2015年浙江省高考物理22

2015年浙江省高考物理試卷一、選擇題（共4小題，每小題6分，滿分24分）1．下列說(shuō)法正確的是（）A． 電流通過(guò)導(dǎo)體的熱功率與電流大小成正比B． 力對(duì)物體所做的功與力的作用時(shí)間成正比C． 電容器所帶電荷量與兩極間的電勢(shì)差成正比D． 彈性限度內(nèi)，彈簧的勁度系數(shù)與彈簧伸長(zhǎng)量成正比2．如圖所示，氣墊導(dǎo)軌上滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)，其上的遮光條將光遮住，電子計(jì)時(shí)器可自動(dòng)記錄遮光時(shí)間△t，測(cè)得遮光條的寬度為△x，用近似代表滑塊通過(guò)光電門(mén)時(shí)的瞬時(shí)速度，為使更接近瞬時(shí)速度，正確的措施是（）A． 換用寬度更窄的遮光條B． 提高測(cè)量遮光條寬度的精確度C． 使滑片的釋放點(diǎn)更靠近光電門(mén)D． 增大氣墊導(dǎo)軌與水平面的夾角3．如圖所示為靜電力演示儀，兩金屬極板分別固定于絕緣支架上，且正對(duì)平行放置，工作時(shí)兩板分別接高壓直流電源的正負(fù)極，表面鍍鋁的乒乓球用絕緣細(xì)線懸掛在兩金屬極板中間，則（）A． 乒乓球的左側(cè)感應(yīng)出負(fù)電荷B． 乒乓球受到擾動(dòng)后，會(huì)被吸在左極板上C． 乒乓球共受到電場(chǎng)力、重力和庫(kù)侖力三個(gè)力的作用D． 用絕緣棒將乒乓球拔到與右極板接觸，放開(kāi)后乒乓球會(huì)在兩極板間來(lái)回碰撞4．如圖所示為足球球門(mén)，球門(mén)寬為L(zhǎng)，一個(gè)球員在球門(mén)中心正前方距離球門(mén)s處高高躍起，將足球頂入球門(mén)的左下方死角（圖中P點(diǎn)），球員頂球點(diǎn)的高度為h，足球做平拋運(yùn)動(dòng)（足球可看成質(zhì)點(diǎn)，忽略空氣阻力），則（）A． 足球位移的大小x=B． 足球初速度的大小v0=C． 足球末速度的大小v=D． 足球初速度的方向與球門(mén)線夾角的正切值tanθ=二、選擇題（本題共3小題。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的的0分）5．我國(guó)科學(xué)家正在研制航母艦載機(jī)使用的電磁彈射器，艦載機(jī)總質(zhì)量為3.0×104kg，設(shè)起飛過(guò)程中發(fā)動(dòng)機(jī)的推力恒為1.0×105N，彈射器有效作用長(zhǎng)度為100m，推力恒定，要求艦載機(jī)在水平彈射結(jié)束時(shí)速度大小達(dá)到80m/s．彈射過(guò)程中艦載機(jī)所受總推力為彈射器和發(fā)動(dòng)機(jī)推力之和，假設(shè)所受阻力為總推力的20%，則（）A． 彈射器的推力大小為1.1×106NB． 彈射器對(duì)艦載機(jī)所做的功為1.1×108JC． 彈射器對(duì)艦載機(jī)做功的平均功率為8.8×107WD． 艦載機(jī)在彈射過(guò)程中的加速度大小為32m/s26．如圖所示為賽車(chē)場(chǎng)的一個(gè)水平“U”形彎道，轉(zhuǎn)彎處為圓心在O點(diǎn)的半圓，內(nèi)外半徑分別為r和2r，一輛質(zhì)量為m的賽車(chē)通過(guò)AB線經(jīng)彎道到達(dá)A′B′線，有如圖所示的①、②、③三條路線，其中路線③是以O(shè)′為圓心的半圓，OO′=r，賽車(chē)沿圓弧路線行駛時(shí)，路面對(duì)輪胎的最大徑向靜摩擦力為Fmax，選擇路線，賽車(chē)以不打滑的最大速率通過(guò)彎道（所選路線內(nèi)賽車(chē)速率不變，發(fā)動(dòng)機(jī)功率足夠大），則（）A． 選擇路線①，賽車(chē)經(jīng)過(guò)的路程最短B． 選擇路線②，賽車(chē)的速率最小C． 選擇路線③，賽車(chē)所用時(shí)間最短D． ①、②、③三條路線的圓弧上，賽車(chē)的向心加速度大小相等7．如圖所示，用兩根長(zhǎng)度相同的絕緣細(xì)線把一個(gè)質(zhì)量為0.1kg的小球A懸掛在水平板的M、N兩點(diǎn)，A上帶有Q=3.0×10﹣6C的正電荷，兩線夾角為120°，兩線上的拉力大小分別為F1和F2，A的正下方0.3m處放有一帶等量異種電荷的小球B，B與絕緣支架的總質(zhì)量為0.2kg（重力加速度取g=10m/s2；靜電力常量k=9.0×109N?m2/C2，A、B球可視為點(diǎn)電荷），則（）A． 支架對(duì)地面的壓力大小為2.0NB． 兩線上的拉力大小F1=F2=1.9NC． 將B水平右移，使M、A、B在同一直線上，此時(shí)兩線上的拉力大小F1=1.225N，F(xiàn)2=1.0ND． 將B移到無(wú)窮遠(yuǎn)處，兩線上的拉力大小F1=F2=0.866N二、非選擇題部分共12題小題，共180分）8．甲同學(xué)準(zhǔn)備做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)，乙同學(xué)準(zhǔn)備做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)．