重組卷02-2023年高考物理真題重組卷(江蘇)(解析版)

絕密★啟用前

沖刺2023年高考物理真題重組卷02

江蘇專用（解析版）

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如

需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上.

寫在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

第I卷

一、單項(xiàng)選擇題：共10題，每題4分，共40分，每題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意

1.（2022年江蘇高考卷）上海光源通過電子-光子散射使光子能量增加,光子能量增加后（）

A.頻率減小B.波長減小C.動(dòng)量減小D.速度減小

【答案】B

【詳解】AB.根據(jù)E=∕w可知光子的能量增加后，光子的頻率增加，又根據(jù)2=￡可知光

V

子波長減小，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD.根據(jù)p=4可知光子的動(dòng)量增加；又因?yàn)楣庾淤|(zhì)量不變，根據(jù)P=府可知光子速度增

Λ

加，故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤。故選B。

2.（2021年江蘇高考卷）某種材料制成的半圓形透明磚平放在方格紙上,將激光束垂直于AC

面射入，可以看到光束從圓弧面ABC出射，沿AC方向緩慢平移該磚，在如圖所示位置時(shí)，

出射光束恰好消失，該材料的折射率為（）

D.1.8

【答案】A

【詳解】畫出激光束從玻璃磚射出時(shí)恰好發(fā)生全反射的入射角如圖所示

激光束

全反射的條件Sine=L由幾何關(guān)系知Sine=2聯(lián)立解得”=12故A正確，BCD錯(cuò)誤.故選A.

n6

3.(2022年江蘇南京一模卷)2021年11月8日，“天問一號(hào)”環(huán)繞器成功實(shí)施近火制動(dòng)，準(zhǔn)

確進(jìn)入遙感使命軌道。制動(dòng)前環(huán)繞器在軌道I上運(yùn)動(dòng)，在P點(diǎn)制動(dòng)后進(jìn)入軌道II運(yùn)動(dòng)。如圖

所示，環(huán)繞器沿軌道I、II運(yùn)動(dòng)到尸點(diǎn)的速度大小分別為口、口；加速度大小分別為小

貝IJ()

A.vi>vjlaι=anB.v∕<vπa∣<aπC.Vt=V11Cu=CIllD.Vi=Vffai>as

【答案】A

【詳解】“天問一號(hào)”在P點(diǎn)制動(dòng)后進(jìn)入軌道H運(yùn)動(dòng)，故'‘天問一號(hào)”在軌道I上的P點(diǎn)速度

大小大于軌道在H運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的速度，故w>v∕天問一號(hào)”的加速度是由萬有引力產(chǎn)生

F=￡牛=Ma可知在同一尸點(diǎn)，萬有引力對(duì)，，天問一號(hào)，，產(chǎn)生的加速度相同，與衛(wèi)星所在軌

r

道無關(guān)，故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選A。

4.（2022年江蘇蘇錫常鎮(zhèn)四市一模卷）某種手機(jī)的無線充電原理如圖所示。已知發(fā)射線圈

的兩端電壓為45V,電流的頻率為IOOkHz,接收線圈的兩端電壓為5.4V。充電時(shí)效率大約

60%O下列說法正確的是（）

接收線圈,

接收充電設(shè)備

淳電磁場

充電底座

A.無線充電工作原理是“電流的磁效應(yīng)”

B.接收線圈中電流的頻率為IoOkHZ

C.無線充電發(fā)射線圈與接收線圈匝數(shù)比為25:3

D.充電時(shí)接收線圈始終有收縮的趨勢

【答案】B

【詳解】A.無線充電工作原理是：變化的電流流過發(fā)射線圈會(huì)產(chǎn)生變化的磁場，當(dāng)接收線

圈靠近該變化的磁場時(shí)就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流給手機(jī)充電，利用的是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；

