高考物理二輪復(fù)習(xí) 精練三 小卷沖刺練（82實驗）（一）試題

小卷沖刺練(8＋2實驗)(一)一、選擇題(共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求。全選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。)14.在物理學(xué)的發(fā)展過程中，科學(xué)的物理思想與方法對物理的發(fā)展起到了重要作用，下列關(guān)于物理思想和方法的說法不正確的是()A.質(zhì)點和點電荷體現(xiàn)的是同一種思想方法B.牛頓第一定律是利用邏輯思維對事實進(jìn)行分析的產(chǎn)物，能用實驗直接驗證C.重心、合力和分力、總電阻都體現(xiàn)了等效替換的思想D.加速度、電場強(qiáng)度、電勢都是采取比值法定義的物理量解析質(zhì)點和點電荷都是理想化模型，體現(xiàn)的是同一種思想方法，選項A說法正確；牛頓第一定律是通過對大量實際情境的觀察，利用邏輯思維對事實進(jìn)行分析的產(chǎn)物，不能用實驗直接驗證，選項B說法不正確；重心、合力和分力、總電阻都體現(xiàn)了等效替換的思想，選項C說法正確；加速度a＝eq\f(Δv,Δt)、電場強(qiáng)度E＝eq\f(F,q)、電勢φ＝eq\f(Ep,q)都是采取比值法定義的物理量，選項D說法正確。答案B15.如圖1所示，一個小球從A由靜止開始沿粗糙的eq\f(1,4)圓周頂端運(yùn)動到底端B時速度為v1，克服摩擦力做功W1；以速度v2從底端B出發(fā)，恰好能運(yùn)動到頂端A，克服摩擦力做功為W2，則()圖1A.v1>v2，W1>W2 B.v1＝v2，W1>W2C.v1＝v2，W1＝W2 D.v1<v2，W1<W2解析對小球由eq\f(1,4)圓周軌道的頂端A靜止開始的下滑過程，由動能定理，mgR－W1＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)；對小球由eq\f(1,4)圓周軌道的底端B出發(fā)的運(yùn)動過程，由動能定理，－mgR－W2＝0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)；顯然v1<v2。把eq\f(1,4)圓周軌道分割成很多微元，兩個過程在對應(yīng)微元上，第二個過程的速度較大，對軌道的壓力較大，運(yùn)動所受的滑動摩擦力較大，沿圓周軌道運(yùn)動克服摩擦力做功較多，即W1<W2，選項D正確。答案D16.如圖2為三顆衛(wèi)星a、b、c繞地球做勻速圓周運(yùn)動的示意圖，其中衛(wèi)星b和c都在半徑為r的軌道上，a是地球同步衛(wèi)星，此時衛(wèi)星a和b恰好相距最近。已知地球的質(zhì)量為M，地球自轉(zhuǎn)的角速度為ω，引力常量為G，則()圖2A.衛(wèi)星b的周期小于24hB.衛(wèi)星b和c的機(jī)械能相等C.衛(wèi)星a和b下一次相距最近還需時間t＝eq\f(2π,ω－\r(\f(GM,r3)))D.衛(wèi)星a的動能較大解析根據(jù)開普勒第三定律，有eq\f(r3,T2)＝C(常量)，可知衛(wèi)星越高(運(yùn)動軌道半徑大)，周期越長，衛(wèi)星a為地球同步衛(wèi)星，周期是24h，則衛(wèi)星b的周期大于24h，A錯誤；衛(wèi)星的動能和機(jī)械能不僅與軌道半徑有關(guān)，還與衛(wèi)星的質(zhì)量有關(guān)，由于三個衛(wèi)星的質(zhì)量大小關(guān)系不確定，因此無法進(jìn)行比較，B、D均錯誤；衛(wèi)星a為地球同步衛(wèi)星，角速度為ω，設(shè)衛(wèi)星b運(yùn)動的角速度為ωb，有eq\f(GMm,r2)＝mωeq\o\al(2,b)r得ωb＝eq\r(\f(GM,r3))，衛(wèi)星a和b下一次相距最近所需時間t應(yīng)滿足關(guān)系式(ω－ωb)t＝2π，解得t＝eq\f(2π,ω－\r(\f(GM,r3)))，因此C正確。答案C17.如圖3所示，一個大小可忽略，質(zhì)量為m的模型飛機(jī)，在距水平地面高為h的水平面內(nèi)以速率v繞圓心O做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動，O′為圓心O在水平地面上的投影點。某時刻該飛機(jī)上有一小螺絲掉離飛機(jī)，不計空氣對小螺絲的作用力，重力加速度大小為g。下列說法正確的是()圖3A.飛機(jī)處于平衡狀態(tài)B.