山東省青島市四區(qū)2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期期中聯(lián)考物理試題（解析版）

PAGE2024學(xué)年度第一學(xué)期期中考試高三物理注意事項：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置。2.回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，只需要上交答題卡。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個選項符合題目要求。1.如圖甲所示，細(xì)線下懸掛一個除去了柱塞的注射器，注射器內(nèi)裝上墨汁。當(dāng)注射器在豎直面做小角度內(nèi)擺動時，沿著垂直于擺動方向勻速拖動一張硬紙板，注射器流出的墨水在硬紙板上形成了如圖乙所示的曲線。關(guān)于圖乙所示的圖像，下列說法中正確的（）A.勻速拖動硬紙板移動距離L的時間等于注射器振動的周期B.可以利用x軸作為時間坐標(biāo)軸，可以用y軸表示注射器振動的位移C.拖動硬紙板的速度越大，注射器振動的周期越短D.拖動硬紙板的速度越大，注射器振動的周期越長〖答案〗B〖解析〗A．從圖中可以看出，當(dāng)硬紙板移動距離L，注射器完成了兩個周期性運(yùn)動，故硬紙板移動距離L的時間等于注射器振動的周期的兩倍，故A錯誤；B．當(dāng)勻速拖動硬紙板時，運(yùn)動的時間與硬紙板運(yùn)動的距離成正比，即可以用硬紙板運(yùn)動的方向作為時間軸；而注射器在y軸方向上運(yùn)動，故可以用y軸表示注射器振動的位移，故B正確；CD．注射器振動周期只與自身的運(yùn)動有關(guān)，與硬紙板的運(yùn)動情況無關(guān)，故CD錯誤。故選B2.物塊沿直線以一定的初速度勻減速滑行2m后停下，已知物塊通過前0.5m用時為，則物塊通過最后0.5m用時（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)物塊的初速度為，減速過程中的加速度大小為，全程位移為，前0.5m的位移為，后0.5m的位移為，物塊運(yùn)動到時的速度為，后通過0.5m所用的時間為，則有，，，方程聯(lián)立解得或因為最后的0.5m平均速度比最初的0.5m小，用時較長，則需要舍棄，故物塊通過最后0.5m用時為故選A。3.利用智能手機(jī)的加速度傳感器可測量手機(jī)自身的加速度。用手掌托著智能手機(jī)，打開加速度傳感器，從靜止開始迅速上下運(yùn)動，得到如圖所示的豎直方向加速度隨時間變化的圖像，該圖像以豎直向上為正方向。下列說法正確的是（）A.手機(jī)一直沒有離開手掌B.時刻手機(jī)運(yùn)動到最高點(diǎn)C.時刻手機(jī)開始減速上升，時刻速度為0D.時刻手機(jī)開始減速上升，時間內(nèi)手機(jī)所受的支持力一直減小〖答案〗D〖解析〗A．由圖可知，手機(jī)的加速度某一段時間內(nèi)等于重力加速度，則手機(jī)與手掌沒有力的作用，手機(jī)可能離開過手掌，故A錯誤；B．根據(jù)可知圖像與坐標(biāo)軸圍成面積表示速度變化量，可知手機(jī)在時刻速度為正，還沒有到最高點(diǎn)，故B錯誤；C．根據(jù)圖像與坐標(biāo)軸圍成面積表示速度變化量，可知手機(jī)在時刻前后速度均為正，運(yùn)動方向沒有發(fā)生改變，故C錯誤；D．由圖可知時刻后加速度變?yōu)樨?fù)值，速度依舊為正，則手機(jī)開始減速上升。時間內(nèi)加速度向上不斷減小，根據(jù)牛頓第二定律得得可知加速度由向上到向下的過程中支持力一直減小。故D正確。故選D。4.實(shí)驗室對一款市場熱銷的掃地機(jī)器人在材質(zhì)均勻的水平地板上進(jìn)行相關(guān)測試。通過測試獲得機(jī)器人在直線運(yùn)動中水平牽引力大小隨時間的變化關(guān)系如圖甲所示，以及相同時段機(jī)器人的加速度隨時間變化關(guān)系如圖乙所示。