甘肅省張掖市2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期第一次全市聯(lián)考物理（解析版）

2022-2023學(xué)年第一次全市聯(lián)考

物理試卷

一、選擇題（共10小題，1-7為單選題，每小題4分，8-10為多選題，每小題6分，共計(jì)46

分）

1.2006年度諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)授予了兩名美國(guó)科學(xué)家，以表彰他們發(fā)現(xiàn)了宇宙微波背景輻射的黑體譜形狀及

其溫度在不同方向上的微小變化。他們的出色工作被譽(yù)為是宇宙學(xué)研究進(jìn)入精密科學(xué)時(shí)代的起點(diǎn)。下列與

宇宙微波背景輻射黑體譜相關(guān)的說(shuō)法中不正確的是（）

A.微波和聲波一樣都只能在介質(zhì)中傳播

B.一般物體輻射電磁波情況只與黑體溫度有關(guān)

C.黑體的熱輻射實(shí)質(zhì)上是電磁輻射

D.普朗克在研究黑體的熱輻射問(wèn)題中提出了能量子假說(shuō)

【答案】A

【解析】

【詳解】A.微波是電磁波中按波長(zhǎng)分類波長(zhǎng)較小的一種，電磁波的傳播不需要介質(zhì)，故A錯(cuò)誤；

B.實(shí)際物體輻射電磁波情況與溫度、表面情況、材料都有關(guān)；黑體輻射電磁波的情況只與溫度有關(guān)，是

實(shí)際物體的理想化模型，故B正確；

C.黑體的熱輻射實(shí)質(zhì)上是電磁輻射，故C正確；

D.普朗克在研究黑體的熱輻射問(wèn)題中提出了能量子假說(shuō)，故D正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選A。

2.大量程電壓表、電流表都是由靈敏電流表G和變阻箱R改裝而成，如圖是改裝后電表，已知靈敏電

流表G的滿偏電流為&內(nèi)阻為4,變阻箱H接入電路的阻值為Ro,下列說(shuō)法正確的是（）

乙

URg+Ro）

A.甲表是電流表,改裝后的量程為二」一絲

Rs

B.甲表是電流表,若增大接入電路的變阻箱R的阻值，則改裝表的量程也將增大

C.乙表是電壓表,改裝后的量程為∕g（&-4）

D.乙表是電壓表，若減小接入電路的變阻箱R的阻值，則改裝表的量程也減小

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.將小量程電流表改裝成大量程電流表，需要并聯(lián)一電阻R分流，改裝后的量程為

可知甲表是電流表，若增大接入電路的變阻箱R的阻值，則改裝表的量程將減小，當(dāng)變阻箱R接入電路的

阻值為Ro,改裝后的量程為

1/「丁/(4+4)

l?)5

故AB錯(cuò)誤；

CD.將小量程電流表改裝成大量程電壓表，需要串聯(lián)一電阻R分壓，改裝后的量程為

Um=IgRUlgR

可知乙表是電壓表，若減小接入電路的變阻箱R的阻值，則改裝表的量程也減小，當(dāng)變阻箱R接入電路的

阻值為&,改裝后的量程為

Um=∕gRg+∕g-=∕g(4+?)

故C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

3.某靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線如圖中實(shí)線所示，虛線是某個(gè)帶電粒子在僅受電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，下列說(shuō)法正

確的是

A.粒子一定帶負(fù)電荷

B.粒子在M點(diǎn)的加速度小于它在N點(diǎn)的加速度

C.粒子在M點(diǎn)的動(dòng)能大于它在N點(diǎn)的動(dòng)能

D.粒子一定從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)

【答案】B

【解析】

【詳解】A.根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知，粒子受電場(chǎng)力指向右上方，則粒子一定帶正電荷，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.因?yàn)镸點(diǎn)電場(chǎng)線較N點(diǎn)稀疏，則M點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)較小，則粒子在M點(diǎn)的加速度小于它在N點(diǎn)的加速度，選

項(xiàng)B正確：

C.從M點(diǎn)到N點(diǎn)電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能變大，則粒子在M點(diǎn)的動(dòng)能小于它在N點(diǎn)的動(dòng)能，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.由運(yùn)動(dòng)軌跡不能確定粒子一定是從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤.

