上海市黃浦區(qū)3年（2021-2023）高考與等級考物理一模試題含答案：01力學(xué)（基礎(chǔ)題）

上海市黃浦區(qū)三年（2021—2023）年高考物理一模試題按知識(shí)

點(diǎn)分層-01力學(xué)（基礎(chǔ)題）

一、單選題

1.（2023?上海黃浦?上海市大同中學(xué)統(tǒng)考一模）下列運(yùn)動(dòng)屬于勻變速運(yùn)動(dòng)的是（）

A.勻速直線運(yùn)動(dòng)B.勻速圓周運(yùn)動(dòng)

C.簡諧運(yùn)動(dòng)D.豎直上拋運(yùn)動(dòng)

2.（2023?上海黃浦?上海市大同中學(xué)統(tǒng)考一模）下列關(guān)系式中不是利用物理量之比定

義新的物理量的是（）

FEFe

A.E=-B.φ=-C.a--D.ω=-

Qqmt

3.（2023?上海黃浦?上海市大同中學(xué)統(tǒng)考一模）如圖所示為沿著樹枝勻速向上爬的蟬,

則（）

A.蟬受到一個(gè)不為零的恒定合外力B.樹枝對蟬的作用力豎直向上

C.樹枝對蟬的作用力垂直樹枝向上D.蟬對自己施加的一個(gè)向上的力

4.（2023?上海黃浦?上海市大同中學(xué)統(tǒng)考一模）如圖，彈簧上端固定，下端懸掛一個(gè)

磁鐵，磁鐵的N極位于下端。在磁鐵下端放一個(gè)固定的閉合金屬圓環(huán)，將磁鐵托起到某

一高度后放開，發(fā)現(xiàn)磁鐵很快地停下（）

〃/〃（/〃〃〃,

。

A.磁鐵和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

B.該實(shí)臉現(xiàn)象不符合能量守恒定律

G.若磁鐵的S極向下，磁鐵振動(dòng)時(shí)間會(huì)變長

D.磁鐵很快停下伴隨著圓環(huán)中產(chǎn)生感應(yīng)電流

5.（2023?上海黃浦?上海市大同中學(xué)統(tǒng)考一模）兩列振動(dòng)情況均相同的水波在t=0

時(shí)刻的疊加情況如圖所示，圖中實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷。兩列波的振幅均為3cm,

則a、6兩點(diǎn)在該時(shí)刻的豎直高度差以及C點(diǎn)的位移大小分別為（）

A.12cm,OB.12cm,3cmC.6cm,6cmD.6cm,O

6.（2023?上海黃浦?上海市大同中學(xué)統(tǒng)考一模）如圖，斜面體〃放在粗糙的水平面上。

第一次物塊m恰能沿斜面勻速下滑，斜面體靜止不動(dòng)。第二次用平行于斜面向下的力尸

推動(dòng)物塊，使物塊加速下滑，則（）

A.兩次地面對斜面的支持力一樣大

B.第一次地面對斜面的支持力較大

C.第二次她面對斜面的摩擦力水平向左

D.第二次地面對斜面的摩擦力水平向右

7.（2023?上海黃浦?上海市大同中學(xué)統(tǒng)考一模）做簡諧運(yùn)動(dòng)的單擺，其擺長不變，若

擺球的質(zhì)量增加為原來的3倍，擺球的振幅減為原來的則單擺振動(dòng)的（）

A.周期不變，經(jīng)過平衡位置的速度不變

B.周期不變，經(jīng)過平衡位置的速度減小

C.周期改變，經(jīng)過平衡位置的速度不變

D.周期改變，經(jīng)過平衡位置的速度減小

8.（2023?上海黃浦?上海市大同中學(xué)統(tǒng)考一模）如圖變速自行車有3個(gè)鏈輪和6個(gè)飛

輪，鏈輪和飛輪的齒數(shù)如表所示。假設(shè)踏板的轉(zhuǎn)速不變，通過選擇不同的鏈輪和飛輪，

該自行車行駛的最大速度與最小速度之比為（）

名稱鏈輪飛輪

齒數(shù)483828141618222428

飛輪

9.（2023?上海黃浦?上海市大同中學(xué)統(tǒng)考一模）黃浦濱江滑板公園的一根滑道如圖所

示，小呂同學(xué)從靜止開始沿斜面下滑，經(jīng)圓弧滑道至4點(diǎn)起跳。此過程中可將人視為質(zhì)

點(diǎn)，不計(jì)摩擦力及空氣阻力，以滑道最低點(diǎn)所在平面為零勢能面，人的重力勢能￡、動(dòng)

能E與水平位移X的關(guān)系圖像正確的是（）

10.（2023?上海黃浦?上海市大同中學(xué)統(tǒng)考一模）在水平力尸的作用下質(zhì)量為2kg

的物塊由靜止開始在水平地面上做直線運(yùn)動(dòng)，水平力尸隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖所示。

2

已知物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1,g取10m∕so則（）

FN

4

0'2S'4*t/s

-4-

A.6s時(shí)物塊的動(dòng)能為零

B.3s時(shí)物塊離初始位置的距離最遠(yuǎn)