（1）圖1中A、B、C、D、E表示部分實(shí)驗(yàn)器材，甲同學(xué)需在圖中選用的器材；乙同學(xué)需在圖中選用的器材（用字母表示）（2）乙同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室選齊所需要器材后，經(jīng)正確操作獲得如圖2所示的兩條紙帶①和②，紙帶的加速度大（填“①”或“②”），其加速度大小為．9．圖1是小紅同學(xué)在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)的食物連接圖（1）根據(jù)圖1畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖（2）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器得到了兩組電流表與電壓表的實(shí)數(shù)如圖2中的①、②、③、④所示，電流表量程為0.6A，電壓表量程為3V，所示讀數(shù)為：①②③④，兩組數(shù)據(jù)得到的電阻分別為和．10．如圖所示，用一塊長(zhǎng)L1=1.0m的木板在墻和桌面間架設(shè)斜面，桌子高H=0.8m，長(zhǎng)L2=1.5m，斜面與水平桌面的傾角θ可在0～60°間調(diào)節(jié)后固定，將質(zhì)量m=0.2kg的小物塊從斜面頂端靜止釋放，物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.05，物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，忽略物塊在斜面與桌面交接處的能量損失（重力加速度取g=10m/s2，最大靜止摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力）（1）求θ角增大到多少時(shí)，物塊能從斜面開(kāi)始下滑（用正切值表示）（2）當(dāng)θ角增大到37°時(shí)，物塊恰能停在桌面邊緣，求物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8）（3）繼續(xù)增大θ角，發(fā)現(xiàn)θ=53°時(shí)物塊落地點(diǎn)與墻面的距離最大，求此最大距離x．11．小明同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)“電磁天平”，如圖1所示，等臂天平的左臂為掛盤(pán)，右臂掛有矩形線圈，兩臂平衡，線圈的水平邊長(zhǎng)L=0.1m，豎直邊長(zhǎng)H=0.3m，匝數(shù)為N1，線圈的下邊處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B0=1.0T，方向垂直線圈平面向里，線圈中通有可在0～2.0A范圍內(nèi)調(diào)節(jié)的電流I，掛盤(pán)放上待測(cè)物體后，調(diào)節(jié)線圈中電流使天平平衡，測(cè)出電流即可測(cè)得物體的質(zhì)量（重力加速度取g=10m/s2）（1）為使電磁天平的量程達(dá)到0.5kg，線圈的匝數(shù)N1至少為多少？（2）進(jìn)一步探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象，另選N2=100匝、形狀相同的線圈，總電阻R=10Ω，不接外電流，兩臂平衡，如圖2所示，保持B0不變，在線圈上部另加垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，且磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間均勻變大，磁場(chǎng)區(qū)域?qū)挾萪=0.1m，當(dāng)掛盤(pán)中放質(zhì)量為0.01kg的物體時(shí)，天平平衡，求此時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率．

12．使用回旋加速器的實(shí)驗(yàn)需要把離子束從加速器中引出，離子束引出的方法有磁屏蔽通道法和靜電偏轉(zhuǎn)法等，質(zhì)量為m，速度為v的離子在回旋加速器內(nèi)旋轉(zhuǎn)，旋轉(zhuǎn)軌道是半徑為r的圓，圓心在O點(diǎn)，軌道在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，為引出離子束，使用磁屏蔽通道法設(shè)計(jì)引出器，引出器原理如圖所示，一對(duì)圓弧形金屬板組成弧形引出通道，通道的圓心位于O′點(diǎn)（O′點(diǎn)圖中未畫(huà)出），引出離子時(shí)，令引出通道內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度降低，從而使離子從P點(diǎn)進(jìn)入通道，沿通道中心線從Q點(diǎn)射出，已知OQ長(zhǎng)度為L(zhǎng)，OQ與OP的夾角為θ（1）求離子的電荷量q并判斷其正負(fù)；（2）離子從P點(diǎn)進(jìn)入，Q點(diǎn)射出，通道內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)降為B′，求B′（3）換用靜電偏轉(zhuǎn)法引出離子束，維持通道內(nèi)的原有磁感應(yīng)強(qiáng)度B不變，在內(nèi)外金屬板間加直流電壓，兩板間產(chǎn)生徑向電場(chǎng)，忽略邊緣效應(yīng)，為使離子仍從P點(diǎn)進(jìn)入，Q點(diǎn)射出，求通道內(nèi)引出軌跡處電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向和大?。?/p>