4.真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，其電場(chǎng)線分布如圖所示，則（）

A.兩個(gè)點(diǎn)電荷一定帶同種電荷B.“點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比分點(diǎn)的大

C.0點(diǎn)的電勢(shì)比6點(diǎn)的高D.試探電荷在4點(diǎn)和匕點(diǎn)所受電場(chǎng)力一樣大

【答案】B

【解析】

【詳解】A.電場(chǎng)線始于正電荷，終于負(fù)電荷，可知兩個(gè)點(diǎn)電荷帶異種電荷，A錯(cuò)誤；

BD.電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，由圖可知，。點(diǎn)的電場(chǎng)線較密，電場(chǎng)強(qiáng)度較大，同一試探電荷在“點(diǎn)

所受電場(chǎng)力較大，B正確，D錯(cuò)誤；

C.沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，故4點(diǎn)的電勢(shì)比。點(diǎn)的低，C錯(cuò)誤。

故選B。

5.新型冠狀病毒主要傳播方式為飛沫傳播，打噴嚏可以將飛沫噴到十米之外。研究得出一個(gè)打噴嚏時(shí)氣流

噴出的速度可達(dá)40m∕s,假設(shè)打一次噴嚏大約噴出6x10-5n√的空氣，用時(shí)約o.（）2s。已知空氣的密度為

1.3依/n?,估算打一次噴嚏人受到的平均反沖力為（）

A.3.12NB.0.156NC.1.56ND.6.24N

【答案】B

【解析】

【詳解】由題意可得，打一次噴嚏噴出空氣的質(zhì)量為

m-pV=7.8X1（）Tkg

設(shè)打噴嚏時(shí)的沖力為F,由動(dòng)量定理可得

Ft=mv

F=0.156N

由牛頓第三定理可得，打一次噴嚏人受到的平均反沖力為

F=F=O.156N

故選B。

6.在如圖的電路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭向下滑動(dòng)時(shí)，A、8兩燈亮度的變化情況為（）

A.4燈和B燈都變亮8.4燈.、B燈都變暗

C.A燈變亮，B燈變暗D.A燈變暗，B燈變亮

【答案】D

【解析】

【詳解】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭向下滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變小，并聯(lián)部分的總電阻變小,

所以總電阻變小，總電流變大，所以電源內(nèi)阻的電壓變大，且B燈電流變大，B燈變亮；

UA=E-gRB）

〃2

所以A燈的電壓變小，根據(jù)P=一可知A的功率變小，故A燈變暗；

R

故選Do

7.45兩球在光滑水平面上沿同一直線、同-方向運(yùn)動(dòng),mA=lkg.mB=2kg,VΛ-6m/s,vβ=2mIs.

當(dāng)A追上8并發(fā)生碰撞后，43兩球速度的可能值是（)

A.VA'=5m∕s,vβ'=2.5m/sB.VA'=2m/s,vβ'=4m/s

,,r

C.VA=-4m/s,vβ=/sD.VA'=7m∕s,vli'=l.5m/s

【備案】B

【解析】

【詳解】A.考慮實(shí)際運(yùn)動(dòng)情況，碰撞后兩球同向運(yùn)動(dòng)，A球速度應(yīng)不大于B球的速度，故A錯(cuò)誤;

B.兩球碰撞過(guò)程，系統(tǒng)不受外力，故碰撞過(guò)程系統(tǒng)總動(dòng)量應(yīng)守恒.

碰撞前總動(dòng)量為：P=PR+PB=InRVA+I∏BVB=(1X6+2×2)kg?m∕s=10kg?m/s,

總動(dòng)能：Ek=?vl+?W7Bvi=?×?×θ2+?×2X2?2J,

,,

碰撞后，總動(dòng)量為：p=PA+P'B=IHAV'Λ+∏1BV'F1×2+2×4=IOkg?m/s,

,

總動(dòng)能：Ek--+—∏7βVg^=—×1X2^+—×2X4'=18J,

則P'=P,符合動(dòng)量守恒和動(dòng)能不增加.故B正確；

C.碰撞后，總動(dòng)量為：p,=p,a+p'B=nuv',?+π?v'B=(-1×4+2×7)kg-m/s=1Okg-?n/s,

總動(dòng)能：E'k=—AH.Vj^H---∕72βVn^—×1×4^H—×2×7^=57J?