C.O~6S時(shí)間內(nèi)合外力對物塊所做的功為8J

D.0~6s時(shí)間內(nèi)水平力廠對物塊所做的功為20J

11.（2022?上海黃浦?統(tǒng)考一模）下列物理量中屬于矢量的是（）

A.振幅B.電流強(qiáng)度C.電勢D.磁感應(yīng)強(qiáng)度

12.（2022?上海黃浦?統(tǒng)考一模）某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖所示，該質(zhì)點(diǎn)的速度方向始

終沿X軸正方向的時(shí)間段為（）

A.t=0~2sB.Z=I?3sC.Z=2~4sD.Z=3~5s

13.（2022?上海黃浦?統(tǒng)考一模）兩列簡諧橫波分別沿X軸正方向和負(fù)方向傳播，波

速均為0.4m/s。t=0時(shí)恰好傳播到如圖位置。則兩列波相遇的時(shí)刻以及相遇位置質(zhì)

點(diǎn)的起始振動(dòng)方向分別為（）

A.1.5s,沿V軸向下B.1.5s,沿V軸向上C.0.75s,沿y

軸向上D.0.75s,沿V軸向下

14.（2022?上海黃浦?統(tǒng)考一模）如圖，某飛行器在月球表面起飛后，一段時(shí)間內(nèi)沿

與月面夾角為e的直線做加速運(yùn)動(dòng)。此段時(shí)間飛行器發(fā)動(dòng)機(jī)的噴氣方向可能沿（）

A.方向①B.方向②0.方向③D.方向④

15.（2022?上海黃浦?統(tǒng)考一模）如圖為觀察水波衍射的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖。AC.BD是

兩塊擋板，兩板間有一狹縫/8,0是波源。圖中已畫出所在區(qū)域波的傳播情況，為使衍

射現(xiàn)象更明顯可適當(dāng)（）

A.增大狹縫/18的寬度B,減小波源的頻率

C.減小波源與兩塊擋板的距離D.減小波源的振幅

16.（2022?上海黃浦?統(tǒng)考一模）如圖，汽車以Iom/s的速度沿直線勻速駛向路口，

當(dāng)行駛至距路口的停車線20m處時(shí)，綠燈還有3s熄滅。而該車在綠燈熄滅時(shí)剛好停在

停車線處，則這3s內(nèi)汽車運(yùn)動(dòng)的Lt圖像可能是（）

停車線

D.

17.（2022?上海黃浦?統(tǒng)考一模）如圖，質(zhì)量為m的物塊在平行于斜面的拉力尸作用

下沿傾角為6的斜面做勻速直線運(yùn)動(dòng)。物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=tan6,重力

加速度為g,則拉力打的大小不可能為（）

A.mgsinθB.2?∕3mgsinθC.2mgs,?nθD.'J3mgsinθ

18.（2020?上海黃浦?校聯(lián)考一模）如圖所示，質(zhì)量為〃的小車的表面由光滑水平面

和光滑斜面連接而成，其上放一質(zhì)量為m的球，球與水平面的接觸點(diǎn)為a,與斜面的接

觸點(diǎn)為6,斜面傾角為θ<,當(dāng)小車和球一起在水平桌面上做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列說法正確

的是（

A.若小車勻速運(yùn)動(dòng)，則球?qū)π泵嫔?點(diǎn)的壓力大小為儂COSe

B.若小車勻速運(yùn)動(dòng)，則球?qū)λ矫嫔蟖點(diǎn)的壓力大小為儂Sine

0.若小車向左以加速度?tan6加速運(yùn)動(dòng)，則球?qū)λ矫嫔蟖點(diǎn)無壓力

D.若小車向左以加速度?tan6加速運(yùn)動(dòng)，則小車對地面的壓力小于（M+πi）g

19.（2020?上海黃浦?校聯(lián)考一模）如圖所示，小船以大小為v（船在靜水中的速度）、

方向與上游河岸成8的速度從0處過河，經(jīng)過一段時(shí)間，正好到達(dá)正對岸的0'處。

現(xiàn)要使小船在更短的時(shí)間內(nèi)過河并且也正好到達(dá)正對岸0,處，在水流速度不變的情況

下，可采取的方法是（）

B.θ角減小且?/增大

C.。角增大且/減小D.θ角增大且/增大

20.（2020?上海黃浦?校聯(lián)考一模）如圖所示,一個(gè)質(zhì)量為m的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）,

由斜面底端的A點(diǎn)以某一初速度沖上傾角為30°的固定斜面做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，減速

的加速度大小為g,物體沿斜面上升的最大高度為h,在此過程中（）

A.重力勢能增加了2mgh

B.機(jī)械能損失了mgh

C.動(dòng)能損失了mgh

D.系統(tǒng)生熱

21.（2020?上海黃浦?校聯(lián)考一模）如圖所示，直線1和曲線2分別是汽車a和b在

同一平直公路上行駛的位置一時(shí)間（χ-t）圖像，由圖像可知（）

A.在力時(shí)刻，a、b兩車的運(yùn)動(dòng)方向相同

B.在心時(shí)刻，a、b兩車的運(yùn)動(dòng)方向相反

C.在3到七這段時(shí)間內(nèi)，a、b兩車的平均速率相等

D.在各到已這段時(shí)間內(nèi)，a、b兩車的平均速度相等

22.（2020?上海黃浦?校聯(lián)考一模）如圖（甲）所示，質(zhì)量*2kg的小物體放在長直

的水平地面上，用水平細(xì)線繞在半徑e0.5m的薄圓筒上。t=0時(shí)刻，圓筒由靜止開始

繞豎直中心軸轉(zhuǎn)動(dòng)，其角速度3隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖（乙）所示，小物體和地面

間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1,重力加速度爐IOm∕s?

