A錯誤；B、dcfe平面是abcd平面在垂直磁場方向上的投影，所以磁通量大小為，B錯誤；C、ade平面和abfe面都有磁場平行，沒有磁感線穿過這兩個平面，所以磁通量為零，C正確，D錯誤．點睛：本題考查磁通量的公式為，注意夾角是B與S的夾角．3、C【解題分析】導(dǎo)體處于靜電平衡，其內(nèi)部場強(qiáng)處處為零，所以當(dāng)它帶的電量增加后，其內(nèi)部的場強(qiáng)將不變，仍為零，C正確．4、D【解題分析】

A：磁電式電流表內(nèi)部的蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是均勻輻向分布的，故A項正確．B：磁電式電流表內(nèi)部的蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是均勻輻向分布的，因此不管銅電線圈轉(zhuǎn)到什么角度，它的平面都與磁感線平行．因此，磁力矩與線圈中電流成正比．當(dāng)銅電線圈轉(zhuǎn)動時，螺旋彈簧將被扭動，產(chǎn)生一個阻礙線圈轉(zhuǎn)動的阻力矩，其大小與線圈偏轉(zhuǎn)角度成正比，當(dāng)磁力矩與螺旋彈簧中的阻力矩相等時，線圈停止轉(zhuǎn)動，此時指針偏轉(zhuǎn)角度的大小與被測電流的大小成正比．故B項正確．C：磁電式電流表的優(yōu)點是靈敏度高，缺點是允許通過的電流很弱．故C項正確．D：磁電式電流表的工作原理是安培力對通電線框的轉(zhuǎn)動作用，根據(jù)指針轉(zhuǎn)動大小與方向可確定電流的大小與方向．故D項錯誤．本題選錯誤的，答案是D．【題目點撥】在學(xué)過的測量工具或設(shè)備中，每個工具或設(shè)備都有自己的原理；對不同測量工具的制成原理，是一個熱點題型，需要重點掌握．5、C【解題分析】

當(dāng)線框從平行于磁場位置開始轉(zhuǎn)過180°時，線圈中磁通量的變化量是：故選C6、B【解題分析】英國物理學(xué)家焦耳通過一系列實驗發(fā)現(xiàn)了焦耳定律，歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，安培發(fā)現(xiàn)了安培分子電流假說，法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】若輸送的電流是恒定電流，甲、乙兩方案都是可行的，B正確．輸電線周圍存在磁場，交變電流產(chǎn)生變化的磁場，因此在輸電過程中輸電線因電流變化引起自感現(xiàn)象，當(dāng)輸電線上電流很大時，強(qiáng)大的自感電流有可能將鋼管融化，造成事故，所以甲方案是不可行的．在乙方案中，兩條輸電線中的電流方向相反，產(chǎn)生的磁場互相抵消，使自感現(xiàn)象的影響減弱到可以忽略不計的程度，是可行的，C正確．此題類似于課本中提到的“雙線并繞”．8、AC【解題分析】

AB.前兩秒，根據(jù)牛頓第二定律則0-2s的速度規(guī)律為：v=at；t=1s時，速率為2m/s，t=2s時，速率為4m/s，則動量為p=mv=4kg?m/s故A正確B錯誤；CD.2-4s，力開始反向，物體減速，根據(jù)牛頓第二定律，a′=-1m/s2，所以3s時的速度為v3=v2+a′t=3m/s動量為3kg?m/s，同理4s時速度為2m/s，故C正確D錯誤；故選AC。9、BC【解題分析】

AD、閉合開關(guān)S后，將照射光強(qiáng)度減弱，光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可得電路中電流減小，根據(jù)可知電路的路端電壓增大，根據(jù)可知兩端的電壓將減小，故選項A、D錯誤；BC、因電路的路端電壓增大，同時兩端的電壓減小，故并聯(lián)電路部分電壓增大，則根據(jù)可知流過的電流增大，而總電流減小，所以通過燈泡的電流減小，所以燈泡變暗，故選項B、C正確。10、ABD【解題分析】試題分析：小球的運(yùn)動導(dǎo)致洛倫茲力出現(xiàn)，由于速度大小不變，當(dāng)磁場不同時，洛倫茲力大小不同．但小球由M滑到最低點D所用時間卻不變，故A正確；小球下滑過程中，受到重力、支持力、洛倫茲力，但支持力與洛倫茲力不做功，所以只有重力做功，由小球機(jī)械能守恒可得，小球通過D點的速度大小，B正確，由于小球機(jī)械能守恒，雖然小球滑到最低點的速度大小不變，但由于小球的運(yùn)動方向不同，導(dǎo)致洛倫茲力的方向也不同．所以小球?qū)點的壓力可能大于重力，也可能小于重力，也可能等于重力．C錯誤D正確，考點：考查了洛倫茲力的應(yīng)用點評：雖受洛倫茲力，但其不做功，所以小球運(yùn)動到最低點的速率不變．隨著運(yùn)動的方向不同，導(dǎo)致洛倫茲力方向也不同．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、×100歐姆調(diào)零（或重新歐姆調(diào)零）2.2×103(或2.2k)【解題分析】

[1]．用×10檔測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，則可能是檔位選擇偏低，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，應(yīng)換到×100檔。[2][3]．如果換檔后立即用表筆連接待測電阻進(jìn)行讀數(shù)，那么缺少的步驟是歐姆調(diào)零（或重新歐姆調(diào)零），若補(bǔ)上該步驟后測量，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是2.2×103(或2.2k)Ω。12、a偏小1.2【解題分析】

（1）[1]實驗前為了保護(hù)電路，閉合開關(guān)之前，滑動變阻器的滑片應(yīng)該放在a端（2）[2]根據(jù)電路圖可知，燈泡的電壓測量準(zhǔn)確，電流測量偏大，所以測量結(jié)果偏?。?）[3]燈泡的額定電壓為2.4V，可知電壓為2.4V時電流為0.5A，因此額定電壓時燈泡的功率為1.2W四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）帶正電；（2）放手后小球?qū)⒆鰟蚣铀僦本€運(yùn)動；【解題分析】

（1）如圖所示由題意可知，

小球所受合力為F合＝mg小球所受電場力與重力大小相等，故有qE=mg所以小球所帶的電荷量為q＝帶正電。

（2）將小球向左拉到水平處可知小球所受重力和電場力的合力沿圖中虛線方向，而繩在水平方向?qū)η驘o彈力，故小球?qū)⒀靥摼€方向做勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律可知，小球的加速度為到達(dá)最低點時，小球的位移為L，根據(jù)初速度為0的勻加速直線運(yùn)動規(guī)律有L＝at2可得小球運(yùn)動時間為14、（1）42.4W；1.6W（2）1210W【解題分析】

（1）排氣扇正常工作時的電流為發(fā)熱功率為P熱＝I2R＝（0.2）2×40