2022年陜西省寶雞市高考物理模擬試卷（二）（附答案詳解）

2022年陜西省寶雞市高考物理模擬試卷（二）

1.如圖所示，在粗糙水平面上有4、8、C三個(gè)小物塊，質(zhì)量

均為小，它們用三根相同的輕質(zhì)橡皮繩連接成一個(gè)等邊三

角形并保持靜止。已知每根橡皮繩的彈力大小均為F,當(dāng)

剪斷4B間橡皮繩后，下列說(shuō)法正確的是（）

A.A物塊仍保持靜止?fàn)顟B(tài)

B.4物塊將沿4c方向開(kāi)始運(yùn)動(dòng)

C.C物塊所受摩擦力變小

D.由于4物塊與地面間的正壓力始終等于重力，所以剪斷前后4物塊所受摩擦力不

變

2.如圖所示，在距地面一定高度的同一點(diǎn)4處，三次水平向右

拋射皮球（視為質(zhì)點(diǎn)），均能到達(dá)水平地面上的B點(diǎn)。第一次：\

在無(wú)風(fēng)力作用下以女水平拋出；第二次在有水平向右的風(fēng)j\B

力作用下以"2水平拋出；第三次在有水平向左的風(fēng)力作用

下以％水平拋出。則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.三次下落時(shí)間不相等

B.三次拋射的水平初速度外>vi>v3

C.皮球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度方向一定不同

D.皮球三次運(yùn)動(dòng)的位移方向一定不同

3.拍籃球是大家都喜歡的強(qiáng)身健體的大眾體育活動(dòng)項(xiàng)目。已知籃球質(zhì)曦

量為0.6kg,籃球上升到最高點(diǎn)時(shí)開(kāi)始向下拍球使球做勻加速運(yùn)動(dòng)，鬲

拍球作用距離為0.2m,在離手時(shí)獲得一個(gè)豎直向下4zn/s的速度。若'HI做

不計(jì)空氣阻力及球的形變，g=10m/s2,則在拍球過(guò)程中手給球的?

沖量為（）

A.1.2N-sB.1.8/V-sC.2.4N■sD.3.0/V-s

4.已知地球兩極的重力加速度為g,地球同步衛(wèi)星的軌道半徑是地球半徑的n倍。考

慮地球自轉(zhuǎn)的影響把地球視為質(zhì)量均勻分布的球體，則赤道上的重力加速度為（）

A.B.（l-*gC.（1-煮）。D.（1-煮）g

5.如圖所示，在坐標(biāo)系xOy平面內(nèi)有一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)

P

方向平行于xOy平面。以坐標(biāo)原點(diǎn)。為圓心，半徑為R=

/\

2czn的圓與坐標(biāo)軸相交于M、N、P、Q四點(diǎn)?，F(xiàn)測(cè)得P：_____________??

：Nx

點(diǎn)的電勢(shì)為3U,Q點(diǎn)的電勢(shì)為-3V,M點(diǎn)的電勢(shì)為4U,,、/

則下列說(shuō)法正確的是（）

A.場(chǎng)強(qiáng)方向沿y軸負(fù)方向

B.N點(diǎn)的電勢(shì)為一3U

C.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為250〃m

D.圓周上兩點(diǎn)間的最大電勢(shì)差為8U

6.汽車(chē)在出廠前要進(jìn)行性能測(cè)試。某次測(cè)試中，測(cè)試人員駕駛著汽車(chē)在一個(gè)空曠的水

平場(chǎng)地上沿直線以恒定的速度為勻速行駛，突然發(fā)現(xiàn)正前方的道路出現(xiàn)故障，為了

躲避故障，測(cè)試人員采取了一些應(yīng)急措施。設(shè)汽車(chē)與路面間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，

最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g,則關(guān)于測(cè)試人員采取的應(yīng)急措施

說(shuō)法正確的是（）

A.若直線剎車(chē)，則至少應(yīng)該在道路故障前久的距離處采取剎車(chē)

B.若以原有速率轉(zhuǎn)彎，轉(zhuǎn)彎半徑越大，汽車(chē)受到的側(cè)向摩擦力越大

C.若以原有速率轉(zhuǎn)彎，轉(zhuǎn)彎的最小半徑為比

“g

D.以原速率轉(zhuǎn)彎要比以直線剎車(chē)更安全一些

7.如圖所示，相距為L(zhǎng)的兩條足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面的夾角為氏上端接

有定值電阻R,勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面。將質(zhì)量為僧的導(dǎo)體棒由靜止釋放，當(dāng)速