B.接收線圈中電流的頻率與發(fā)射線圈中電流的頻率相等，均為IOokHz,B正確；

nU4525

C.若充電時(shí)不漏磁，兩線圈可視為理想變壓器，功率無損耗，匝數(shù)比為一Ll=TTL1=77=W

n2U25.43

但是本題中充電時(shí)效率大約60%,功率有損耗，所以匝數(shù)比不是25:3,故C錯(cuò)誤；

D.發(fā)射線圈接的是交流電，當(dāng)發(fā)射線圈的電流減小時(shí)，由楞次定律可知接收線圈有擴(kuò)大的

趨勢，當(dāng)發(fā)射線圈的電流增大時(shí)，由楞次定律可知接收線圈有收縮的趨勢，故D錯(cuò)誤。故

選B。

5.（2021年江蘇高考卷）一球面均勻帶有正電荷，球內(nèi)的電場強(qiáng)度處處為零，如圖所示，。

為球心，A、B為直徑上的兩點(diǎn)，OA=OB,現(xiàn)垂直于AB將球面均分為左右兩部分，C為截

面上的一點(diǎn)，移去左半球面，右半球面所帶電荷仍均勻分布，則（）

A.0、C兩點(diǎn)電勢相等

B.A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于8點(diǎn)

C.沿直線從A到8電勢先升高后降低

D.沿直線從Λ到B電場強(qiáng)度逐漸增大

【答案】A

【詳解】A.由于球殼內(nèi)部的場強(qiáng)為零，補(bǔ)全以后可知在左右側(cè)球殼在C點(diǎn)的合場強(qiáng)為零,

因左右球殼的場強(qiáng)具有對(duì)稱性，要想合場強(qiáng)為零只能是兩部分球殼在C點(diǎn)的場強(qiáng)都是水平

方向，則可以知道右側(cè)球殼在C點(diǎn)的合場強(qiáng)水平向左，同理OC上其他點(diǎn)的場強(qiáng)都是水平

向左，因此OC是等勢線，故A正確；

BD.將題中半球殼補(bǔ)成一個(gè)完整的球殼，且?guī)щ娋鶆?，設(shè)左、右半球在A點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)

度大小分別為E/和氏；由題知，均勻帶電球殼內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，則知0=心根據(jù)對(duì)

稱性，左右半球在B點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小分別為&和臼，且臼=&在圖示電場中，4的

電場強(qiáng)度大小為E2,方向向左，B的電場強(qiáng)度大小為?,方向向左，所以A點(diǎn)的電場強(qiáng)度

與8點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同，沿直線從A到8電場強(qiáng)度不可能逐漸增大，故BD錯(cuò)誤；

C.根據(jù)電場的疊加原理可知，在A8連線上電場線方向向左，沿著電場線方向電勢逐漸降

低，則沿直線從A到8電勢升高，故C錯(cuò)誤；故選A。

6.（2022年江蘇蘇錫常鎮(zhèn)四市一模卷）一列簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿X軸正方向傳播，已

知χ=①處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為y=Asin彥f+M，則r=R時(shí)刻的波形圖正確的是（）

4?T2J4

【答案】C

【詳解】AB.根據(jù)題意可知，f==3T時(shí)，在5±4處的質(zhì)點(diǎn)處于

44

y=Asin（系f+］）=Asin（華［T+1）=ASin2%=O則此時(shí)該質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置，故AB

錯(cuò)誤;

CD.在f=的下一時(shí)刻，X=9的質(zhì)點(diǎn)向y軸正方向振動(dòng)，而該橫波傳播方向沿X軸正向，

根據(jù)微平移法，C選項(xiàng)符合題意，C正確，D錯(cuò)誤。故選C。

7.（2021年江蘇南通泰州二模卷）如圖所示，相同細(xì)線1、2與鋼球連接，細(xì)線1的上端固

定，用力向下拉線2,則（）

〃〃〃〃"〃〃〃，〃

1

O

2

A.緩慢增加拉力時(shí)，線2會(huì)被拉斷

B.緩慢增加拉力時(shí)，線I中張力的增量比線2的大

C.猛拉時(shí)線2斷，線斷前瞬間球的加速度大于重力加速度

D.猛拉時(shí)線2斷，線斷前瞬間球的加速度小于重力加速度

【答案】C

【詳解】A.緩慢增加拉力，小球受力平衡［=A+mg所以細(xì)線1先被拉斷，故A錯(cuò)誤;