空氣對飛機(jī)的作用力大小為meq\f(v2,R)C.小螺絲第一次落地點與O′點的距離為eq\r(\f(2hv2,g)＋R2)D.小螺絲第一次落地點與O′點的距離為eq\r(\f(2hv2,g))解析由于飛機(jī)在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，速度時刻在發(fā)生變化，因此飛機(jī)的加速度不為零，合外力不為零，A錯誤；由圓周運(yùn)動的知識可知，重力與空氣對飛機(jī)作用力的合力提供飛機(jī)做圓周運(yùn)動的向心力，即F＝meq\f(v2,R)，因此空氣對飛機(jī)的作用力大小為F1＝eq\r(G2＋F2)，整理得F1＝eq\r(（mg）2＋\f(m2v4,R2))，B錯誤；小螺絲從飛機(jī)上掉下后做平拋運(yùn)動，小螺絲的初速度大小為v，由豎直方向的分運(yùn)動可知h＝eq\f(1,2)gt2，水平位移為x＝vt，則小螺絲的落地點與O′之間的距離為s＝eq\r(x2＋R2)，由以上整理可得s＝eq\r(\f(2hv2,g)＋R2)，C正確，D錯誤。答案C18.如圖4所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy中只有第四象限存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，點M的坐標(biāo)為(0，－d)。一電荷量為q、質(zhì)量為m的帶電粒子以某一速度從點M與y軸負(fù)方向成37°角垂直磁場射入第四象限，粒子恰好垂直穿過x軸，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。若不考慮粒子重力，下列說法正確的是()圖4A.粒子可能帶負(fù)電B.粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的半徑為eq\f(5,4)dC.粒子的速度大小為eq\f(5qdB,3m)D.若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，粒子可能不會穿過x軸解析由題中條件并通過左手定則分析可知，該粒子一定帶正電，A錯誤；作出粒子的運(yùn)動軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可知d＝Rsin37°，解得R＝eq\f(5,3)d，B錯誤；由牛頓第二定律qvB＝meq\f(v2,R)，解得v＝eq\f(5qdB,3m)，C正確；如果僅減小磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，由R＝eq\f(mv,qB)知粒子的軌跡半徑增大，粒子一定仍從x軸穿過，D錯誤。答案C19.(2017·遼寧葫蘆島模擬)核電站的核能來源于eq\o\al(235,92)U核的裂變，下列說法中正確的是()A.反應(yīng)后的核廢料已不具有放射性，不需要進(jìn)一步處理B.eq\o\al(235,92)U的一種可能的裂變是變成兩個中等質(zhì)量的原子核，如eq\o\al(139,54)Xe和eq\o\al(95,38)Sr，反應(yīng)方程為eq\o\al(235,92)U＋eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(139,54)Xe＋eq\o\al(95,38)Sr＋2eq\o\al(1,0)nC.eq\o\al(235,92)U是天然放射性元素，常溫下它的半衰期約為45億年，升高溫度半衰期縮短D.一個eq\o\al(235,92)U核裂變的質(zhì)量虧損為Δm＝0.2155u，則釋放的核能約201MeV解析反應(yīng)后的核廢料仍然具有放射性，需要進(jìn)一步處理，故A錯誤；發(fā)生核反應(yīng)的過程滿足電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，故反應(yīng)方程為eq\o\al(235,92)U＋eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(139,54)Xe＋eq\o\al(95,38)Sr＋2eq\o\al(1,0)n，故B正確；半衰期的大小由原子核內(nèi)部因素決定，與外部環(huán)境無關(guān)，即升高溫度并不能使半衰期縮短，故C錯誤；根據(jù)質(zhì)能方程ΔE＝0.2155×931MeV≈201MeV，故D正確。答案BD20.如圖5所示為甲、乙兩個物體同時從同一地點出發(fā)、沿同一直線運(yùn)動的速度—時間圖象。