2024屆新高三開學(xué)摸底考物理試卷（廣東專用）（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1新高三開學(xué)摸底考試卷（廣東專用新高考新教材）物理（考試時(shí)間：75分鐘試卷滿分：100分）注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己所在的市（縣、區(qū)）、學(xué)校、班級(jí)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)和考生號(hào)等填寫在答題卡上，將條形碼橫貼在每張答題卡右上角“條形碼粘貼處”。2．作答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆在答題卡上將對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的〖答案〗信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)?！即鸢浮讲荒艽鹪谠嚲砩?。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，〖答案〗必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先畫掉原來的〖答案〗，然后再寫上新〖答案〗；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每個(gè)小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合要求的。1.霓虹燈發(fā)光原理是不同氣體原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)發(fā)出能量各異的光子而呈現(xiàn)五顏六色，如圖為氫原子的能級(jí)示意圖，已知可見光光子能量范圍為1.63eV~3.10eV，若一群氫原子處于能級(jí)，則下列說法正確的是（）A.這群氫原子自發(fā)躍遷時(shí)能輻射出6種不同頻率的可見光B.氫原子從能級(jí)向能級(jí)躍遷過程中發(fā)出的光為可見光C.輻射出的光中從能級(jí)躍遷到能級(jí)發(fā)出的光的頻率最大D.氫原子從能級(jí)向能級(jí)躍遷過程中發(fā)出的光去照射逸出功為3.2eV的金屬鈣，能使金屬鈣發(fā)生光電效應(yīng)〖答案〗B〖解析〗A．這群氫原子自發(fā)躍遷時(shí)能發(fā)出光子頻率的種類為即能輻射出6種不同頻率的光子，而這6種光子中從能級(jí)躍遷能級(jí)、從能級(jí)躍遷能級(jí)，從能級(jí)躍遷能級(jí)、從能級(jí)躍遷能級(jí)時(shí)輻射出的能量不在可見光范圍，故A錯(cuò)誤；B．這群氫原子中從能級(jí)躍遷能級(jí)時(shí)輻射出的能量為2.55eV，在可見光光子能量范圍之內(nèi)，故B正確；C．輻射出的光中從能級(jí)躍遷到能級(jí)發(fā)出光的頻率最大，故C錯(cuò)誤；D．這群氫原子從能級(jí)躍遷能級(jí)時(shí)輻射出的能量為2.55eV，小于鈣的逸出功3.2eV，所以不能發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖（a）所示的無人機(jī)具有4個(gè)旋翼，可以通過調(diào)整旋翼傾斜度而產(chǎn)生不同方向的升力。某次實(shí)驗(yàn)，調(diào)整旋翼使無人機(jī)受豎直向上的恒定升力F從地面靜止升起，到達(dá)穩(wěn)定速度過程中，其運(yùn)動(dòng)圖像如圖（b）所示。假設(shè)無人機(jī)飛行時(shí)受到的空氣阻力與速率成正比，即，方向與速度方向相反，則下列說法正確的是（）A.無人機(jī)在第內(nèi)的位移等于B.無人機(jī)在第內(nèi)的速度變化量與第內(nèi)的速度變化量相等C.空氣給無人機(jī)的作用力逐漸增大D.空氣給無人機(jī)的作用力逐漸減小〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示位移，可知無人機(jī)在第內(nèi)的位移滿足故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)圖像的切線斜率表示加速度，可知到達(dá)穩(wěn)定速度的過程中，無人機(jī)的加速度逐漸減小，無人機(jī)在第內(nèi)的速度變化量大于第內(nèi)的速度變化量，故B錯(cuò)誤；CD．空氣給無人機(jī)的作用力是升力和阻力的合力，由于無人機(jī)的加速度逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律可得可知空氣給無人機(jī)的作用力逐漸減小，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。