2021年廣東省韶關(guān)市高考物理一模試卷（附答案詳解）

2021年廣東省韶關(guān)市高考物理一模試卷

1.太陽(yáng)向外輻射的能量來(lái)自其內(nèi)部發(fā)生的各種熱核反應(yīng)，當(dāng)太陽(yáng)內(nèi)部達(dá)到一定溫度時(shí),

會(huì)發(fā)生“核燃燒”，其“核燃燒”的核反應(yīng)方程為，iHe+X^lBe+y,方程中

X表示某種粒子，是不穩(wěn)定的粒子，其半衰期為T(mén),這個(gè)核反應(yīng)釋放出的能量

為4E,光在真空中的傳播速度為c,下列說(shuō)法正確的是張平平（）

A.若使汨e的溫度降低，其半衰期會(huì)減小

B.方程中的X為電子（9通）

C.該核反應(yīng)過(guò)程產(chǎn)生的質(zhì)量虧損為△m=箸

D.“核燃燒”的核反應(yīng)是裂變反應(yīng)

2.太空艙里測(cè)物體質(zhì)量的原理如下：先對(duì)標(biāo)準(zhǔn)物體施加一水平推力凡測(cè)得其加速度

為20m/s2,然后將標(biāo)準(zhǔn)物體與待測(cè)物體緊靠在一起，施加同一水平推力尸，測(cè)得

共同加速度為8m/s2。已知標(biāo)準(zhǔn)物體質(zhì)量mi=2.0kg,則待測(cè)物體質(zhì)量?jī)H2為（）

A.3.0kgB.5.0kgC.7.0kgD.8.0kg

3.汽車(chē)在剎車(chē)過(guò)程中位移和時(shí)間的比值:與r之間的關(guān)

系圖象如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.汽車(chē)的初速度為40/n/s

B.剎車(chē)過(guò)程汽車(chē)的加速度大小為5rn/s2

C.剎車(chē)過(guò)程持續(xù)的時(shí)間為8s

D.從開(kāi)始剎車(chē)計(jì)時(shí)，經(jīng)過(guò)1s,汽車(chē)的位移為30,”

4.如圖甲所示是一個(gè)“簡(jiǎn)易電動(dòng)機(jī)”，一節(jié)5號(hào)干電池的正極向上，一塊圓柱形強(qiáng)磁

鐵吸附在電池的負(fù)極，將一段裸銅導(dǎo)線彎成圖中所示形狀的線框，線框上端的彎折

位置與正極良好接觸，下面彎曲的兩端與磁鐵表面保持良好接觸，放手后線框就會(huì)

轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)。該“簡(jiǎn)易電動(dòng)機(jī)”的原理圖如圖乙所示，關(guān)于該“簡(jiǎn)易電動(dòng)機(jī)”，下列

說(shuō)法正確的是張平平（）

A.從上往下看，該“簡(jiǎn)易電動(dòng)機(jī)”逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)

B.電池的輸出功率等于線框轉(zhuǎn)動(dòng)的機(jī)械功率

C.線框①、②兩部分導(dǎo)線電阻在電路中是串聯(lián)關(guān)系

D.“簡(jiǎn)易電動(dòng)機(jī)”由靜止到轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)的過(guò)程中，線框中的電流減小

5.縱跳是體育運(yùn)動(dòng)的基本動(dòng)作之一，可分為原地縱跳和助跑縱跳。如圖甲所示，人光

腳在原地縱跳時(shí)，快速下蹲后立即蹬伸，在起跳過(guò)程中，人受到地面的支持力隨時(shí)

間變化的關(guān)系圖像如圖乙所示，下列說(shuō)法正確的是張平平（）

甲乙

A.人對(duì)地面的壓力是由于地面發(fā)生微小形變引起的

B.人能原地縱跳是由于地面對(duì)人的支持力大于人對(duì)地面的壓力

C.在C點(diǎn)時(shí)人達(dá)到最大速度

D.曲線上的A點(diǎn)表示人下蹲至最低點(diǎn)

6.位于貴州的“中國(guó)天眼”是具有我國(guó)自主知識(shí)產(chǎn)權(quán)、世界

最大單口徑、最靈敏的射電望遠(yuǎn)鏡，通過(guò)E4ST測(cè)得水星

與太陽(yáng)的視角為火水星、太陽(yáng)分別與觀察者的連線所夾的

角），如圖所示，若最大視角的正弦值為k,地球和水星繞

太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)視為勻速圈周運(yùn)動(dòng)，則地球和水星的公轉(zhuǎn)周期的比值為（）