若不計空氣阻力，重力加速度下列說法正確的是（）A.機(jī)器人的質(zhì)量為6kgB.機(jī)器人與水平桌面間的最大靜摩擦力為6NC.0～4s內(nèi)，合外力的沖量為13.5N·sD.0～4s內(nèi)，合外力做的功為12J〖答案〗C〖解析〗B．結(jié)合甲、乙圖像可知，1s時機(jī)器人的加速度恰好為零，有由甲圖中圖線的比例關(guān)系，可得1s時牽引力為聯(lián)立，解得機(jī)器人所受最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，即滑動摩擦力大小也為3N。故B錯誤；A．同理，4s時有解得故A錯誤；C．由動量定理可得0～4s內(nèi)，合外力的沖量為根據(jù)乙圖中圖線與橫坐標(biāo)所圍面積表示，可得依題意，機(jī)器人初速度為零，所以4s末的速度值為。聯(lián)立，解得故C正確；D．由動能定理可得0～4s內(nèi)，合外力做的功為故D錯誤。故選C。5.智能呼啦圈輕便美觀，深受大眾喜愛。如圖甲，將帶有滑輪的短桿一端穿入腰帶外側(cè)軌道，另一端懸掛一根帶有配重的輕繩，將腰帶水平系在腰間，通過人體扭動，配重會隨短桿做水平勻速圓周運(yùn)動。其簡化模型如圖乙所示，懸掛點(diǎn)P到腰帶中心點(diǎn)O的距離為0.2m，繩子與豎直方向夾角為θ，繩長為0.5m，可視為質(zhì)點(diǎn)的配重質(zhì)量為0.5kg，重力加速度，下列說法正確的是（）A.增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的合力變大B.增大轉(zhuǎn)速，則身體對腰帶的摩擦力增大C.當(dāng)用力轉(zhuǎn)動使θ變大時，配重運(yùn)動周期變小D.當(dāng)使用者掌握好鍛煉節(jié)奏后能夠使θ穩(wěn)定在37°，此時配重的角速度為5rad/s〖答案〗C〖解析〗A．運(yùn)動過程中腰帶可看作不動，所以腰帶合力始終為零，保持不變，故A錯誤；B．若增大轉(zhuǎn)速，配重做勻速圓周運(yùn)動的半徑變大，繩與豎直方向的夾角θ將增大，豎直方向水平方向則拉力T變大，向心力變大，對腰帶分析可得知，豎直方向故腰受到腰帶的摩擦力不變，故B錯誤；CD．對配重，由牛頓第二定律可得解得當(dāng)θ穩(wěn)定在37°時角速度為rad/s結(jié)合可知當(dāng)θ變大時，配重運(yùn)動周期變小，故C正確，D錯誤。故選C。6.如圖，兩光滑直桿OA、OB成60°夾角固定在豎直平面內(nèi)，其角平分線OC豎直。質(zhì)量均為m的甲、乙兩小環(huán)套在桿上，用輕質(zhì)彈簧相連，開始時兩環(huán)在同一高度且彈簧處于原長狀態(tài)。將兩環(huán)同時由靜止釋放，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，不計空氣阻力。在兩環(huán)沿直桿下滑的過程中，下列說法正確的是（）A.兩環(huán)的加速度一直減小B.兩環(huán)的速度先增大后減小C.兩環(huán)與桿間的彈力先增大后減小D.兩環(huán)的加速度為零時，彈簧的彈性勢能最大〖答案〗B〖解析〗AB．根據(jù)對稱性可知，兩環(huán)在沿直桿下滑的過程中運(yùn)動情況相同。以甲環(huán)為研究對象，在下滑的過程中受到重力、垂直桿向左上的彈力以及彈簧伸長產(chǎn)生的水平向右的彈力。沿桿和垂直與桿建立坐標(biāo)系：沿桿方向，隨著甲環(huán)的下滑，重力沿桿的分力不變，彈簧彈力沿桿方向的分力不斷增大，甲環(huán)做加速度不斷減小的加速運(yùn)動；當(dāng)彈簧彈力沿桿的分力與重力沿桿的分力相等時，甲環(huán)加速度為零，速度達(dá)到最大值；之后甲環(huán)的繼續(xù)下滑過程中，彈簧彈力沿桿的分力大于重力沿桿的分力，甲環(huán)做加速度不斷增大的減速運(yùn)動直到速度減小到零，故A錯誤，B正確；CD．