3利用智能手機(jī)中的磁傳感器可以粗測(cè)特高壓直流輸電線中的電流I。如圖所示，大致東西方向水平長(zhǎng)直輸電導(dǎo)線距地面高度，手機(jī)平置于水平長(zhǎng)直輸電導(dǎo)線正下方，手機(jī)顯示屏所在平面為面，軸與導(dǎo)線重合，測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度，然后沿軸方向保持手機(jī)平移前進(jìn)，再測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度，數(shù)據(jù)記錄如下表。測(cè)量點(diǎn)位置正下方時(shí)3345沿地面前進(jìn)3340設(shè)通有電流的長(zhǎng)直導(dǎo)線在距導(dǎo)線處產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（其中），該地地磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，前進(jìn)后電流影響可忽略。忽略其他影響，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，判斷下列說法正確的是（）A.地磁場(chǎng)方向?yàn)檠剌S方向 B.地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為C.長(zhǎng)導(dǎo)線中電流方向?yàn)闁|向西 D.輸電線中電流的大小約為〖答案〗D〖解析〗AB．根據(jù)題意前進(jìn)后電流影響可忽略，由表格沿地面前進(jìn)的磁場(chǎng)方向可知地磁場(chǎng)方向并非沿著軸方向，而是與xOy成一定夾角指向-z方向，根據(jù)矢量的合成可知地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為故AB錯(cuò)誤；C．沿軸方向保持手機(jī)平移前進(jìn)，沿軸方向的磁場(chǎng)減小，可知長(zhǎng)導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)沿著y軸方向，所以長(zhǎng)導(dǎo)線中電流方向?yàn)槲飨驏|，故C錯(cuò)誤；D．通有電流的長(zhǎng)直導(dǎo)線在距導(dǎo)線處產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，則根據(jù)在y軸方向磁場(chǎng)的變化可知解得故D正確；故選D。4.2023年2月26日和27日，景德鎮(zhèn)一中和景德鎮(zhèn)二中分別舉行了2023屆成人禮暨高考百日沖刺誓師大會(huì)（如圖）。如圖1為大會(huì)上某隊(duì)列的走方陣示意圖，與垂直操場(chǎng)跑道，某時(shí)刻該隊(duì)伍前排剛到直線處，正在點(diǎn)的政教處工作人員準(zhǔn)備沿直線方向從靜止開始穿到對(duì)面，已知工作人員的速度的平方與人離點(diǎn)的距離變化的關(guān)系如圖2所示，與相距，隊(duì)列前進(jìn)的速度為，操場(chǎng)寬，則以下說法正確的是（）A.該工作人員會(huì)到達(dá)點(diǎn)之前影響到隊(duì)伍前進(jìn)B.該工作人員穿過操場(chǎng)用時(shí)C.該工作人員的加速度大小為D.該工作人員相對(duì)隊(duì)伍最大的速度為〖答案〗D〖解析〗ABC．由圖2知，工作人員前半段勻加速運(yùn)動(dòng)，后半段勻減速運(yùn)動(dòng)，由結(jié)合圖2中直線斜率解得前半段時(shí)間由對(duì)稱性，后半段時(shí)間也是12s，總時(shí)間為隊(duì)伍到達(dá)CD的時(shí)間所以該工作人員到達(dá)C點(diǎn)前恰好不影響到隊(duì)伍前進(jìn)，故ABC錯(cuò)誤；D．如圖當(dāng)達(dá)到最大值時(shí)，工作人員相對(duì)隊(duì)伍最大速度為故D正確；故選D。5.如圖所示，兩個(gè)半徑均為R的光滑圓軌道a、b并排固定在豎直平面內(nèi)，在軌道最低點(diǎn)放置一根質(zhì)量為m的銅棒，棒長(zhǎng)為L(zhǎng)，所在空間有平行于圓軌道平面水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，給銅棒通以從C到D的恒定電流I的同時(shí)給銅棒一大小為的水平初速度，已知磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。╣為重力加速度），以下說法正確的是（）A.銅棒獲得初速度時(shí)對(duì)每條軌道的壓力為mgB.銅棒獲得初速度時(shí)對(duì)每條軌道壓力為0C.