2021年高考物理考前押題《最后一卷》新高考版 湖南地區(qū)專用 答案

2021年高考物理考前押題《最后一卷》新高考版

湖南地區(qū)專用

一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分，每小題給出的四個選項中，只有一項

是符合題目要求的。

1.某核物理實驗室內(nèi)進行輕核聚變反應(yīng)實驗，其原理是兩個笊核聚變產(chǎn)生氮核，從而產(chǎn)生巨

大的能量。已知兩個動能為4的笊核發(fā)生正碰，產(chǎn)生氨核和中子，笊核質(zhì)量為叫，氫核質(zhì)

量為機2，中子質(zhì)量為外，光速為c,以下說法正確的是（）

A.核反應(yīng)方程為；H+；Hf；He+Qn

B.核反應(yīng)過程中損失了一個中子

C.產(chǎn)生的中子動能為+（2町一鈾一"4）臼

D.：He的結(jié)合能比；He的結(jié)合能大

2.跳高運動有跨越式、俯臥式、背越式等，其中背越式更為科學.如圖所示是某次運動員背

越式跳高頻閃拍照的示意圖（每次曝光的時間間隔相等），若運動員的重心軌跡與同速度不

計阻力的小球斜上拋運動軌跡重合，下列說法正確的是（）

A.在A處地面對運動員做功，運動員獲得斜向上方的速度

B.運動員從C到。與從E到尸速度的變化量相同

C.與跨越式跳高比較，同樣的運動員同樣的起跳速度，背越式跳高運動員重心上升的高，所

以跳高成績好

D.運動員從B到D處于超重狀態(tài)，從。到尸處于失重狀態(tài)

3/軸上固定著兩個點電荷4B,兩點電荷分別位于4=0、處，兩者所在區(qū)域為真

空，在兩者連線上某點的電場強度E與該點位置的關(guān)系如圖所示。選取x軸正方向為場強

的正方向，無限遠處電勢為零。以下說法正確的是（）

A.點電荷A、8分別帶正電和負電

B.AB所帶電荷量的絕對值之比為1:4

C.x=d處電勢最高且為零

D.將電子從x=5"處無初速度釋放，其電勢能一直減小

4.將如圖所示的交流電壓加在一個阻值火=1。的定值電阻兩端，通電時間2min,則下列說

法正確的是（）

-UN

3----*r--1?-----??-----?

_°..U_J23i_i45LJ67L_：?/?

A.通過該電阻的電荷量為120CB.通過電阻的電流的有效值為0.5A

C.電阻產(chǎn)生的焦耳熱為500JD.電阻兩端電壓的有效值為好V

2

5.如圖所示，為勻強磁場的左邊界，磁場中有正方形線框“加4,其“d邊與MN重合。

線框第一次以，。邊為轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動而出磁場；第二次線框在外力作用下向左勻速拉出磁場,

兩次所用時間相同，第一次線框產(chǎn)生的熱量為0,通過〃邊的電荷量為小，be邊經(jīng)過MN

時所受安培力為耳，第二次線框產(chǎn)生的熱量為通過44邊的電荷量為生,be邊經(jīng)過MN

時所受安培力為己,以下說法正確的是（）

兀：

A.Fi:F2=n:2,q:%=1B.12,:Q2=8:兀:%=1：1

2

C.Ft:F2=7i:4,%:%=1:1D.Q]：Q2=n:8,%：%=1:1

6.如圖甲所示，正方體框架內(nèi)放置四個小球，小球恰好與邊框相切，其上放置第五個小球P,

下面四個小球?qū)球的彈力均為耳，每條邊框受到球的作用力均為N-如圖乙所示，正三

棱錐框架內(nèi)放置三個小球，小球恰好與邊框相切，其上放置第四個小球。，三個小球?qū)Α?/p>

球的彈力均為鳥，每條邊框受到球的作用力均為N2,九個小球完全相同且表面光滑，以下

a

D.瓦

二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項

符合題目要求全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7.隨著地球氣候變暖的加劇，某物理興趣小組設(shè)想通過模擬衛(wèi)星變軌的方法，將地球加速變