度達(dá)到"時(shí)開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)對(duì)導(dǎo)體棒施加一平行于導(dǎo)軌向下的拉力，并保持拉

力的功率恒為P,導(dǎo)體棒最終以2。的速度勻速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸

良好，不計(jì)導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻，重力加速度為g。下列選項(xiàng)正確的是（）

B.拉力的功率P=2mgvsin6

第2頁(yè)，共21頁(yè)

C.當(dāng)導(dǎo)體棒速度達(dá)到1.5〃時(shí)加速度大小為jgsin。

D.在導(dǎo)體棒速度達(dá)到”以后勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，R上產(chǎn)生的焦耳熱等于拉力所做

的功

8.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，其方向與水平方

QM

向成a=30。斜向上，在電場(chǎng)中有一質(zhì)量為帶電荷量為

q的帶電小球，用長(zhǎng)為L(zhǎng)不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線掛于。點(diǎn)，當(dāng)'

小球靜止時(shí)，細(xì)線恰好水平，位置如圖中M點(diǎn)?，F(xiàn)用外力GP

將小球拉到最低點(diǎn)P,然后無(wú)初速釋放，重力加速度為g,則以下判斷正確的是（）

A.小球能上升的最大高度在。點(diǎn)正上方L高度處

B.小球從P到M過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)它做功為

C.小球從P運(yùn)動(dòng)到M時(shí).，絕緣細(xì)線對(duì)小球的拉力為Bmg

D.小球從P到M過(guò)程中，小球的機(jī)械能增加了（遍+l）mgL

9.某物理興趣小組采用如圖甲所示的電路測(cè)量電流表Gi的內(nèi)阻q,實(shí)驗(yàn)供選擇的儀器

如下：

①待測(cè)電流表Gi（0?5nl4,內(nèi)阻約3000）；

②電流表G2（0?10mA，內(nèi)阻約100。）；

③定值電阻收（阻值為3000）；

④定值電阻/?2（阻值為I。。）；

⑤滑動(dòng)變阻器/?3（。?1000。）；

⑥滑動(dòng)變阻器/?4（。?20。）；

⑦干電池（電動(dòng)勢(shì)為1.5U,內(nèi)阻較?。?/p>

⑧開(kāi)關(guān)S及導(dǎo)線若干。

實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①按電路圖連接電路，并將滑動(dòng)觸頭移至最左端；

②閉合開(kāi)關(guān)S,多次移動(dòng)滑動(dòng)觸頭P,記錄相應(yīng)的Gi、G2的讀數(shù)人、/2；

③以L為縱坐標(biāo)，。為橫坐標(biāo)，做出。一。圖像如圖乙所示。

請(qǐng)回答以下問(wèn)題：

（1）定值電阻應(yīng)選,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選。（在空格內(nèi)填寫(xiě)序號(hào)）

（2）若求得，2-/1圖像的斜率為k，則待測(cè)電流表內(nèi)阻的表達(dá)式f=。（用題目

中對(duì)應(yīng)物理量的字母表示）

10.某研究性學(xué)習(xí)小組的甲、乙兩位同學(xué)，使用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)定滑塊與水平

卓而間的動(dòng)摩擦因數(shù)。水平桌面上有兩個(gè)位置可調(diào)節(jié)的光電門(mén)4和光電門(mén)8,一根

細(xì)線騎過(guò)定滑輪兩端分別連接滑塊和鉤碼。將遮光條安裝在滑塊上，滑塊放在桌面

左邊緣并由靜止釋放鉤碼。用游標(biāo)卡尺測(cè)量造光條的寬度d,并用天平測(cè)得滑塊的

質(zhì)量M(包括遮光條)和鉤碼質(zhì)量m,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。

兩位同學(xué)的實(shí)驗(yàn)操作如下：

①甲同學(xué)將光電門(mén)A固定在離桌面左端較近的位置，記錄遮光條通過(guò)光電門(mén)4的時(shí)

間遮光條通過(guò)光電門(mén)B的時(shí)間4打，以及兩個(gè)光電門(mén)之間的距離支。改變光電門(mén)B

的位置，重復(fù)以上操作，記錄多組戊2和x的值。

②乙同學(xué)將光電門(mén)B固定在離桌面左端較遠(yuǎn)的位置，記錄遮光條通過(guò)光電門(mén)4的時(shí)

間叫，遮光條通過(guò)光電門(mén)B的時(shí)間4t2以及兩個(gè)光電門(mén)之間的距離力改變光電門(mén)4

的位置，重復(fù)以上操作，記錄多組她、儀和x的值。

避光條光電門(mén)A光電門(mén)B23cm主尺

滑塊出|小吊田川山葉山

游標(biāo)尺

□1020

鉤碼

圖乙

圖甲

請(qǐng)回答以下問(wèn)題:

(1)兩位同學(xué)用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度時(shí)，由于部分遮擋，只能看見(jiàn)

游標(biāo)卡尺的后半部分，示數(shù)如圖乙所示，則遮光條的寬度&=mm.