垂直桿方向，重力垂直桿的分力和彈簧彈力垂直桿的分力的矢量合平衡桿對環(huán)的彈力，隨著環(huán)沿桿的下滑，彈簧形變不斷增大，彈簧彈力不斷增大，彈簧彈力垂直桿的分力不斷增大，桿對環(huán)的彈力不斷增大，當(dāng)兩環(huán)的速度為零時，彈簧的彈性勢能最大，故C、D錯誤。故選B。7.如圖甲，某高架橋的引橋可視為一個傾角為30°的斜面。一質(zhì)量m=2000kg的電動汽車從引橋底端由靜止開始加速，其加速度a隨速度v變化的關(guān)系如圖乙所示，電動汽車的速度達(dá)到1m/s后，牽引力功率保持恒定。已知行駛過程中電動汽車受到的阻力（摩擦和空氣阻力）不變，重力加速度。下列說法正確的是（）A.電動汽車所受阻力為4000NB.電動汽車速度達(dá)到1m/s后，牽引力功率為24kWC.第1s內(nèi)電動汽車牽引力功率P與時間t滿足P=14000tD.第1s內(nèi)電動汽車機(jī)械能的增加量等于牽引力與阻力做功的代數(shù)和，大小為12000J〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)圖像乙可知，勻加速過程的末速度（恒定功率時的初速度）與牽引力保持恒定功率過程的最大速度分別為（圖中每小格為）根據(jù)牛頓第二定律有解得故A錯誤；B．電動汽車速度達(dá)到1m/s后，根據(jù)上述可知牽引力功率為14kW，故B錯誤；C．第1s內(nèi)電動汽車做勻加速直線運(yùn)動，則牽引力為根據(jù)上述有，解得故C正確；D．根據(jù)功能關(guān)系可知，第1s內(nèi)電動汽車機(jī)械能的增加量等于牽引力與阻力做功的代數(shù)和，大小為其中等于1s，解得E=6000J故D錯誤。故選C。8.“雨打芭蕉”是文學(xué)中常見的抒情意象。當(dāng)雨滴豎直下落的速度為v時，為估算雨打芭蕉產(chǎn)生的壓強(qiáng)p，建立以下模型：芭蕉葉呈水平狀，落到芭蕉葉上的雨滴一半向四周濺散開，濺起時豎直向上的速度大小為，另一半則留在葉面上。已知水的密度為，不計重力和風(fēng)力的影響，則壓強(qiáng)p為（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗設(shè)芭蕉葉的面積為S，t時間內(nèi)落到芭蕉葉上面雨滴的質(zhì)量m=；根據(jù)題意有一半的雨滴向四周散開，設(shè)豎直向上為正方向，根據(jù)動量定理可知另一半則留在葉面上，根據(jù)動量定理根據(jù)壓強(qiáng)定義式聯(lián)立解得故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個選項符合題目要求。全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9.一列機(jī)械波沿x軸正向傳播，圖甲是t=0時的波形圖，圖乙是介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)M的振動圖像，已知t=0時M點(diǎn)位移為，下列說法正確的是（）A.該機(jī)械波的波速為1.0m/sB.M點(diǎn)的橫坐標(biāo)可能為1.5mC.t=0時，M點(diǎn)振動方向向下D.t=1.0s時，M點(diǎn)位移仍〖答案〗ACD〖解析〗A.由甲圖可知，波長為4m，由乙圖可知，周期為所以波速A正確；BC．根據(jù)乙圖分析，t=0時，M點(diǎn)振動方向向下，機(jī)械波向x軸正方向傳播，故t=0時刻，x＝1.5m處的質(zhì)點(diǎn)正向y軸正方向運(yùn)動，M點(diǎn)的橫坐標(biāo)不可能為1.5m，B錯誤，C正確；D.t=1.0s時，根據(jù)乙圖，由于對稱性可知，M點(diǎn)位移為，D正確。故選ACD。10.如圖，傾角為θ斜面固定在墻角，質(zhì)量為M的尖劈放置在斜面上，尖劈右側(cè)面豎直，用與斜面平行的輕繩系住一個質(zhì)量為m的球，球與尖劈的接觸面光滑，斜面與尖劈間摩擦力恰好為0，整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。