2022年福建省高考物理適應(yīng)性試卷（一）（附答案詳解）

2022年福建省高考物理適應(yīng)性試卷（一）

一、單選題（本大題共4小題，共16.0分）

1.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)M經(jīng)歷過(guò)程1或者過(guò)程2到達(dá)

狀態(tài)N,其p-V圖像如圖所示。在過(guò)程1中，氣體始終與

外界無(wú)熱量交換；在過(guò)程2中，氣體先經(jīng)歷等容變化再經(jīng)

歷等壓變化。狀態(tài)M、N的溫度分別為7”、TN，在過(guò)程1、

2中氣體對(duì)外做功分別為叫、W2,則（）

A.TM-TNB.TM<TNC.Wr>W2D.Wr<W2

2.下列四幅圖依次涉及到不同的物理知識(shí)，其中說(shuō)法正確的是（）

圖甲圖乙圖丙圖:

A.用回旋加速器加速粒子的過(guò)程中，粒子獲得的最大動(dòng)能與電壓U的大小有關(guān)

B.重核裂變產(chǎn)生中子使裂變反應(yīng)一代接一代繼續(xù)下去的過(guò)程，叫核裂變的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)

C.湯姆孫通過(guò)研究陰極射線精確測(cè)定出電子所帶的電荷量

D.泊松亮斑說(shuō)明光具有粒子性

3.某同學(xué)參加編程機(jī)器人大賽,該參賽機(jī)器小車(chē)（視為質(zhì)

點(diǎn)）的質(zhì)量為2kg,設(shè)定該參賽機(jī)器小車(chē)的速度大小始

終為lm/s?，F(xiàn)小車(chē)要通過(guò)一個(gè)半徑為0.2m的圓弧凸

橋，取重力加速度大小g=10m/s2,下列說(shuō)法正確的

是（）

A.小車(chē)通過(guò)圓弧凸橋的過(guò)程中機(jī)械能守恒

B.小車(chē)通過(guò)圓弧凸橋的過(guò)程中所受合力始終為零

C.小車(chē)通過(guò)圓弧凸橋的最高點(diǎn)時(shí)，橋受到的壓力大小為10N

D.小車(chē)通過(guò)圓弧凸橋的最高點(diǎn)時(shí)，橋受到的壓力大小為30N

4.已知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在周?chē)臻g某位置產(chǎn)生的磁感應(yīng)

強(qiáng)度大小與電流強(qiáng)度成正比，與該位置到長(zhǎng)直導(dǎo)線

的距離成反比。如圖所示，現(xiàn)有通有電流大小相同

的兩根長(zhǎng)直導(dǎo)線分別固定在正方體的兩條邊dh和M上，彼此絕緣，電流方向分別

由d流向九、由九流向g,則頂點(diǎn)a和c兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小之比為（）

A.>/6：4B.V2：2C.V3：4D.4：V3

二、多選題（本大題共4小題，共24.0分）

5.2021年3月15日13時(shí)29分，嫦娥五號(hào)軌道器在地面飛控人員精確控制下成功被日地

拉格朗日人點(diǎn)捕獲，這也是我國(guó)首顆進(jìn)入日地人點(diǎn)探測(cè)軌道的航天器。已知太陽(yáng)和

地球所在的連線上有如圖所示的3個(gè)拉格朗日點(diǎn)，飛行器位于這些點(diǎn)上時(shí)，會(huì)在太

陽(yáng)與地球引力的共同作用下，可以保持與地球同步繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)

法正確的是（）

L）日Li地Lz

A.飛行器在刀點(diǎn)繞太陽(yáng)飛行的加速度小于地球繞太陽(yáng)飛行的加速度

B.飛行器在Li點(diǎn)處于平衡狀態(tài)

C.飛行器4在5點(diǎn)繞太陽(yáng)飛行的動(dòng)能小于飛行器B在心2點(diǎn)繞太陽(yáng)飛行的動(dòng)能

D.飛行器4在■點(diǎn)繞太陽(yáng)飛行的角速度等于飛行器B在員點(diǎn)繞太陽(yáng)飛行的角速度

6.A、B兩物體沿同一直線同向運(yùn)動(dòng)，0時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，2、