軌到火星的繞日運轉(zhuǎn)軌道，借此移居的計劃給地球“降溫”.經(jīng)查閱資料，他們發(fā)現(xiàn)火星的

繞日半徑是地球繞日半徑的9倍，而火星的質(zhì)量是地球質(zhì)量的：，假設(shè)太陽的質(zhì)量為〃，

地球的質(zhì)量為加，地日距離為r,如圖所示，計劃將地球從自身軌道I,經(jīng)橢圓軌道H進入

火星軌道HI,AB為兩軌道的切點，則下列說法正確的是（）

A.移居前，地球和火星受到太陽的萬有引力之比為4:81

B.如果成功轉(zhuǎn)移地球軌道，地球的一年將變成3兀、匚

VGM

C.假設(shè)距太陽，處，地球產(chǎn)生的引力勢能為不=-二空，則地球在移居計劃前后需通過外

r

力給地球做的功為％

6r

D.若移居成功，為了更好地監(jiān)視火星的運動狀態(tài)，興趣小組設(shè)想在火星軌道的外側(cè)安置一顆

人造衛(wèi)星，使其僅在火星和太陽的引力作用下實現(xiàn)與火星做同步繞太陽的圓周運動，若衛(wèi)星

與太陽的距離為L則太陽和火星的質(zhì)量之比為

Z?_(|r)3?_1r)2

8.如圖甲所示，在豎直平面內(nèi)有四條間距相等的水平虛線右、4、4、&，在4與右、4與4

之間存在勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小均為1T,方向垂直于豎直平面向里?，F(xiàn)有一矩形線圈