“物理選修34”模塊13．（4分）（2015?浙江）以下說(shuō)法正確的是（）A． 真空中藍(lán)光的波長(zhǎng)比紅光的波長(zhǎng)長(zhǎng)B． 天空中的彩虹是由光干涉形成的C． 光纖通信利用了光的全反射原理D． 機(jī)械波在不同介質(zhì)中傳播，波長(zhǎng)保持不變14．（6分）（2015?浙江）某個(gè)質(zhì)點(diǎn)的簡(jiǎn)譜運(yùn)動(dòng)圖象如圖所示，求振動(dòng)的振幅和周期．“物理選修35”模塊15．（4分）（2015?浙江）以下說(shuō)法正確的是（）A． 所有原子核中的質(zhì)子數(shù)和中子數(shù)都相等B． 在核反應(yīng)中，質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒C． 氫原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)能輻射出γ射線D． 只要光照射金屬電極的時(shí)間足夠長(zhǎng)，就能發(fā)生光電效應(yīng)16．（6分）（2015?浙江）一輛質(zhì)量m1=3.0×103kg的小火車(chē)因故障停在車(chē)道上，后面一輛質(zhì)量m2=1.5×103kg的轎車(chē)來(lái)不及剎車(chē)，直接撞入貨車(chē)尾部失去動(dòng)力，相撞后兩車(chē)一起沿轎車(chē)運(yùn)動(dòng)方向滑行了s=6.75m停下，已知車(chē)輪與路面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.6，求碰撞前轎車(chē)的速度大?。ㄖ亓铀俣热=10m/s2）參考答案與試題解析一、選擇題（共4小題，每小題6分，滿分24分）1．（6分）（2015?浙江）下列說(shuō)法正確的是（）A．電流通過(guò)導(dǎo)體的熱功率與電流大小成正比B．力對(duì)物體所做的功與力的作用時(shí)間成正比C．電容器所帶電荷量與兩極間的電勢(shì)差成正比D．彈性限度內(nèi)，彈簧的勁度系數(shù)與彈簧伸長(zhǎng)量成正比考點(diǎn)：焦耳定律；彈性勢(shì)能；電容．分析：明確熱功率、功的公式、電容的定義及胡克定律公式的意義進(jìn)行分析，明確各物理量的決定因素．解答：解：A、由P=I2R可知，電流通過(guò)導(dǎo)體的熱功率與電流的平方成正比；故A錯(cuò)誤；B、力做功W=FL，與力的作用時(shí)間無(wú)關(guān)；故B錯(cuò)誤；C、由C=可知，電容器所帶電荷量與兩極間的電勢(shì)差成正比；故C正確；D、勁度系數(shù)由彈簧本身的性質(zhì)決定，無(wú)伸長(zhǎng)量無(wú)關(guān)；故D錯(cuò)誤；故選：C．點(diǎn)評(píng)：本題考查基本公式的掌握，要注意各物理量的決定因素，特別注意一些比值定義法的意義．2．（6分）（2015?浙江）如圖所示，氣墊導(dǎo)軌上滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)，其上的遮光條將光遮住，電子計(jì)時(shí)器可自動(dòng)記錄遮光時(shí)間△t，測(cè)得遮光條的寬度為△x，用近似代表滑塊通過(guò)光電門(mén)時(shí)的瞬時(shí)速度，為使更接近瞬時(shí)速度，正確的措施是（）A．換用寬度更窄的遮光條B．提高測(cè)量遮光條寬度的精確度C．使滑片的釋放點(diǎn)更靠近光電門(mén)D．增大氣墊導(dǎo)軌與水平面的夾角考點(diǎn)：探究小車(chē)速度隨時(shí)間變化的規(guī)律．專題：實(shí)驗(yàn)題．分析：明確平均速度代替瞬時(shí)速度的方法，應(yīng)明確我們是利用△x趨向于0時(shí)的平均速度可近似等于瞬時(shí)速度．解答：解：本題中利用平均速度等效替代瞬時(shí)速度；故只能盡量減小計(jì)算平均速度的位移，即換用寬度更窄的遮光條；故A正確；BCD錯(cuò)誤；故選：A．點(diǎn)評(píng)：解答本題應(yīng)掌握關(guān)鍵問(wèn)題，要使位移與時(shí)間的比值更接近一個(gè)瞬間只能減小寬度；其他實(shí)驗(yàn)方法均無(wú)能為力．3．（6分）（2015?浙江）如圖所示為靜電力演示儀，兩金屬極板分別固定于絕緣支架上，且正對(duì)平行放置，工作時(shí)兩板分別接高壓直流電源的正負(fù)極，表面鍍鋁的乒乓球用絕緣細(xì)線懸掛在兩金屬極板中間，則（）A．乒乓球的左側(cè)感應(yīng)出負(fù)電荷B．乒乓球受到擾動(dòng)后，會(huì)被吸在左極板上C．