B.要使等式成立，細(xì)線1和2的拉力變化量是相同的，故B錯(cuò)誤；

CD.猛拉時(shí)，細(xì)線2上拉力突然變大，作用時(shí)間極短，由于慣性，小球位置幾乎不變，細(xì)

線1的拉力增加兒乎為零，故細(xì)線2斷裂，因此斷裂前細(xì)線2的拉力大于細(xì)線1,因此合力

F^T^+mg-T^>mg

故加速度大于重力加速度，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。

8.（2021年江蘇連云港二模卷）第24屆冬季奧運(yùn)會(huì)于2022年2月在北京召開，圖甲為谷

愛凌跳臺(tái)滑雪的場景，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示。谷愛凌從C點(diǎn)水平飛出，落到斜坡上的。點(diǎn)，

E點(diǎn)離坡道CO最遠(yuǎn)，忽略空氣阻力。下列說法正確的是（）

B.軌跡CE和E。長度相等

C.軌跡CE和EO在CO上的投影長度之比為1：3

D.軌跡CE和En在水平方向的投影長度相等

【答案】D

【詳解】A.以C為原點(diǎn)，CD為X軸，和CD垂直向上的為y軸，建立坐標(biāo)系，如圖

y軸方向做類豎直上拋運(yùn)動(dòng)，X軸方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)運(yùn)動(dòng)員速度方向與軌道平行時(shí),

在y軸方向到達(dá)最高點(diǎn)，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，可知從C到E的時(shí)間等于從E到D

的時(shí)間，故A錯(cuò)誤；

BC.由A分析可得，運(yùn)動(dòng)員在CE段和在EQ段，在y軸方向的位移大小相等方向相反，用

時(shí)相等，運(yùn)動(dòng)員在X軸上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則在CE段和EO段在X軸方向上位移不等，

故故軌跡CE和En長度不等，由于運(yùn)動(dòng)員在C點(diǎn)時(shí)，在X軸方向上有初速度，故軌跡CE

和EQ在Co上的投影長度之不為1:3,故BC錯(cuò)誤；

D.運(yùn)動(dòng)員豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，由于A分析可得，在CE和EO兩段運(yùn)動(dòng)過程時(shí)間相

等，運(yùn)動(dòng)員在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則軌跡CE和EQ在水平方向的投影長度相等。

故D正確。故選D。

9.（2022年江蘇南京一模卷）如圖所示，MN和PQ是兩根足夠長、電阻不計(jì)的相互平行、

豎直放置的光滑金屬導(dǎo)軌，勻強(qiáng)磁場垂直導(dǎo)軌平面。有質(zhì)量和電阻的金屬桿，始終與導(dǎo)軌垂

直且接觸良好。開始時(shí)，將開關(guān)S斷開，讓金屬桿由靜止開始下落，經(jīng)過一段時(shí)間后，再

將S閉合。金屬桿所受的安培力、下滑時(shí)的速度分別用F、V表示；通過金屬桿的電流、電

量分別用八q表示。若從S閉合開始計(jì)時(shí)，則從丫、八4分別隨時(shí)間r變化的圖像可能正

確的是（）

p._——∣Λ∕

××××X×

××××X4?金屬桿

××××X

××××XX

××××XX

XXXBXXX

××××XX

××××XX

0XXXXX×

N

VT

x

?KBΓ?