3B.JIC.D.后^

7.如圖甲所示，有一固定的負(fù)點(diǎn)電荷M其右側(cè)距離為L(zhǎng)處豎直放置一內(nèi)壁光滑的絕

緣圓筒，圓筒內(nèi)有一帶電小球。將小球從％高處由靜止釋放，至小球下落到與N

同一水平面的過(guò)程中，其動(dòng)能仇隨高度H（設(shè)小球與點(diǎn)電荷N的豎直高度差為H）的

變化曲線如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（）

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A.小球可能帶負(fù)電，也可能帶正電

B.在高度/?%之間的某點(diǎn)，庫(kù)侖力在豎直方向上的分力最大

C.該過(guò)程中，小球所受合力先增大后減小再增大

D.該過(guò)程中，小球的機(jī)械能先增大后減小

8.如圖所示，。、，為位于球體直徑兩端的等量異種電荷，其

中a為正電荷，6為負(fù)電荷。A與C、B與D、E與尸分別

為球面上關(guān)于球心0對(duì)稱的兩點(diǎn)，其中A、B,C、。位于

同一水平圓周上,E尸垂直外連線，下列說(shuō)法正確的是（）

A.A、C兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同

B.A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同

C.C、。兩點(diǎn)電勢(shì)相等

D.E、尸兩點(diǎn)電勢(shì)相等

9.如圖所示為運(yùn)動(dòng)員參加撐桿跳高比賽的示意圖，對(duì)運(yùn)動(dòng)員在撐

桿跳高過(guò)程中的能量變化描述正確的是（）

A.加速助跑過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能不斷增大

B.運(yùn)動(dòng)員越過(guò)橫桿正上方時(shí)，動(dòng)能為零

C.起跳上升過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能守恒

D.起跳上升過(guò)程中，桿的彈性勢(shì)能先增大后減小

10.如圖，U形光滑金屬框就必置于水平絕緣平臺(tái)上，必和de邊平行，和兒邊垂直。

ab、A足夠長(zhǎng)，整個(gè)金屬框電阻可忽略，一根具有一定電阻的導(dǎo)體棒置于金屬

框上，用水平恒力尸向右拉動(dòng)金屬框，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，裝置始終處于豎直向下的勻強(qiáng)

磁場(chǎng)中，例N與金屬框保持良好接觸，且與加?邊保持平行，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后（）

XXXXX.X

XXXXX>

XXXXX>

A.金屬框和導(dǎo)體棒速度相等B.金屬框和導(dǎo)體棒加速度相等

C.導(dǎo)體棒所受安培力不變D.金屬框的加速度不變

11.某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”，彈簧測(cè)力計(jì)A掛于

固定點(diǎn)P，下端用細(xì)線掛一重物彈簧測(cè)力計(jì)B的一端用細(xì)線系于。點(diǎn)，手持

另一端向左拉，使結(jié)點(diǎn)。靜止在某位置，分別讀出彈簧測(cè)力計(jì)A和3的示數(shù)，并

在貼于豎直木板的白紙上記錄。點(diǎn)的位置和拉線的方向。

(1)本實(shí)驗(yàn)用的彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)的單位為M圖中A的示數(shù)為N。

(2)下列不必要的實(shí)驗(yàn)要求是(請(qǐng)?zhí)顚?xiě)選項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母)。

A.應(yīng)測(cè)量重物M所受的重力

B.彈簧測(cè)力計(jì)應(yīng)在使用前調(diào)零

C.拉線方向應(yīng)與木板平面平行

D改變拉力，進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，每次都要使。點(diǎn)靜止在同一位置

(3)某次實(shí)驗(yàn)中，該同學(xué)發(fā)現(xiàn)彈簧測(cè)力計(jì)A的指針稍稍超出量程，在保證現(xiàn)有器材

不變的情況下怎樣調(diào)整水平拉力FB：。

12.測(cè)量電阻絲的電阻率p,電阻絲的電阻約為200,先把電阻絲拉直后將其兩端固定

在刻度尺兩端的接線柱。和6上，在電阻絲上夾上一個(gè)與接線柱c相連的小金屬夾，

沿電阻絲移動(dòng)金屬夾，可改變其與電阻絲接觸點(diǎn)尸的位置，從而改變接入電路中電

阻絲的長(zhǎng)度，除電池組E(電動(dòng)勢(shì)為3.0乙內(nèi)阻約10)、電阻箱R(0?999.90)、開(kāi)關(guān)、

導(dǎo)線若干，可供選擇的器材還有：電流表4式量程0?100mA,內(nèi)阻約50；電流表

%(量程。?0.64內(nèi)阻約0.20)。

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(1)實(shí)驗(yàn)操作步驟如下:

4用螺旋測(cè)微器在電阻絲上三個(gè)不同的位置分別測(cè)量電阻絲的直徑;

A根據(jù)所提供的實(shí)驗(yàn)器材，設(shè)計(jì)并連接好如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路；

C調(diào)節(jié)電阻箱使其接入電路中的電阻值較大，閉合開(kāi)關(guān)；

D將金屬夾夾在電阻絲上某位置，調(diào)整電阻箱接入電路中的電阻值，使電流表滿偏,

記錄電阻箱的電阻值R和接入電路的電阻絲長(zhǎng)度L;

￡斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，改變的位置，調(diào)整電阻箱接入電路中的阻值，使電流表再次

滿偏，重復(fù)多次，記錄每一次的R和L數(shù)據(jù)；

尸?斷開(kāi)開(kāi)關(guān)。

(2)如圖乙，用螺旋測(cè)微器測(cè)量電阻絲直徑為d=mm.