(2)兩位同學(xué)利用圖像來(lái)處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，甲同學(xué)做出的圖像應(yīng)是下圖中的

同學(xué)做出的圖像應(yīng)是下圖中的

第4頁(yè)，共21頁(yè)

(3)兩位同學(xué)經(jīng)過(guò)計(jì)算發(fā)現(xiàn)，他們所建立的圖像中，斜率的絕對(duì)值在誤差允許的范

圍內(nèi)相等，若求得圖像斜率的絕對(duì)值為k,在不計(jì)空氣阻力的情況下，動(dòng)摩擦因數(shù)

的表達(dá)式為4=(用題目中所給物理量的字母表示)。若考慮空氣阻力，則他

們利用如上表達(dá)式求出的動(dòng)摩擦因數(shù)(填“偏大”、“偏小”或“沒(méi)有影

響”)。

11.在冬奧會(huì)賽前滑雪運(yùn)動(dòng)員做滑雪嘗試，賽道由傾斜賽道趙用

和水平賽道組成且平滑連接，傾斜賽道與水平面的夾角/

為53。，如圖所示。他從傾斜賽道上某一位置由靜止開(kāi)始工

下滑，進(jìn)入水平賽道滑行一段距離后停止。已知運(yùn)動(dòng)員

在傾斜賽道上滑行的時(shí)間和在水平賽道上滑行的時(shí)間相等，假設(shè)運(yùn)動(dòng)員滑行路線均

2

為直線,sin530=0.8,重力加速度g=10m/so

(1)求滑板與賽道間的動(dòng)摩擦因數(shù)出

(2)若運(yùn)動(dòng)員在兩段賽道的總路程為125m，求運(yùn)動(dòng)員在傾斜賽道和水平賽道上滑行

的總時(shí)間。

12.如圖所示，矩形區(qū)域I和n內(nèi)分別存在方向垂直于紙面向外和向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)缶優(yōu)、

bb'.cc',dd'為磁場(chǎng)邊界線，四條邊界線相互平行)，區(qū)域I的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8,

區(qū)域H的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為由B,矩形區(qū)域的長(zhǎng)度足夠長(zhǎng)，磁場(chǎng)寬度及油,與cc'之

3

間的距離相同。某種帶正電的粒子從aa'上的01處以大小不同的速度，沿與。遂成

a=30。角進(jìn)入磁場(chǎng)(不計(jì)粒子所受重力)，當(dāng)粒子的速度小于某一值時(shí)，粒子在區(qū)

域I內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間均為；當(dāng)速度為%時(shí)，粒子在區(qū)域I內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為爭(zhēng)求：

(1)粒子的比荷5：

(2)磁場(chǎng)區(qū)域I和H的寬度L；

(3)當(dāng)粒子以速度為為從Oi射入，最終從邊界線dd'上的某處射出，則粒子從。1射入

到從dd'邊界線射出所用的時(shí)間為多少？

XX

13.下列說(shuō)法正確的是()

A.一定質(zhì)量的某種理想氣體在等壓膨脹的過(guò)程中，內(nèi)能一定增加

B.物體的溫度為0汽時(shí)，分子的平均動(dòng)能卻不為零

C.布朗運(yùn)動(dòng)是在顯微鏡下看到的液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)

D.自然界中只要涉及熱現(xiàn)象的宏觀過(guò)程都具有方向性

E.用活塞壓縮氣缸里的空氣，對(duì)空氣做功4.5X105/,同時(shí)空氣的內(nèi)能增加了3.5x

1057,則空氣從外界吸收熱量1x1057

14.如圖所示，一圓柱形絕熱汽缸豎直放置，通過(guò)絕熱活塞封閉著一定質(zhì)口口

量的理想氣體，活塞的質(zhì)量為m,橫截面積為S,與氣缸底部相距九，

此時(shí)封閉氣體的溫度為7.現(xiàn)通過(guò)電熱絲緩慢加熱氣體，當(dāng)氣體吸收熱”U

量Q時(shí)，氣體溫度上升到2r已知大氣壓強(qiáng)為po,重力加速度為g,不

計(jì)活塞與汽缸的摩擦。求：

①加熱后活塞到汽缸底部的距離;