OO

【答案】D

【詳解】讓金屬桿由靜止開始自由下落，經(jīng)過一段時(shí)間后具有速度V,閉合開關(guān)S后，回路

產(chǎn)生感應(yīng)電流，金屬桿受到安培力豎直向上，可能有以下三種情況：

若此刻安培力等于重力，金屬桿做勻速運(yùn)動(dòng)，安培力、運(yùn)動(dòng)速度、電流都不變，通過金屬桿

的電量與時(shí)間成正比，此情況ABC不可能，D可能；

若此刻安培力大于重力，金屬桿將做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，直至勻速運(yùn)動(dòng)，安培力、運(yùn)動(dòng)

速度、電流先變小后不變，通過金屬桿的電量與時(shí)間不成正比，，此情況ABCD均不可能;

若此刻安培力小于重力，金屬桿將做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，直至勻速運(yùn)動(dòng)，安培力、運(yùn)動(dòng)

速度、電流先變大后不變，通過金屬桿的電量與時(shí)間不成正比，此情況ABCD均不可能。

綜上所述q隨時(shí)間，變化的圖像可能正確，D正確。故選D。

10.（2022年江蘇高考卷）如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與物塊A連接在一起，處

于壓縮狀態(tài)，A由靜止釋放后沿斜面向上運(yùn)動(dòng)到最大位移時(shí)，立即將物塊B輕放在A右側(cè)，

A、B由靜止開始一起沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，下滑過程中A、B始終不分離，當(dāng)A回到初始位置

時(shí)速度為零，A、B與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同、彈簧未超過彈性限度，則（）

A.當(dāng)上滑到最大位移的一半時(shí)，A的加速度方向沿斜面向下

B.A上滑時(shí)、彈簧的彈力方向不發(fā)生變化

C.下滑時(shí)，B對(duì)A的壓力先減小后增大

D.整個(gè)過程中A、B克服摩擦力所做的總功大于B的重力勢能減小量

【答案】B

【詳解】B.由于A、B在下滑過程中不分離，設(shè)在最高點(diǎn)的彈力為F,方向沿斜面向下為

正方向，斜面傾角為dAB之間的彈力為FAB,摩擦因素為"，剛下滑時(shí)根據(jù)牛頓第二定律

對(duì)AB有

〃

F+(TOΛ+,%)gsine-(/MA+m^gcosθ=(mλ+wβ)α

對(duì)乙B"由于對(duì)的彈力

B?WB5sinΘ-μmvgcosθ-FAB=mβau?―?-=-ABFAB

tnA÷次B

方向沿斜面向上，故可知在最高點(diǎn)尸的方向沿斜面向上；由于在最開始彈簧彈力也是沿斜

面向上的，彈簧一直處于壓縮狀態(tài)，所以A上滑時(shí)、彈簧的彈力方向一直沿斜面向上，不

發(fā)生變化，故B正確；

A.設(shè)彈簧原長在。點(diǎn)，A剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)距離。點(diǎn)為X/,A運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)距離。點(diǎn)為*2；

下滑過程AB不分離，則彈簧一直處于壓縮狀態(tài)，上滑過程根據(jù)能量守恒定律可得

kx

=^2+("ZgSine+/)(%,-x2)

化筒得八鱉*1當(dāng)位移為最大位移的一半時(shí)有五產(chǎn)小「三卜網(wǎng)而燈)帶

入攵值可知尸分二O,即此時(shí)加速度為0,故A錯(cuò)誤；

C.根據(jù)B的分析可知一4—=一端再結(jié)合B選項(xiàng)的結(jié)論可知下滑過程中F向上且逐漸

mA+mBmB

變大，則下滑過程FAB逐漸變大，根據(jù)牛頓第三定律可知B對(duì)A的壓力逐漸變大，故C錯(cuò)

誤；

D.整個(gè)過程中彈力做的功為0,A重力做的功為0,當(dāng)A回到初始位置時(shí)速度為零，根據(jù)

功能關(guān)系可知整個(gè)過程中A、B克服摩擦力所做的總功等于B的重力勢能減小量，故D錯(cuò)

誤。故選Bo

第∏卷

二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題~第15題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、

方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確

寫出數(shù)值和單位。

H.（2021年江蘇高考卷）小明利用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)量定理。將遮光條安裝在

滑塊上，用天平測出遮光條和滑塊的總質(zhì)量M=200.0g,槽碼和掛鉤的總質(zhì)量機(jī)=50.0g。

實(shí)驗(yàn)時(shí)，將滑塊系在繞過定滑輪懸掛有槽碼的細(xì)線上?；瑝K由靜止釋放，數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄下