(3)電流表應(yīng)選擇(選填或“公”)。

(4)用記錄的多組R和乙的數(shù)據(jù)，繪出了如圖丙所示圖線，截距分別為3和Lo,再

結(jié)合測(cè)出的電阻絲直徑”，寫(xiě)出電阻絲的電阻率表達(dá)式p=(用給定的字母

表示)。

(5)電流表存在一定內(nèi)阻，這對(duì)該實(shí)驗(yàn)的測(cè)量結(jié)果：。

A無(wú)影響

及有影響，結(jié)果會(huì)偏大

C.有影響，結(jié)果會(huì)偏小

13.如圖所示，傾角為9=37。的斜面A8C固定在水平地

面上，AB部分斜面粗糙，長(zhǎng)〃B=3m,BC部分斜

面光滑。-個(gè)質(zhì)量m=1kg的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))以、、亦、X、、、、、、、、、7、、

初動(dòng)能以0=32/從斜面底端沖上斜面。已知物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=0.25,

g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,以水平地面為零勢(shì)能面，不計(jì)空氣阻力。

求：

(1)畫(huà)出物塊沿48部分斜面向上運(yùn)動(dòng)時(shí)受力示意圖，并求出其加速度；

(2)物塊運(yùn)動(dòng)到8處時(shí)的速度大?。?/p>

(3)為使物塊不至于滑出斜面，8C部分的最小長(zhǎng)度；

(4)請(qǐng)判斷物塊的動(dòng)能和重力勢(shì)能相等的位置在AB段還是BC段，簡(jiǎn)要說(shuō)明理由。

14.如圖所示，直角坐標(biāo)系。町位于豎直平面內(nèi)，x軸與絕緣的水平面重合，在y軸右

方有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，質(zhì)量為機(jī)2=7x10-3kg的

不帶電小物塊靜止在原點(diǎn)。，A點(diǎn)距。點(diǎn)I=0.045m,質(zhì)量nil=1x10-3kg的帶

電小物塊以初速度為=0.5m/s從A點(diǎn)水平向右運(yùn)動(dòng)，在。點(diǎn)與巾2發(fā)生正碰并把部

分電量轉(zhuǎn)移到62上，碰撞后租2的速度為0.1m/s，此后不再考慮巾1、m2間的庫(kù)侖

力，已知電場(chǎng)強(qiáng)度E=40N/C,小物塊Tn】與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)為4=0.1,取^=

10m/s2,求：

(1)碰后Tn1的速度；

(2)若碰后加2做勻速圓周運(yùn)動(dòng)且恰好通過(guò)P點(diǎn)，。尸與x軸的夾角0=30。，0P長(zhǎng)為

l0P=0.4m,求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?/p>

(3)其它條件不變，若改變磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為夕，使血2離開(kāi)第一象限后落地

時(shí)能與再次相碰，求夕的大小。

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15.已知銅的摩爾質(zhì)量為M,阿伏加德羅常數(shù)為N4,則質(zhì)量為機(jī)的銅含有個(gè)銅

原子；若將銅原子設(shè)想為球體，且銅原子一個(gè)挨著一個(gè)排列，已知銅的密度為p,

則銅原子的半徑為。

16.如圖所示，在一圓形豎直管道內(nèi)封閉有理想氣體，用一固

定絕熱活塞%和質(zhì)量為加的可自由移動(dòng)的絕熱活塞A將管KU

內(nèi)氣體分割成體積相等的兩部分?溫度都為7°=300K,

上部氣體壓強(qiáng)為Po=1.0x105Pa,活塞A有詈=2x

104pa（S為活塞橫截面積）?，F(xiàn)保持下部分氣體溫度不變,只對(duì)上部分氣體緩慢加熱,

當(dāng)活塞A移動(dòng)到最低點(diǎn)B時(shí)（不計(jì)摩擦）。

求：①下部分氣體的壓強(qiáng)。

②上部分氣體的溫度。

17.如圖，一列簡(jiǎn)諧橫波平行于x軸傳播，圖中的實(shí)線和虛線分別為t=0和t=O.ls時(shí)

的波形圖。已知平衡位置在x=6m處的質(zhì)點(diǎn)，在0到0.1s時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向不變。這

列簡(jiǎn)諧波的周期為s,波速為m/s.

18.如圖所示,某玻璃磚的截面由半圓和等腰直角三角形ABC組成,AC是半圓的直徑，

AC長(zhǎng)為4,一束單色光照射在圓弧面上的。點(diǎn)，入射角為60。，折射光線剛好照射

在A8邊的中點(diǎn)E,折射光線在AB面上的入射角為45。，光在真空中傳播速度為c,

求：

（i）玻璃磚對(duì)單色光的折射率；

3）光在玻璃磚中傳播的時(shí)間（不考慮光在圓弧面上的反射）。

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、半衰期的大小與溫度無(wú)關(guān)，若使汨e的溫度降低，其半衰期不變，故A

錯(cuò)誤；

B、根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒知，X的電荷數(shù)為2,質(zhì)量數(shù)為4,即X粒子是胃He,

故B錯(cuò)誤；

C、這個(gè)核反應(yīng)釋放出的能量為AE,根據(jù)質(zhì)能方程可知該核反應(yīng)過(guò)程產(chǎn)生的質(zhì)量虧損

為△m=筆，故C正確；

D,由核反應(yīng)的特點(diǎn)可知，“核燃燒”的核反應(yīng)是聚變反應(yīng)，故。錯(cuò)誤。

故選：

根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒的X的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)；半衰期的大小與溫度無(wú)關(guān)；根據(jù)