從軌道最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過程中，銅棒機(jī)械能增加2mgRD.從軌道最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過程中，銅棒所受合力做功為0〖答案〗B〖解析〗AB．根據(jù)左手定則可知，棒將始終受到豎直向上的安培力，其大小為在銅棒獲得初速度時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律，有解得故A錯(cuò)誤，B正確；C．從軌道最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過程中，銅棒機(jī)械能增加量為故C錯(cuò)誤；D．從軌道最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過程中，銅棒所受合力做功為故D錯(cuò)誤。故選B。6.用質(zhì)量為m的小鐵錘以速度向下?lián)舸蛞粔K質(zhì)量為M的磚塊（擊打時(shí)間極短），擊打后，小鐵錘以的速率反向彈回，已知磚塊受到擊打后在手中的緩沖時(shí)間為t，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.在擊打過程中，鐵錘所受合外力的沖量大小為B.在擊打過程中，鐵錘重力的沖量大小為mgtC.磚頭緩沖過程中，對(duì)手的壓力大小為MgD.磚頭緩沖過程中，對(duì)手的壓力大小為〖答案〗D〖解析〗A．設(shè)方向向下為正方向，在擊打過程中，對(duì)鐵錘由動(dòng)量定理可得在擊打過程中，鐵錘所受合外力的沖量大小為，故A錯(cuò)誤；B．鐵錘擊打的時(shí)間未知，所以在擊打過程中，鐵錘重力的沖量大小不能求解，故B錯(cuò)誤；CD．在擊打過程中，鐵錘與磚頭由動(dòng)量守恒定律可得解得磚頭緩沖過程中，對(duì)磚頭由動(dòng)量定理可得解得手對(duì)磚頭的支持力為由牛頓第三定律可知磚頭對(duì)手的壓力為故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.2023年春節(jié)，改編自劉慈欣科幻小說的《流浪地球2》電影在全國上映。電影中的太空電梯場(chǎng)景非常震撼。太空電梯的原理并不復(fù)雜，與生活的中的普通電梯十分相似。只需在地球同步軌道上建造一個(gè)空間站，并用某種足夠長(zhǎng)也足夠結(jié)實(shí)的“繩索”將其與地面相連，當(dāng)空間站圍繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)，繩索會(huì)細(xì)緊，宇航員、乘客以及貨物可以通過電梯轎廂一樣的升降艙沿繩索直入太空，這樣不需要依靠火箭、飛船這類復(fù)雜航天工具。如乙圖所示，假設(shè)有一長(zhǎng)度為的太空電梯連接地球赤道上的固定基地與同步空間站，相對(duì)地球靜止，衛(wèi)星與同步空間站的運(yùn)行方向相同，此時(shí)二者距離最近，經(jīng)過時(shí)間之后，第一次相距最遠(yuǎn)。已知地球半徑，自轉(zhuǎn)周期，下列說法正確的是（）A.太空電梯各點(diǎn)均處于完全失重狀態(tài)B.衛(wèi)星的周期為C.太空電梯停在距地球表面高度為的站點(diǎn)，該站點(diǎn)處的重力加速度D太空電梯上各點(diǎn)線速度與該點(diǎn)離地球球心距離成反比〖答案〗BC〖解析〗A．依題意，太空電梯各點(diǎn)隨地球一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，只有位置達(dá)到同步衛(wèi)星的高度的點(diǎn)才處于完全失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．同步衛(wèi)星的周期與地球自轉(zhuǎn)周期相等，為當(dāng)兩衛(wèi)星a、b第一次相距最遠(yuǎn)時(shí)滿足解得故B正確；C．太空電梯長(zhǎng)度即為同步衛(wèi)星離地面的高度，根據(jù)萬有引力提供向心力太空電梯停在距地球表面高度為2R的站點(diǎn)，太空電梯上貨物質(zhì)量為m,在距地面高2R站點(diǎn)受到的萬有引力為F，根據(jù)萬有引力公式則貨物繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)太空電梯對(duì)貨物的支持力為FN，合力提供向心力則有在貨梯內(nèi)有解得故C正確；D．太空電梯與地球同步轉(zhuǎn)動(dòng)，各點(diǎn)角速度相等，各點(diǎn)線速度，故各點(diǎn)線速度與該點(diǎn)離地球球心距離成正比，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖甲所示，直徑為D、深度為H的圓柱形容器內(nèi)充滿某種透明液體，在其底部正中央放置一點(diǎn)光源S，從液面上方看，直徑為d的液面被光源照亮，某物理興趣小組想要讓光源能夠照亮容器的整個(gè)液面，在容器底部中央鑲嵌一直徑為L(zhǎng)的圓形平面鏡MN（上表面與容器底上表面齊平），并把光源向上移動(dòng)一段距離h，如圖乙所示，則（）A.