B兩物體的2-t圖像如圖所示，已知在t=10s時(shí)4、B在

同一位置，根據(jù)圖像信息，下列正確的是（）

A.B做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為lm/s2

B.t=6s時(shí)，A在前、B在后，8正在追趕4

C.A、B在零時(shí)刻相距30m

D.在0?10s內(nèi)，4、B之間的最大距離為49nl

7.如圖，水平放置的輕彈簧左端固定，右端連接質(zhì)量為小的小球，小球靜止在光滑水

平面上?在水平向右的恒力F作用下小球由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻速度大小為

方向向右，經(jīng)時(shí)間t后，小球向右移動(dòng)了X,速度大小仍為以方向向左。不計(jì)空氣

阻力，彈簧一直在彈性限度內(nèi)。則此過(guò)程中（）

A.彈簧彈力對(duì)小球做的功為零B.彈簧的彈性勢(shì)能增加了Fx

C.小球的重力的沖量為零D.彈簧彈力的沖量大小為Ft+2mv

第2頁(yè)，共17頁(yè)

8.如圖所示，一傾角為。=37。的足夠長(zhǎng)斜面體固定在水平地面上，質(zhì)量為M=2kg的

長(zhǎng)木板B沿著斜面以速度%=9m/s勻速下滑，現(xiàn)把質(zhì)量為m=1kg的鐵塊4輕輕放

在長(zhǎng)木板B的左端，鐵塊最終恰好沒(méi)有從長(zhǎng)木板上滑下。已知力與B之間、B與斜面

之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取重力加速度g=

10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,則下列判斷正確的是（）

A.動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.5

B.鐵塊4和長(zhǎng)木板B共速后的速度大小為6m/s

C.長(zhǎng)木板的長(zhǎng)度為2.25m

D.從鐵塊放上到鐵塊和長(zhǎng)木板共速的過(guò)程中，鐵塊4和長(zhǎng)木板8減少的機(jī)械能等于4、B

之間摩擦產(chǎn)生的熱量

三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）

9,一簡(jiǎn)諧橫波以4m/s的速度沿x軸正方向傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖所示，此時(shí)質(zhì)

點(diǎn)P的位移為0.15m,M、N兩點(diǎn)間距離為2m,則這列波的周期為s,再經(jīng)

10.跳遠(yuǎn)原是人類(lèi)獵取食物和逃避狂獸侵害的一種生活技能，后又成為挑選與訓(xùn)練士兵

的條件和手段。在古希臘奧林匹克運(yùn)動(dòng)會(huì)中跳遠(yuǎn)即己作為比賽項(xiàng)目之一。一位同學(xué)

在水平面上進(jìn)行跳遠(yuǎn)訓(xùn)練，該同學(xué)以與水平面成37。、大小為5m/s的速度離開(kāi)地面

騰空（如圖所示），不計(jì)空氣阻力，取g=l（hn/s2,該同學(xué)可視為質(zhì)點(diǎn)。則該同學(xué)

到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度大小為m/s,在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為s。（s譏37。=

0.6)

四、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共12.0分)

11.一種新的短途代步工具一一電動(dòng)平衡車(chē)，被稱(chēng)為站著騎的電動(dòng)車(chē)。某同學(xué)為了探究

該車(chē)在平直水泥路面上的運(yùn)動(dòng)情況，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：將輸液用的塑料瓶裝適量水

后，連同輸液管一起綁在平衡車(chē)的扶手上，調(diào)節(jié)輸液管的滴水速度。某滴水剛落地

開(kāi)始計(jì)時(shí)，從下一滴水落地開(kāi)始依次計(jì)數(shù)為1、2、3……，當(dāng)?shù)?0滴水剛好落地時(shí)

停止計(jì)時(shí)，測(cè)得時(shí)間為25.0s。該同學(xué)騎上平衡車(chē)后，先加速到某一速度，然后關(guān)

閉動(dòng)力，讓平衡車(chē)沿著直線滑行。如圖所示是某次實(shí)驗(yàn)中在水泥路面上的部分水滴

及測(cè)出的間距值(左側(cè)是起點(diǎn)，單位：m),當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取10m/s2,根據(jù)該同

學(xué)的測(cè)量結(jié)果可得出：

up￡2c-e

：rOI：'l.SQ:'l.9S：'2.47::02,36,:-2.26;2.16：?075

(1)平衡車(chē)經(jīng)過(guò)路面上相鄰兩水滴間的時(shí)間間隔T=s；

(2)平衡車(chē)加速過(guò)程的加速度大小a=m/s2,運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)的速度大小

v=m/s；(結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)

(3)設(shè)平衡車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受阻力的大小是人與車(chē)總重力的k倍，則k=。(結(jié)

果保留兩位有效數(shù)字)

12.電話手表越來(lái)越受兒童的青睞，某同學(xué)要測(cè)某品牌電話手表的電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻,