沿球心O對球施加一個水平向左的恒力F后，系統(tǒng)仍處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）A.對球施加水平推力后，輕繩的拉力可能變大B.對球施加水平推力后，尖劈對斜面的壓力一定變大C.尖劈的質(zhì)量M與球的質(zhì)量m之比為D.對球施加水平推力后，斜面與尖劈間的摩擦力可能仍為0〖答案〗BC〖解析〗A．以球為研究對象，輕繩與水平方向夾角也為θ，則可知對球施加水平推力后不影響豎直方向力的大小，輕繩的拉力不變，故A錯誤；B．以尖劈和球整體為研究對象，對球施加水平推后，尖劈對斜面的壓力=（M+m）gcosθ+Fsinθ則一定變大，選項B正確；C．不加力F時對球分析可知，尖劈對球的支持力則球?qū)馀膲毫馀治隹芍獾眠x項C正確；D．以尖劈和球整體為研究對象，不加力F時T=（M+m）gsinθ施加推力F后，輕繩拉力T不變，總重力不變，要保持平衡，有T+Fcosθ=（M+m）gsinθ+f則斜面對尖劈的摩擦力沿斜面向下，斜面對尖劈的摩擦力不可能為0，故D錯誤。故選BC。11.中國在2030年之前將實(shí)現(xiàn)載人登月。假設(shè)質(zhì)量為m的飛船到達(dá)月球時，在距離月球表面的高度等于月球半徑處先繞月球做勻速圓周運(yùn)動，周期為。已知月球自轉(zhuǎn)周期為，月球半徑為R，萬有引力常量為G，下列說法正確的是（）A.地球上發(fā)射飛船的速度至少為11.2km/hB.飛船繞月球做勻速圓周運(yùn)動時，其內(nèi)部物體處于完全失重狀態(tài)C.當(dāng)飛船停在月球緯度60°的水平面上時，其隨月球自轉(zhuǎn)向心加速度為D.當(dāng)飛船停在月球赤道的水平面上時，受到的支持力為〖答案〗BD〖解析〗A．根據(jù)第二宇宙速度的特點(diǎn)可知，地球上發(fā)射飛船的速度應(yīng)小于11.2km/h，故A錯誤；B．飛船繞月球做勻速圓周運(yùn)動時，其內(nèi)部物體處于完全失重狀態(tài)，故B正確；C．當(dāng)飛船停在月球緯度60°的區(qū)域時，自轉(zhuǎn)半徑為r=Rcos60°自轉(zhuǎn)向心加速度為故C錯誤；D．當(dāng)飛船停在月球赤道的水平面上，設(shè)水平面對其支持力大小為F，對飛船受力分析，由牛頓第二定律可得：在距離月球表面的高度等于月球半徑處先繞月球做勻速圓周運(yùn)動，周期為，則有解得故D正確；故選BD。12.如圖，傾角為30°的光滑斜面固定在水平地面上，斜面底端有一垂直于斜面的固定擋板，質(zhì)量均為4kg的A、B兩物體用輕彈簧拴接。對物體B施加一沿斜面向下的壓力F，使B靜止于P點(diǎn)。撤掉力F，當(dāng)B運(yùn)動至最高點(diǎn)時，A剛要離開擋板。已知彈簧的勁度系數(shù)為200N/m，重力加速度，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。下列說法正確的是（）A.物體B運(yùn)動過程中，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能及動量均守恒B.物體B靜止于P點(diǎn)時彈簧的形變量是0.3mC.物體B靜止于P點(diǎn)時，壓力F的大小為40ND.彈簧彈性勢能最大值為8J〖答案〗BC〖解析〗A．物體B運(yùn)動過程中，對A、B、彈簧組成的系統(tǒng)只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，可系統(tǒng)在沿斜面方向受合外力不等于零，因此系統(tǒng)的動量不守恒，故A錯誤；BC．