乒乓球共受到電場(chǎng)力、重力和庫(kù)侖力三個(gè)力的作用D．用絕緣棒將乒乓球拔到與右極板接觸，放開(kāi)后乒乓球會(huì)在兩極板間來(lái)回碰撞考點(diǎn)：電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：根據(jù)靜電感應(yīng)現(xiàn)象明確小球的帶電情況，再利用電荷守恒定律進(jìn)行分析，明確小球與極板相碰后的運(yùn)動(dòng)情況，即可分析小球的運(yùn)動(dòng)情況．解答：解：A、由于球表面鍍有金屬，故在電場(chǎng)作用下會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電荷；金屬極板右側(cè)為正，則負(fù)電荷將向右移動(dòng)，故右側(cè)帶有負(fù)電荷；故A錯(cuò)誤；B、乒乓球與極板相碰后，在接觸過(guò)程中，電荷重新分布，使球與極板帶同種電荷；故將會(huì)排斥；因此乒乓球會(huì)在兩極板間來(lái)回碰撞；故B錯(cuò)誤，D正確；C、乒乓球共受到電場(chǎng)力、重力、拉力三個(gè)力的作用；故C錯(cuò)誤；故選：D點(diǎn)評(píng)：本題考查靜電現(xiàn)象的應(yīng)用，要注意分析靜電感應(yīng)和接觸起電的性質(zhì)，明確庫(kù)侖力為電場(chǎng)力的一種．4．（6分）（2015?浙江）如圖所示為足球球門(mén)，球門(mén)寬為L(zhǎng)，一個(gè)球員在球門(mén)中心正前方距離球門(mén)s處高高躍起，將足球頂入球門(mén)的左下方死角（圖中P點(diǎn)），球員頂球點(diǎn)的高度為h，足球做平拋運(yùn)動(dòng)（足球可看成質(zhì)點(diǎn)，忽略空氣阻力），則（）A．足球位移的大小x=B．足球初速度的大小v0=C．足球末速度的大小v=D．足球初速度的方向與球門(mén)線夾角的正切值tanθ=考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng)．專題：平拋運(yùn)動(dòng)專題．分析：首先要根據(jù)幾何關(guān)系確定足球運(yùn)動(dòng)的軌跡，然后確定水平方向的位移，再由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出足球的初速度的大??；根據(jù)動(dòng)能定理在確定足球的末速度的大小以及足球初速度的方向與球門(mén)線夾角的正切值．解答：解：A、由題可知，足球在水平方向的位移大小為：，所以足球的總位移：．故A錯(cuò)誤；B、足球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：，所以足球的初速度的大?。簐0==．故B正確；C、足球運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中重力做功，由動(dòng)能定理得：，聯(lián)立以上各式得：．故C錯(cuò)誤；D、由幾何關(guān)系可得足球初速度的方向與球門(mén)線夾角的正切值tanθ=．故D錯(cuò)誤．故選：B點(diǎn)評(píng)：該題結(jié)合日常生活中的實(shí)例考查平拋運(yùn)動(dòng)、動(dòng)能定理等知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，題目中拋出點(diǎn)的位置與球門(mén)組成的幾何關(guān)系是解題過(guò)程中的關(guān)鍵，也是容易出現(xiàn)錯(cuò)誤的地方．二、選擇題（本題共3小題。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的的0分）5．（6分）（2015?浙江）我國(guó)科學(xué)家正在研制航母艦載機(jī)使用的電磁彈射器，艦載機(jī)總質(zhì)量為3.0×104kg，設(shè)起飛過(guò)程中發(fā)動(dòng)機(jī)的推力恒為1.0×105N，彈射器有效作用長(zhǎng)度為100m，推力恒定，要求艦載機(jī)在水平彈射結(jié)束時(shí)速度大小達(dá)到80m/s．彈射過(guò)程中艦載機(jī)所受總推力為彈射器和發(fā)動(dòng)機(jī)推力之和，假設(shè)所受阻力為總推力的20%，則（）A．彈射器的推力大小為1.1×106NB．彈射器對(duì)艦載機(jī)所做的功為1.1×108JC．彈射器對(duì)艦載機(jī)做功的平均功率為8.8×107WD．艦載機(jī)在彈射過(guò)程中的加速度大小為32m/s2考點(diǎn)：功率、平均功率和瞬時(shí)功率；牛頓第二定律．專題：功率的計(jì)算專題．分析：由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求得加速度，再由牛頓第二定律可求得推力大小；由功的公式求解功；再由功率公式求解功率．解答：解：由速度和位移公式可得，v2=2as，解得a=32m/s2；由牛頓第二定律可知：F+F發(fā)﹣0.2（F+F發(fā)）=ma；解得：F=1.1×106N；故AD正確；B、彈射器對(duì)對(duì)艦載機(jī)所做的功W=Fs=1.1×106N×100=1.1×108J；故B正確；C、作用時(shí)間t===2.5s；平均功率P==4.4×107W；故C錯(cuò)誤；故選：ABD．