設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路，電路中為定值電阻，阻值大小為0.50。

(1)請(qǐng)按圖甲所示的電路圖完成圖乙中實(shí)物圖的連接。

(2)閉合開(kāi)關(guān)S前，應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑片移到(填“左”或“右”)端。

(3)實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，若某次電壓表的示數(shù)如圖丙所示，則該示數(shù)為乙

(4)閉合開(kāi)關(guān)S,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，記錄多組電壓表U和電流表/的示數(shù)，作出

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U-/圖像如圖丁所示，則電池的電動(dòng)勢(shì)E=大結(jié)果保留三位有效數(shù)字),

電池的內(nèi)阻r=0(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。

五、計(jì)算題(本大題共3小題，共40.0分)

13.黨的十八大以來(lái)，中國(guó)交通發(fā)展取得歷史性成就，現(xiàn)在全國(guó)鐵路營(yíng)業(yè)里程13.9萬(wàn)公

里，其中高鐵超過(guò)3.5萬(wàn)公里，位居世界第一；公路里程501.3萬(wàn)公里，其中高速公

路15萬(wàn)公里，位居世界第一。一輛質(zhì)量為zn=2000kg的汽車(chē)以%=30m/s的速度

在平直的高速公路上勻速直線行駛，當(dāng)駕駛員發(fā)現(xiàn)前方有事故時(shí)，立即進(jìn)行剎車(chē)，

已知司機(jī)的反應(yīng)時(shí)間為0.7s。若汽車(chē)剎車(chē)后的剎車(chē)制動(dòng)力尸與剎車(chē)后的時(shí)間t成線性

變化關(guān)系，如圖所示，且在t=10s時(shí)刻汽車(chē)剛好完全停止運(yùn)動(dòng)，汽車(chē)運(yùn)動(dòng)可視為

直線運(yùn)動(dòng)。求：

(1)司機(jī)的反應(yīng)時(shí)間內(nèi)汽車(chē)行駛的距離；剎車(chē)后的最大制動(dòng)力片;

(2)當(dāng)［=5s時(shí),汽車(chē)的速度。

14.質(zhì)量為mi的長(zhǎng)木板4靜止放在水平地面上,其左端位于。點(diǎn)，質(zhì)量為加2的小滑塊B放

在木板的右端，如圖所示，。點(diǎn)左側(cè)的地面光滑，右側(cè)的地面粗糙。質(zhì)量為的物

體C以初速度%=8m/s從左側(cè)向。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，與木板發(fā)生彈性碰撞。已知m°=1.0kg,

mr-3.0kg,m2=1.0kg,長(zhǎng)木板與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)血=0.4,重力加速度g=

10m/s2,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。求：

(1)物體C與木板4碰撞后瞬間木板的速度也；

(2)當(dāng)木板4與滑塊B共速之后有兩種可能的運(yùn)動(dòng)情況，第一種運(yùn)動(dòng)情況是一起相對(duì)

靜止在地面上減速滑行，第二種運(yùn)動(dòng)情況繼續(xù)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，直至都停下來(lái)。試分

析發(fā)生第一種運(yùn)動(dòng)情況時(shí)，。點(diǎn)右側(cè)地面動(dòng)摩擦因數(shù)內(nèi)的取值范圍；

(3)若最終滑塊B停在木板A的左端，經(jīng)測(cè)量木板的長(zhǎng)度L=1.0m,若滑塊可視為質(zhì)

點(diǎn)，請(qǐng)計(jì)算0點(diǎn)右側(cè)地面與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)內(nèi)的數(shù)值。

B

15.如圖甲所示，在。-xyz三維坐標(biāo)系的空間內(nèi)有平行z軸向上且交替變化的勻強(qiáng)電場(chǎng)、

勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)、磁場(chǎng)隨時(shí)間變化的規(guī)律分別如圖乙、丙所示，t=0時(shí)，一帶正

電的粒子以初速度%從0點(diǎn)沿x軸正方向射入，在1=白1寸粒子恰經(jīng)過(guò)點(diǎn)P(L、0、L)(

圖中未畫(huà)出)。已知電場(chǎng)強(qiáng)度大小為比,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為等,粒子重力不計(jì)，求：

(1)粒子的荷質(zhì)比；

(2)粒子在t=時(shí)的位置坐標(biāo)；

(3)粒子在t=中時(shí)的速度；

為整數(shù))時(shí)，粒子所處位置的軸坐標(biāo)值。

(4)t=^(nzzn

VO

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答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：AB,在過(guò)程1中，氣體始終與外界無(wú)熱量交換，即Q=0,氣體體積增大，