質(zhì)能方程判斷；太陽(yáng)內(nèi)部進(jìn)行的是核聚變。

本題考查了聚變和核反應(yīng)類(lèi)型，同時(shí)知道衰變的實(shí)質(zhì)，影響半衰期大小的因素，注意半

衰期的大小由原子核內(nèi)部因素決定，與原子核所處的物理環(huán)境和化學(xué)狀態(tài)無(wú)關(guān)。

2.【答案】A

【解析】解：對(duì)標(biāo)準(zhǔn)物塊進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得：F=m】%=2X20N=

40/V

對(duì)整體，由牛頓第二定律得：?=01+瓶2)。2

解得=3.0kg,故A正確，BCD錯(cuò)誤。

先對(duì)標(biāo)準(zhǔn)物塊進(jìn)行分析，由牛頓第二定律求出合力尸，然后對(duì)整體進(jìn)行分析根據(jù)牛頓第

二定律求解即可。

解決本題的關(guān)鍵要靈活選擇研究對(duì)象，采用整體法研究比較簡(jiǎn)潔。要知道加速度是聯(lián)系

力和運(yùn)動(dòng)的橋梁，在動(dòng)力學(xué)問(wèn)題中往往是必求的量。

3.【答案】B

【解析】解：A3、由圖可得：=(-2.5t+20)m/s,根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移-時(shí)間公

式x=%t+gat2,得:=稱就+為，對(duì)比可得汽車(chē)的初速度為%=20m/s,加速度為

a=-5rn/s2.即剎車(chē)過(guò)程動(dòng)車(chē)的加速度大小為5m/s2,故A錯(cuò)誤，8正確;

C、剎車(chē)過(guò)程持續(xù)的時(shí)間為t=~=Ws=4s,故C錯(cuò)誤；

a-5

D、從開(kāi)始剎車(chē)時(shí)計(jì)時(shí)，經(jīng)過(guò)Is,汽車(chē)的位移為％=%1+：砒2=(20x1-^x5x

l2)m=17.5m,故￡>錯(cuò)誤。

故選:Bo

結(jié)合圖象的信息，寫(xiě)出:與，之間的關(guān)系式，結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移-時(shí)間公式，求

解汽車(chē)的初速度和加速度，再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求剎車(chē)過(guò)程持續(xù)的時(shí)間和汽車(chē)1s經(jīng)過(guò)的位

移。

解決本題的關(guān)鍵是要寫(xiě)出;與f的解析式，采用比對(duì)的方法求出初速度和加速度。要掌握

2

勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式x=vot+1at,并能熟練運(yùn)用。

4.【答案】D

【解析】解：4線框的.上下兩條邊受到安培力的作用而發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)的，根據(jù)左手定則可以

判斷從上往下看，線框?qū)⒆鲰槙r(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

8.電池輸出的電動(dòng)率一部分用來(lái)用于線框的發(fā)熱功率，一部分提供線框轉(zhuǎn)動(dòng)的機(jī)械功率,

所以電池輸出的電功率大于線框旋轉(zhuǎn)的機(jī)械功率，故B錯(cuò)誤：

C.線框①、②兩部分導(dǎo)線電阻在電路中是并聯(lián)關(guān)系，故C錯(cuò)誤；

D穩(wěn)定時(shí)，因?qū)Ь€切割磁感應(yīng)線，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與電源相反，則線框中電流比剛開(kāi)

始轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的小，故。正確；

故選：。。

線圈轉(zhuǎn)動(dòng)是因?yàn)橥妼?dǎo)線在磁場(chǎng)內(nèi)受到安培力作用，只有一端接觸也可以轉(zhuǎn)動(dòng)，改變磁

極方向轉(zhuǎn)動(dòng)方向也改變；由于有內(nèi)能產(chǎn)生，所以總功率大于機(jī)械功率；感應(yīng)電流阻礙原

來(lái)電流的大小。

本題考查了安培力。注意點(diǎn)：這個(gè)小實(shí)驗(yàn)線框的轉(zhuǎn)動(dòng)原理不是電磁感應(yīng)而是電流在磁場(chǎng)

中安培力作用。

5.【答案】C

【解析】解：小人對(duì)地面的壓力是由于腳發(fā)生形變引起的，故A錯(cuò)誤；

8、根據(jù)牛頓第三定律可知，地面對(duì)人的支持力大小等于人對(duì)地面的壓力大小，故B錯(cuò)

誤；

C、人處于C點(diǎn)時(shí)一，人受到地面的支持力等于重力，根據(jù)牛頓第二定律G-F=ma,解

第10頁(yè)，共21頁(yè)

得a=0,加速度起立結(jié)束，加速度為零，速度最大，故C正確；

。、人處于A點(diǎn)時(shí)，受到地面的支持力小于重力，仍處于加速下蹲階段，沒(méi)有下蹲到最

低點(diǎn)，故。錯(cuò)誤。

故選：C?