點(diǎn)評(píng)：本題考查牛頓第二定律及功和功率的公式，要注意正確分析題意，明確物理過(guò)程的分析，再選擇合適的物理規(guī)律求解．6．（6分）（2015?浙江）如圖所示為賽車(chē)場(chǎng)的一個(gè)水平“U”形彎道，轉(zhuǎn)彎處為圓心在O點(diǎn)的半圓，內(nèi)外半徑分別為r和2r，一輛質(zhì)量為m的賽車(chē)通過(guò)AB線經(jīng)彎道到達(dá)A′B′線，有如圖所示的①、②、③三條路線，其中路線③是以O(shè)′為圓心的半圓，OO′=r，賽車(chē)沿圓弧路線行駛時(shí)，路面對(duì)輪胎的最大徑向靜摩擦力為Fmax，選擇路線，賽車(chē)以不打滑的最大速率通過(guò)彎道（所選路線內(nèi)賽車(chē)速率不變，發(fā)動(dòng)機(jī)功率足夠大），則（）A．選擇路線①，賽車(chē)經(jīng)過(guò)的路程最短B．選擇路線②，賽車(chē)的速率最小C．選擇路線③，賽車(chē)所用時(shí)間最短D．①、②、③三條路線的圓弧上，賽車(chē)的向心加速度大小相等考點(diǎn)：向心力；向心加速度．專題：勻速圓周運(yùn)動(dòng)專題．分析：根據(jù)幾何關(guān)系得出路程的大小從而進(jìn)行比較．根據(jù)最大靜摩擦力，結(jié)合牛頓第二定律得出最大速率，從而比較運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．根據(jù)向心加速度公式比較三段路線的向心加速度關(guān)系．解答：解：A、選擇路線①，經(jīng)歷的路程s1=2r+πr，選擇路線②，經(jīng)歷的路程s2=2πr+2r，選擇路線③，經(jīng)歷的路程s3=2πr，可知選擇路線①，賽車(chē)經(jīng)過(guò)的路程最短，故A正確．B、根據(jù)得，v=，選擇路線①，軌道半徑最小，則速率最小，故B錯(cuò)誤．C、根據(jù)v=知，通過(guò)①、②、③三條路線的最大速率之比為1：，根據(jù)t=，由三段路程可知，選擇路線③，賽車(chē)所用時(shí)間最短，故C正確．D、根據(jù)a=知，因?yàn)樽畲笏俾手葹?：，半徑之比為1：2：2，則三條路線上，賽車(chē)的向心加速度大小相等．故D正確．故選：ACD．點(diǎn)評(píng)：本題考查了圓周運(yùn)動(dòng)向心加速度、向心力在實(shí)際生活中的運(yùn)用，知道汽車(chē)做圓周運(yùn)動(dòng)，靠靜摩擦力提供向心力，抓住最大靜摩擦力相等求出最大速率之比是關(guān)鍵．7．（6分）（2015?浙江）如圖所示，用兩根長(zhǎng)度相同的絕緣細(xì)線把一個(gè)質(zhì)量為0.1kg的小球A懸掛在水平板的M、N兩點(diǎn)，A上帶有Q=3.0×10﹣6C的正電荷，兩線夾角為120°，兩線上的拉力大小分別為F1和F2，A的正下方0.3m處放有一帶等量異種電荷的小球B，B與絕緣支架的總質(zhì)量為0.2kg（重力加速度取g=10m/s2；靜電力常量k=9.0×109N?m2/C2，A、B球可視為點(diǎn)電荷），則（）A．支架對(duì)地面的壓力大小為2.0NB．兩線上的拉力大小F1=F2=1.9NC．將B水平右移，使M、A、B在同一直線上，此時(shí)兩線上的拉力大小F1=1.225N，F(xiàn)2=1.0ND．將B移到無(wú)窮遠(yuǎn)處，兩線上的拉力大小F1=F2=0.866N考點(diǎn)：電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：當(dāng)B在A的正下方時(shí)，分別對(duì)AB受力分析利用共點(diǎn)力平衡即可求得，當(dāng)B移到使M、A、B在同一直線上時(shí)，對(duì)A受力分析利用共點(diǎn)力平衡即可判斷解答：解：A、地面對(duì)支架的支持力為F=，根據(jù)牛頓第三定律可得支架對(duì)地面的壓力為1.1N，故A錯(cuò)誤B、因兩繩夾角為120°，故兩繩的拉力之和等于其中任意繩的拉力，故F=，故B正確；C、將B水平右移，使M、A、B在同一直線上時(shí)，對(duì)A求受力分析可知：F1sin30°+F2sin30°﹣mg﹣F庫(kù)sin30°=0F1cos30°﹣F2cos30°﹣F庫(kù)cos30°=0聯(lián)立解得F1=1.225N，F(xiàn)2=1.0N，故C正確D、將B移到無(wú)窮遠(yuǎn)時(shí)，AB間的庫(kù)侖力消失，故兩省的拉力F=mg=1N，故D錯(cuò)誤故選：BC點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了對(duì)AB求的受力分析，抓住在庫(kù)侖力作用下的共點(diǎn)力平衡即可二、非選擇題部分共12題小題，共180分）8．（10分）（2015?浙江）甲同學(xué)準(zhǔn)備做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)，乙同學(xué)準(zhǔn)備做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)．