②加熱過(guò)程中氣體的內(nèi)能增加量。

第6頁(yè)，共21頁(yè)

15.下列說(shuō)法正確的是（）

A.光學(xué)鏡頭增透膜利用了光的干涉現(xiàn)象，增透膜的厚度為入射光在膜中波長(zhǎng)的:

B.白光通過(guò)三棱鏡在屏上出現(xiàn)彩色條紋是光的干涉現(xiàn)象

C.紅光由空氣進(jìn)入水中，波長(zhǎng)變短、頻率不變

D.雨后彩虹是由于太陽(yáng)光入射到水滴中發(fā)生全反射形成的

E.在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中只將入射光由綠光變?yōu)榧t光，條紋間距會(huì)變寬

16.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時(shí)刻的波形圖如圖所示，振動(dòng)恰好傳播到x=

67n處。仄t=。時(shí)刻開(kāi)始，介質(zhì)中x-57n處的質(zhì)點(diǎn)Q回到平衡位置的最短時(shí)間為1s。

求：

①?gòu)膖=0時(shí)刻開(kāi)始，x=18m處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰需要經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間？

②寫(xiě)出質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方程。

答案和解析

1.【答案】

A

【解析】

解：ABD,剪斷前，以A為研究對(duì)象，受力情況如圖所示，根

據(jù)平衡條件可得靜摩擦力大小為/=2Fcos30°=V3F,所以每

個(gè)物體與地面間的最大靜摩擦力至少為BF:剪斷間橡皮繩

后，物塊4受到拉力尸和靜摩擦力的作用，假設(shè)4仍靜止，此時(shí)

的靜摩擦力大小為F，方向沿4C向外，小于最大靜摩擦力，所

以物塊4仍保持靜止?fàn)顟B(tài)，故A正確，8。錯(cuò)誤；

C、物塊C受力情況不變，受到的摩擦力不變，故C錯(cuò)誤。

故選：Ao

根據(jù)平衡條件得到最大靜摩擦力的最小值，剪斷4B間橡皮繩后，根據(jù)4的受力情況判斷

4所處的狀態(tài)；物塊C受力情況不變，受到的摩擦力不變。

本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問(wèn)題，關(guān)鍵是能夠確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、利用

平行四邊形法則進(jìn)行力的合成，然后建立平衡方程進(jìn)行解答。

2.【答案】

C

【解析】

解：4、根據(jù)題意知豎直方向上只受重力，豎直分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)h=4gt2知

高度相等，時(shí)間相等，故A錯(cuò)誤；

B、水平分位移相同，根據(jù)x=知水平方向的合速度相等，即以=Vi=v2+v=v3-

v,三次拋射的水平初速度%<%<%,故B錯(cuò)誤；

C、末速度v=+藥,豎直方向速度相等，水平方向速度第二次在有水平向右的風(fēng)

力作用下速度大于火，第三次在有水平向左的風(fēng)力作用下小于%,所以合速度不相等,

第8頁(yè)，共21頁(yè)

故C正確；

D、合位移S=V*2+/I2,高度相等，X相等，所以位移相等，故。錯(cuò)誤。

故選:Co

我們可以把平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的自由落體

運(yùn)動(dòng)，根據(jù)水平位移和高度的關(guān)系列式分析。

本題就是對(duì)運(yùn)動(dòng)合成與分解以及平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的考查，平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為在水平方向

上的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)來(lái)求解。

3.【答案】

B

【解析】

解：在籃球上升到最高點(diǎn)時(shí)開(kāi)始向下拍球使球做勻加速運(yùn)動(dòng)，拍球作用距離為0.2皿，在

離手時(shí)獲得一個(gè)豎直向下4m/s的速度，則

v2=2ax

解得：a=40m/s2

拍球時(shí)間為

t=三

對(duì)籃球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得

F+mg=ma

拍球過(guò)程中手給球的沖量

/=Ft

聯(lián)立解得：/=1.8/V.s,

故2正確，ACZ）錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律求出籃球勻加速過(guò)程中的加速度和時(shí)間，對(duì)籃球受力分析，根據(jù)牛頓第

