2024屆北京東城區(qū)物理高二上期中監(jiān)測模擬試題含解析

2024屆北京東城區(qū)物理高二上期中監(jiān)測模擬試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，現(xiàn)有甲、乙兩滑塊，質(zhì)量分別為3m和m，以相同的速率v在光滑水平面上相向運(yùn)動，發(fā)生碰撞．已知碰撞后，甲滑塊靜止不動，則A．碰撞前總動量是4mv B．碰撞過程動量不守恒C．碰撞后乙的速度大小為2v D．碰撞屬于非彈性碰撞2、有關(guān)電壓和電動勢的說法中正確的是（）A．電動勢就是電源兩極間的電壓B．電動勢是反映電源把其他形式能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱的物理量C．電壓與電動勢的單位都是伏特，所以電壓與電動勢是同一物理量的不同叫法D．電動勢公式與電壓公式中的W是一樣的，都是靜電力做功3、如圖所示的電路中，UAB=1.5V，R1=R2=R3=10Ω，則理想電壓表和理想電流表的示數(shù)各為A．1.5V，0.1AB．1.5V，0.15AC．1V，0.1AD．1V，0.15A4、對于電場的認(rèn)識，下列說法正確的是（）A．A、B兩點(diǎn)間的電勢差等于將正電荷從A移到B點(diǎn)時靜電力所做的功B．電場中，場強(qiáng)方向是指電勢降落的方向C．處于靜電平衡的導(dǎo)體是等勢體，導(dǎo)體表面是等勢面，但導(dǎo)體表面的場強(qiáng)可能不同D．電勢的大小由電場的性質(zhì)決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)5、銅的摩爾質(zhì)量為M，密度為ρ，每摩爾銅原子有n個自由電子，今有一橫截面積為S的銅導(dǎo)線，當(dāng)通過的電流為I時，電子定向移動的平均速率為（）A．光速cB．C．D．6、如圖所示，一長直導(dǎo)線AB中通以如圖乙所示的交流電，在導(dǎo)線附近的正下方放置一閉合線圈，線圈平面與導(dǎo)線在同一平面內(nèi)如圖甲所示，則下列說法中正確的是()A．在t1時刻，線圈內(nèi)有感應(yīng)電流 B．在t2時刻，線圈內(nèi)沒有感應(yīng)電流C．t>0的任意時刻，線圈內(nèi)都有感應(yīng)電流 D．以上說法都不對二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電源電動勢E=10V．內(nèi)阻r=1Ω，閉合開關(guān)S后，標(biāo)有“8V、12W"的燈泡L恰能正常發(fā)光，電動機(jī)M的電阻R0=4Ω，下列說法正確的是A．流經(jīng)電源的電流為3.5AB．電源的輸出功率P出=18WC．電動機(jī)M的機(jī)械效率為75%D．10s內(nèi)電動機(jī)M輸出的能量為30J8、如圖所示，C為中間插有電介質(zhì)的電容器，a和b為其兩極板；a板接地；P和Q為兩豎直放置的平行金屬板，在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球；P板與b板用導(dǎo)線相連，Q板接地．開始時懸線靜止在豎直方向，在b板帶電后，懸線偏轉(zhuǎn)了角度α．在以下方法中，能使懸線的偏角α變大的是A．縮小a、b間的距離 B．加大a、b間的距離C．取出a、b兩極板間的電介質(zhì) D．換一塊形狀大小相同、介電常數(shù)更大的電介質(zhì)9、有一橫截面積為S的銅導(dǎo)線，流經(jīng)其中的電流為I，設(shè)每單位體積的導(dǎo)線中有n個自由電子，電子的電荷量為q。此時電子的定向移動速率為v，在Δt時間內(nèi)，通過導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為()A．nvS B．nvΔtS C． D．10、在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內(nèi)阻為1.0，電路中的電阻R0為1.5，小型直流電動機(jī)M的內(nèi)阻為0.5，電流表內(nèi)阻不計(jì)．閉合開關(guān)S后，電動機(jī)轉(zhuǎn)動，電流表的示數(shù)為2.0A．則以下判斷中正確的是