（乙）

B.細(xì)線拉力的瞬時(shí)功率滿足P=At

C,小物體的速度隨時(shí)間的變化關(guān)系滿足g42

D.在0-4S內(nèi)，小物體受合力的沖量為4N?g

23.（2020?上海黃浦?校聯(lián)考一模）一列向右傳播的橫波在t=0時(shí)的波形如圖所示，A、

B兩質(zhì)點(diǎn)間距為8m,B、C兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置的間距為3m,當(dāng)t=1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)C恰好通過平

衡位置，該波的波速可能為（）

G.5m∕sD.11m∕s

24.（2020?上海黃浦?校聯(lián)考一模）如圖所示，某同學(xué)疫情期間在家鍛煉時(shí)，對著墻

壁練習(xí)打乒乓球，球拍每次擊球后，球都從同一位置斜向上飛出，其中有兩次球在不同

高度分別垂直撞在豎直墻壁上，不計(jì)空氣阻力，則球在這兩次從飛出到撞擊墻壁前（）

A.在空中飛行的時(shí)間可能相等

B.飛出時(shí)的初速度豎直分量可能相等

C.撞擊墻壁的速度大小可能相等

D.飛出時(shí)的初速度大小可能相等

二、填空題

25.（2023?上海黃浦?上海市大同中學(xué)統(tǒng)考一模）小程同學(xué)設(shè)想人類若想在月球定居，

需要不斷地把地球上相關(guān)物品搬運(yùn)到月球上。經(jīng)過長時(shí)間搬運(yùn)后，地球質(zhì)量逐漸減

小，月球質(zhì)量加夕逐漸增加，但MQm“，不計(jì)搬運(yùn)過程中質(zhì)量的損失。假設(shè)地球與月

球均可視為質(zhì)量均勻球體，月球繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的軌道半徑不變，它們之間的萬有引力將

,月球的線速度將O（均選填“變大”、“變小”或“不變”）

26.（2022?上海黃浦?統(tǒng)考一模）國際空間站的軌道距地面319.6-346.9km,中國

天宮空間站的軌道距地面約400km,若將這兩個(gè)軌道近似視為圓軌道。設(shè)國際空間站

和天宮空間站運(yùn)行的周期分別為7λT2,運(yùn)行速率分別為％、V2,則T,T2、

%Vz（均選填“大于”或“小于”）。

27.（2022?上海黃浦?統(tǒng)考一模）質(zhì)量為0.1kg的小球從高處由靜止落下，最初4s

內(nèi)小球動(dòng)能6隨時(shí)間的二次方/變化的圖像如圖所示，g取10m∕s2?;根據(jù)圖像可確定

小球下落的運(yùn)動(dòng)自由落體運(yùn)動(dòng)（選填“是”或“不是”），理由是。

28.（2020?上海黃浦?校聯(lián)考一模）在水平放置的氣墊導(dǎo)軌上，質(zhì)量為0.4kg、速度

為0.5m∕s的滑塊甲與質(zhì)量為0.6kg、速度為0.1m∕s的滑塊乙迎面相撞，碰撞后滑塊乙

的速度大小變?yōu)?.2m∕s,此時(shí)滑塊甲的速度大小為m∕s,方向與它原來速度方向

29.（2020?上海黃浦?校聯(lián)考一模）如圖所示，操場上有兩個(gè)振動(dòng)情況完全相同的揚(yáng)

聲器均發(fā)出頻率為尸=34HZ的聲音，已知空氣中聲速匕,二340m∕s,則該聲波的波長為

m,圖中砂16m,〃69m,Ω9=12m,則觀察者在C處聽到的聲音是（填寫“減

30.（2020?上海黃浦?校聯(lián)考一模）牛頓定律又叫做慣性定律，是

衡量物體慣性大小的唯一量度.

三、實(shí)驗(yàn)題

31.（2023?上海黃浦?上海市大同中學(xué)統(tǒng)考一模）“探究加速度與物體受力、物體質(zhì)

量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)■裝置如圖（a）。

重物

（1）當(dāng)重物加速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，小車所受的拉力的大?。ㄟx填“大于”、“等于"

或“小于”）重物所受重力的大小。當(dāng)重物的質(zhì)量（選填“遠(yuǎn)大于”、“近似

于”或“遠(yuǎn)小于”）小車的質(zhì)量〃時(shí)，小車所受的拉力的大小近似等于重物所受重力的

大小。

（2）為了減小誤差，改進(jìn)了實(shí)驗(yàn)裝置，用力傳感器直接測量得到小車受到繩子拉力的

大小。通過合理的實(shí)臉步驟，五組同學(xué)得到的a—F圖像如圖（6）。根據(jù)a—F圖像中

的數(shù)據(jù)找到小車受力均為片0.12N時(shí)各組的加速度a,并將各組加速度a及小車質(zhì)量

"的數(shù)據(jù)填入下表，則表中X處的數(shù)值為。利用表中的數(shù)據(jù)再做a一〃圖像得

到一條曲線，為進(jìn)一步探究加速度a與物體質(zhì)量M的關(guān)系時(shí)，可在下表中補(bǔ)充

（填物理量符號(hào)）數(shù)據(jù)列，再次建立圖像。

實(shí)驗(yàn)次數(shù)拉力廠/N小車質(zhì)量M/kg加速度a/m?s^2

①0.120.11.2

②0.120.1250.96

③0.120.1670.72

④0.120.250.48

⑤0.120.375X

∣α∕m?s^2

2.4

2.0

1.6

1.2

0.8

0.4

00.040.080.120.160.200.24'小

圖(b)