abed,寬度cd=L=0.5m,質(zhì)量為0.1kg,電阻為2C,將其從圖示位置（cd邊與4重合）

由靜止釋放，線圈的速度隨時間的變化關(guān)系如圖乙所示，乙時刻，cd邊與4重合；力時刻，

他邊與4重合；與時刻，劭邊與人重合。芍~4時間內(nèi)的V—圖線為與/軸平行的直線，4

~t2時間內(nèi)和％時刻之后的VT圖線均為傾斜直線。已知乙~4的時間間隔為0.45s,整個運

動過程中線圈平面始終處于豎直平面內(nèi)。則（重力加速度g取10m/sD（）

AJ時刻，線圈運動的速度大小匕=3.5m/s

B.L,與右、\與L4之間的勻強磁場的寬度為1m

C.在0~6時間內(nèi)，通過線圈的電荷量為0.25C

D.在0~%時間內(nèi)，線圈產(chǎn)生的熱量為1.1125J

9.甲、乙兩輛汽車在平直公路不同車道上同向行駛，某時刻甲、乙兩車并排行駛，若以并排

行駛時的位置作為坐標原點，兩車速度的平方d與位移x的變化關(guān)系如圖所示，下列說法

正確的是（）

A.甲車的加速度比乙車的加速度大B.在0~x0段，乙車的平均速度大

C.在x=x0處，甲、乙兩車的速度相等D.在x=x（,處，甲、乙兩車相遇

10.如圖甲、乙所示有兩個物塊A、B,質(zhì)量分別為叫、R，m2=2m}=2m,甲圖中用輕繩

將兩物塊連接在滑輪組上，乙圖中用輕繩將兩物塊連接放在固定光滑斜面上，斜面傾角為

30°,滑輪的質(zhì)量不計，輕繩與滑輪的摩擦也不計，重力加速度為g?，F(xiàn)將兩物塊從靜止釋

放，物塊A上升一小段距離〃，在這一過程中，下列說法正確的是（）

A.甲、乙兩圖中，兩物塊的重力勢能之和均不變

B.甲圖中，A物塊上升到高度時的速度為小，

C.甲圖中，輕繩對兩物塊做的功率大小不相等

D.甲、乙兩圖中，輕繩的拉力大小分別為誓和儂

三、非選擇題：共56分。第11?14題為必考題，每個試題考生都必須作答第15?16題為

選考題，考生根據(jù)要求作答。

（-）必考題：共43分。

11.（6分）某物理興趣小組用如圖甲所示的實驗裝置測當?shù)氐闹亓铀俣龋峁┢鞑木?/p>

圖中展示，實驗原理和主要操作步驟如下：

（1）按如圖安裝好實驗器材，打點計時器固定在長木板上端，接通電源釋放物塊，讓物塊

自由滑下，打出前幾個計時點的紙帶如圖乙（a）所示（0為起始點），打點周期為「08間

距為內(nèi)，CE間距為％,則物塊下滑加速度表達式％=.

（2）將打點計時器取下固定在長木板的下端，接通電源，給物塊一個初速度使之沿長木板

從下到上運動，打出最后幾個計時點的紙帶為圖乙（b）中（0為最終點）的（填

序號），并通過實驗獲得的紙帶計算出加速度生.

（3）為了測量出當?shù)刂亓铀俣冗€應(yīng)測量長木板與地面所構(gòu)成的斜面高度h和（填

物理量及物理量字母）.

（4）通過分析可知當?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_式為g=［用4、％、人和步驟（3）中所測

物理量字母表示］.

12.（9分）某實驗小組在做測量電源電動勢和內(nèi)阻的實驗時，發(fā)現(xiàn)缺少電壓表，便結(jié)合已有

的器材設(shè)計了如圖甲所示的實驗電路（其中凡為定值電阻，R為電阻箱）.改變電阻箱R的

阻值，得到多組數(shù)據(jù)，畫出圖乙所示圖像，圖像與縱軸交點為“，圖像斜率為&,請回答下

列問題:

（1）根據(jù)圖乙可得到該實驗測得的電動勢為,電源內(nèi)阻為.（均用凡、4、k

表示）

（2）該實驗測得的電源內(nèi)阻比真實值偏（填“大”或“小”），造成誤差的原因

是■

13.（13分）如圖所示，在平面直角坐標系的第一象限與第二象限存在垂直于x軸的相同勻

強電場，第二象限與第四象限存在垂直坐標軸平面向里的相同勻強磁場，磁場區(qū)域在第四象

限內(nèi)沿著x軸的長度x,且長度大于3”.現(xiàn)有一質(zhì)量為m，電荷量為+4的粒子以初速度均從

初始位置向前做勻速直線運動，粒子垂直），軸射入第一象限，射出第一象限時速度的偏轉(zhuǎn)角

，=45。.己知初始位置坐標為（-4,4）,粒子重力忽略不計.求：

（1）電場強度E的大小；

（2）在第四象限粒子剛好平行于x軸射出磁場，求該磁場區(qū)域沿著x軸的長度工

14.（15分）如圖所示，水平傳送帶回與粗糙水平地面8C、光滑半圓軌道CD平滑對接,

8為半圓軌道的豎直直徑.已知傳送帶以速度％=2麻順時針勻速轉(zhuǎn)動，傳送帶長度為

2L,8C長為L,質(zhì)量為〃?的小滑塊P從左端放置在傳送帶上，P與傳送帶間的動摩擦因數(shù)

〃,=?!，與地面間的動摩擦因數(shù)〃2=），軌道的半徑R=4.在C點靜止放置一個質(zhì)量也

為機的小球如果能與。發(fā)生碰撞，二者沒有機械能損失.已知重力加速度為g,求：

（1）通過計算判斷，小滑塊P剛到達c點時的速度；

（2）如果尸能夠與。碰撞，求碰后。運動到。點時對軌道的壓力大小；

（3）如果小球。的質(zhì)量變?yōu)楸?a為正數(shù)），小球。通過。點后能夠落到傳送帶上，求

上值范圍.