(1)根據(jù)彈力是發(fā)生彈性形變的物體，由于要恢復(fù)原狀，對(duì)跟它接觸的物體產(chǎn)生的力，

判斷人對(duì)地面的壓力的產(chǎn)生原因；

(2)根據(jù)牛頓第三定律，判斷地面對(duì)人的支持力和人對(duì)地面的壓力的大小關(guān)系；

(3)根據(jù)牛頓第二定律，判斷在C點(diǎn)時(shí)人的速度；

(4)根據(jù)牛頓第二定律，判斷曲線上的4點(diǎn)表示的位置。

本題考查牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用，解題時(shí)應(yīng)注意根據(jù)重力與支持力的大小關(guān)系，判斷

加速度。

6.【答案】8

【解析】解：本題最大視角應(yīng)理解為觀察者與水星的連線與水星軌跡相切，設(shè)水星的公

轉(zhuǎn)半徑為『，地球的公轉(zhuǎn)半徑為R,由三角關(guān)系可得s譏。=￡=k

由太陽(yáng)對(duì)行星的萬(wàn)有引力提供向心力有：

Mm4TT2

G—=m^rr

行星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)周期為：7=2兀叵

所以有:養(yǎng)監(jiān)

故8正確，ACD錯(cuò)誤。

故選:B。

根據(jù)題意知道當(dāng)行星處于最大視角處時(shí)，地球和行星的連線應(yīng)與行星軌道相切，運(yùn)用幾

何關(guān)系求解問(wèn)題。地球與某行星圍繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律及角速

度公式列出等式，表示出周期，然后去進(jìn)行求解。

解決本題的關(guān)鍵要正確理解題意，明確最大視角的含義，結(jié)合數(shù)學(xué)幾何關(guān)系求解水星的

公轉(zhuǎn)半徑。向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量或要求解的物理量選取應(yīng)用。

7.【答案】B

【解析】解：A、若小環(huán)帶正電，重力和電場(chǎng)力對(duì)小環(huán)都做正功，小環(huán)的動(dòng)能一直增大，

與圖乙不符，所以小環(huán)帶負(fù)電，故4錯(cuò)誤；

8、小環(huán)在高度Hi-%之間運(yùn)動(dòng)時(shí)，動(dòng)能減小，根據(jù)動(dòng)能定理：Ek=Ek。+F電h-mgh=

七而+（9電-加。）九，因?yàn)樵诟叨葹?％之間的某點(diǎn)圖像的斜率最大，則庫(kù)侖力在豎直

方向上的分力最大，故B正確；

C、由以上分析可知，小球受到的合力為圖像的斜率，則該過(guò)程中，小球所受合力先減

小，后增大，再減小再增大，故C錯(cuò)誤；

D,該過(guò)程中，小球所受的庫(kù)侖力一直對(duì)小球做負(fù)功，則機(jī)械能一直減小，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)動(dòng)能的變化，對(duì)小環(huán)受力分析，確定其電性。小環(huán)過(guò)了0點(diǎn)后，合力向下，不會(huì)做

往復(fù)。小環(huán)帶正電，下落時(shí)，電場(chǎng)力做負(fù)功，可以得出電勢(shì)能的變化。從圖象可以得出

小環(huán)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。

此題考查圖象問(wèn)題，小環(huán)在下落到。點(diǎn)時(shí)，這是一個(gè)特殊位置，此時(shí)合力等于重力，方

向豎直向下。下落過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)可以從圖象得出。

8.【答案】AD

【解析】解：AB、由等量異種電荷對(duì)稱性可知，AC兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小方向都相同，AB兩點(diǎn)

電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等方向不同，故4正確，B錯(cuò)誤；

C、。點(diǎn)離正電荷更近，所以。點(diǎn)電勢(shì)比C點(diǎn)高，故C錯(cuò)誤；

。、族兩點(diǎn)在等量異種電荷的中垂面上，此面為等勢(shì)面，所以EF兩點(diǎn)電勢(shì)相等，故。

正確。

故選：A3。

根據(jù)電場(chǎng)的疊加原理分析，明確等量異種電荷連線的中垂面是等勢(shì)面，電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，

注意方向，電勢(shì)是標(biāo)量，沿電場(chǎng)的方向電勢(shì)降低。

解決本題的關(guān)鍵要掌握各種常見(jiàn)電場(chǎng)的等勢(shì)面、電場(chǎng)線的分布情況，明確場(chǎng)強(qiáng)是矢量，

知道只有大小和方向都相同時(shí)，場(chǎng)強(qiáng)才相同。

9.【答案】AD

【解析】解：A、加速助跑過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員的速度越來(lái)越大，運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能增加，運(yùn)動(dòng)

員的高度不變其重力勢(shì)能不變，運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能不斷增大，故A正確；

8、運(yùn)動(dòng)員越過(guò)橫桿正上方時(shí)，運(yùn)動(dòng)員具有水平方向的速度，其動(dòng)能不為零，故B錯(cuò)誤；

CD,運(yùn)動(dòng)員上升過(guò)程中，桿的彈性形變先增大后減小，桿的彈性勢(shì)能先增大后減小，

運(yùn)動(dòng)員與桿組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律可知，運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能先減小后