2222

符合動(dòng)量守恒定律，但總動(dòng)能不可能增加.故C錯(cuò)誤；

D.考慮實(shí)際運(yùn)動(dòng)情況，碰撞后兩球同向運(yùn)動(dòng)，A球速度應(yīng)不大于B球的速度，故D錯(cuò)誤.

故選：B

8.下圖中能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是()

甲乙丙丁

A.甲圖中兩根導(dǎo)體棒以一定的速度向相反方向運(yùn)動(dòng)

B.乙圖中導(dǎo)體框以一定的速度水平向右運(yùn)動(dòng)

C.丙圖中環(huán)形導(dǎo)線正上方通入逐漸增大的電流

D.丁圖中條形磁鐵水平向右靠近環(huán)形導(dǎo)體

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.甲圖中兩根導(dǎo)體棒以一定的速度向相反方向運(yùn)動(dòng)，穿過(guò)閉合回路的磁通量增大，可以產(chǎn)生感

應(yīng)電流，故A符合題意；

B.乙圖中導(dǎo)體框以一定的速度水平向右運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體框中的磁通量不變，不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B不符合

題意；

C.根據(jù)通電直導(dǎo)線周圍磁場(chǎng)的分布規(guī)律以及對(duì)稱性可知環(huán)形導(dǎo)線框中的磁通量始終為零，不能產(chǎn)生感應(yīng)

電流，故C不符合題意；

D.丁圖中條形磁鐵水平向右靠近環(huán)形導(dǎo)體，環(huán)形導(dǎo)體中磁通量增大，可以產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D符合題意。

故選ADo

9.關(guān)于多用電表的使用，下列說(shuō)法正確的有()

A.甲圖中用多用電表直流電壓擋測(cè)量的是電源的路端電壓，表筆接法正確

B.甲圖中用多用電表直流電壓擋測(cè)量的是小燈泡兩端的電壓，表筆接法錯(cuò)誤

C.乙圖中用多用電表電阻擋測(cè)量的是二極管的正向電阻

D,乙圖中用多用電表電阻擋測(cè)量的是二極管的反向電阻

【答案】BC

【解析】

【詳解】AB.甲圖中用多用電表直流電壓擋測(cè)量的電流是小燈泡兩端的電壓，電流從黑表筆流出，從紅表

筆流入，所以表筆接法錯(cuò)誤，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD.電流從黑表筆流出，從紅表筆流入，所以乙圖中用多用電表電阻擋測(cè)量的是二極管的正向電阻，故C

正確，D錯(cuò)誤。

故選BC0

10.如圖，兩根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線相距21,通有大小相等、方向相同的恒定電流：a、b、C是導(dǎo)線所在平面內(nèi)的

三點(diǎn)，左側(cè)導(dǎo)線與它們的距離分別為二、1和31.關(guān)于這三點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列判斷正確的是

abc

???

VV

A.a處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小比C處的大

B.b、C兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等

C.a、C兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同

D.b處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零

【答案】AD

【解析】

【詳解】由安培定則可以判斷，a、C兩處的磁場(chǎng)是兩電流在a、C處產(chǎn)生的磁場(chǎng)相加，但a距離兩導(dǎo)線比C

近，故a處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小比C處的大，故A對(duì)；b、C與右側(cè)電流距離相同，故右側(cè)電流對(duì)此兩處的

磁場(chǎng)要求等大反向，但因?yàn)樽髠?cè)電流要求此兩處由大小不同、方向相同的磁場(chǎng)，故b、C兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度

大小不相等，故B錯(cuò)；由安培定則可知，a處磁場(chǎng)垂直紙面向里，C處磁場(chǎng)垂直紙面向外，故C錯(cuò)；b與兩

導(dǎo)線距離相等，故兩磁場(chǎng)疊加為零，故D對(duì).

二、實(shí)驗(yàn)題，(共6空，共計(jì)14分)

11.某實(shí)驗(yàn)小組用如題圖所示的裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。

..................f?