氣體對(duì)外做功，有W<0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律得：△(/=(2+勿=W<0,氣體內(nèi)能

減小，氣體溫度降低，即加>加，故A8錯(cuò)誤；

CD,p-1/圖象與坐標(biāo)軸圍成圖形的面積等于氣體做的功，根據(jù)圖象可知，過(guò)程1中p-K

圖象的面積大于過(guò)程2中p-V圖象的面積，則1%>明，故C正確，。錯(cuò)誤。

故選：Co

氣體體積變大，氣體對(duì)外做功，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功；根據(jù)題意應(yīng)用熱力學(xué)

第一定律判斷氣體內(nèi)能變化情況，然后判斷氣體溫度關(guān)系；p-U圖象與坐標(biāo)軸圍成圖

形的面積等于氣體做功，根據(jù)圖示圖象比較做功關(guān)系。

本題考查了熱力學(xué)第一定律、P-V圖象等知識(shí)點(diǎn)。這道題的關(guān)鍵是能夠通過(guò)P-V圖象

看出過(guò)程1、2中氣體對(duì)外做功的大小的關(guān)系。易錯(cuò)點(diǎn)：學(xué)生容易認(rèn)為過(guò)程1為等溫變化，

其實(shí)由于氣體始終與外界無(wú)熱量交換，有△U=W<0,內(nèi)能減小，溫度也會(huì)相應(yīng)降低。

2.【答案】B

【解析】解：

A.粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑越大，粒子動(dòng)能越大，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的最大軌

道半徑為R,

粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m9,

2

粒子的最大動(dòng)能珠=|mv=勺?普2,

粒子獲得的最大動(dòng)能與加速電壓無(wú)關(guān)，故4錯(cuò)誤；

8.鏈?zhǔn)椒磻?yīng)是指由重核裂變產(chǎn)生的中子使裂變反應(yīng)一代接一代繼續(xù)下去的過(guò)程，故8正

確；

C.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子，電子的發(fā)現(xiàn)使人類(lèi)認(rèn)識(shí)到分子是可以分割的，而密立根通過(guò)油滴實(shí)

驗(yàn)精確測(cè)得電子的電荷量，故C錯(cuò)誤；

D泊松亮斑說(shuō)明光具波動(dòng)性，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

根據(jù)洛倫茲力提供向心力，qvB=粒子的最大動(dòng)能取=-mv2=迪空，可知與

rRK22m

什么因素有關(guān)；

鏈?zhǔn)椒磻?yīng)是指由重核裂變產(chǎn)生的中子使裂變反應(yīng)一代接一代繼續(xù)下去的過(guò)程；

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可；

泊松亮斑說(shuō)明光具波動(dòng)性.

考查了回旋加速器最大動(dòng)能的影響因素，掌握鏈?zhǔn)椒磻?yīng)判定方法，注意其產(chǎn)生條件，理

解光的波動(dòng)性與粒子性的不同，本題關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)。

3.【答案】C

【解析】解：4、小車(chē)在通過(guò)圓弧凸橋的過(guò)程中速度大小不變，所以動(dòng)能不變，小車(chē)的

重力勢(shì)能先變大后變小，機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；

3、小車(chē)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力不為零，合外力充當(dāng)向心力，故8錯(cuò)誤；

C、。、小車(chē)通過(guò)圓弧凸橋最高點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律得：

V2

mg—N=m—

R

解得：N=10N,

由牛頓第三定律可知，橋受到的壓力大小為10N,故C正確，。錯(cuò)誤.

故選:Co

小車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中動(dòng)能不變，重力勢(shì)能改變，所以機(jī)械能不守恒；

小車(chē)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力充當(dāng)向心力，合外力不等于零；

小車(chē)通過(guò)圓弧凸橋的最高點(diǎn)時(shí)，利用牛頓第二定律列式求解，結(jié)合牛頓第三定律找出最

終結(jié)果.

本題考查圓周運(yùn)動(dòng)與機(jī)械能守恒，小車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)動(dòng)能不變，但是需要注意重力勢(shì)能發(fā)生

改變，機(jī)械能隨之改變，小車(chē)通過(guò)最高點(diǎn)注意先受力分析，然后再結(jié)合牛頓第二定律列

式求解.