第12頁(yè)，共21頁(yè)

增大，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：A。。

撐桿跳高運(yùn)動(dòng)員起跳到越過(guò)橫桿到越桿下落的過(guò)程中，包含了彈性勢(shì)能、動(dòng)能、重力勢(shì)

能之間的轉(zhuǎn)化，根據(jù)運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析答題。

根據(jù)題意分析清楚分析清楚運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)過(guò)程與桿形變過(guò)程是解題的前提與關(guān)鍵，根據(jù)

運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)過(guò)程應(yīng)用機(jī)械能守恒定律即可解題。

10.【答案】BCD

【解析】解：金屬框在恒力產(chǎn)作用下向右加速，由右手定則可知，爐邊產(chǎn)生的感應(yīng)電

流從c流向6,由左手定則可知，導(dǎo)體棒受到向右的安培力作用，導(dǎo)體棒向右做加速運(yùn)

動(dòng)，設(shè)金屬框的加速度為由,導(dǎo)體棒的加速度為設(shè)金屬框的速度為巧,導(dǎo)體棒的速

度為。2,設(shè)導(dǎo)體棒的電阻為R，回路的感應(yīng)電流：/=瑪普，設(shè)金屬框的質(zhì)量為M,

導(dǎo)體棒的質(zhì)量為07，對(duì)金屬框，牛頓第二定律得：F-BIL=M5,對(duì)導(dǎo)體棒MM由

牛頓第二定律得：BIL=ma2,金屬框與導(dǎo)體棒都做初速度為零的加速運(yùn)動(dòng)，女、藝都

變大，%從5開(kāi)始減小，導(dǎo)體棒的加速度從0開(kāi)始增大，當(dāng)金屬框與導(dǎo)體棒的加速度

相等時(shí)，即。1=。2=@時(shí)，解得：F=(M+m)a,加速度保持不變，回路感應(yīng)電流：

/=為黑正="哈也=等，此后金屬框與導(dǎo)體棒的速度差呆持不變，感應(yīng)電流

TTTLJDLKK

不變，導(dǎo)體棒所受到的安培力不變，加速度不變，金屬框與導(dǎo)體棒以相等的加速度做勻

加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，BC￡＞正確。

故選：BCD。

施加拉力后金屬框做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者

加速度相等時(shí)兩導(dǎo)體棒的速度差保持不變，兩導(dǎo)體棒以相等的加速度做勻加速直線運(yùn)動(dòng),

根據(jù)金屬框與導(dǎo)體棒的受力情況分析清楚其運(yùn)動(dòng)過(guò)程答題。

本題考查的是電磁感應(yīng)的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題，綜合性較強(qiáng)，難度較大，對(duì)學(xué)生綜合分析物理問(wèn)

題的能力要求較高；本題難點(diǎn)是金屬框和導(dǎo)體棒開(kāi)始都做變加速直線運(yùn)動(dòng)，故必須抓住

運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，二者加速度相等。

11.【答案】3.80D減小拉8的力、減小08與OA的夾角

【解析】解：⑴彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)，每1N被分成10格，則1格就等于0.1N,故圖可知，

讀數(shù)為3.80N；

(2)4、實(shí)驗(yàn)通過(guò)作出三個(gè)力的圖示，來(lái)驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”，因此重物的重力

必須要知道；

8、彈簧測(cè)力計(jì)是測(cè)出力的大小，所以要準(zhǔn)確必須在測(cè)之前校零；

C、拉線方向必須與木板平面平行，這樣才確保力的大小準(zhǔn)確性；

。、當(dāng)結(jié)點(diǎn)0位置確定時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)4的示數(shù)也確定，由于重物的重力已確定，兩力

大小與方向均一定，因此彈簧測(cè)力計(jì)B的大小與方向也一定，所以不需要改變拉力多次

實(shí)驗(yàn)。本題選不必要的，故選：

(3)對(duì)結(jié)點(diǎn)分析可知，結(jié)點(diǎn)受到的8的拉力、A的拉力以及重物的拉力三力平衡，當(dāng)彈

簧測(cè)力計(jì)A超出其量程，則說(shuō)明彈簧測(cè)力計(jì)B與重物這兩根細(xì)線的力的合力已偏大。所

以可以減小拉8的力，或者減小08與的夾角。

故答案為：(1)3.80；(2)D：(3)減小拉B的力、減小08與OA的夾角。

(1)確定出彈簧測(cè)力計(jì)的分度值，從而讀出彈簧秤的讀數(shù)；

(2)在該實(shí)驗(yàn)中，由于尸、O的位置確定，則A彈簧的拉力大小和方向一定，合力又一

定，則彈簧8的拉力大小和方向也一定，不需進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)；

(3)當(dāng)結(jié)點(diǎn)靜止于某位置時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)B的大小與方向就已確定了；原因是掛重物的

細(xì)線大小與方向一定，而彈簧測(cè)力計(jì)A大小與方向也一定，所以兩力的合力必一定。當(dāng)

出現(xiàn)超出彈簧測(cè)力計(jì)A的量程時(shí)，通過(guò)改變其中一個(gè)力大小或另一個(gè)力方向來(lái)達(dá)到此目

的。

本題考查了彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)、減小實(shí)驗(yàn)誤差的方法，對(duì)彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)時(shí)要先確定其分