該液體的折射率 B.該液體的折射率C.平面鏡的直徑 D.光源上移的距離〖答案〗ACD〖解析〗AB．在其底部正中央放置一點(diǎn)光源S，從液面上方看，直徑為d的液面被光源照亮，根據(jù)題意作圖：根據(jù)全反射臨界角公式有根據(jù)幾何關(guān)系可知解得故A正確，B錯(cuò)誤；C．想要讓光源能夠照亮容器的整個(gè)液面，如圖由于，可知，根據(jù)幾何關(guān)系有，可知故C正確；D．又由幾何關(guān)系有則解得故D正確；故選ACD。9.如圖所示，質(zhì)量均為的物塊A、B用輕彈簧連接并豎直放置，輕繩繞過分別固定在同一水平面上兩點(diǎn)的定滑輪一端與物塊A相連，另一端與質(zhì)量為的小球C相連，小球C套在水平固定、粗細(xì)均勻的光滑直桿上。開始時(shí)，小球C鎖定在直桿的點(diǎn)，連接小球的輕繩與水平方向的夾角為，物塊B對(duì)地面的壓力恰好為零。某時(shí)刻解除對(duì)小球C的鎖定，同時(shí)對(duì)小球C施加一個(gè)水平向右、大小為的恒力，小球C運(yùn)動(dòng)到直桿點(diǎn)時(shí)的速度達(dá)到最大，與水平方向的夾角也為，點(diǎn)為兩點(diǎn)的中點(diǎn)，兩點(diǎn)間的距離為點(diǎn)在物塊的正上方，小球C運(yùn)動(dòng)過程中輕繩始終處于拉直狀態(tài)，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。忽略兩定滑輪的大小，已知重力加速度大小為g，。下列說法正確的是（）A.小球C從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)的過程中，合外力對(duì)物塊A做的功不為零B.小球C從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)的過程中，彈簧的彈力和輕繩的拉力以及物塊A的重力對(duì)物塊A沖量的和為零C.小球C運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)時(shí)的速度大小為D.小球C運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)時(shí)物塊A的加速度大小為〖答案〗BC〖解析〗A．小球C在P點(diǎn)時(shí)物塊A的速度為零；小球C運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)物塊A的速度也為零，則該過程中，合外力對(duì)物塊A做的功為零，故A錯(cuò)誤；B．小球C從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程中，物塊A的動(dòng)量變化為零，根據(jù)動(dòng)量定理可知，彈簧的彈力和輕繩的拉力以及物塊A的重力對(duì)物塊A沖量的和為零，故B正確；C．小球C運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)，A回到原來的位置，則彈簧彈性勢(shì)能不變，設(shè)C的速度為v，則A的速度為vcosθ，由能量關(guān)系解得C的速度故C正確；D．小球C運(yùn)動(dòng)到直桿Q點(diǎn)時(shí)的速度達(dá)到最大，則此時(shí)C受合力為零，則對(duì)小球C有對(duì)A由牛頓第二定律解得A的加速度故D錯(cuò)誤故選BC。10.如圖，光滑絕緣水平面上，由1、2、3三個(gè)帶電量均為＋q、質(zhì)量均為m的相同金屬小球，用長(zhǎng)均為L(zhǎng)的三根輕質(zhì)絕緣細(xì)繩連接，A、B、C分別為其中點(diǎn)，O為三角形中心，已知單個(gè)點(diǎn)電荷q周圍空間的電勢(shì)，r為到點(diǎn)電荷的距離，則下列說法正確的是（）A.O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零B.長(zhǎng)度L取合適值時(shí)，A、O兩點(diǎn)的電勢(shì)可能相等C.系統(tǒng)的總電勢(shì)能為D.若B處剪斷，則之后小球1的最大速度為〖答案〗ACD〖解析〗A．根據(jù)對(duì)稱性可知三個(gè)點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加法則可得O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為0，故A正確；B．