4.【答案】A

【解析】解：設(shè)正方體的邊長(zhǎng)為r,流過(guò)棱長(zhǎng)的電流大

小為/

由題意可知，通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在周?chē)臻g某位置產(chǎn)生的磁

感應(yīng)強(qiáng)度大小為8=/c（可知：

由d流向九的電流在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度a=弓,方向

從a指向匕；

第8頁(yè)，共17頁(yè)

由無(wú)流向g的電流在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度/=k言=今卜j方向垂直于ha斜向左下;

故a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為Ba=+或=*.電

同理可得：

由d流向九的電流在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度B2=B[=fcp方向從b指向c；

由人流向g的電流在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度B4=B[=*方向從b指向c；

故c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為殳=B2+B4=2-k^

所以包=』=在，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

Be24

故選：Ao

根據(jù)題意通電導(dǎo)體在某一點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=kg利用幾何知識(shí)和矢量的平行四

邊形法則解題。

本題考查了通電直導(dǎo)線磁場(chǎng)的分布與計(jì)算、矢量的平行四邊形法則等知識(shí)點(diǎn)。利用矢量

運(yùn)算的平行四邊形法則是解題的關(guān)鍵。

5.【答案】AD

【解析】解：4、因?yàn)轱w行器在拉格朗日點(diǎn)上與地球同步繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故飛

行器在拉格朗日點(diǎn)上繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度與地球繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的

2

角速度相同，其加速度可表示為：an=a）r,因飛行器在4點(diǎn)繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的半徑小于地

球繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，所以飛行器在人點(diǎn)繞太陽(yáng)飛行的加速度小于地球繞太陽(yáng)飛

行的加速度，故A正確；

8、行器在■點(diǎn)繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)，受到的合力充當(dāng)向心力，飛行器受到的合力并不等

于零，因此飛行器并不處于平衡狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；

C、飛行器在拉格朗日點(diǎn)繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能為：Ek=^m（3r）2,雖然5點(diǎn)對(duì)應(yīng)的軌道半

徑小于乙2點(diǎn)對(duì)應(yīng)的軌道半徑，但由于題目沒(méi)，有告知飛行器4和飛行器B的質(zhì)量，因此

無(wú)法判斷兩飛行器動(dòng)能的大小，故C錯(cuò)誤；

。、因?yàn)轱w行器在拉格朗日點(diǎn)上與地球同步繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故飛行器在不同的

拉格朗日點(diǎn)上繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度與地球繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度

相同，故。正確。

故選：AD.

飛行器在拉格朗日點(diǎn)上與地球同步繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，兩者的角速度相同，再結(jié)合

向心加速度和動(dòng)能的表達(dá)式分析求解。

解決本題的關(guān)鍵抓住飛行器在拉格朗日點(diǎn)上與地球同步繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，兩者的

角速度相同，再結(jié)合圓周運(yùn)動(dòng)的有關(guān)知識(shí)求解，同時(shí)考查了平衡態(tài)和動(dòng)能的知識(shí)，是一

道好題。

6.【答案】BD

【解析】解:4、根據(jù)#=9+1尸可得：=%+

由圖像可知，B的斜率k=芍言=1,

1U—o

又k=1a,

故a=2m/s2

故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)圖像由三角形相似性可以得出B圖線與縱軸交點(diǎn)為4m/s,即B初速度%=4m/s

在前六秒時(shí)間內(nèi)，4B位移均為60m,故A在前，B在后，B正在追趕4,故B正確；

C、已知在t=10s時(shí)4、8在同一位置，在10s內(nèi)48通過(guò)的位移分別為

=10x10m=100m

1,1

2

xB—vot+-at=4X10m+-x2x100m—140m

已知在t=10s時(shí)4、B在同一位置，故在零時(shí)刻相距40m.故C錯(cuò)誤；

D、當(dāng)4、B速度相等時(shí)，相距最遠(yuǎn)，有

v0+atr=v

代入數(shù)據(jù)得ti=3s

此時(shí)4、B位移分別為30m、21m,故此時(shí)4、B之間的最大距離為

△x=40m+30m-21m—49m

故。正確；

故選：BD。

4、由位移公式得出圖像的函數(shù)表達(dá)式，結(jié)合圖像斜率求出加速度大小；

8、根據(jù)圖像和函數(shù)表達(dá)式求出B的初速度，求出前六秒內(nèi)的位移，進(jìn)而判斷運(yùn)動(dòng)情況；

C、根據(jù)公式求出10s內(nèi)的位移，結(jié)合題意求出零時(shí)刻的位置關(guān)系；

根據(jù)速度相等，相距最遠(yuǎn)，先求出最遠(yuǎn)距離對(duì)應(yīng)的時(shí)刻，再根據(jù)位移關(guān)系求出最大

距離。

本題考查勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像，要先寫(xiě)出對(duì)應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式，再結(jié)合圖像求出相關(guān)信