度值，然后再讀數(shù)，讀數(shù)時(shí)視線要與刻度線垂直。

12.【答案】金屬夾與電阻絲接觸點(diǎn)0.730公警A

4L0

【解析】解：(1)E、為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，需要多次改變電阻絲接入電路的阻值，因此要

改變金屬夾與電阻絲接觸點(diǎn)的位置，調(diào)整電阻箱接入電路中的阻值，使電流表再次滿偏。

(2)由圖示螺旋測(cè)微器可知，固定刻度是0.5rmn,可動(dòng)刻度是23.0x0.01mm=0.230mm,

金屬絲直徑d-0.5mm+0,230mm—0.730nun(0.728mm?0.732mm均正確)。

H3

(3)如果電流表選擇&,電流表滿偏時(shí)，電路總阻值R=-=-n=5n,

A2g,

rj3

如果電流表選擇電流表滿偏時(shí)，電路總阻值R'=m=麗祈0=300,

可見(jiàn)，選擇電流表4時(shí)，被測(cè)電阻絲接入電路的阻值變化范圍大，故電流表應(yīng)選擇為。

(4)(5)設(shè)電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r,電流表的滿偏電流為電流表內(nèi)阻為以，由閉合

電路的歐姆定律可知，電源電動(dòng)勢(shì)：

第14頁(yè)，共21頁(yè)

L4L

E=%(R+R電阻絲+RA+廠)=%(R+P-+以+廠)=1g(R++&+丁)

整理得：R=-黑L+*-RA-T

R—L圖象斜率的絕對(duì)值：卜=黑.

解得電阻絲電阻率。二等1：

4乙0

有上述分析可知，電流表內(nèi)阻對(duì)電阻率的測(cè)量沒(méi)有影響，故A正確，3C錯(cuò)誤；

故選：Ao

故答案為：(1)金屬夾與電阻絲接觸點(diǎn);(2)0.730(0.728?0.732均正確)；(3)&;(4)警:

(5)4。

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)步驟完成實(shí)驗(yàn)。

(2)螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)。

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，在使電流表滿偏的前提下，確定電阻絲接入電路的阻值能否滿足實(shí)

驗(yàn)要求。

(4)由實(shí)驗(yàn)步驟可知，電源電動(dòng)勢(shì)不變，電路電流始終等于電流表的滿偏電流，電路電

流不變，由此可知，電路總電阻不變，由圖象及串聯(lián)電路特點(diǎn)可以求出電路總電阻，由

電阻定律及實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可以求出電阻率的表達(dá)式。

(5)應(yīng)用圖象法求電阻率，電流表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果沒(méi)有影響。

螺旋測(cè)微器示數(shù)等于固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和，對(duì)螺旋測(cè)微器讀數(shù)時(shí)要注意估讀;

為減小讀數(shù)誤差，電表量程選擇要合適，在保證安全的前提下，量程不能過(guò)大；知道外

電路電阻不變，熟練應(yīng)用電阻定律即可正確解題。

13.【答案】解：(1)物塊在4B段受到重力G、支持力時(shí)和人

沿斜面向下的摩擦力外，受力分析如右圖所示：

沿斜面方向根據(jù)牛頓第二定律得：mgsin9+^mgcosO=滑.、、、、、、、、、、《、

''G

ma

代入數(shù)據(jù)解得加速度大小為：a=8zn/s2,方向沿斜面向下；

(2)根據(jù)動(dòng)能的定義式反0=：m詔可得物塊在A處的速度大小為：為=叵=

=8m/s

從A到B根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：詔一詔=-2aLAB

解得知=J詔-2a=V8x8-2x8x3m/s=4m/s；

(3)物體在BC段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：

—mgsind?LBC=0--mvj

代入數(shù)據(jù)解得：LBC=lm；

所以，為使物塊不至于滑出斜面，BC部分的最小長(zhǎng)度為［m；

(4)物塊的動(dòng)能和重力勢(shì)能相等的位置在AB段；

B處的動(dòng)能為E/由=1mvi=ixlx427=8；

B處的重力勢(shì)能為EPB=mgh=1X10X3Xsin37°J=18/

小物塊從A到B的過(guò)程中，動(dòng)能從32J減小到8J,重力勢(shì)能從0增加到18J,會(huì)在某處

出現(xiàn)動(dòng)能和重力勢(shì)能相等的位置；

由B到C的過(guò)程中，動(dòng)能減少，重力勢(shì)能增加，不可能出現(xiàn)動(dòng)能和重力勢(shì)能相等的位

置。

答：(1)物塊沿AB部分斜面向上運(yùn)動(dòng)時(shí)受力示意圖見(jiàn)解析，其加速度大小為8m/s2,方

向沿斜面向下；

(2)物塊運(yùn)動(dòng)到B處時(shí)的速度大小為4m/s；

(3)為使物塊不至于滑出斜面，BC部分的最小長(zhǎng)度為［皿；

(4)物塊的動(dòng)能和重力勢(shì)能相等的位置在AB段，理由見(jiàn)解析。

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【解析】(1)物塊在AB段受到重力G、支持力心和沿斜面向下的摩擦力外，由此作圖；