下列說法正確的是()圖5A.在0～2.0s內(nèi)，甲的加速度小于乙的加速度B.在2.0s時，乙在甲前面C.在0～6.0s內(nèi)，甲和乙的位移相同D.在0～6.0s內(nèi)，甲和乙相遇一次解析速度—時間圖象的斜率的絕對值表示物體加速度的大小，則0～2.0s的過程中，物體甲的加速度大于物體乙的加速度，A錯誤；圖象與時間軸圍成的面積表示物體的位移，則由圖象可知0～2.0s的時間內(nèi)，物體甲的位移大小為6m、物體乙的位移大小為10m，顯然2.0s時物體乙處在物體甲的前方，B正確；0～6.0s的時間內(nèi)，物體甲的位移大小為24m、物體乙的位移大小為18m，6.0s時物體甲在物體乙的前方，C錯誤；由以上分析可知在0～6.0s的時間內(nèi)，物體乙先在前面，后來物體甲一直在物體乙的前面，則0～6.0s內(nèi)物體甲和物體乙相遇一次，D正確。答案BD21.如圖6所示，氕核、氘核、氚核三種粒子從同一位置無初速地飄入電場線水平向右的加速電場E1，之后進(jìn)入電場線豎直向下的勻強(qiáng)電場E2發(fā)生偏轉(zhuǎn)，最后打在屏上。整個裝置處于真空中，不計粒子重力及其相互作用，那么()圖6A.偏轉(zhuǎn)電場E2對三種粒子做功一樣多B.三種粒子打到屏上時的速度一樣大C.三種粒子運(yùn)動到屏上所用時間相同D.三種粒子一定打到屏上的同一位置解析由動能定理可求得粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時的速度，再對運(yùn)動的合成與分解可求得偏轉(zhuǎn)電場中的位移；再由幾何關(guān)系可明確粒子打在屏上的位置。帶電粒子在加速電場中加速，由動能定理可知：E1qd＝eq\f(1,2)mv2解得：v＝eq\r(\f(2E1dq,m))粒子在偏轉(zhuǎn)電場中的時間t＝eq\f(L,v)粒子在偏轉(zhuǎn)電場中的加速度a＝eq\f(qE2,m)在偏轉(zhuǎn)電場中的縱向速度v0＝at＝eq\r(\f(Eeq\o\al(2,2)qL2,2E1md))縱向位移y＝eq\f(1,2)at2＝eq\f(E2L2,4E1d)；即位移與比荷無關(guān)，與速度無關(guān)；由相似三角形可知，打在屏幕上的位置一定相同，到屏上的時間與橫向速度成反比，故A、D正確。答案AD二、非選擇題22.(6分)如圖7甲為20分度游標(biāo)卡尺的部分示意圖，其讀數(shù)為________mm；圖乙為螺旋測微器的示意圖，其讀數(shù)為________mm；在某次學(xué)生實驗中，彈簧測力計的指針位置如圖丙所示，其讀數(shù)為________N。圖7解析游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為8mm，游標(biāo)尺上第3條刻度線與主尺刻度線對齊，游標(biāo)卡尺讀數(shù)為0.05×3mm＝0.15mm，所以最終讀數(shù)為8mm＋0.15mm＝8.15mm。螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為2.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×47.0mm＝0.470mm，所以最終讀數(shù)為2.5mm＋0.470mm＝2.970mm。根據(jù)彈簧測力計的讀數(shù)規(guī)則，其讀數(shù)為2.90N。答案8.15(2分)2.970(2分)2.90(2分)23.(9分)小華和小明在“描繪小燈泡伏安特性曲線”的實驗中，將實驗數(shù)據(jù)記錄在下表中：電壓U/V0.000.200.400.701.001.301.702.102.50電流I/A0.000.140.240.260.370.400.430.450.46(1)實驗室有兩種滑動變阻器供選擇：A.滑動變阻器(阻值范圍0～10Ω、額定電流3A)B.滑動變阻器(阻值范圍0～2000Ω、額定電流1A)實驗中選擇的滑動變阻器是________。(填寫字母序號)(2)在圖8甲中用筆畫線代替導(dǎo)線，將實驗電路連接完整。(3)開關(guān)閉合前，滑動變阻器的滑片應(yīng)滑至________(填“左”或“右”)端。(4)利用表中數(shù)據(jù)，在圖8乙中畫出小燈泡U－I圖線。圖8(5)他們在U－I圖象上找到小燈泡工作電壓為2.0V時的坐標(biāo)點，計算此狀態(tài)的電阻值時，小明提出用圖象上該點的曲線斜率表示小燈泡的阻值；小華提出該點與坐標(biāo)原點連線的斜率表示小燈泡的阻值，你認(rèn)