第10頁(yè)，共17頁(yè)

息，進(jìn)而解決問(wèn)題。

7.【答案】BD

【解析】解：力、根據(jù)動(dòng)能定理得航+必期=0,恒力尸做功為心=尸乃故彈簧彈力

對(duì)小球做的功為W舛=—Fx,故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)彈性勢(shì)能變化與彈簧彈力做功的關(guān)系△Ep=EP2-Epi=-W^,所以彈性勢(shì)能

增加了Fx,故B正確；

C、根據(jù)沖量定義/=Ft,故小球重力的沖量為mgt,故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)動(dòng)量定理，取向左為正方向，I^-Ft=mv-(-mv),即彈簧彈力的沖量/建=

Ft+2mv,方向向左，大小為Ft+,故。正確.

故選：BD。

根據(jù)動(dòng)能定理作答4根據(jù)彈力做功與彈性勢(shì)能變化關(guān)系作答B(yǎng),根據(jù)沖量定義作答C,

根據(jù)動(dòng)量定理作答D.

本題考查了功、沖量、動(dòng)能定理、動(dòng)量定理等基本概念和基本規(guī)律的運(yùn)用。上述概念和

規(guī)律是歷年高考考查的重點(diǎn)，要求學(xué)生能夠準(zhǔn)確把握其含義，并能進(jìn)行綜合的分析與運(yùn)

用。本題小巧精致，考查全面，是一道非常不錯(cuò)的題目。

8.【答案】BC

【解析】解：4、長(zhǎng)木板B沿著斜面勻速下滑時(shí)，根據(jù)平衡條件得:Mgsin37°=fiMgcos37°,

解得“=0.75,故4錯(cuò)誤；

B、將鐵塊4放在長(zhǎng)木板B上，兩者組成的系統(tǒng)合外力為F^=(M+Tn)gsin37o-〃(M+

m}gcos37°=0,所以鐵塊4與長(zhǎng)木板B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，取沿斜面向下方向?yàn)檎?/p>

向，由動(dòng)量守恒定律得用%=("+山川共，解得"共=6m/s,即鐵塊4和長(zhǎng)木板B共速

后的速度大小為6m/s,故B正確；

C、設(shè)鐵塊4從放在B上到兩者共速的時(shí)間為t,對(duì)4,由動(dòng)量定理得：(加外勿37。+

fimgcos37°)t=mv^-0,解得t=0.5s。長(zhǎng)木板的長(zhǎng)度為L(zhǎng)=xB-xA==

^t=|x0.5m=2.25m,故C正確；

。、從鐵塊放上到鐵塊和長(zhǎng)木板共速的過(guò)程中，鐵塊4和長(zhǎng)木板B的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)因

摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，根據(jù)能量守恒定律可知，鐵塊4和長(zhǎng)木板B減少的機(jī)械能等于4、B之

間摩擦產(chǎn)生的熱量和B、斜面之間摩擦產(chǎn)生的熱量之和，故D錯(cuò)誤。

故選：BCo

長(zhǎng)木板B沿著斜面勻速下滑時(shí)受力平衡，根據(jù)平衡條件和滑動(dòng)摩擦力公式相結(jié)合求動(dòng)摩

擦因數(shù)；將鐵塊4放在長(zhǎng)木板B上，兩者組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，由

動(dòng)量守恒定律求鐵塊4和長(zhǎng)木板B共速后的速度大?。粚?duì)4利用動(dòng)量定理求出鐵塊A從

放在B上到兩者共速的時(shí)間，再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求長(zhǎng)木板的長(zhǎng)度；結(jié)合能量的轉(zhuǎn)化情況分

析鐵塊4和長(zhǎng)木板B減少的機(jī)械能與4、B之間摩擦產(chǎn)生的熱量的關(guān)系。

解決本題的關(guān)鍵要知道鐵塊4與長(zhǎng)木板B組成的系統(tǒng)合外力為零，遵守動(dòng)量守恒定律，

同時(shí)，還遵守能量守恒定律。

9.【答案】10.15

【解析】解：由圖可知，MN=2m=g所以a=4mo根據(jù)u=:得7=$==1s。

由圖可知，波向x軸正方向傳播，根據(jù)同側(cè)法，P點(diǎn)將向上振動(dòng)，此時(shí)P位置為振幅的一

半，貝UP到達(dá)波峰用時(shí)t=9x?x=?=：s,故P點(diǎn)到達(dá)波峰的路程是0.15m。

32.oo

故答案為：1、0.15

由MN之間的距離可知波長(zhǎng);I的大小，根據(jù)。=:可以求出周期。根據(jù)同側(cè)法可以判斷出P

點(diǎn)振動(dòng)方向向上，然后可以求出經(jīng)過(guò)t=J的總路程。

本題需要同學(xué)們可以根據(jù)傳播方向判斷出P點(diǎn)的振動(dòng)方向，本題的關(guān)鍵點(diǎn)在于，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)