根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小和方向；

(2)從A到B根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解B點(diǎn)的速度大小；

(3)物體在8C段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理求解8c部分的最小長(zhǎng)度；

(4)求出物塊在B點(diǎn)的動(dòng)能和重力勢(shì)能，由此分析。

本題主要是考查動(dòng)能定理和牛頓第二定律的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程和

受力情況和能量的轉(zhuǎn)化情況，利用牛頓第二定律或運(yùn)動(dòng)學(xué)的計(jì)算公式求解加速度，再根

據(jù)題目要求進(jìn)行解答；知道加速度是聯(lián)系靜力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁。

14.【答案】解：(l)mi與m2碰撞前的速度為%,由動(dòng)能定理-卬%或=稱61而一［加1詔

代入數(shù)據(jù)解得：%=OAm/s

佗碰撞后的速度為功=O」m/s，由于如、也正碰，由動(dòng)量守恒有:

=mi%+m2v2

代入數(shù)據(jù)解得碰撞后mi的速度：v\=-0.3m/s,負(fù)號(hào)表示速度方向水平向左.

(2)碰撞后巾2恰好做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以qE

m2g可解得：加2所帶電荷量為：q=1.75x10-3C

在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)圓周的

半徑為R則有:

洛倫茲力提供向心力：=巾2系

軌跡如圖，由幾何關(guān)系有：R=lop

解得：B=1T

(3)當(dāng)巾2經(jīng)過(guò)丫軸時(shí)速度水平向左，離開(kāi)電場(chǎng)后做平拋運(yùn)動(dòng)，mi碰后做勻減速運(yùn)動(dòng).

mi勻減速運(yùn)動(dòng)至停，其平均速度為：5

,7n

由于“=ip1=|x0.3m/s=0.15m/s>v2=O.lm/s,所以TH?在l停止后與其碰撞

由牛頓第二定律有：f-^19-

nii停止后離。點(diǎn)距離：X=受

2a

x

則?712平拋的時(shí)間：亡=正

血2平拋的高度：九

設(shè)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R'，由幾何關(guān)系有：R'=1h.

62在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力有:

2

,m2V2

q%B=-7-

n

得：B'=0.8T

答：(1)碰后mi的速度為0.3rn/s,方向水平向左;

(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為1T；

(3)夕的大小為0.87.

【解析】(1)根據(jù)動(dòng)能定理求得碰撞前的速度，再根據(jù)碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒求得碰撞

后瓶1的速度；

(2)粒子受重力、電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故重力與電場(chǎng)力平衡，根

據(jù)幾何關(guān)系求出粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，再由洛倫茲力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力求出磁感應(yīng)

強(qiáng)度B；

(3)^2離開(kāi)磁場(chǎng)后做平拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)巾1的運(yùn)動(dòng)分析，確認(rèn)6］停止位置，m2在磁場(chǎng)中做勻

速圓周運(yùn)動(dòng)，故平拋的速度大小就是m2碰撞后的速度，根據(jù)平拋的射程求得平拋的拋

出點(diǎn)高度，由拋出點(diǎn)高度和幾何關(guān)系求得機(jī)2在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，再由洛倫茲

力提供向心力求出磁感應(yīng)強(qiáng)度B.

本題是物體在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，抓住在復(fù)合場(chǎng)中能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的條件即洛倫茲力

提供向心力，重力和電場(chǎng)力平衡，解決本題還要結(jié)合牛頓運(yùn)動(dòng)定律和動(dòng)量守恒，知識(shí)點(diǎn)

比較多，難度較大.

15.【答案】,1咚

M-J4npNA

【解析】解:摩爾質(zhì)量是1，”。/銅原子的總質(zhì)量，故質(zhì)量為，”的銅含有的銅原子數(shù)n=三9；

銅的摩爾體積為：U=%

則一個(gè)銅原子的體積為：〃=?=會(huì)；

NAP^A

根據(jù)U=^兀/?3可得，銅原子的半徑R=小篇

故答案為：凱；忘。

已知摩爾質(zhì)量和銅的質(zhì)量，由阿伏加德羅常數(shù)可求出銅原子的個(gè)數(shù)，再根據(jù)密度公式求

出摩爾體積，再根據(jù)球體的體積公式確定銅原子的半徑。

本題考查阿伏加德羅常數(shù)的意義，要注意明確宏觀量和微觀量是如何通過(guò)阿伏加德羅常

數(shù)聯(lián)系在一起的。

16.【答案】解：①對(duì)下部分氣體，做等溫變化，初狀態(tài)壓強(qiáng)為：

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Pl=Po+T=1.0x105+2X104七=12x105pa

J

體積為：Vi=v0

末狀態(tài)：壓強(qiáng)為P2,體積為：眩=2%

根據(jù)玻意耳定律有：P1《=P1彩

5

代入數(shù)據(jù)得：P2=2.4x10Pa

②對(duì)上部分氣體，當(dāng)活塞A移動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，對(duì)活塞A受力分析可得出兩部分氣體的

壓強(qiáng)

P2'=P2

初狀態(tài)：壓強(qiáng)為%