當(dāng)B運(yùn)動至最高點(diǎn)時，A剛要離開擋板，對A由共點(diǎn)力平衡條件得kx1=mgsinθB在最高點(diǎn)時受彈力方向沿斜面向下，此時加速度最大，對B，由牛頓第二定律得kx1+mgsinθ=ma聯(lián)立解得a=2gsinθ由簡諧運(yùn)動的對稱性，當(dāng)物體B運(yùn)動到最低點(diǎn)時，加速度最大，大小仍為a，方向沿斜面向上，在撤去壓力F的瞬間，B所受合外力大小就等于撤去的壓力F的大小，由牛頓第二定律得F=ma=2mgsinθ代入數(shù)據(jù)得F=40N物體B靜止于P點(diǎn)時彈簧的形變量故BC正確；D．在P點(diǎn)時彈力最大，彈性勢能最大故D錯誤。故選BC。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.如圖甲、乙，是兩種“驗證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗方案。（1）圖甲中，釋放紙帶前，正確的操作方式是___________。（2）圖乙中，將拉力傳感器固定在天花板上，不可伸長的細(xì)線一端連在拉力傳感器上的O點(diǎn)，另一端系住可視為質(zhì)點(diǎn)的鋼球。開始鋼球靜止于最低位置，此時拉力傳感器示數(shù)為，重力加速度為g，則鋼球質(zhì)量m=___________；將鋼球拉至細(xì)線與豎直方向成θ角度由靜止釋放，記下傳感器的最大示數(shù)F，改變θ角，重復(fù)操作，記下每次傳感器的最大示數(shù)F，并作出圖像，如果鋼球的機(jī)械能守恒，下列圖像合理的是___________?！即鸢浮剑?）C（2）C〖解析〗（1）[1]為了減小阻力，兩限位孔與紙帶要在同一豎線上，用手提重物時，為充分利用紙帶，重物應(yīng)盡量靠近打點(diǎn)計時器；故選C。（2）[2]根據(jù)題意，由平衡條件有解得m=[3]根據(jù)機(jī)械能守恒則有在最低點(diǎn)拉力與重力的合力提供向心力聯(lián)立解得圖線為斜率為負(fù)的一次函數(shù)；故選C。14.如圖是某校興趣小組在做“驗證動量守恒定律”實(shí)驗時設(shè)計的裝置。已知該裝置由弧形軌道和平直軌道兩部分組成，弧形軌道下端與平直軌道相切，a、b兩滑塊材料、表面粗糙程度均相同。其操作步驟如下：①將裝置放在水平桌面上；②如圖甲，將滑塊a從弧形軌道上某點(diǎn)由靜止釋放，一段時間后停在平直軌道上，用刻度尺測出滑塊在平直軌道的滑行距離；③如圖乙，將滑塊b放置在平直軌道左端，再次將滑塊a從同一點(diǎn)由靜止釋放，兩滑塊碰撞后同向運(yùn)動，最終均靜止在平直軌道上，測出兩滑塊在平直軌道上的滑行距離、；回答以下問題：（1）為了完成實(shí)驗，該小組還需用到的測量工具是___________。（2）該實(shí)驗中需滿足的條件是___________。A．圓弧軌道必須光滑B．平直軌道必須水平C．滑塊a的質(zhì)量必須大于b的質(zhì)量（3）若a、b質(zhì)量之比為k，關(guān)系式___________成立則說明兩滑塊碰撞過程中動量守恒，關(guān)系式___________成立則說明兩滑塊之間發(fā)生彈性碰撞（用題目中所給符號表示）。（4）實(shí)際的操作中滑塊與平直軌道之間存在摩擦阻力，這會造成兩滑塊a、b碰撞后動量之和___________（填“大于”“等于”或“小于”）碰撞前滑塊a的動量?！即鸢浮剑?）天平和刻度尺（2）C（3）（4）等于〖解析〗（1）[1]設(shè)兩滑塊在水平軌道上滑動的加速度為a，則實(shí)驗中滑塊a碰撞前的速度實(shí)驗中滑塊a、b碰撞后的速度為，若a、b兩滑塊碰撞過程中滿足動量守恒，規(guī)定向右為正方向，則解得應(yīng)測量滑塊的質(zhì)量和距離，測量工具為天平和刻度尺。（2）[2]A．傾斜軌道不一定必須光滑，只要滑塊a到達(dá)底端時的速度相同即可，故A錯誤；B．因兩滑塊的材料相同，表面粗糙程度相同，則根據(jù)可知，無論軌道是否水平，則兩滑塊在軌道上運(yùn)動的加速度都相同，則平直軌道不一定必須水平，故B錯誤；C．為防止滑塊a與滑塊b碰后反彈，則滑塊a的質(zhì)量必須要大于滑塊b的質(zhì)量，故C正確；故選C。