(3)在探究小車質(zhì)量〃一定時(shí)，加速度a與物體受力廠的定量關(guān)系時(shí)，某組同學(xué)得到

如圖(C)所示的L尸圖像，圖像不過坐標(biāo)原點(diǎn)的最可能原因是,由圖像可得

小車的質(zhì)量為(用圖中/7、，表示)。

四、解答題

32.(2023?上海黃浦?上海市大同中學(xué)統(tǒng)考一模)如圖所示的裝置由安裝在水平臺(tái)面

上的高度//可調(diào)的斜軌道例、水平直軌道48、圓心為。的豎直半圓軌道燈》、圓心為

。的豎直半圓管道龐尸、水平直軌道廠G等組成，F(xiàn)、D、8在同一豎直線上，軌道各部分

平滑連接，已知滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從K點(diǎn)靜止開始下滑，滑塊質(zhì)量m=0.1kg,軌道

83的半徑∕?=0.8m,管道如r的半徑r=0.1m,滑塊與軌道尸G間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=

0.4,其余各部分軌道均光滑且無能量損失，軌道小的長度Z.=3m,g取IOm∕s?

(1)若滑塊恰能過。點(diǎn)，求高度〃的大??；

(2)若滑塊在運(yùn)動(dòng)過程中不脫離軌道，求經(jīng)過管道聽的最高點(diǎn)尸時(shí)的最小速度；

(3)若滑塊在運(yùn)動(dòng)過程中不脫離軌道且最終能靜止在水平軌道尸G上，求可調(diào)高度〃的

范圍。

33.（2022?上海黃浦?統(tǒng)考一模）研究發(fā)現(xiàn)在無風(fēng)狀態(tài)下汽車在行駛時(shí)受到的空氣阻

力尸主要與汽車正面投影面積力和行駛速度”有關(guān)。一研究團(tuán)隊(duì)以某品牌汽車為對象開

展研究，通過在風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)室模擬實(shí)驗(yàn)得到右表數(shù)據(jù)：

ι√m?ST

f∕×102N2030405060

A∕m2

2.02.04.48.012.618.0

2.52.55.610.115.622.5

3.03.06.811.918.727.1

3.53.57.914.021.831.5

4.04.08.916.125.135.9

（1）說明如何利用表格中的數(shù)據(jù)，驗(yàn)證汽車行駛時(shí)受到的空氣阻力尸與汽車行駛速度

/的平方成正比？

（2）實(shí)驗(yàn)可獲得結(jié)論：汽車在行駛時(shí)受到的空氣阻力尸與汽車正面投影面積4行駛

速度U的關(guān)系表達(dá)式為尸=kAv請任意選用表格中三組數(shù)據(jù)估算％（結(jié)果保留2位小數(shù)）；

（3）一輛該品牌小汽車質(zhì)量m=1200kg,正面投影面積4=3.0m2,在平直地面上

行駛時(shí)受到的地面阻力力恒為IC）OoN。若該車以加速度a=2m∕sZ做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。

求：

①速度大小為V1-20m/s時(shí)汽車受到的牽引力萬的大??；

②速度從％=20m/s增大至吆=30m/s的過程中，汽車所受牽引力做的功兒（結(jié)果

用科學(xué)記數(shù)法表示，保留2位小數(shù)）

34.（2020?上海黃浦?校聯(lián)考一模）如圖所示，一輕質(zhì)彈簧一端固定在傾角為37°的

光滑固定斜面的底端，另一端連接質(zhì)量為m/仁2kg的小物塊4小物塊4靜止在斜面上

的。點(diǎn)，距。點(diǎn)為X(Fo.75m的P處有一質(zhì)量為止Ikg的小物塊B,由靜止開始下滑，

與小物塊為發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間極短，碰后當(dāng)小物塊8第一次上滑至最高點(diǎn)時(shí)，小

物塊4恰好回到。點(diǎn).小物塊4、8都可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度爐IOm/s?,sin370=0.6,

cos37°=0.8.求：

(1)碰后小物塊8的速度大??；

(2)從碰后到小物塊4第一次回到。點(diǎn)的過程中，彈簧對小物塊4的沖量大小。

參考答案：

1.D

【詳解】A.勻變速運(yùn)動(dòng)是指加速度大小和方向都恒定不變，速度大小變化（或方向變化）

的運(yùn)動(dòng)，由于勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度大小與方向均保持不變，所以勻速直線運(yùn)動(dòng)不是勻變速運(yùn)

動(dòng)，A錯(cuò)誤；

B.勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度大小不變，但方向時(shí)刻改變，根據(jù)上述可知?jiǎng)蛩賵A周運(yùn)動(dòng)不是勻

變速運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤：

C.簡諧運(yùn)動(dòng)的加速度

Icx

a=----

m

可知簡諧運(yùn)動(dòng)的加速度大小隨位移的變化而變化，根據(jù)上述分析可知簡諧運(yùn)動(dòng)不是勻變速運(yùn)