π

??''

l[???Hj

///////////^////////////////////////////////////////////////

OMPN

(1)下列說(shuō)法正確的是。

A.實(shí)驗(yàn)中兩小球質(zhì)量應(yīng)滿足的關(guān)系是孫<加2

B.實(shí)驗(yàn)中必需調(diào)節(jié)斜槽末端的切線沿水平方向

C.實(shí)驗(yàn)中每次必需從同一位置由靜止釋放小球如

D.實(shí)驗(yàn)中必需測(cè)量小球拋出點(diǎn)距落點(diǎn)的高度H

(2)用天平測(cè)出入射小球質(zhì)量，”1、被碰小球質(zhì)量機(jī)2；用刻度尺測(cè)出小球落點(diǎn)ΛΛP、N距。點(diǎn)的距離各

為X|、X2、X3,只要等式(用機(jī)I、機(jī)2、XI、X2、X3表示)成立，就驗(yàn)證了碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒。

【答案】①.BC(2).m?X2-m?x↑+m2X3

【解析】

【詳解】⑴[1]A.碰撞過(guò)程中動(dòng)量、能量守恒，貝

m1v0=W1V1+m,v2

I2I2I2

-mλv-=-m,v-t+-m1y;

解得

因此讓小球碰撞后不反彈，兩球質(zhì)量滿足

m1>m2

故A錯(cuò)誤；

B.保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)，所以實(shí)驗(yàn)前固定在桌邊上斜槽末端的切線要沿水平方向，故B正確；

D.可通過(guò)質(zhì)量與水平射程乘積來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量是否守恒，故實(shí)驗(yàn)中不需要測(cè)量開始釋放高度/7,只是每次

必需平拋的初速度相同，所以要從同一位置由靜止釋放小球叫，故C正確，D錯(cuò)誤。

故選BC0

（1）12］由碰撞中的動(dòng)量守恒，得

mιX2=mιXι+m2Xi

12.某興趣小組測(cè)定一金屬絲的電阻率。主要步驟如下:

（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)得其長(zhǎng)度如圖（a）所示，其長(zhǎng)度為mm；用螺旋測(cè)微器測(cè)得其直徑如圖（b）

所示，其直徑為mm.,

34主尺

I[]]]rIJτIT[[I]≡Cm

圖(a)圖(b)

（2）如圖（C）為某同學(xué)在僅利用電流表的情況下設(shè)計(jì)的一種測(cè)該金屬絲電阻尺、的正確方案，測(cè)得電流表

Al的讀數(shù)為電流表A2的讀數(shù)為/2,且已知電流表Al的內(nèi)阻為吊，則這段金屬絲電阻的計(jì)算式為

R,=（用題干中字母表示）。從設(shè)計(jì)原理來(lái)看，其測(cè)量值_________真實(shí)值（填“大于”“小于”或”等

于“）。

圖(C)

I.R.

【答案】Φ.29.9②.4.7007j-÷④.等于

‘2-

【解析】

【詳解】（I）口］游標(biāo)卡尺讀數(shù)為

29mm+9×0.1mm=29.9mm

⑵螺旋測(cè)微器讀數(shù)為

4.5mm+20.1×0.01mm=4.7(X)mm

14.如圖所示，質(zhì)量為，〃=245g的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))放在質(zhì)量為M=0.5kg的木板左端，足夠長(zhǎng)的木板

靜止在光滑水平面上，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=0.4,質(zhì)量為MO=5g的子彈以速度%=300m∕s

沿水平方向射入物塊并留在其中(時(shí)間極短)，g取IOm/S2,求：

(1)木板開始運(yùn)動(dòng)時(shí)木塊的速度大小及木板最終的速度大小；

(2)物塊相對(duì)木板滑行的位移。

【答案】(1)6m∕s,100m∕s；(2)3m

【解析】

【詳解】(1)子彈打入木塊過(guò)程，由動(dòng)量守恒定律可得：

movo—(wo+w)v?

得

v∣=6m∕s

子彈及木塊在木板上滑動(dòng)過(guò)程，由動(dòng)量守恒定律可得：

(∕∏o+∕n)也=(,mo+m+M)也

得

Vi=100m∕s

(2)子彈射入木塊后，由子彈木塊和木板組成的系統(tǒng)能量守恒有:

μ^m0+ιn)gd=；(〃％+陽(yáng))片-?(/nɑ+m+Λ∕)v^

代入數(shù)據(jù)可解得木塊在木板上滑動(dòng)的距離

d=3m

15.如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的平行金屬板水平放置，兩極板帶等量的異種電荷，板間形成勻強(qiáng)電場(chǎng)，一個(gè)電荷

量為+?、質(zhì)量為〃?的帶電粒子以某一初速度緊貼上板垂直于電場(chǎng)線的方向進(jìn)