O點(diǎn)到金屬小球的距離均為，A點(diǎn)到金屬小球3的距離為，根據(jù)電勢(shì)疊加原則，A、O兩點(diǎn)的電勢(shì)分別為則A、O兩點(diǎn)電勢(shì)不論在L取何值時(shí)都不可能相等，故B錯(cuò)誤；C．1電荷的電勢(shì)能同理可得2和3電荷電勢(shì)能故整個(gè)系統(tǒng)電勢(shì)能為故C正確；D．三球一條直線時(shí)整個(gè)系統(tǒng)電勢(shì)能最小，動(dòng)能最大，1球速度最大，此時(shí)1電荷的電勢(shì)能2和3電荷電勢(shì)能此時(shí)整個(gè)系統(tǒng)電勢(shì)能最小為對(duì)系統(tǒng)，根據(jù)能量守恒根據(jù)動(dòng)量守恒兩式聯(lián)立解得故D正確。故選ACD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.（6分）某同學(xué)利用智能手機(jī)研究木塊在水平木板上的運(yùn)動(dòng)，進(jìn)而計(jì)算木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，帶滑輪的長(zhǎng)木板水平放置，輕繩跨過固定在長(zhǎng)木板末端的滑輪，一端連接重物，另一端連接木塊，具有加速度測(cè)量功能的手機(jī)固定在木塊上，調(diào)節(jié)滑輪的位置使輕繩與長(zhǎng)木板平行，重物離地面足夠遠(yuǎn)。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先用天平測(cè)出木塊和手機(jī)的總質(zhì)量M。按圖甲安裝好實(shí)驗(yàn)裝置，先打開手機(jī)的“加速度傳感器”小程序，再釋放重物，輕繩帶動(dòng)木塊運(yùn)動(dòng)，直至木塊碰到緩沖器后結(jié)束測(cè)量（已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭）。（1）在智能手機(jī)上顯示的加速度a-t圖像如圖乙所示。由圖像知，在誤差允許的范圍內(nèi)，木塊在1.20s～1.90s內(nèi)可認(rèn)為做___________運(yùn)動(dòng)（選填“勻速直線”“勻加速直線”或“勻減速直線“）；數(shù)出0.3s～2.1s內(nèi)圖像與坐標(biāo)軸圍成的區(qū)域約有48格，則可求得木塊與緩沖器碰撞前瞬間的速度大小約為___________m/s。（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（2）根據(jù)手機(jī)記錄的木塊運(yùn)動(dòng)加速度a，要計(jì)算出木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，利用以上實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)有儀器，還需要測(cè)量的物理量是___________。（填物理量及相應(yīng)的符號(hào)），計(jì)算動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式為μ=___________（用所測(cè)物理量的字母表示）。〖答案〗（1）勻加速直線0.96（2）重物的質(zhì)量〖解析〗（1）[1]]由圖乙可知，在誤差允許的范圍內(nèi)，木塊在1.20s～1.90s內(nèi)加速度恒定不變，可以為做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。[2]a-t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示速度變化量，木塊與緩沖器碰撞前瞬間的速度大小約為（2）[3][4]根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)重物對(duì)手機(jī)和木塊聯(lián)立解得可知還需要測(cè)量的物理量是重物的質(zhì)量。12.（10分）半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器是一種常用的傳感器，其阻值會(huì)隨壓力變化而改變。某實(shí)驗(yàn)小組想測(cè)量某一薄膜壓力傳感器在不同壓力下的阻值RN，其阻值約幾十千歐，現(xiàn)有以下器材；壓力傳感器；電源：電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻不計(jì)；電流表A，量程250μA，內(nèi)阻的為；電壓表V：量程3V，內(nèi)阻約為；滑動(dòng)變阻器：阻值范圍；滑動(dòng)變阻器，阻值范圍；開關(guān)S；導(dǎo)線若干（1）為了提高測(cè)量的準(zhǔn)確性，應(yīng)該選以下___________電路圖進(jìn)行測(cè)量，其中，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選___________（填元器件符號(hào)），使用該電路得到的測(cè)量值___________（選填“大于”“小于”或者“等于”）真實(shí)值；A.B.C.D.