()A．電動機(jī)兩端的電壓為1.0VB．電動機(jī)兩端的電壓為7.0VC．電動機(jī)輸出的機(jī)械功率為12WD．電動機(jī)的發(fā)熱功率為2.0W三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）要測繪額定電壓為2V的日常用小燈泡的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導(dǎo)線和開關(guān)外，還有以下一些器材可供選擇：A．電源E（電動勢4.0V，內(nèi)阻可不計(jì)）B．電壓表V1（量程為0～3.0V，內(nèi)阻約2kΩ）C．電壓表V2（0～15.0V，內(nèi)阻約6kΩD．電流表A1（0～0.6A，內(nèi)阻約1Ω）E.電流表A2（0～100mA，內(nèi)阻約2Ω）F.滑動變阻器R1（最大值10Ω）G.滑動變阻器R2（最大值2kΩ）(1)為減少實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選擇____，電流表應(yīng)選擇_____，滑動變阻器應(yīng)選擇____（填各器材的序號）(2)為提高實(shí)驗(yàn)精度，請你在如圖a中設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖____(3)根據(jù)圖a，在圖b中把缺少的導(dǎo)線補(bǔ)全，連接成實(shí)驗(yàn)的電路___．(4)實(shí)驗(yàn)中移動滑動變阻器滑片，得到了小燈泡的U﹣I圖象如圖c所示，則該小燈泡電阻的變化特點(diǎn)______．12．（12分）如圖所示為驗(yàn)證動量守恒的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖．若入射小球質(zhì)量為，半徑為；被碰小球質(zhì)量為，半徑為則______A.

C.

為完成此實(shí)驗(yàn)，以下所提供的測量工具中必需的是______填下列對應(yīng)的字母A.直尺

游標(biāo)卡尺

天平

彈簧秤

秒表設(shè)入射小球的質(zhì)量為，被碰小球的質(zhì)量為為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置，則關(guān)系式用、及圖中字母表示______成立，即表示碰撞中動量守恒．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，用F=10N的水平拉力，使質(zhì)量m=5.0kg的物體由靜止開始沿光滑水平面做勻加速直線運(yùn)動.求：（1）物體加速度的大小a；（2）物體開始運(yùn)動后t=3.0s內(nèi)通過的距離s.14．（16分）如圖所示，把質(zhì)量為0.2g的帶電小球A用絲線吊起，若將帶電荷量為+4×10-8C的小球B靠近它，當(dāng)兩小球在同一高度相距3cm時，絲線與豎直方向的夾角為45°（g取10m/s2），求：（1）小球A帶何種電荷；（2）此時小球B受到的庫侖力大小；（3）小球A帶的電荷量qA．15．（12分）如圖所示，電源電動勢E=10V，內(nèi)阻r=0.5Ω，標(biāo)有“8V，16W”的燈泡恰好能正常發(fā)光，電動機(jī)M繞組的電阻R0=1Ω，求：（1）路端電壓；（2）電源的總功率；（3）電動機(jī)的輸出功率．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解題分析】試題分析：規(guī)定向右為正方向，碰撞前總動量為，A錯誤；碰撞過程兩滑塊組成的系統(tǒng)外力為零，故系統(tǒng)動量守恒，B錯誤；根據(jù)動量守恒定律可得：，解得：，C正確；碰撞前總動能為：，碰撞后總動能為：，碰撞前后無動能損失，D錯誤；考點(diǎn)：考查了動量守恒定律的應(yīng)用2、B【解題分析】

AC．電動勢表征電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小，電勢差是電勢之差，其絕對值等于電壓，兩者物理意義不同，不是一回事，故AC錯誤；B．電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，電動勢越大，本領(lǐng)越大，故B正確；D．電動勢公式中的W為非靜電力做功，電壓中的W為靜電力做功，故D錯誤。3、B【解題分析】

由題意可知，電流表和電壓表均為理想電表，電阻R1、R2被短路，電壓表的示數(shù)為U=UAB=1.5V，則根據(jù)歐姆定律得，電流表的示數(shù)為A．1.5V，0.1A。故A不符合題意。B．1.5V，0.15A。故B符合題意。C．1V，0.1A。故C不符合題意。D．1V，0.15A。故D不符合題意。4、C【解題分析】

A．A、B兩點(diǎn)間的電勢差等于將單位正電荷從A移到B點(diǎn)時靜電力所做的功，選項(xiàng)A錯誤；B．電場中，場強(qiáng)方向是指電勢降落的最快的方向，選項(xiàng)B錯誤；C．處于靜電平衡的導(dǎo)體是等勢體，導(dǎo)體表面是等勢面，但導(dǎo)體表面的場強(qiáng)可能不同，選項(xiàng)C正確；D．電勢的大小由電場的性質(zhì)決定，與零電勢點(diǎn)的選取有關(guān)，選項(xiàng)D錯誤。5、D【解題分析】

設(shè)自由電子定向移動的速率為v和導(dǎo)線中自由電子從一端定向移到另一端所用時間為t,求出導(dǎo)線中自由電子的數(shù)目,根據(jù)電流的定義式推導(dǎo)出電流的微觀表達(dá)式,計(jì)算得出自由電子定向移動的速率.【題目詳解】單位長度質(zhì)量為;

單位長度原子數(shù)為;設(shè)自由電子定向移動的速率為v和導(dǎo)線中自由電子從一端定向移到另一端所用時間為t根據(jù)電流定義可知：當(dāng)通過的電流為I時，解得：故D對；ABC錯；故選D6、D【解題分析】在t1時刻，導(dǎo)線中電流不變，在線圈內(nèi)沒有感應(yīng)電流，A錯；在t2時刻導(dǎo)線中電流變化率最大，線圈中電流最大，B錯；同理C錯；D對；二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】