二定律求手對(duì)籃球的作用力，根據(jù)沖量公式求手對(duì)籃球的沖量。

本題考查了牛頓第二定律、勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律和沖量計(jì)算，解題關(guān)鍵是求出手對(duì)球的

作用力和作用時(shí)間。

4.【答案】

D

【解析】

解：設(shè)地球質(zhì)量為M,半徑為R,自轉(zhuǎn)周期為7.有一質(zhì)量為m的衛(wèi)星，該衛(wèi)星在地球兩

極，有：G^=zng；

該衛(wèi)星在地球赤道上，有：G翳-THR誓=mgi；

該衛(wèi)星在同步軌道上，有：=mnR梟,

聯(lián)立上面三個(gè)式子，得：見(jiàn)=（1一煮）。，故。正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：D。

地球同步衛(wèi)星公轉(zhuǎn)周期等于地球自轉(zhuǎn)的周期，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力及在地球兩極表

面萬(wàn)有引力等于重力，列式聯(lián)立即可解題。

本題要知道萬(wàn)有引力提供向心力，在地球兩極表面萬(wàn)有引力等于重力，而在赤道處，引

力與支持力之差提供向心力。

5.【答案】

C

【解析】

解：8.連接和QN,根據(jù)幾何關(guān)系可得，平行QN且相等，沿平面方向加的是勻強(qiáng)

電場(chǎng)，則有

（PM-<PP=<PQ-<PN

解得

<PN=-4V

故8錯(cuò)誤；

A.如圖所示

第10頁(yè)，共21頁(yè)

連接MQ等分七等分，貝必點(diǎn)的電勢(shì)為0,在圓心。處電勢(shì)為零，連接0、A,則04為等勢(shì)

面，過(guò)。作垂線即為電場(chǎng)線，方向右下方，故A錯(cuò)誤；

C.在。點(diǎn)，沿著x軸方向的場(chǎng)強(qiáng)為

Ex=鬻^=V/cm=2V/cm

沿y軸負(fù)方向的場(chǎng)強(qiáng)為

Ey=V/cm=1.5V/cm

則平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為

E=遍+”

代入數(shù)據(jù)解得：E=2.5V/cm=250K/m

故C正確；

D在同一圓周上，沿電場(chǎng)線方向直徑兩端點(diǎn)的電勢(shì)差最大為

%=Ex2R=2.5x2x2V=10V

故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)電勢(shì)差關(guān)系解得N點(diǎn)電勢(shì)，根據(jù)“等分法”找到等勢(shì)線，電場(chǎng)線垂直于等

勢(shì)線，指向電勢(shì)降低的方向，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系解得電場(chǎng)強(qiáng)度，在同一圓周

上，沿電場(chǎng)線方向直徑兩端點(diǎn)的電勢(shì)差最大。

本題考查電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系，解題關(guān)鍵掌握“等分法”確定等勢(shì)線，再確定電場(chǎng)

線的方法。

6.【答案】

AC

【解析】

解：4、若直線剎車(chē),剎車(chē)的加速度a=管=根據(jù)速度與位移關(guān)系知:x=乎=

TH2a2〃g

則至少應(yīng)該在道路故障前久的距離處采取剎車(chē)，故A正確；

2Hg

B、根據(jù)摩擦力充當(dāng)向心力知f=嗒，若以原有速率轉(zhuǎn)彎，轉(zhuǎn)彎半徑越大，汽車(chē)受到的

側(cè)向摩擦力越小，故8錯(cuò)誤；

C、當(dāng)f=時(shí)，根據(jù)/=嗒知半徑最小為：R*,故C正確；

D、由于R=逋＞x=乒，以原速率轉(zhuǎn)彎要比以直線剎車(chē)更危險(xiǎn)，故。錯(cuò)誤.

ng2Hg

故選：AC.

若直線剎車(chē)，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，根據(jù)速度與位移關(guān)系知?jiǎng)x車(chē)距離；根據(jù)摩

擦力提供向心力/=嗒分析摩擦力大小和最小半徑。

解決本題的關(guān)鍵搞清汽車(chē)拐彎向心力的來(lái)源，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求解。

7.【答案】

BC

【解析】

解：ABC,導(dǎo)體棒當(dāng)速度達(dá)到及時(shí)開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)導(dǎo)體棒受到重力、支持力和安培

力的作用，且合力為零，此時(shí)回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BA

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知回路中的電流為/=5

故安培力大小為6=BIL=與蟲(chóng)