（二）選考題：共13分。請考生從兩道中任選一題作答。如果多做，則按第一題計分。

15.【選修3-3】（13分）

（1）（5分）如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)。開始，經(jīng)歷過程①②③到達狀態(tài)乩

則：過程①中單位時間內(nèi)氣體分子對容器壁碰撞次數(shù)（填“增加”或“減少”）；

過程②中氣體對外界做.（填“正功”或“負功”）；狀態(tài)c的內(nèi)能（填

或“="）狀態(tài)d的內(nèi)能，過程③中氣體（填“從外界吸收”或“向外界放出”）

熱量。

（2）（8分）居家生活種植花草，可以提高家庭生活品位，家用灑水壺成家庭必備。如圖

V

所示，圓柱形灑水壺密封時容積為匕打氣筒氣室容積AV=而，某次澆花時，倒入壺中水

的體積為4三V并密封，然后開始打氣，每一次打入壓強為P。、體積為吉V的空氣，已知大氣

壓強為P。，不計噴水細管的體積及噴水后細管內(nèi)剩余液體的壓強，設(shè)氣體質(zhì)量機a，（p

為氣體壓強，丫為氣體體積，T為熱力學溫度），打氣過程及噴灑過程中環(huán)境溫度不變。

活塞

①至少打幾次氣后，灑水壺里的水可以全部噴完;

②若在噴灑過程中灑水壺中空氣從外界吸收熱量為12J,求壺中空氣做功為多少。

16.【選修3-4［（13分）

（1）（5分）如圖所示，0點為簡諧橫波的波源。振幅為5cm的波從。點分別沿x軸正方

向和負方向傳播，Qa=3m,O〃=4m,Oc=6m。/=0時，波源。由平衡位置開始豎直向下

振動；，=6s時，質(zhì)點“第一次到達最高點，同時質(zhì)點c剛好開始振動。則下列說法中正確

的是

—??----??X?

A.該波的周期為4s

B.0~10s內(nèi)，質(zhì)點人走過的路程為0.3m

C.該波的波速為0.75m/s

D"=6s時質(zhì)點6經(jīng)過平衡位置向上運動

E.當質(zhì)點C向下運動時，質(zhì)點4一定向上運動

（2）（8分）小莉家里有一塊材料未知的長方體透明磚。小莉為了測定它的折射率，進行

了如下操作:她首先在水平桌面固定一張白紙，不放透明磚，直接用一束紅光照射到白紙上，

紅光與水平方向的夾角，=37。，在白紙上出現(xiàn)亮點，標記為4點。現(xiàn)保持入射光束的位置

及入射方向不變，在光源和A點之間放上透明磚，透明磚左側(cè)的白紙上出現(xiàn)一個亮點，標

記為B點。在玻璃磚右側(cè)出現(xiàn)兩個亮點，標記為C、。點。移去透明磚，測得A8兩點之

間的距離為1.2cm,測得C、。兩點之間的距離為4.8cm。不考慮光在透明磚表面的多次反

射，sin370=0.6,cos37°=0.8o

......

〃ACD

①作出形成亮點8、C、。的光路圖；

②求透明磚的折射率。（結(jié)果可以用根號表示）

2021年高考物理考前押題《最后一卷》新高考版

湖南地區(qū)專用

答案以及解析

1.答案：c

解析：本題考查核反應(yīng)方程、質(zhì)量虧損、結(jié)合能等。兩個氣核發(fā)生正碰，產(chǎn)生氫核和中子的

核反應(yīng)方程為：H+；Hr；He+[n,A錯誤；核反應(yīng)過程中沒有損失中子，B錯誤；核反應(yīng)產(chǎn)