動(dòng)，C錯(cuò)誤：

D.豎直上拋運(yùn)動(dòng)的加速度為重力加速度，加速度大小方向均不變，速度大小發(fā)生變化，根

據(jù)上述可知豎直上拋運(yùn)動(dòng)是勻變速運(yùn)動(dòng)，D正確。

故選Do

2.C

【詳解】A.比值定義法，就是用兩個(gè)基本的物理量的“比”來定義一個(gè)新的物理量的方法。

比值法定義的基本特點(diǎn)是被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬性，它不隨定義所用

的物理量大小的變化而變化。由于電場強(qiáng)度由場源電荷與空間位置到場源電荷的距離決定，

F

與試探電荷與試探電荷所受電場力的大小沒有決定的關(guān)系，因此E=一是比值定義式，A錯(cuò)

q

沃-D；

B.根據(jù)上述，由于電勢是由場源電荷、空間位置到場源電荷的距離已經(jīng)零電勢的選擇決定，

E

與試探電荷、電勢能沒有決定的關(guān)系，因此8=上是比值定義式，B錯(cuò)誤；

q

c.由于加速度與合力成正比，與質(zhì)量成反比，即加速度大小由物體所受外力的合力與物體

的質(zhì)量共同決定，則表達(dá)式〃=土不屬于比值定義式，C正確；

m

D.根據(jù)上述，由于角速度由圓周運(yùn)動(dòng)的受力與線速度決定，與物體轉(zhuǎn)過的角度與時(shí)間沒有

決定的關(guān)系，因此0=幺是比值定義式，D錯(cuò)誤。

t

故選Co

3.B

【詳解】由題知，蟬沿著樹枝勻速向上爬，則蟬的合外力為零，即樹枝對蟬的作用力與蟬的

重力等大、反向。

故選Bo

4.D

【詳解】AB.由楞次定律，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，使磁鐵始終受到阻礙，時(shí)而體現(xiàn)引力，時(shí)

而體現(xiàn)斥力，導(dǎo)致電流做功，從而使系統(tǒng)的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，導(dǎo)致磁鐵和彈簧組成的系統(tǒng)

的機(jī)械能減少，但這一過程同樣符合能量的轉(zhuǎn)化和守恒定律，即能的總量保持不變，AB錯(cuò)

、口

慶；

C.根據(jù)楞次定律下面的線圈會(huì)阻礙磁鐵運(yùn)動(dòng)，所以當(dāng)磁鐵向下靠近金屬線圈時(shí)，線圈中產(chǎn)

生了逆時(shí)針的感應(yīng)電流（俯視），兩者之間表現(xiàn)為相互排斥，同理當(dāng)磁鐵向上遠(yuǎn)離金屬線圈

時(shí)，根據(jù)楞次定律，可得線圈中產(chǎn)生了順時(shí)針的感應(yīng)電流（俯視），兩者之間表現(xiàn)為相互吸

引，因此與磁鐵的磁極無關(guān)，C錯(cuò)誤；

D.磁鐵很快停下來的主要原因是圓環(huán)中產(chǎn)生了感應(yīng)電流，D正確。

故選D。

5.A

【詳解】根據(jù)圖形可知，a點(diǎn)是波谷與波谷疊加，則此時(shí)刻a點(diǎn)的位移為

-3cm-3cm二一6cm

。點(diǎn)是波峰與波峰的疊加，則此時(shí)刻6點(diǎn)的位移為

3cm+3cm=6cm

則仇。兩點(diǎn)在該時(shí)刻的豎直高度差為

6cm-（-6cm）=12cm

C點(diǎn)是波峰與波谷的疊加，則此時(shí)刻C點(diǎn)的位移為

3cm-3cm=0

故選A。

6.A

【詳解】物塊加放在斜面上，恰能沿斜面勻速下滑，斜面體靜止不動(dòng)。物體與斜面均處于平

衡狀態(tài)，可以將二者看作一個(gè)整體，該整體受到的合外力為零，由于水平無外力，所以整體

沒有水平運(yùn)動(dòng)的趨勢，故地面給斜面的摩擦力為零；地面給斜面的支持力與系統(tǒng)的重力相等。

施加沿斜面向下的力后，不影響兩物體間的相互作用力，所以斜面的受力情況不變。

故選A。

7.B

【詳解】根據(jù)

Y

可知，周期與振幅和擺球質(zhì)量無關(guān)，即周期不變。令擺角為8,當(dāng)擺球運(yùn)動(dòng)至平衡位置過程

有

[A即女W

mg(?L-Lcosθ)=-mv2,Sine=Z,C

L

解得

V=2g

L+y∣l}-A2

可知，振幅減小時(shí)，經(jīng)過平衡位置的速度Iz減小。

故選Bo

8.C

【詳解】設(shè)踏板的角速度為“，鏈輪的半徑為4,飛輪的半徑為4,車輪的半徑為R,則飛

輪的角速度為

嘰=區(qū)=區(qū)=處

'4R4

可知自行車行駛的速度大小為

Dωr?O

%=①述=―LR

r2

由于半徑與齒數(shù)成正比，則自行車行駛的最小速度為

=絲L皿R

目min

r

2?!max

自行車行駛的最小速度為

%“竺4R

弓min

該自行車行駛的最大速度與最小速度之比為

%a4min_4828_24

%minOn弓max14287

9.C

【詳解】AB.斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，設(shè)初始時(shí)距斜面底端水平距離為Z.,