從平衡位置向上振動(dòng)!（即30。）時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的位移是打。到達(dá)波峰還要2=:的時(shí)間。

1ZL1ZO

10.【答案】40.6

【解析】解：已知該同學(xué)離開(kāi)地面時(shí)的速度v=5m/s,將其在水平方向和豎直方向分

解，如圖所示。

上彳：VX

該同學(xué)到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)豎直方向的分速度為0,水平方向的分速度為以="OS37。=5x

0.8m/s=4m/s；

該同學(xué)在豎直方向做上拋運(yùn)動(dòng)，故在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t=管=2吧詈=當(dāng)竺5=

0.6so

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故答案為:4；0.6?

該同學(xué)到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)豎直方向的分速度為0,只有水平方向的分速度，依據(jù)初速度的大

小和方向進(jìn)行分解即可求出。依據(jù)物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可直接求解。

本題考查拋體運(yùn)動(dòng)的處理規(guī)律，要注意運(yùn)動(dòng)員在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向

做豎直向上拋運(yùn)動(dòng)。

11.【答案】0.501.944.450.039

【解析】解：⑴平衡車(chē)經(jīng)過(guò)路面上相鄰兩水滴間的時(shí)間間隔為T(mén)=金=0.50s。

(2)根據(jù)逐差法，可知加速度大小為a=花潸，代入數(shù)據(jù)解得a=1.94m/s2；運(yùn)動(dòng)到。

點(diǎn)的速度大小為女=籌，解得知=4.45m/s.

(3)在減速階段，根據(jù)逐差法得加速度大小為優(yōu)=等坦，解得a'=0.39m/s2,根據(jù)牛

頓第二定律，有/=kmg=rna',解得k=0.039。

答案:(1)0.50；(2)1.94；4.45；(3)0.039

根據(jù)已知條件可知當(dāng)?shù)?0滴水剛好落地時(shí)停止計(jì)時(shí)，測(cè)得時(shí)間為25.0s,則相鄰兩水滴

間的時(shí)間間隔是0.5s。根據(jù)逐差法求得加速度，利用中間時(shí)刻的速度等于平均速度求出

。點(diǎn)速度。利用牛頓第二定律求得阻力。利用數(shù)據(jù)分析位移差值可知E尸段開(kāi)始關(guān)閉動(dòng)力。

本題考查勻變速宜線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，要掌握用逐差法求加速度的方法，會(huì)熟練計(jì)算。

12.【答案】左2.402.940.97

【解析】解：(1)順著電流方向或逆著電流方向連線，注意

電表的接線規(guī)則，根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖如圖所示；

(2)為了讓電流由最小值開(kāi)始調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器的滑片開(kāi)始

時(shí)應(yīng)滑到最左端；

電路中定值電阻的作用是保護(hù)電路，防止電源發(fā)生短路；

(3)電壓表量程是3.0叭最小分度是0.1V,由圖示可讀出電壓示數(shù)為2.40匕

(4)根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，U=E—/(R()+r),由圖可知，電源的電動(dòng)勢(shì)E=2.94乙

圖象的斜率的絕對(duì)值表示內(nèi)電阻與定值電阻之和，故r+&=絲^=1470,所以:

r=0.97。。

故答案為：(1)如圖所示；(2)左；(3)2.40；(4)2.94、0.97。

(1)根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖；

(2)明確電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)安全要求進(jìn)行分析，明確電阻的作用以及滑片開(kāi)始時(shí)的位置；

(3)根據(jù)電壓表的量程及最小分度進(jìn)行讀數(shù)；

(4)17-/圖線的縱軸截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)，圖線斜率的絕對(duì)值表示等效內(nèi)阻，將保護(hù)

電阻等效到電源的內(nèi)部；

解決本題的關(guān)鍵會(huì)從U-/圖線獲取電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，注意將保護(hù)電阻等效到電源

