2024屆廣東省深圳市福田區(qū)耀華實驗學校華文部物理高二上期中學業(yè)水平測試模擬試題含解析

2024屆廣東省深圳市福田區(qū)耀華實驗學校華文部物理高二上期中學業(yè)水平測試模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在空間存在著豎直向上的各處均勻的磁場，將一個不變形的單匝金屬圓線圈放入磁場中，規(guī)定線圈中感應電流方向如圖甲所示的方向為正．當磁場的磁感應強度隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示時，圖丙中能正確表示線圈中感應電流隨時間變化的圖線是（）A． B．C． D．2、如圖所示，點電荷、分別置于M、N兩點，O點為MN連線的中點，點a、b在MN連線上，點c、d在MN中垂線上，它們均關于O點對稱下列說法正確的是A．c、d兩點的電場強度相同B．a、b兩點的電勢相同C．將電子沿直線從c移到d，電場力對電子先做負功再做正功D．將電子沿直線從a移到b，電子的電勢能一直增大3、下列說法與物理學史實不符的是()A．卡文迪許首先在實驗室測出了萬有引力常量B．奧斯特首先發(fā)現了電流的磁效應C．楞次首先提出了磁場對運動電荷有力作用D．法拉第首次發(fā)現了電磁感應現象，并制作了圓盤發(fā)電機4、真空中，距離為ｒ、帶電荷量均為ｑ的兩個點電荷之間的庫侖力大小為Ｆ。若將它們的電荷量都增大到4q，距離增大到2r，則它們之間的庫侖力大小為：A．Ｆ；B．2Ｆ；C．3Ｆ；D．4Ｆ。5、金屬材料的電阻率有以下特點：一般而言，純金屬的電阻率小，合金的電阻率大；金屬的電阻率隨溫度的升高而增大，有的金屬電阻率隨溫度變化而顯著變化，有的合金的電阻率幾乎不受溫度的影響．根據以上的信息，判斷下列的說法中正確的是（）A．電爐、電阻器的電阻絲一般用合金來制作B．連接電路用的導線一般用合金來制作C．電阻溫度計一般用電阻率幾乎不受溫度影響的合金來制作D．標準電阻一般用電阻率隨溫度變化而顯著變化的金屬材料制作6、如圖所示，勻強磁場方向垂直紙面向里，帶正電粒子運動方向水平向右，則粒子所受洛倫茲力的方向是A．垂直紙面向里 B．垂直紙面向外 C．沿紙面向上 D．沿紙面向下二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L上標有“6V，12W”字樣，電動機線圈的電阻RM＝0.50Ω.若燈泡恰能正常發(fā)光，以下說法中正確的是（）A．電動機的輸入功率為12W B．電動機的輸出功率為12WC．電動機的熱功率為2.0W D．整個電路消耗的電功率為22W8、圖甲中直線PQ表示電場中的一條電場線，質量為m、電荷量為q的帶負電粒子僅在電場力作用下沿電場線向右運動，經過P點時速度為v0，到達Q點時速度減為零，粒子運動的v-t圖象如圖乙所示．下列判斷正確的是（）A．P點電勢高于Q點電勢B．P點場強大于Q點場強C．P、Q兩點的電勢差為D．帶負電粒子在P點的電勢能大于在Q點的電勢能9、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，R1和R3均為定值電阻，R2為滑動變阻器，四個電表均為理想電表。當R2的滑動觸點在a端時合上開關S，將滑動觸點向b端移動的過程中，各表示數變化正確的是()A．A1的示數減小，V1的示數增大B．A1的示數增大，V1的示數減小C．A2的示數增大，V2的示數減小D．A2的示數減小，V2的示數增大10、如圖（甲）所示的電路中，將滑動變阻器R2的滑動片由a端向b端移動，用兩個電表分別測量電壓和電流，得到部分U﹣I關系圖象如圖（乙）所示，則（）A．電源的電動勢為6VB．滑動變阻器的總阻值為20ΩC．當電壓表示數為5.0V時，電源效率最高D．當電壓表示數為5.0V時，R2消耗的總功率最大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖中游標卡尺的讀數為_____cm，螺旋測微器讀數_____cm．12．（12分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，需要用刻度尺測出被測金屬絲的長度l。用螺旋測微器測出金屬絲的直徑d，用電流表和電壓表測出金屬絲的電阻Rx.①請寫出測金屬絲電阻率的表達式：ρ=_______(用上述測量量的字母表示).②若實驗中測量金屬絲的長度和直徑時，刻度尺和螺旋測微器的示數分別如圖1，則金屬絲長度的測量值為l=______cm，金屬絲直徑的測量值為d=______mm.③利用如圖2電路進行測量Rx，實驗的主要操作過程是：第一步：先將R2的滑動頭調到最左端,單刀雙擲開關S2向1閉合,閉合電鍵S1,調節(jié)滑動變阻器R1和R2,使電壓表和電流表的示數盡大些(不超過量程),讀出此時電壓表和電流表的示數U1、I1.第二步：保持兩滑動變阻器的滑動頭位置不變,將單刀雙擲開關S2向2閉合,讀出此時電壓表和電流表的示數U2、I2。請寫出由以上記錄數據計算被測電阻Rx的表達式Rx=________________（用U1、I1、U2、I2表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）離我們最近的一顆恒星是比鄰星，它距離我們是10m，從地球向比鄰星發(fā)射的電磁波，要經過多長時間才能到達比鄰星？(電磁波的速度3.00×108m/s)14．（16分）如圖所示，水平放置的兩導軌P、Q間的距離L=0.5m，垂直于導軌平面的豎直向上的勻強磁場的磁感應強度B=2T，垂直于導軌放置的ab棒的質量m=1kg，系在ab棒中點的水平繩跨過定滑輪與重量G=3N的物塊相連．已知ab棒與導軌間的動摩擦因數μ=0.2，電源的電動勢E=10V、內阻R=0.1Ω，導軌的電阻及ab棒的電阻均不計．要想ab棒處于靜止狀態(tài)，R應在哪個范圍內取值？（g取10m/s2）15．（12分）在圖示的電路中，電源電動勢E=12V，內阻r=2Ω，R1=10Ω.當滑動變阻器在某一位置時，電路中電壓表讀數為2V，電流表讀數為0.8A．兩電表均為理想電表.求R2的阻值.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】試題分析：根據法拉第電磁感應定律，由于線圈面積不變，所以感應電動勢與磁感應強度的變化率即圖像的斜率成正比，根據圖像，感應電動勢為定值，感應電流為定值，感應電動勢為0，感應電流為0，感應電動勢為定值而且是感應電動勢的一半，感應電流也是感應電流的一半，對照選項CD錯．根據楞次定律向上的磁通量增大，感應電流沿正方向，選項A錯B對．考點：電磁感應定律楞次定律2、D【解題分析】