EP=mg(Ls↑nθ-Xtanθ)

AB錯(cuò)誤;

CD.斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)

Ek=mgxtanθ

圓弧上運(yùn)動(dòng)時(shí)因水平位移與上升高度不成正比，故后階段不是一次函數(shù)，C正確，D錯(cuò)誤;

故選C。

10.D

【詳解】A.物塊與地面的滑動(dòng)摩擦力為

f=μtng=0.1×2×10N=2N

0~3s,根據(jù)動(dòng)量定理有

(F-∕)r3=∕MV3

代入數(shù)據(jù)解得

v3=3πVs

3s后水平力尸反向，物塊加速度為

F+f4+2Jc,2

a=-------=-------m/s=3m∕s

m2

物塊做勻減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為

A匕3

?r=—=—s=Is

a3

所以4s末速度為零，之后反向加速，物塊加速度為

6s末的速度為

,

v6=a(tβ-t4)=l×(6-4)m∕s=2m/s

6s末物塊的動(dòng)能為

Fk6=?/nve=；x2x2?J=4J

故A錯(cuò)誤；

B.4s末速度為零，之后反向運(yùn)動(dòng)，所以4s時(shí)物塊離初始位置的距離最遠(yuǎn)，故B錯(cuò)誤;

C.0~6s時(shí)間內(nèi)根據(jù)動(dòng)能定理有

%=%=4J

故C錯(cuò)誤：

D.0?3s內(nèi)位移大小為

X,=—Λ=—×3m=4.5m

1232

3s4s內(nèi)位移大小為

x2=^-(∕4-r3)=∣^×(4-3)m=1.5m

4s6s內(nèi)位移大小為

F=5&T4)=|x(6-4)m=2m

0~3s、4s6s內(nèi)水平力廠做正功，3s4s內(nèi)水平力廠做負(fù)功，06s內(nèi)水平力廠做的功為

W=F(xt+x,-x,)=4×(4.5+2-1.5)J=20J

故D正確。

故選Do

11.D

【詳解】振幅、電流強(qiáng)度和電勢都屬于標(biāo)量，磁感應(yīng)強(qiáng)度屬于矢量，故選D。

12.C

【詳解】A.O?2s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的速度方向始終沿X軸負(fù)方向，故A不符合題意；

B.1?3s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的速度方向先沿X軸負(fù)方向，后沿“軸正方向，故B不符合題意：

C.2?4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的速度方向始終沿X軸正方向，故C符合題意；

D.3?5s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的速度方向先沿X軸正方向，后沿X軸負(fù)方向，故D不符合題意。

故選Co

13.D

【詳解】兩列簡諧波的波前相距s=0.6m由

s-2vt

得

f=0.75s

即兩列波運(yùn)動(dòng)到O.5m處，根據(jù)波的傳播方向和質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向的關(guān)系，可得，此處的質(zhì)點(diǎn)

振動(dòng)方向均向下，即沿y軸向下。

故選Do

14.C

【詳解】上升器在起飛后的某段時(shí)間內(nèi)的飛行方向與水平面成。角，且速度在不斷增大，說

明飛船所受合外力的方向與速度同向，上升器受重力和噴氣推力水平面作用，即重力與推力

的合力與速度方向相同，上升器所受噴氣的反沖力與噴氣方向相反，由圖可知只有推力在③

的反方向時(shí)，合力才可能與速度Iz同向。故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選Bo

15.B

【詳解】當(dāng)障礙物、孔或縫的寬度與波長差不多或者比波長還小時(shí)，才能夠發(fā)生明顯的衍射

現(xiàn)象，這是發(fā)生明顯衍射的條件。當(dāng)減小狹縫之間的距離時(shí)，衍射現(xiàn)象更明顯；或者使

波源頻率減小，因?yàn)椴ㄋ俨蛔?，根?jù)

V=λf

知，波長會(huì)增大，衍射現(xiàn)象更明顯，故B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選Bo

16.D

【詳解】A.該圖像表示汽車在3s內(nèi)行駛的距離為

xl=；x3xlOm=I5m<20m

故A不可能;

B.設(shè)汽車以Iom/s勻速行駛的時(shí)間為力秒，則汽車在3s內(nèi)行駛的距離為

x2>10f+；xI0χ(3-f)m=(5z+15)m>20m

故B不可能；

C.該圖像表示汽車在3s內(nèi)行駛的距離為

X,ClX3χlOm=I5m<20m

-2

故C不可能；

D.該圖像表示汽車在3s內(nèi)行駛的距離為

X,=IOXIm+1χ10x2m=20m

2

故D可能。

故選Do

17.B

【詳解】當(dāng)物塊所受重力沿斜面向下的分力與物塊所受滑動(dòng)摩擦力方向相同時(shí)，尸有最大值

為

F=mgsin0+μιngcosΘ=2mgsin0

當(dāng)物塊所受重力沿斜面向下的分力與物塊所受滑動(dòng)摩擦力方向相反時(shí)，尸有最小值Oo

故ACD可能，B不可能。

故選B。

18.C

【詳解】AB.小車和球一起勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，小球受到豎直向下的重力和水平面對小球豎直向上

的支持力，二力平衡，所以小球?qū)?點(diǎn)無壓力，根據(jù)牛頓第三定律可知小球?qū)點(diǎn)的壓力大

小為儂,AB錯(cuò)誤;