根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件可得號(hào)=mgsind

聯(lián)立整理可得B=叵號(hào)選

7L2v

施加拉力后，最終做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)有

F,'=2B；"=F+mgsind

整理可得F=mgsind

故拉力的功率為P=F-2v=2mgvsin9

當(dāng)導(dǎo)體棒速度達(dá)到1.5u時(shí)，此時(shí)的安培力大小為=當(dāng)在

根據(jù)牛頓第二定律可得

第12頁(yè)，共21頁(yè)

F'+mgsind—F"—ma

又P=F'?1.5v

聯(lián)立整理代入數(shù)據(jù)可得加速度大小為a=Igsind

o

故A錯(cuò)誤，BC正確；

。、在導(dǎo)體棒速度達(dá)到2u以后勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，由能量守恒定律可知，R上產(chǎn)生的焦

耳熱等于拉力和重力所做的功，故。錯(cuò)誤。

故選：BC。

ABC.結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路的歐姆定律及安培力的表達(dá)式，結(jié)合題意求

出磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和拉力的功率，進(jìn)而利用牛頓第二定律求出當(dāng)導(dǎo)體棒速度達(dá)到1.50時(shí)

加速度大?。?/p>

。、根據(jù)能量守恒定律，結(jié)合題意可知R上產(chǎn)生的焦耳熱等于拉力和重力所做的功。

本題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路的歐姆定律、安培力的表達(dá)式等規(guī)律的應(yīng)用，

在做題時(shí)要注意總結(jié)這些規(guī)律。

8.【答案】

AD

【解析】

解：2、當(dāng)小球靜止于M點(diǎn)時(shí)，細(xì)線恰好水平，說(shuō)明重力

和電場(chǎng)力的合力方向水平向右，如圖所示，”點(diǎn)為等效最

低點(diǎn)，0P方向與0M方向垂直，由對(duì)稱性可知，小球能上

升的最大高度在。點(diǎn)正上方L高度處，故A正確；

BD、電場(chǎng)力與重力的合力大小為F合=贏=次小。，小球從P到M過(guò)程中，小球在合

力方向上發(fā)生的位移為3所以電場(chǎng)力與重力的合力做功為卬合=?分乙=b加。4，細(xì)線

拉力不做功，由動(dòng)能定理知?jiǎng)幽茉黾恿繛?V3mgL,重力勢(shì)能增加量為=mgL,

則機(jī)械能增加量為4E=4Ek+4Ep=(V3+l)mgL,根據(jù)功能關(guān)系可知，機(jī)械能的增

加量等于電場(chǎng)力做功，電場(chǎng)力對(duì)它做功為(遮+l)7ngL,故8錯(cuò)誤，。正確；

C、小球運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為』Ek=V^ngL，=>/3mgL,在M點(diǎn)，由向心力公

式有F-F分=m乎，解得細(xì)線對(duì)小球的拉力：F=3V3m5,故C錯(cuò)誤。

故選：ADo

小球靜止于M點(diǎn)時(shí)，細(xì)線恰好水平，說(shuō)明重力和電場(chǎng)力的合力方向水平向右，由力的合

成法求出電場(chǎng)力與重力的關(guān)系。小球從P到M過(guò)程中，由動(dòng)能定理求出小球運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)

時(shí)的速度大小。在M點(diǎn)，由合力提供向心力，由牛頓第二定律求出細(xì)線對(duì)小球的拉力大

小。根據(jù)功能關(guān)系求電場(chǎng)力做功。

本題關(guān)鍵要確定重力和電場(chǎng)力的合力方向和大小，通過(guò)分析受力情況，來(lái)判斷小球的運(yùn)

動(dòng)的情況。

9.【答案】

/?!R4(k-l)Ri

【解析】

解：(1)由于定值電阻當(dāng)?shù)碾娮枧c待測(cè)電流表Gi內(nèi)阻接近相等，可將二者并聯(lián)，再與電

流表G2串聯(lián)；

由于變阻器采用分壓式接法時(shí)，阻值越小調(diào)節(jié)越方便，所以變阻器應(yīng)選阻值小的/?4；

(2)由電路圖根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律應(yīng)有：/1+甘=/2,解得：/2=(1+鼾1。根據(jù)函數(shù)斜率

的概念應(yīng)有：k=(l+最)，解得：「1=(上一1)長(zhǎng)。

故答案為：(1)8,/?4：(2)(k-l)Ri

(1)根據(jù)定值電阻阻值與待測(cè)電流表內(nèi)阻相等可知將二者并聯(lián)后總電流與電流表G2的滿

偏電流相等，所以測(cè)量電路應(yīng)是將待測(cè)電流表與定值電阻&并聯(lián)后再與電流表G2串聯(lián)；

再根據(jù)變阻器采用分壓式接法時(shí)阻值越小時(shí)調(diào)節(jié)越方便即可選出變阻器/?4；

(2)根據(jù)物理規(guī)律寫(xiě)出6與A的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)斜率的概念即可求解.