根據電場線分布，比較c、d兩點的電場強度大小和方向關系．根據沿電場線方向電勢逐漸降低，來比較a點和b點的電勢，由沿直線從a到b電勢的變化，分析電子從a移到b過程中電勢能如何變化．將電子沿直線從c點移到d點，通過電子所受的電場力與速度的方向夾角判斷電場力做正功還是負功．【題目詳解】A：根據電場線分布的對稱性可知，c、d兩點的電場強度大小相等，方向不同，則c、d兩點的電場強度不同．故A項錯誤．BD：MN間的電場線方向由M→N，沿電場線方向電勢逐漸降低，則a點的電勢高于b點的電勢；電子沿直線從a移到b電勢降低，電子帶負電，據，則電子的電勢能一直增大．故B項錯誤，D項正確．C：對兩個電荷在中垂線上的場強進行疊加，在Oc段場強方向斜向右上，在Od段場強方向斜向右下；電子所受的電場力在Oc段斜向左下，在Od段斜向左上；電子沿直線從c移到d，電場力跟速度的方向先是銳角后是鈍角，電場力對電子先做正功后做負功．故C項錯誤．【題目點撥】解決本題的關鍵是進行電場的疊加，通過電場力與速度的方向關系判斷電場力做正功還是負功．3、C【解題分析】

卡文迪許首先在實驗室測出了萬有引力常量，選項A正確；奧斯特首先發(fā)現了電流的磁效應，選項B正確；洛倫茲首先提出了磁場對運動電荷有力作用，選項C錯誤；法拉第首次發(fā)現了電磁感應現象，并制作了圓盤發(fā)電機，選項D正確，此題選擇不正確的選項，故選C.4、D【解題分析】

真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間的庫侖力大小為：F=kq?qr2；若將它們電荷量都增大到4q，距離增大到2r，則它們之間的庫侖力大?。篎'=k【題目點撥】本題關鍵是根據庫侖定律列式分析；要注意一個物理量跟多個因素有關時，要考慮全面．5、A【解題分析】

A．合金的電阻率大，故電爐、電阻器的電阻絲一般用合金來制作，故A正確；B．純金屬的電阻率小，故連接電路用的導線一般用純金屬來制作，故B錯誤；C．有的金屬電阻率隨溫度變化而顯著變化，故電阻溫度計一般用電阻率隨溫度變化而顯著變化的金屬材料來制作，故C錯誤；D．有的合金的電阻率幾乎不受溫度的影響，故標準電阻一般用合金材料制作，故D錯誤；6、C【解題分析】