（1）圖1中A、B、C、D、E表示部分實(shí)驗(yàn)器材，甲同學(xué)需在圖中選用的器材AB；乙同學(xué)需在圖中選用的器材BDE（用字母表示）（2）乙同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室選齊所需要器材后，經(jīng)正確操作獲得如圖2所示的兩條紙帶①和②，紙帶①的加速度大（填“①”或“②”），其加速度大小為2.5m/s2．考點(diǎn)：驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律．專題：實(shí)驗(yàn)題．分析：（1）根據(jù)兩種實(shí)驗(yàn)原理及實(shí)驗(yàn)方法選擇所需要的儀器；（2）根據(jù)△x=aT2可知通過(guò)比較△x的大小可比較加速度的大小，再利用逐差法可求解加速度．解答：解：（1）要驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律需要打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和重錘；即AB；而要驗(yàn)證“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”需要打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、小車(chē)和鉤碼；故選：BDE；（2）由△x=aT2可知，相臨兩點(diǎn)間的位移之差越大，則加速度越大，故①的加速度大；由逐差法可得：加速度a=；由圖讀得：x3+x4=3.7cm；x1+x2=3.3cm；T=0.02s；代入數(shù)據(jù)解得：a=2.5m/s2；故答案為：（1）AB；BDE；（2）①；2.5m/s2點(diǎn)評(píng)：本題考查常見(jiàn)的實(shí)驗(yàn)原理及逐差法的正確應(yīng)用，要注意在求加速度時(shí)，為了減小誤差，應(yīng)將實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)盡量多的應(yīng)用上．9．（10分）（2015?浙江）圖1是小紅同學(xué)在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)的食物連接圖（1）根據(jù)圖1畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖（2）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器得到了兩組電流表與電壓表的實(shí)數(shù)如圖2中的①、②、③、④所示，電流表量程為0.6A，電壓表量程為3V，所示讀數(shù)為：①0.10A②0.24A③2.00V④0.27V，兩組數(shù)據(jù)得到的電阻分別為8.3Ω和2.7Ω．考點(diǎn)：描繪小電珠的伏安特性曲線．專題：實(shí)驗(yàn)題．分析：（1）分析圖示實(shí)物電路圖結(jié)構(gòu)，然后根據(jù)實(shí)物電路圖作出實(shí)驗(yàn)電路圖（2）根據(jù)電流表和電壓表的量程和最小刻度度數(shù)即可，由R=求的電阻解答：解：（1）由圖1所示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，電流表采用外接法，根據(jù)實(shí)物電路圖作出實(shí)驗(yàn)電路圖，電路圖如圖所示：（2）電流表的量程為0.6A，最小刻度為0.02A，故在讀數(shù)時(shí)只估讀到最小刻度位即可，故分別為0.10A，0.24A電壓表的量程為3V，最小刻度為0.1V，故在讀數(shù)時(shí)需估讀到最小刻度的下一位，故分別為2.00V，0.27V由R=代入數(shù)據(jù)可得R=8.3ΩR=2.7Ω故答案為：（1）如圖；（2）0.10A，0.24A，2.00V，0.27V，8.3Ω，2.7Ω點(diǎn)評(píng)：本題考查了根據(jù)實(shí)物電路圖作實(shí)驗(yàn)電路圖，分析清楚實(shí)物電路圖的結(jié)構(gòu)即可，在電流表和電壓表的讀數(shù)時(shí)抓住如何估讀即可10．（16分）（2015?浙江）如圖所示，用一塊長(zhǎng)L1=1.0m的木板在墻和桌面間架設(shè)斜面，桌子高H=0.8m，長(zhǎng)L2=1.5m，斜面與水平桌面的傾角θ可在0～60°間調(diào)節(jié)后固定，將質(zhì)量m=0.2kg的小物塊從斜面頂端靜止釋放，物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.05，物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，忽略物塊在斜面與桌面交接處的能量損失（重力加速度取g=10m/s2，最大靜止摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力）（1）求θ角增大到多少時(shí)，物塊能從斜面開(kāi)始下滑（用正切值表示）（2）當(dāng)θ角增大到37°時(shí)，物塊恰能停在桌面邊緣，求物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8）（3）繼續(xù)增大θ角，發(fā)現(xiàn)θ=53°時(shí)物塊落地點(diǎn)與墻面的距離最大，求此最大距離x．