AB．由題意，外電壓為，故內(nèi)電壓應(yīng)為：總電流：因此電源的輸出功率為：故A錯誤，B錯誤.CD．流過燈泡的電流：則流過電動機(jī)的電流為：電動機(jī)的熱功率為：電動機(jī)的總功率為：電動機(jī)的機(jī)械功率：電動機(jī)的機(jī)械效率：10s內(nèi)電動機(jī)M輸出的能量為：故C正確，D正確.8、BC【解題分析】試題分析：兩極板間的電荷量恒定，因?yàn)閍板和Q板接地，b板和P板相連，所以ab間的電勢差和PQ間的電勢差相等，根據(jù)公式可知縮小a、b間的距離，電容增大，根據(jù)公式可得減小，則也減小，即PQ間的電場強(qiáng)度減小，所以偏角變變小，反之增大ab間的距離，則偏角變大，A錯誤B正確；根據(jù)公式可知取出a、b兩極板間的電介質(zhì)，電容ab減小，根據(jù)公式可得增大，則也增大，即PQ間的電場強(qiáng)度增大，所以偏角變大，反之換一塊形狀大小相同，介電常數(shù)更大的電介質(zhì)，偏小變小，C正確D錯誤；考點(diǎn)：考查了電容的動態(tài)變化分析【名師點(diǎn)睛】在分析電容器動態(tài)變化時，需要根據(jù)判斷電容器的電容變化情況，然后結(jié)合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變9、BC【解題分析】

根據(jù)電流的微觀表達(dá)式在△t時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的自由電子的電量則在△t時間內(nèi)，通過導(dǎo)體橫截面的自由電子的數(shù)目為：將代入得BC正確，AD錯誤。故選BC。10、BCD【解題分析】

由題意可知，電路中的電流為2.0A，則電動機(jī)兩端的電壓為U=E-I（r+R0）=12-2（1.5+1）=7.0V；故A錯誤，B正確；電動機(jī)的熱功率P熱=I2r0=4×0.5=2.0W；故D正確；電動機(jī)輸出的機(jī)械功率P出=UI-P熱=7×2-2.0=12W，故C正確；故選BCD．【題目點(diǎn)撥】對于電功率的計(jì)算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計(jì)算公式是不一樣的．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BDF燈泡電阻隨電壓（溫度）的增大而增大【解題分析】

(1)[1][2][3].由題意小燈泡額定電壓為2V，故電壓表應(yīng)選B；通過燈泡的電流不超過0.5A，可知電流表應(yīng)選D，；又描繪伏安特性曲線要求電流從零調(diào)，故變阻器應(yīng)用分壓式接法，應(yīng)選阻值小的變阻器F．

(2)[4].由于小電珠電阻較小，滿足，電流表應(yīng)用外接法，又變阻器應(yīng)采用分壓式接法，電路圖如圖所示：

(3)[5].根據(jù)原理圖可明確對應(yīng)的電路圖；

(4)[6].由圖可知，圖象的斜率越來越大，故說明燈泡電阻隨隨電壓（溫度）的增大而增大；12、(1)C(2)AC(3)【解題分析】

（1）為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量．為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同；（2）兩球做平拋運(yùn)動，由于高度相等，則平拋的時間相等，水平位移與初速度成正比，把平拋的時間作為時間單位，小球的水平位移可替代平拋運(yùn)動的初速度．將需要驗(yàn)證的關(guān)系速度用水平位移替代．【題目詳解】（1）在小球碰撞過程中水平方向動量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2

在碰撞過程中動能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22

解得v1=v0

要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1-m2＞0，m1＞m2，為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同，r1=r2，故選C

（2）P為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置，M為碰后入射小球的位置，N為碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1＝；碰撞后入射小球的速度v2＝；碰撞后被碰小球的速度v3＝；若m1v1=m2v3+m1v2則表明通過該實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了兩球碰撞過程中動量守恒，代入數(shù)據(jù)得：m1=m1+m2，所以需要測量質(zhì)量和水平位移，用到的儀器是直尺、天平；故選AC．（3）若關(guān)系式m1=m1+m2成立，即表示碰撞中動量守恒．【題目點(diǎn)撥】本題是運(yùn)用等效思維方法，平拋時間相等，用水平位移代替初速度，這樣將不便驗(yàn)證的方程變成容易驗(yàn)證．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2.0m/s2（2）9m【解題分析】（1）根據(jù)牛頓第二定律可得：；

（2）物體運(yùn)動的位移x=at2=×2×32=9m；14、1）負(fù)電（2）2×10-3N（3）5×10-9C【解題分析】

根據(jù)同種電荷相斥，異種電荷相吸，即可求解小球A帶負(fù)電；對小球A進(jìn)行正確受力分析，小球受水平向左的庫