遮光條通過光電門1和2的遮光時(shí)間期和Z?,以及這兩次開始遮光的時(shí)間間隔加，用游

標(biāo)卡尺測出遮光條寬度，計(jì)算出滑塊經(jīng)過兩光電門速度的變化量Av。

（1）游標(biāo)卡尺測量遮光條寬度如圖2所示，其寬度”=mm；

（2）打開氣泵，帶氣流穩(wěn)定后調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌，直至看到導(dǎo)軌上的滑塊能在短時(shí)間內(nèi)保持靜

止，其目的是;

（3）多次改變光電門2的位置進(jìn)行測量，得到，和AV的數(shù)據(jù)如下表請(qǐng)根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在

方格紙上作出Au-Δ∕圖線

f?v∕(m?sl)

?r∕s0.7210.7900.8540.9130.968

?v∕(m?s^,)1.381.521.641.751.86

(4)查得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m∕s2,根據(jù)動(dòng)量定理，圖線斜率的理論值為

___________m∕s2;

(5)實(shí)驗(yàn)結(jié)果發(fā)現(xiàn)，圖線斜率的實(shí)驗(yàn)值總小于理論值，產(chǎn)生這一誤差的兩個(gè)可能原因時(shí)

___________O

A.選用的槽碼質(zhì)量偏小

B.細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌不完全平行

C.每次釋放滑塊的位置不同

D.實(shí)驗(yàn)中加的測量值偏大

【答案】10.20將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平1.96BD

【詳解】(1)[1]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為IOrnm+4x0.05Inrn=Io.2Omrn：

(2)[2]滑塊保持穩(wěn)定，說明氣墊導(dǎo)軌水平；

(4)[4]根據(jù)動(dòng)量定理尸&=MAU變形得mg*=(M+")AM則Au-ZV圖線斜率的理論值

Λ=-^-m∕s2=1.96m∕s2

M+m

(5)[5]根據(jù)動(dòng)量定理產(chǎn)△/=MAU變形得包=二

?rM

A,槽碼質(zhì)量偏小，而實(shí)際的槽碼質(zhì)量偏大，則合外力產(chǎn)偏大，所以圖線斜率的實(shí)驗(yàn)值偏大,

A錯(cuò)誤；

B.細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌不平行，滑塊實(shí)際所受合外力為廠的水平分力，所以圖線斜率的實(shí)驗(yàn)值

偏小，B正確；

C.滑塊釋放的位置與斜率相關(guān)的參量無關(guān)，C錯(cuò)誤；

D.4偏大，則包偏小，圖線斜率偏小，D正確。故選BD。

△t

12.（2021年江蘇高考卷）如圖所示，一定質(zhì)量理想氣體被活塞封閉在氣缸中，活塞的面積

為S,與氣缸底部相距L,氣缸和活塞絕熱性能良好，氣體的壓強(qiáng)、溫度與外界大氣相同，

分別為％和4）?，F(xiàn)接通電熱絲加熱氣體，一段時(shí)間后斷開，活塞緩慢向右移動(dòng)距離L后停

止，活塞與氣缸間的滑動(dòng)摩擦為/，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，整個(gè)過程中氣體吸收的

熱量為Q，求該過程中

（1）內(nèi)能的增加量AU；

（2）最終溫度To

/、2(pnS+f}

【答案】(I)AU=Q-(A)S+/)乙：(2)T=-一UIto

【詳解】（I）活塞移動(dòng)時(shí)受力平衡RS=AS+/氣體對(duì)外界做功W=PISL根據(jù)熱力學(xué)第一

定律AU=Q-W

解得AU=Q-ES+力

（2）活塞發(fā)生移動(dòng)前，等容過程勺=勺活塞向右移動(dòng)了L,等壓過程3■且匕=2匕解得

forιG/

2(p05÷∕)

tO

13.（2022年江蘇高考卷）利用云室可以知道帶電粒子的性質(zhì)，如圖所示，云室中存在磁感

應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場，一個(gè)質(zhì)量為〃?、速度為V的電中性粒子在A點(diǎn)分裂成帶等量異