考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；平拋運(yùn)動(dòng)．專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題．分析：（1）要使物體下滑重力的分力應(yīng)大于摩擦力，列出不等式即可求解夾角的正切值；（2）對(duì)下滑過(guò)程由動(dòng)能定理進(jìn)行分析，則可求得動(dòng)摩擦因數(shù)；（3）物體離開(kāi)桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可求得最大距離．解答：解：（1）為使小物塊下滑，則有：mgsinθ≥μ1mgcosθ；故θ應(yīng)滿足的條件為：tanθ≥0.05；（2）克服摩擦力做功Wf=μ1mgL1cosθ+μ2（L2﹣L1cosθ）由動(dòng)能定理得：mgL1sinθ﹣Wf=0代入數(shù)據(jù)解得：μ2=0.8；（3）由動(dòng)能定理得：mgL1sinθ﹣Wf=mv2解得：v=1m/s；對(duì)于平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向有：H=gt2；解得：t=0.4s；水平方向x1=vt解得：x1=0.4m；總位移xm=x1+L2=0.4+1.5=1.9m；答：（1）θ角增大到tanθ≥0.05；，物塊能從斜面開(kāi)始下滑（用正切值表示）（2）當(dāng)θ角增大到37°時(shí)，物塊恰能停在桌面邊緣，物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2為0.8；（3）繼續(xù)增大θ角，發(fā)現(xiàn)θ=53°時(shí)物塊落地點(diǎn)與墻面的距離最大，此最大距離x為1.9m．點(diǎn)評(píng)：本題考查動(dòng)能定理及平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，要注意正確分析過(guò)程及受力，注意摩擦力的功應(yīng)分兩段進(jìn)行求解；同時(shí)掌握平拋運(yùn)動(dòng)的解決方法．11．（20分）（2015?浙江）小明同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)“電磁天平”，如圖1所示，等臂天平的左臂為掛盤(pán)，右臂掛有矩形線圈，兩臂平衡，線圈的水平邊長(zhǎng)L=0.1m，豎直邊長(zhǎng)H=0.3m，匝數(shù)為N1，線圈的下邊處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B0=1.0T，方向垂直線圈平面向里，線圈中通有可在0～2.0A范圍內(nèi)調(diào)節(jié)的電流I，掛盤(pán)放上待測(cè)物體后，調(diào)節(jié)線圈中電流使天平平衡，測(cè)出電流即可測(cè)得物體的質(zhì)量（重力加速度取g=10m/s2）（1）為使電磁天平的量程達(dá)到0.5kg，線圈的匝數(shù)N1至少為多少？（2）進(jìn)一步探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象，另選N2=100匝、形狀相同的線圈，總電阻R=10Ω，不接外電流，兩臂平衡，如圖2所示，保持B0不變，在線圈上部另加垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，且磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間均勻變大，磁場(chǎng)區(qū)域?qū)挾萪=0.1m，當(dāng)掛盤(pán)中放質(zhì)量為0.01kg的物體時(shí)，天平平衡，求此時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率．考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；安培力．專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合．分析：（1）根據(jù)安培力的大小公式，結(jié)合安培力和重力平衡求出線圈的匝數(shù)．（2）通過(guò)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律求出感應(yīng)電流的大小，抓住安培力和重力相等求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率．解答：解：（1）線圈受到安培力F=N1B0IL，天平平衡有：mg=N1B0IL，代入數(shù)據(jù)解得N1=25匝（2）由電磁感應(yīng)定律得，E=，則E=，由歐姆定律得，，線圈受到安培力F′=N2B0I′L，天平平衡有：，代入數(shù)據(jù)解得．