（3）[3]根據(jù)上述分析可知若a、b質(zhì)量之比為k，則應(yīng)滿足[4]若滑塊a、b之間的碰撞為彈性碰撞，則滿足則有（4）[5]實(shí)際的操作中滑塊與平直軌道之間存在摩擦阻力，對兩滑塊碰撞過程中的動量守恒無影響。15.如圖，沿水平方向的長繩上存在兩個振動周期相同的波源A、B，波源A向下起振，波源B向上起振，繩上的O點(diǎn)位于AB之間。若只有波源A振動，測得A起振16s后O處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰；若只有B振動，測得B起振8s后O處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰。已知OA=100m，OB=60m。（1）求該介質(zhì)中波沿水平方向傳播的周期T；（2）若兩波源同時開始振動，請判斷O點(diǎn)是振動加強(qiáng)點(diǎn)還是振動減弱點(diǎn)。〖答案〗（1）8s；（2）加強(qiáng)點(diǎn)〖解析〗（1）因為在相同介質(zhì)中波的波速相同，且兩波的振動周期相同，則波長相同。若只有波源A振動，A起振16s后O處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰，則有若只有B振動，測得B起振8s后O處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰，則有聯(lián)立解得（2）若兩波源同時開始振動，O點(diǎn)到兩波源的路程差為路程差為半波長的奇數(shù)倍，但波源起振方向相反，則O點(diǎn)是振動加強(qiáng)點(diǎn)。16.今年中秋、國慶“雙節(jié)”疊加，人們旅游熱情高漲，餐飲酒店也迎來了客流高峰，用工需求增大，部分餐飲企業(yè)“招聘”了一批“機(jī)器人服務(wù)員”（圖甲）。工作時只需讓機(jī)器人?？吭诔霾涂?，廚師將餐盤放在機(jī)器人的托盤上，點(diǎn)擊屏幕上桌號，機(jī)器人就能自己進(jìn)行配送。某次配送過程中，機(jī)器人服務(wù)員正在沿圖乙中電腦規(guī)劃的路線給16號桌送餐，已知弧長和半徑均為4m的圓弧BC與直線路徑AB、CD相切，AB段長度為4m，CD段長度為12m，機(jī)器人以2m/s的速度勻速率通過ABC段時餐盤與托盤恰好不發(fā)生相對滑動，通過C點(diǎn)之后在某位置開始做勻減速直線運(yùn)動，最終停在16號桌旁的D點(diǎn)。求：（1）餐盤和托盤間動摩擦因數(shù)μ：（2）餐盤和托盤不發(fā)生相對滑動情況下，配送過程從A點(diǎn)到D點(diǎn)的最短時間t?！即鸢浮剑?）0.1；（2）11s〖解析〗（1）餐盤與托盤恰好不發(fā)生相對滑動，摩擦力提供向心力有解得（2）機(jī)器人以2m/s的速度勻速率通過ABC段的時間為s設(shè)機(jī)器人在CD段勻速的時間為，則位移為勻減速時的加速度為設(shè)減速的時間為，則有解得總時間為=11s17.圖甲是游樂場中一款深受小朋友喜愛的射擊游戲，設(shè)備中水槍內(nèi)部存有一定量的水，投幣后水槍能繞中軸自由轉(zhuǎn)動且持續(xù)發(fā)射水柱，玩家通過調(diào)整發(fā)射方向和發(fā)射速率擊中前方豎直液晶屏上的目標(biāo)，水柱打到液晶屏上后沿屏幕流入下方水槽。如圖乙，水槍正對液晶屏以的速率發(fā)射水柱，已知槍口朝上與水平方向夾角為θ=37°，槍口與液晶屏間水平距離L=1.2m，與水槽底面間豎直距離h=0.5m，水柱的橫截面積，水的密度，重力加速度，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不計空氣阻力。求（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）：（1）水槍對出射水柱做功的功率P；（2）水柱擊中屏幕位置距水槽底面的高度H；（