解答本題應(yīng)明確：①變阻器采用分壓式接法時(shí)，應(yīng)選擇阻值小的變阻器以方便調(diào)節(jié)；(2)

遇到根據(jù)圖象求解的問(wèn)題，首先根據(jù)物理規(guī)律寫(xiě)出公式，然后整理出關(guān)于阻值與橫軸物

理量的函數(shù)表達(dá)式，再根據(jù)斜率和截距的概念即可求解。

10.【答案】

13.80B。當(dāng)_至3偏大

M2Mg

第14頁(yè)，共21頁(yè)

【解析】

解：(1)游標(biāo)卡尺的精度為0.05mm,游標(biāo)卡尺讀數(shù)為d=13mm+16x0.05mm

13.80mm

(2)根據(jù)速度一位移關(guān)系有：以一詔=2ax

由于遮光條經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)間較短，整理得

黨)2-%)2=20%

由于甲同學(xué)改變光電門(mén)B的位置，則4。不變，上式變?yōu)?/p>

可知圖像應(yīng)該是B；

乙同學(xué)改變光電門(mén)A的位置，則4t2不變，可得到

會(huì)產(chǎn)=-和+(江

可知C圖像正確；

(3)由(2)可知，圖像斜率的絕對(duì)值均為k=||,則

對(duì)滑塊和鉤碼由牛頓第二定律得

mg—4Mg=(zn+M)Q

代入解得

inkd2(M+m)

U=-------------

仁M2Mg

若考慮空氣阻力，則

CL-

M+m

f為空氣阻力，解得

_mkd2(M+m)f

"-M2MgMg

可知他們利用如上表達(dá)式求出的動(dòng)摩擦因數(shù)偏大。

故答案為：(1)13.80；(2)B,C；⑶＞胃;嗎偏大

(1)根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)方法讀得；

(2)根據(jù)速度一位移關(guān)系判斷圖像；

(3)根據(jù)牛頓第二定律分析動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式。

明確游標(biāo)卡尺的讀數(shù)，明確牛頓第二定律的應(yīng)用是解決問(wèn)題的關(guān)鍵。

11.【答案】

解：(1)滑板與賽道間的動(dòng)摩擦因數(shù)從，到達(dá)斜面底端時(shí)的速度為明已知運(yùn)動(dòng)員在傾斜

賽道上滑行的時(shí)間和在水平賽道上滑行的時(shí)間相等，根據(jù)u=就可得，在斜面上和水平

面上的加速度大小相等，在斜面上，根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsinO-^mgcosO=malf

在水平面上：pmg=ma2,解得〃=0.5

(2)根據(jù)(1)可得的=a2=5m/s2,滑行的總時(shí)間為3則在斜面上的時(shí)間為:，到達(dá)斜面

底端的速度u=axg

通過(guò)的總路程為s=；xt,解得t=10s

答：(1)滑板與賽道間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃為0.5；

(2)若運(yùn)動(dòng)員在兩段賽道的總路程為125m,運(yùn)動(dòng)員在傾斜賽道和水平賽道上滑行的總時(shí)

間為10s。

【解析】

(1)運(yùn)動(dòng)員在傾斜賽道上滑行的時(shí)間和在水平賽道上滑行的時(shí)間相等，說(shuō)明運(yùn)動(dòng)員在斜

面上和水平面上的加速度大小相同，根據(jù)牛頓第二定律求得動(dòng)摩擦因數(shù)；

(2)在斜面上和水平面上的平均速度大小相同，根據(jù)位移一時(shí)間公式求得運(yùn)動(dòng)總時(shí)間。

本題主要考查了牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，抓住加速度是解決問(wèn)題的中間橋梁。

12.【答案】

解：(1)只要粒子再次從aa'邊界射出，在區(qū)域/內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間恒定不變。由題意可得，粒

子在磁場(chǎng)區(qū)域/做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心角為：

0=|兀

e

t-T

根據(jù)牛頓第二定律得

解得.-5-=—.