答：（1）線圈的匝數(shù)N1至少為25匝；（2）此時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率為0.1T/s．點(diǎn)評(píng)：本題綜合考查了安培力大小公式、法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律，抓住平衡列式求解，求解安培力時(shí)需注意線圈的匝數(shù)．12．（22分）（2015?浙江）使用回旋加速器的實(shí)驗(yàn)需要把離子束從加速器中引出，離子束引出的方法有磁屏蔽通道法和靜電偏轉(zhuǎn)法等，質(zhì)量為m，速度為v的離子在回旋加速器內(nèi)旋轉(zhuǎn)，旋轉(zhuǎn)軌道是半徑為r的圓，圓心在O點(diǎn)，軌道在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，為引出離子束，使用磁屏蔽通道法設(shè)計(jì)引出器，引出器原理如圖所示，一對(duì)圓弧形金屬板組成弧形引出通道，通道的圓心位于O′點(diǎn)（O′點(diǎn)圖中未畫(huà)出），引出離子時(shí)，令引出通道內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度降低，從而使離子從P點(diǎn)進(jìn)入通道，沿通道中心線從Q點(diǎn)射出，已知OQ長(zhǎng)度為L(zhǎng)，OQ與OP的夾角為θ（1）求離子的電荷量q并判斷其正負(fù)；（2）離子從P點(diǎn)進(jìn)入，Q點(diǎn)射出，通道內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)降為B′，求B′（3）換用靜電偏轉(zhuǎn)法引出離子束，維持通道內(nèi)的原有磁感應(yīng)強(qiáng)度B不變，在內(nèi)外金屬板間加直流電壓，兩板間產(chǎn)生徑向電場(chǎng)，忽略邊緣效應(yīng)，為使離子仍從P點(diǎn)進(jìn)入，Q點(diǎn)射出，求通道內(nèi)引出軌跡處電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向和大小．考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．專題：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．分析：（1）根據(jù)洛侖茲力充當(dāng)向心力可求得電荷量；由左手定則可判斷其電性；（2）由幾何關(guān)系可明確半徑關(guān)系，再由洛侖茲力充當(dāng)向心力可確定磁感應(yīng)強(qiáng)度；（3）加上電場(chǎng)后，電場(chǎng)和磁場(chǎng)力共同充當(dāng)向心力，由向心力公式可求得電場(chǎng)強(qiáng)度．解答：解：（1）根據(jù)得，q=由左手定則可知，粒子帶正電；（2）如圖所示，O′Q=R，OQ=L，O′O=R﹣r引出軌跡為圓??；由洛侖茲力充當(dāng)向心力得：B′qv=m解得：R=；由幾何關(guān)系得：R=；B′===；（3）粒子帶正電，為了能讓粒子沿圓弧離開(kāi)，電場(chǎng)方向應(yīng)沿徑向向外；洛侖茲力與電場(chǎng)力的合力充當(dāng)向心力：Bqv﹣Eq=解得E=Bv﹣=；答：（1）離子的電荷量q為；粒子帶正電；（2）B′為（3）通道內(nèi)引出軌跡處電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向沿徑向向外；大小為．點(diǎn)評(píng)：本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)與混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，要注意正確分析粒子的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，注意幾何關(guān)系的應(yīng)用；此類問(wèn)題為綜合性問(wèn)題，要求學(xué)生有較高的數(shù)學(xué)及物理分析能力．“物理選修34”模塊13．（4分）（2015?浙江）以下說(shuō)法正確的是（）A．真空中藍(lán)光的波長(zhǎng)比紅光的波長(zhǎng)長(zhǎng)B．天空中的彩虹是由光干涉形成的C．光纖通信利用了光的全反射原理D．機(jī)械波在不同介質(zhì)中傳播，波長(zhǎng)保持不變考點(diǎn)：光的干涉；全反射．分析：根據(jù)光譜分布比較波長(zhǎng)，天空中的彩虹是由光散射形成的，光纖通信利用了光的全反射原理，波長(zhǎng)和頻率成正比，公式v=λf．解答：解：A、波長(zhǎng)和頻率成反比，紅光的頻率比藍(lán)光低，所以波長(zhǎng)比藍(lán)光長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；B、天空中的彩虹是由光散射形成的，故B錯(cuò)誤；C、光纖通信之所以能進(jìn)行遠(yuǎn)距離通信，主要是利用了光的全反射原理．故C正確；D、根據(jù)波速與波長(zhǎng)