號(hào)電荷的粒子“和乩隊(duì)6在磁場中的徑跡是兩條相切的圓弧，相同時(shí)間內(nèi)的徑跡長度之比

/“：/,,=3:1,半徑之比小%=6:1,不計(jì)重力及粒子間的相互作用力，求:

（1）粒子〃、方的質(zhì)量之比“小啊,；

（2）粒子α的動(dòng)量大小力。

【答案】（1）2:1；（2）^mv

【詳解】（1）分裂后帶電粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，則有

V2

qvB=m—

解得「=,由題干知半徑之比匕：4=6:1,故mv?.mv=6:1因?yàn)橄嗤瑫r(shí)間內(nèi)的徑跡長度之

qBaabb

比小/〃=3:1,則分裂后粒子在磁場中的速度為匕：%=3:1聯(lián)立解得ml,:/=2:1

（2）中性粒子在4點(diǎn)分裂成帶等量異號(hào)電荷的粒子。和6,分裂過程中，沒有外力作用，

動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律〃"=mava+mhvh因?yàn)榉至押髣?dòng)量關(guān)系為牡M:ml,vb=6:1,聯(lián)

立解得Pa=mava=→nv

14.（2021年江蘇高考卷）如圖所示的離心裝置中，光滑水平輕桿固定在豎直轉(zhuǎn)軸的。點(diǎn)，

小圓環(huán)A和輕質(zhì)彈簧套在輕桿上，長為2L的細(xì)線和彈簧兩端分別固定于。和A,質(zhì)量為〃?

的小球B固定在細(xì)線的中點(diǎn)，裝置靜止時(shí)，細(xì)線與豎直方向的夾角為37。，現(xiàn)將裝置由靜止

緩慢加速轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)細(xì)線與豎直方向的夾角增大到53。時(shí)，A、B間細(xì)線的拉力恰好減小到零，

彈簧彈力與靜止時(shí)大小相等、方向相反，重力加速度為g,msin370=0.6,cos370=0.8,

求：

（1）裝置靜止時(shí)，彈簧彈力的大小F-,

(2)環(huán)A的質(zhì)量M；

(3)上述過程中裝置對(duì)A、B所做的總功印。

【答案】（1）-~；（2）~m;（3）--mgL

e6430

【詳解】(1)設(shè)A8、OB的張力分別為￡、F2,A受力平衡F=KSin37。，8受力平衡

GCoS37。+5cos37。=，咫iKSin37。=gsin37。解得尸=包暨

8

Q4

(2)設(shè)裝置轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為0,對(duì)A：F=Mar-L-對(duì)8：mgtan53。=/蘇;心解得

M=—m

64

(3)8上升的高度∕Z=[L,A、B的動(dòng)能分別為EkA=!〃(。1乙)；Ek(OtL)

根據(jù)能量守恒定律可知W=(EkA-0)+(小-0)+mg力解得W=去21岫

15.(2022年江蘇高考卷)某裝置用電場控制帶電粒子運(yùn)動(dòng)，工作原理如圖所示，矩形ABCD

區(qū)域內(nèi)存在多層緊鄰的勻強(qiáng)電場，每層的高度均為讓電場強(qiáng)度大小均為￡方向沿豎直方

向交替變化，A8邊長為124,BC邊長為&/,質(zhì)量為〃八電荷量為+夕的粒子流從裝置左端

中點(diǎn)射入電場，粒子初動(dòng)能為&,入射角為凡在紙面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，不計(jì)重力及粒子間的相互

作用力。

(1)當(dāng)時(shí)，若粒子能從C。邊射出，求該粒子通過電場的時(shí)間”

(2)當(dāng)線=4qE”時(shí)，若粒子從CD邊射出電場時(shí)與軸線Oo，的距離小于4,求入射角6的

范圍；

（3）當(dāng)Ek=Iq切