2寸.m3t0B,

(2)在區(qū)域/內(nèi)的運(yùn)動(dòng)速度為幾時(shí)，粒子在區(qū)域/內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為號(hào)，由題意可得，其運(yùn)動(dòng)

的軌跡圓心角

第16頁(yè)，共21頁(yè)

所以可得：粒子垂直區(qū)域/的右邊界bb'射出，如圖所示。

設(shè)粒子在區(qū)域/內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R,則:

qv0B=m^-

L=Rs勿60°

解得：L=更皿

10n

(3)設(shè)粒子在區(qū)域〃做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R',做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心角?！?，由于區(qū)域〃的磁感

應(yīng)強(qiáng)度大小為白8,所以:

R'=3R=2L

sine"=^=l

求聯(lián)立解得：9"=1

O

設(shè)粒子在區(qū)域/內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為“，在防'和cc之間的無(wú)場(chǎng)區(qū)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2,在區(qū)域〃內(nèi)的

運(yùn)動(dòng)為匕，則:

t—tQ

t2=i

t=—T'

J32n

2nm

T'=

q爭(zhēng)

所以總時(shí)間t=tx+t2+t3

聯(lián)立解得一=(誓+泠玲。

答:(1)粒子的比荷3為急;

(2)磁場(chǎng)區(qū)域I和口的寬度L為筆普；

(3)當(dāng)粒子以速度為先從01射入，最終從邊界線dd'上的某處射出，則粒子從。1射入到從

dd'邊界線射出所用的時(shí)間為(瞽+哈)to。

【解析】

(1)只要粒子再次從aa'邊界射出，在區(qū)域/內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間恒定不變，由粒子的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

和幾何關(guān)系可以求得粒子的比荷；

(2)根據(jù)粒子在區(qū)域/內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為母，分析可以知道粒子穿出帥'時(shí)速度方向與帥'垂直,

由圓周運(yùn)動(dòng)的半徑和幾何關(guān)系可以求得磁場(chǎng)的寬度L;

(3)根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可以求得在區(qū)域/和D的時(shí)間是相同的，在中間的無(wú)磁場(chǎng)的區(qū)

域是勻速直線運(yùn)動(dòng)，把三個(gè)區(qū)域的時(shí)間加起來(lái)即可。

帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)是整個(gè)高中的重點(diǎn)，也是高考的必考的內(nèi)容，粒子的運(yùn)動(dòng)

過(guò)程的分析是解題的關(guān)鍵。

13.【答案】

ABD

【解析】

解：4、一定量的理想氣體在等壓膨脹過(guò)程中，根據(jù)理想狀態(tài)的狀態(tài)方程與=。可知，

氣體的溫度一定升高，一定質(zhì)量的某種理想氣體內(nèi)能由溫度決定，則內(nèi)能一定增加，故

A正確；

B、物體的溫度為(TC時(shí)，分子永不停息的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，分子的平均動(dòng)能卻不為零，故B

正確；

C、布朗運(yùn)動(dòng)是在顯微鏡下看到的懸浮在液體或氣體中的固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不

是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，而是液體分子或氣體分子無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的反映，故C錯(cuò)誤；

￡＞、根據(jù)熱力學(xué)第二定律，可知熱量可以自發(fā)地從較熱的物體傳遞到較冷的物體，但不

可能自發(fā)地從較冷的物體傳遞到較熱的物，即自然界中涉及熱現(xiàn)象的宏觀過(guò)程都具有方

向性，故。正確；

E、用活塞壓縮氣缸里的空氣，對(duì)空氣做功4.5x105/,即W=4.5x105),同時(shí)空氣的

第18頁(yè)，共21頁(yè)

內(nèi)能增加了3.5x105/,即/U=3.5x根據(jù)熱力學(xué)第一定律公式4U=IV+Q,可

得Q=-1.0X1。5/,即空氣向外界放出熱量1.0X1。5/,故E錯(cuò)誤。

故選：ABD.

根據(jù)一定質(zhì)量的理想狀態(tài)的狀態(tài)方程華=C和理想氣體內(nèi)能的決定因素判斷；根據(jù)分子

永不停息的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)判斷；布朗運(yùn)動(dòng)是在顯微鏡下看到的懸浮在液體或氣體中的固體

小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；根據(jù)熱力學(xué)第二定律判斷；根據(jù)熱

力學(xué)第一定律判斷。

本題考查了一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程、內(nèi)能、分子平均動(dòng)能、布朗運(yùn)動(dòng)、熱力學(xué)第

二定律、熱力學(xué)第一定律等熱學(xué)基礎(chǔ)知識(shí)，要求同學(xué)們對(duì)和