的內(nèi)部，最終電源的內(nèi)阻等于圖線的斜率絕對(duì)值減去保護(hù)電阻的阻值。還要注意實(shí)物連

接順著或逆著電流方向進(jìn)行，不能交叉，最后接電壓表，接線之前應(yīng)使開(kāi)關(guān)斷開(kāi)。

13.【答案】解：由題意知，汽車(chē)剎車(chē)過(guò)程a-t圖像如圖所示：

a

(1)司機(jī)反應(yīng)過(guò)程，汽車(chē)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，位移為％=為3解得：x=21m；

剎車(chē)過(guò)程，最大制動(dòng)力為開(kāi)始剎車(chē)時(shí)的力，由a-t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示速度

變化量大小可知，大小為30m/s,由得：a?i=6m/s2,Fm=mam,解得

Fm=12000/V；

(2)由a-t圖得：口=5s時(shí)，面積等于速度變化量大小，△。大小為22.5m/s,即速度減

小了22.5m/s,則此時(shí)速度大小為7.5m/s。

答:(1)司機(jī)的反應(yīng)時(shí)間內(nèi)汽車(chē)行駛的距離為21m；剎車(chē)后的最大制動(dòng)力7為12000N；

(2)當(dāng)口=5s時(shí)，汽車(chē)的速度為7.5m/s。

【解析】由F-t圖像得到a-t圖像，根據(jù)a-t圖像面積表示速度變化量大小即可進(jìn)行

求解。力為變力，也可根據(jù)動(dòng)量定理進(jìn)行求解。

本題考查圖像問(wèn)題，根據(jù)F-t圖像得到a-t圖像，即可進(jìn)行求解，圖像與坐標(biāo)軸圍成

面積表示表示速度變化量的大小。

14.【答案】解：(1)4、C發(fā)生彈性碰撞，碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，

設(shè)碰撞后C的速度為"or4的速度為巧，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：movo=

m0v01+m1v1

由機(jī)械能守恒定律得：詔=+

第14頁(yè)，共17頁(yè)

代入數(shù)據(jù)解得：Vol=-4zn/s,%=4m/s,

(2)4、B共速后相對(duì)靜止一起做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，

對(duì)4、B整體，由牛頓第二定律得：+m{)g=(mx+m2)a

設(shè)二者間靜摩擦力大小為f,對(duì)滑塊8,由牛頓第二定律得：f=m2a

由于二者間為靜摩擦力/<n2mg

代入數(shù)據(jù)解得：Mi<0.4

(3)由第(2)問(wèn)可知，若的滑塊相對(duì)木板向左滑動(dòng)到共速后會(huì)相對(duì)靜止。

若為>〃2,滑塊相對(duì)木板向左滑動(dòng)到共速后會(huì)繼續(xù)相對(duì)木板向右滑動(dòng)，不可能停止板

的左端，

所以地面動(dòng)摩擦因數(shù)%W0.4。設(shè)滑塊滑動(dòng)到共速經(jīng)歷時(shí)間為3共速速度為〃

木板長(zhǎng)度為二者位移只差：竽t—=L

對(duì)滑塊B，由動(dòng)量定理得：l^2m29t=m2V

木板位移：％=歿4

對(duì)木板，由動(dòng)能定理得：一%01+m2)gx-42m2gX=：小巡2-|^11謚

代入數(shù)據(jù)解得：%=0.2

答：(1)物體C與木板4碰撞后瞬間木板的速度%大小是4m/s,方向向右。

(2)。點(diǎn)右側(cè)地面動(dòng)摩擦因數(shù)出的取值范圍是由<0,4；

(3)。點(diǎn)右側(cè)地面與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃［的數(shù)值是0.2。

【解析】(1)4、C發(fā)生彈性碰撞，碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒

定律與機(jī)械能守恒定律可以求出碰撞后A、C的速度。

(2)4、B相對(duì)靜止，力、B間的摩擦力是靜摩擦力，小于等于最大靜摩擦力，應(yīng)用牛頓第

二定律求出動(dòng)摩擦因數(shù)的范圍。

(3)應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、動(dòng)量定理與動(dòng)能定理可以求出木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。

本題是一道力學(xué)綜合題，根據(jù)題意分析清楚運(yùn)動(dòng)過(guò)程與受力情況是解題的前提，應(yīng)用動(dòng)

量守恒定律、機(jī)械能守恒定律、牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、動(dòng)能定理即可解題。

15.【答案】解：(1)粒子在。?!時(shí)間內(nèi)在尤。z平面內(nèi)做類(lèi)平拋