C.若小車向左以加速度8:an8加速運(yùn)動(dòng)，假設(shè)小球?qū)點(diǎn)無壓力，根據(jù)牛頓第二定律

mgtanθ=ma

解得

a=g?,?<mθ

假設(shè)成立，所以小球?qū)點(diǎn)無壓力，C正確；

D.對小車和球構(gòu)成的系統(tǒng)整體受力分析可知，系統(tǒng)在豎直方向上加速度為0,豎直方向受

到重力和支持力，二者等大反向，根據(jù)牛頓第三定律可知小車對地面的壓力等于("+m)g,

D錯(cuò)誤。

故選Co

19.D

【詳解】由題意可知，航線恰好垂直于河岸，要使小船在更短的時(shí)間內(nèi)過河并且也正好到達(dá)

正對岸0'處，則合速度增大，方向始終垂直河岸。小船在靜水中的速度增大，與上游河岸

的夾角θ增大，如圖所示

20.B

【詳解】試題分析：重力勢能的增加量等于克服重力做的功；動(dòng)能變化等于力的總功；機(jī)械

能變化量等于除重力外其余力做的功.

物體在斜面上能夠上升的最大高度為h,所以重力勢能增加了mg∕?,故A錯(cuò)誤；

加速度”==機(jī)械能的損失量為力＜匕;=〃?的，所以B正確，

m22sm30

動(dòng)能損失量為合外力做的功的大小EK=F☆外力?s=mgs=2mgh,故C錯(cuò)誤；

系統(tǒng)生熱等于克服摩擦力做功力=mgh,故D錯(cuò)誤.

考點(diǎn)：考查了功能關(guān)于的應(yīng)用

點(diǎn)評：本題關(guān)鍵根據(jù)功能關(guān)系的各種具體形式得到重力勢能變化、動(dòng)能變化和機(jī)械能變化.

21.D

【詳解】AB.由XT圖像的斜率正負(fù)表示速度方向，由圖像可知，方,時(shí)刻，a、b兩車的運(yùn)

動(dòng)方向相反，&時(shí)刻，a、b兩車的運(yùn)動(dòng)方向相同，故AB錯(cuò)誤；

C.由X-/圖像可知，b汽車的路程大于a汽車的路程，由于時(shí)間相同，所以b車的平均速

率大于a車的平均速率，故C錯(cuò)誤；

D.在。到&這段時(shí)間內(nèi)，兩汽車的位移相同，時(shí)間相同，故a、b兩車的平均速度相等，

故D正確。

故選Do

22.D

【詳解】AC.根據(jù)圖象可知，圓筒做勻加速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度隨時(shí)間變化的關(guān)系式為

(D=t

圓筒邊緣線速度與物塊前進(jìn)速度大小相同，根據(jù)u=∕R得

V=①R=0.5f

物體運(yùn)動(dòng)的加速度

Av0.5加

=0.5m/S2

?rZ

根據(jù)牛頓第二定律得

F-Wng=ma

解得細(xì)線的拉力大小為

F=2×0.5+0.1×2×10=3N

AC錯(cuò)誤；

B.細(xì)線拉力的瞬時(shí)功率

p=Fv=3×O.5r=1.5r

故B錯(cuò)誤；

D.物體的合力大小為

七=產(chǎn)一g=3-0.1X2x10=IN

在0-4s內(nèi)，小物體受合力的沖量為

I=F"=1×4=4N?s

故D正確。

故選D。

23.C

【詳解】由圖讀出波長入二8m.波向右傳播，質(zhì)點(diǎn)C恰好通過平衡位置時(shí)，波傳播的最短距

QfQ

離為1m,根據(jù)波形的平移法得：t=（n+1∕8）T或（n+5∕8）T,n=0,1,2…，T=--------S=--------5,

8〃+18∕ι÷l

4

則波速V=j=（8n+1）m/s或V=（8n+5）m/s;當(dāng)n=0時(shí)：v=1m∕s或5m∕s,當(dāng)n=1時(shí)：v=9m∕s

或13m∕s,當(dāng)n=2時(shí):v=17m∕s或21m∕s,故選C.

【點(diǎn)睛】本題的解題關(guān)鍵是運(yùn)用波形平移法，得到時(shí)間與周期的關(guān)系式，得到波速的通項(xiàng)，

再研究特殊值.

24.D

【詳解】A.將乒乓球的運(yùn)動(dòng)逆過程處理，即為平拋運(yùn)動(dòng)，兩次的豎直高度不同，兩次運(yùn)動(dòng)

時(shí)間不同，A項(xiàng)錯(cuò)誤：

B.在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，因兩次運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，故初速度在豎直方向的分量不

同，B項(xiàng)錯(cuò)誤；

C.兩次水平射程相等，但兩次運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，則兩次撞擊墻壁的速度不同，C項(xiàng)錯(cuò)誤；

D.豎直速度大的，其水平速度就小，根據(jù)速度的合成可知飛出時(shí)的初速度大小可能相等，D

項(xiàng)正確。

故選Do

25.變大變小

【詳解】［1］令地球與月球質(zhì)量和值為4根據(jù)

F-GM地"7月_GMm（A一例地）_GM地

r2rr2

可知，當(dāng)?shù)厍蛸|(zhì)量減小，而MQ用力,地球與月球之間的萬有引力將變大。

［2］根據(jù)

G也粵E

r^r

解得

地球質(zhì)量減小，則月球的線速度將變小。

26.小于大于

【詳解】口］［2］由萬有引力提供向心力

CMmV24π2

U-廠=m—=rn-^-r

得

Y

T9p~

NGM

因?yàn)閲H空間站比天宮空間站軌道半徑

rx<r2

所以

Ti<τ2

?>v2

27.不是根據(jù)圖像可求得小球下落的加速度大小為8m∕l,不是重力加速度。

【詳解】［們［2］根據(jù)

12?/X2122

Ek=-InV=-m↑at)=-ma√

k22v72

由圖像可知

1,12.8_.