生的氫核和中子的動量守恒，即陞e=Pn，動能七=3,由能量守恒，有

2m

2￡0+(2叫-m2-nhy=￡kHc+Ekn,得Ekn=利[2E。+(2町,C正確；；He

的核子數(shù)比；He的核子數(shù)少，；He的結(jié)合能比；He的結(jié)合能小，D錯誤。

2.答案：B

解析：本題考查斜上拋運動。運動員在A處起跳獲得的動能來源于自身的化學能，并非地

面對其做功，A項錯誤；運動員從C到。、從E到尸速度的變化量均為小=8加，B項正

確；同樣的運動員同樣的起跳速度，運動員重心上升的高度相同，只是跨越式桿在重心下方，

背越式桿在重心上方，因而背越式跳高成績好，C錯誤；跳高運動員跳離地面后加速度為重

力加速度，方向始終向下，則運動員始終處于失重狀態(tài)，D項錯誤。

3.答案：D

解析：本題考查兩個點電荷形成的電場的合成。選取x軸正方向為場強的正方向，根據(jù)E-x

圖像，在0<x<d區(qū)域，場強方向為負，在區(qū)域，場強方向為正，在x>々/區(qū)域，

場強方向為負，可知兩點電荷均帶負電，A錯誤；在x=</處，場強為零，有*=能，

得私=9%,B錯誤；沿電場線方向電勢降低，故在0<x<4d區(qū)域x=4/處電勢最高，但比無

限遠處電勢低，即電勢小于零，C錯誤；電子從5d處無初速度釋放，其在電場力作用下一

直向無限遠處運動，電場力做正功，其電勢能一直減小，D正確。

4.答案:A

解析：本題考查交變電流的有關(guān)知識。在一個周期T=2s內(nèi)，通過該電阻的電荷量為

4=泉乙一號XL=2C,2min內(nèi)共有60個周期，所以%=60q=120C,故A正確；在

AR

一個周期內(nèi)，電阻產(chǎn)生的焦耳熱為。喙+隼、％=合，代入數(shù)據(jù)解得電阻兩端電壓

的有效值U=7^v,則通過電阻的電流的有效值為/=M=6A,B、D錯誤；2min內(nèi)電阻

R

產(chǎn)生的焦耳熱為?？?I-Rt=600J,C錯誤。

5.答案：D

解析：本題考查電磁感應(yīng)、熱量及電荷量的相關(guān)計算。設(shè)勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為B,

線框邊長為L,電阻為R,線框勻速轉(zhuǎn)動的周期為T,第一次線框產(chǎn)生正弦交流電四分之一

周期部分，電動勢的最大值媒=8So=@些，兒邊經(jīng)過時，線框中的電流乙=與依

TR

邊所受安培力的大小為耳=8//=2祟，四分之一周期內(nèi)線框產(chǎn)生的熱量為

2=(*].$=庠"‘通過""邊的電荷量"=與；第二次線框向左勻速運動’速度

4"

v=LT=iTL,線框產(chǎn)生電動勢《=3小=竺巴，第二次線框產(chǎn)生的熱量為

4T

224

八ET4BL注、i]“,可出開皿Bl}冗6—兀nc

。2二下?7=通過ad邊的電何量%=F，有7Qri=_"p2；r5=，"F=，AA、B、C

錯誤，D正確。

6.答案：C

解析：本題考查多力作用下小球的平衡問題及力的合成與分解。在正方體框架情境下，設(shè)四

個小球?qū)球彈力方向與豎直方向夾角為四，如圖甲所示，設(shè)小球半徑為凡由兒何關(guān)系

可知，sina、=叵上,由于各小球處于受力平衡狀態(tài)，設(shè)小球的重力為摩，則有

12R2

4flcosa,=mg,得耳=￡_〃際；設(shè)兩個彈力耳所在平面與水平面間的夾角為4,如圖乙

Rn

所示，則有8502=怠=亨■，小球?qū)吙虻淖饔昧Υ笮〖礊閮蓮椓υ潞狭Φ乃椒至看?/p>

小，有N=2耳?cosBCfcos4；同理，在正三棱錐框架情況下，設(shè)三個小球?qū)球

2>/37?