帶正電的粒子受力向右，磁場的方向是向里的，根據左手定則可知，運動方向應該是向上的，故C正確，ABD錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

A．電動機兩端的電壓U1=U-UL=12-6V=6V整個電路中的電流所以電動機的輸入功率P=U1I=6×2W=12W．故A正確．

BC．電動機的熱功率P熱=I2RM=4×0.5W=2.0W；則電動機的輸出功率P2=P-I2RM=12-2W=10W．故B錯誤，C正確．

D．整個電路消耗的功率P總=UI=12×2W=24W．故D錯誤．8、ABC【解題分析】

A、由圖乙知帶電粒子的速度減小，受到向左的電場力，故電場線方向向右，P點電勢一定高于Q點電勢，故A正確；B、由乙圖可知，P處的加速度大于Q處的加速度，故P處的場強大于Q處的場強，故B正確；C、由動能定理知，可求出AB兩點的電勢差為，故C正確；D、負電荷在電勢低的地方電勢能大，故電荷在P點的電勢能一定小于Q點的電勢能，故D錯誤；故選ABC．【題目點撥】速度圖象看出，粒子的速度減小，負電荷受向左的電場力，故電場線方向向右，負電荷在電勢低的地方電勢能大，根據速度圖象的斜率等于加速度，可比較加速度的大小，從而能比較出電場力的大?。?、AC【解題分析】

R2的滑動觸點向b端移動時，R2減小，整個電路的總電阻減小，總電流增大，內電壓增大，外電壓減小，即電壓表示數U2減小，R3電壓U1增大，R1、R2并聯電壓減小，通過R1的電流I1減小，即A1的示數減小，而總電流I增大，則流過R2的電流I2增大，即A2的示數變大。A．A1的示數減小，V1的示數增大，與結論相符，選項A正確；B．A1的示數增大，V1的示數減小，與結論不相符，選項B錯誤；C．A2的示數增大，V2的示數減小，與結論相符，選項C正確；D．A2的示數減小，V2的示數增大，與結論不相符，選項D錯誤；10、BC【解題分析】

根據電路圖結合數學知識可知，當aP的電阻等于bP的電阻時，并聯部分電阻最大，此時電壓表示數最大，根據乙圖可知，電壓表示數最大為5V，此時電流表示數為0.5A，則有：RaP=UI=50.5Ω=10Ω，則滑動變阻器的總阻值為R=2RaP=20Ω，根據閉合電路歐姆定律得：E=U+2I（R1+r），根據乙圖可知，當電壓表示數U1=4V時電流表示數為I1=0.25A或I2=1A，根據閉合電路歐姆定律得：E=U1+（I1+I2）（R1+r），聯立方程解得：E=9V，R1+r=4Ω，故A錯誤，B正確；電源效率η=UIIE=UE，當電壓表示數為5.0V時，并聯部分電阻最大，則外電路電阻最大，此時路段電壓最大，效率最高，故C正確；把R1看成內阻，當并聯部分電阻R并=R1+r三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.4720.0532【解題分析】50分度的游標卡尺，精確度是0.02mm，游標卡尺的主尺讀數為24mm，游標尺上第36個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為36×0.02mm=0.72mm，所以最終讀數為：24mm+0.72mm=24.72mm=2.472cm．螺旋測微器的半刻度已經漏出，固定刻度為0.5mm，可動刻度為3.2×0.01mm=0.032mm，所以最終讀數為0.5mm+0.032mm=0.532mm=0.0532cm．點睛：解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀．12、πd2Rx4l；36.50；【解題分析】

(1)根據電阻定律求出電阻率的表達式；(2)根據圖示刻度尺確定其分度值，金屬絲兩端點所對應刻度尺示數之差是金屬絲的長度；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數之和是螺旋測微器的示數；(3)單刀雙擲開關S2合向1，由電壓表和電流表的示數U1和I1，可求出Rx、電流表、變阻器串聯的電阻；將單刀雙擲開關S2合向2，讀出此時電壓表和電流表的示數U2和I2，可求出電流表和變阻器串聯的電阻；兩個阻值之差等于被測電阻。根據歐姆定律寫出表達式?！绢}目詳解】(1)由電阻定律可知，金屬絲電阻Rx=ρl(2)由圖示刻度尺可知，其分度值為1mm，金屬絲的長度l=36.50cm；由圖示螺旋測微器可知，螺旋測微器固定刻度示數為0.5mm，可動刻度示數為29.6×0.01mm=0.296mm，螺旋測