—ma2=K=-----=3.2

24

解得

a=Sm∕s2

則小球下落的運(yùn)動(dòng)不是自由落體運(yùn)動(dòng)，理由是小球下落的加速度大小為8m∕s1不是重力加

速度。

28.0.05相同

【詳解】滑塊甲乙系統(tǒng)在碰撞過程中水平方向動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：∕?v?+

z7?vΔ0=w∣l'v>f'+mLvL,由題意知，兩者迎面碰撞，說明兩者初速度方向相反，不妨假設(shè)甲

的初速度方向?yàn)檎较?，又由于題目中只說明碰后乙的速度大小，未說明碰后速度方向，但

系統(tǒng)初始總動(dòng)量方向與正方向相同，因此碰后系統(tǒng)的總動(dòng)量方向也應(yīng)與正方向相同，所以碰

后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度為：Vψ=0.05m∕s,為正值，即方向與它

原來的方向相同.

29.10減弱的

【詳解】［1］根據(jù)波長公式

,V340

λ———=----=IOiam

f34

［2］根據(jù)勾股定理可求出

CE=Jl62+12?=2（）m

CF≈√92+122=15m

相差半個(gè)波長，當(dāng)聲音傳播到C處時(shí)剛好波峰和波谷疊加，所以觀察者在C處聽到的聲音是

減弱的。

30.第一質(zhì)量

【分析】一切物體都有慣性.慣性的大小取決于物體的質(zhì)量，與速度無關(guān)，質(zhì)量不變，物體

的慣性不變.

【詳解】物體具有保持原來勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)，叫做慣性，牛頓第一定律

又叫做慣性定律，物體慣性大小的唯一量度是物體的質(zhì)量.

【點(diǎn)睛】慣性是動(dòng)力學(xué)中基本概念，是物體的固有屬性，由物體的質(zhì)量大小決定，與速度無

關(guān).

31.小于遠(yuǎn)小于0.32—（或工）實(shí)驗(yàn)中未能消除軌道摩擦的影響（或未平

Ma

衡軌道的摩擦力或軌道的傾角過小等）-

h

【詳解】（1）［1］當(dāng)重物加速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，對重物有

mg—T=ma

可知，當(dāng)重物加速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，小車所受的拉力小于重物所受重力的大??；

［2］對小車有

T=Ma

解得

TMmgrng

1=--------=-------

M+/77］1m

可知，當(dāng)重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量時(shí)，小車所受的拉力的大小近似等于重物所受重力的

大小。

(2)[3]根據(jù)表中數(shù)據(jù)，解得

X=—^m∕s2=0.32m∕s2

0.375

[4]根據(jù)

F=Ma

解得

C1〃L1

a—F----,M=F?一

Ma

可知，為進(jìn)一步探究加速度a與物體質(zhì)量〃的關(guān)系時(shí)，可在表中補(bǔ)充(或■!■等)數(shù)據(jù)

Ma

列，再次建立圖像。

(3)[5]根據(jù)圖像可知，當(dāng)細(xì)繩拉力較小不為。時(shí)，小車的加速度仍然為0,表明實(shí)驗(yàn)中未

能消除軌道摩擦的影響(或未平衡軌道的摩擦力或軌道的傾角過小等)：

[6]根據(jù)上述，對小車進(jìn)行分析有

FTO=Ma

解得

結(jié)合圖像有

M-i

解得

M=-

h

32.(1)2m;(2)2m∕s;(3)2m≤//<3m

【詳解】(1)恰能過。點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律可得

V2

mg=m-D^

則恰能過仇切的最高點(diǎn)〃的最小速度為

VD=T?Λ=2√2m∕s

從釋放到。點(diǎn)過程，以49所在平面為零勢能面，據(jù)機(jī)械能守恒定律可得

mg(H-27?)=—mVp

解得

〃=2m

(2)滑塊在運(yùn)動(dòng)過程中不脫離軌道，則通過軌道sα)的最高點(diǎn)。的最小速度為

vr,=y[gR=2>∕2m∕s

站過程，以。所在平面為零勢能面，據(jù)機(jī)械能守恒定律可得

^mvl=^mv^+mg-2r

解得

vF=2m∕s

經(jīng)半圓管道的尸點(diǎn)時(shí)，若W7>0,滑塊即可通過廠點(diǎn)，則經(jīng)過管道陽7的最高點(diǎn)尸時(shí)的最

小速度vF=2m∕so

(3)保證不脫離軌道，滑塊在尸點(diǎn)的速度至少為∕=2m∕s,若以此速度在上滑行直至

靜止運(yùn)動(dòng)時(shí)，有

μmg=ma

則加速度大