的彈力方向與豎直方向夾角為四，如圖丙所示，由幾何關(guān)系可知，.a也,則

sinB,=---=——

12R3

cos笈="，由于各小球處于受力平衡狀態(tài)，則有Fgcosgn5g,解得凡=2^；?g；設(shè)兩

36

6R

個彈力所在平面與水平面間的夾角為其，如圖丁所示，則有“cA亍1,小球?qū)?/p>

COS"c=-z=-=-

20R3

6

框的作用力大小即為兩彈力尸2合力的水平分量大小，A^=cos30cosJ3=——mg,故

22~6

0gc正確。

7.答案：CD

解析：由萬有引力定律F=G半可求出地球和火星受到太陽的萬有引力之比為81:4,故A

r~

GMm.2兀丫3

錯誤；由題意可知，此時地球的繞日半徑變?yōu)?r,由（3,2I7J2,解得

7=3%巨二，故B錯誤；在軌道I,由萬有引力定律提供向心力有半=叱，可知動能

V2GMr2r

^=—=—,又由題意可知，此時的引力勢能Ep=-包色，故在軌道I的總機械能

22rpr

GMmE=E，+E，=--OMUL

為￡=線+穌=-1「洞理可得，在軌道HI的總機械能2kp3,由能量守

2rZx3r

恒定律可知，外力需要做的功卬=笈-￡=算，故C正確；由題意可知，火星、太陽和

6r

GMm火3

-----=m.,a）—r

人造衛(wèi)星的相對位置如圖，由萬有引力定律提供向心力，對火星有（3,2r火2,對

人造衛(wèi)星，有等+黃〒”-,解得卜|故D正

確.

8.答案：AD

解析：馬~外線圈做勻速運動，根據(jù)受力平衡有，咫=3〃，而/=華,聯(lián)立兩式解得

v2=8m/s,tt~t2的時間間隔為0.45s,線圈做加速度為g的勻加速直線運動，嶺=匕+gr,

解得匕=3.5m/s,A項正確；4~與時間內(nèi)，線圈一直做勻加速直線運動，知油邊剛進入上

邊的磁場時，〃邊也剛進入下邊的磁場，設(shè)磁場的寬度為d,則線圈的長度乙'=加，線圈

下降的位移x=L'+d=3d,則有33=卬+3產(chǎn)，解得d=0.8625m,B項錯誤；在Of時間

DAC

內(nèi)，〃邊從乙運動到4,通過線圈的電荷量g=7W=F—=0.215625C,C項錯誤；在

R

0~4時間內(nèi)，根據(jù)能量守恒得。=，砥(34+24)-3加；=1.11251，D項正確。

9.答案：ABC

解析：根據(jù)/-4=2方可知，一―工圖像的斜率為射，因甲車的斜率大于乙車的斜率，所

以甲車的加速度大于乙車的加速度，A選項正確；在0~x。段，因甲車初速度小于乙車初速

度，末速度相等，根據(jù)B=可知，甲車平均速度小于乙車平均速度，即乙車的平均速

度大，B選項正確；在x=x0處，由題圖可知，甲、乙兩車的速度相等，C選項正確；在x=%

處，由于乙車的平均速度比甲車的平均速度大，根據(jù)x=可，可知乙車到達與處的時間比甲

車所用時間短，則兩車不能相遇，D選項錯誤.

10.答案：BD

解析：本題考查連接體的機械能守恒問題。根據(jù)機械能守恒可知，8物塊減小的重力勢能全

部轉(zhuǎn)化為A物塊的重力勢能和兩物塊的動能，則兩物塊的重力勢能之和發(fā)生變化，選項A

錯誤；題圖甲中，根據(jù)動滑輪的特點可知，8物塊的速度為A物塊速度的2倍，根據(jù)動能定

理可得住2g-町g/7=；〃4片+g町d，解得匕=,選項B正確；題圖甲中同一根輕

繩的拉力相同，故輕繩對B物塊做功的功率P2=Fv2f輕繩對A物塊做功的功率6=2/飛，

由于為=2匕，故輕繩對8物塊做功的功率與輕繩對A物塊做功的功率大小相等，選項C錯

誤;對題圖甲中兩物塊，根據(jù)動滑輪的特點可知,4物塊的加速度為B物塊的加速度的一半，

根據(jù)牛頓第二定律可知2尸-機田:犯巴明8-尸二網(wǎng)",。』？〃，聯(lián)立解得尸=粵，對題圖

,

乙中兩物塊，根據(jù)牛頓第二定律可知產(chǎn)'-町gsin3(T=町4,m2g-F=m2a[,a[=a],解得

F'=mg,選項D正確。

U.答案：(1)

67~

(2)③

(3)長木板的長度心

(4)(4+%乂

2h

解析：(1)根據(jù)題圖乙中紙帶(a)可得合-/=a/3T,即物塊下滑加速度表達式4=胃口.