（2）通過多次實(shí)驗(yàn)測(cè)得其阻值隨壓力F變化的關(guān)系圖像如圖甲所示，該學(xué)習(xí)小組利用該壓力傳感器設(shè)計(jì)了如圖乙所示的自動(dòng)分揀裝置，可以將質(zhì)量大于0.5kg的物體和小于0.5kg的物體進(jìn)行分揀，圖中為壓力傳感器，R'為滑動(dòng)變阻器，電源電動(dòng)勢(shì)為6V（內(nèi)阻不計(jì)）。分揀時(shí)質(zhì)量不同的物體通過傳送帶運(yùn)送到托盤上，OB為一個(gè)可繞O轉(zhuǎn)動(dòng)的杠桿，下端有彈簧，當(dāng)控制電路兩端電壓2V時(shí)，杠桿OB水平，物體水平進(jìn)入通道1；當(dāng)控制電路兩端電壓<2V時(shí)，控制電路控制杠桿的B端下移，物體下滑進(jìn)入通道2，從而實(shí)現(xiàn)分揀功能。根據(jù)以上原理可知，R'接入電路的阻值為___________（重力加速度大小取10m/s2，結(jié)果保留2位有效數(shù)字），質(zhì)量為0.4kg的物體將進(jìn)入___________（選填“通道1”或“通道2”）。〖答案〗（1）C大于（2）9.0通道2〖解析〗（1）[1][2]滑動(dòng)變阻器便于調(diào)節(jié)，故選擇，題中待測(cè)電阻是大電阻，且其電阻值遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器最大阻值，故電路應(yīng)為分壓，內(nèi)接。故選C。[3]由歐姆定律可知電路中因?yàn)殡娏鞅矸謮?，?dǎo)致電壓表讀數(shù)大于兩端電壓，故測(cè)量值大于真實(shí)值。（2）[4]質(zhì)量為0.5kg的物體對(duì)的壓力為由圖甲可知，此時(shí)，由閉合電路歐姆定律且聯(lián)立解得[5]由圖甲可知，壓力變小，阻值變大，故電路中電流變小，兩端電壓變小，小于2V，故物體進(jìn)入通道2。三、計(jì)算題：本題共3小題，。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后〖答案〗的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。13.（10分）某班王同學(xué)所用水杯的容積V=480mL，如圖所示，蓋上杯蓋可以把一定量的空氣密封在杯內(nèi)，上午第一節(jié)課間向保溫杯中注入水溫為87℃的飲用水240mL，蓋上杯蓋到第二節(jié)課間時(shí)水溫變成47℃，打開杯蓋喝掉一半水，再蓋上杯蓋，設(shè)封入水杯內(nèi)的空氣的溫度很快跟杯內(nèi)飲用水的溫度相同，忽略水蒸氣對(duì)空氣體積的影響和熱水因溫度變化而引起的體積變化，熱力學(xué)溫度與攝氏溫度的關(guān)系T=273+t，大氣壓強(qiáng)為p0=1.0×105Pa，求：（1）第二節(jié)課間打開杯蓋前杯內(nèi)空氣的壓強(qiáng)p（保留兩位有效數(shù)字）；（2）兩次蓋上杯蓋保溫杯內(nèi)封人空氣的質(zhì)量之比?！即鸢浮剑?）0.89×105Pa；（2）〖解析〗（1）注入的飲用水，蓋上杯蓋，以杯內(nèi)空氣為研究對(duì)象水杯內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為，溫度；第二節(jié)課課間打開杯蓋前，空氣體積不變，水杯內(nèi)空氣的壓強(qiáng)，溫度，根據(jù)等容變化有解得（2）喝水前后可認(rèn)為溫度不變，喝水前水杯內(nèi)空氣的壓強(qiáng)，體積；喝水后水杯內(nèi)空氣的壓強(qiáng)，體積，把喝水前空氣體積折算成一個(gè)大氣壓下的體積，根據(jù)玻意耳定律有喝水前后保溫杯內(nèi)空氣質(zhì)量比解得14.（12分）用一根輕彈簧豎直懸掛一物塊A，靜止時(shí)彈簧伸長(zhǎng)了?，F(xiàn)將該彈簧左端固定在墻上，右端與一直角三棱體B的側(cè)面接觸（不粘連），先將彈簧壓縮，然后讓物塊A從離地面高度為x處由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)A沿斜面下滑時(shí)B剛好保持靜止。若A離開斜面滑到水平地面時(shí)無能量損失，當(dāng)B速度最大時(shí)，A恰好與水平面上的小物塊C發(fā)生彈性碰撞，碰后A和B距離不變。已知水平地面光滑，斜面傾角為，A和B的質(zhì)量相等，已知彈簧振子的振動(dòng)周期公式為彈簧彈性勢(shì)能與形變量的關(guān)系為，重力加速度為g。求：（1）物塊A在斜