(2)設(shè)斜面的傾角為仇物塊在長木板上從上到下運動的過程中，根據(jù)牛頓第二定律可知

4=gsind-〃geos。①；物塊沿長木板從下到上運動的加速度為=gsin〃+〃gcos。②，比

較可知即(b)紙帶最后每個相等時間間隔所經(jīng)過的距離要比(a)紙帶經(jīng)過的距離

大，故紙帶應(yīng)是題圖乙(b)中的③.

(3)由于斜面的傾角未知，所以還需要測量的物理量為長木板的長度L

(4)由①②式結(jié)合所測物理量可知當?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_式為g=叱他.

2h

]2答案.(1)E=———.r=———

口菜,叫-k，aR「k

(2)大；電流表有內(nèi)阻

解析：(1)根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得E=U+//=/%+(＜，+/〉,貝I]

華1+四?，再結(jié)合題圖乙可得，冬=匕絲」=4,則后=整"/=r].

IEREEEaRn-kaR^-k

(2)本實驗的系統(tǒng)誤差主要在于沒有考慮電流表的內(nèi)阻以，根據(jù)(1)的分析，把電流表

二―+一)k

內(nèi)阻,計算在內(nèi)可得&L,故測量值偏大，因此，造成誤差的原

凡+〃

因是電流表有內(nèi)阻.

9

13.答案：(1)—(2)4a

2qa

解析：(1)帶電粒子在第一象限中做類平拋運動，將末速度進行分解tan45。=2

%

在豎直方向上做勻加速直線運動寸-0=2芻”，聯(lián)立解得￡=等

m2qa

(2)設(shè)磁感應(yīng)強度為B,粒子在第二象限做勻速直線運動回=4%8,解得8=粉

粒子在第四象限做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力以8=m二，且口=夜%

r

聯(lián)立解得「=2低，粒子剛好平行于x軸射出磁場，作出軌跡圖像如圖所示

由幾何關(guān)系可知，類平拋的水平位移為2〃，第四象限磁場區(qū)域沿著x軸的長度

.夜，

x=2。+——r=4〃

2

14.答案：(1),瘋(2)4mg(3)孚-掇很嚕-1

解析：(1)假設(shè)小滑塊P在傳送帶上一直加速運動，到達B點時的速度為h,對小滑塊P

從A到3由動能定理有g(shù)加以—0=2〃egL,解得為=舟2<2瘋，假設(shè)成立。設(shè)P能

到C點，且速度為",從B到C由動能定理有-〃=聯(lián)立解得

“=|必

(2)對尸、。碰撞的過程，由動量守恒定律有機“=〃”小+〃“℃1

對P、Q系統(tǒng)，由機械能守恒定律有一吭.=；機次ci+；〃Mci，聯(lián)立解得%71=%

對小球。從C到。的過程，由動能定理有=,小球Q在。點時，

由牛頓第二定律有強?+&=〃7與，R=4,聯(lián)立解得反=4"g,由牛頓第三定律得

%=4,咫

（3）小球。的質(zhì)量變?yōu)榧?，同理，對HQ由動量守恒定律有，叫

+kmVV

對P、Q系統(tǒng)，由機械能守恒定律有=]汨C2^QC2，聯(lián)立解得QC1~T~T4^

乙乙乙1十K

對。球，從C到。的過程，由動能定理有-2即孤=；加噸2-g加%2

二（里廣網(wǎng),在。點平拋運動，恰好落在點，此時對應(yīng)的水平速度為

解得VQD29BVgo,

（1+*）'

則有2R=]g產(chǎn)，L熟％/3L