2024年山東省高考物理模擬試題（一）（沖刺高考）

（沖刺高考）2024年山東省高考物理模擬試題（一）

一、單選題

1.2024年2月份，濟(jì)寧市天氣變化無(wú)常，溫差較大。某汽車(chē)長(zhǎng)時(shí)間放置在室外，溫度

為10℃時(shí)，輪胎胎壓為250kPa,經(jīng)過(guò)一段時(shí)間溫度降為-3℃。若輪胎體積保持不變且

不漏氣，輪胎內(nèi)氣體可視為理想氣體，在降溫過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

A.輪胎內(nèi)每個(gè)氣體分子的速率都減小B.輪胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)不變

C.輪胎內(nèi)氣體放熱D.單位時(shí)間內(nèi)單位面積上氣體分子與輪

胎內(nèi)壁碰撞的次數(shù)不變

2.全球核電站日益增多，核電站產(chǎn)生的核污水對(duì)環(huán)境和人類健康構(gòu)成了一定的威脅。

核污水中含有大量的鈾137等幾十種放射性元素，其中黑cs的半衰期為30年，衰變方

程為劈Cs-器Ba+[e。下列說(shuō)法正確的是（）

A.衰變過(guò)程中釋放出電子說(shuō)明黑Cs原子核中存在電子

B.經(jīng)過(guò)60年，1g的詈Cs原子核中將有0.25g發(fā)生衰變

C.將核污水稀釋后，可以使黑Cs原子核的半衰期變短

D.；；cs的比結(jié)合能小于蜷Ba的比結(jié)合能

3.目前我國(guó)空間實(shí)驗(yàn)已走在世界的前列，神舟十六號(hào)航天員景海鵬、朱楊柱、桂海潮

在空間站內(nèi)做了鋼球相互碰撞的實(shí)驗(yàn)。桂海潮用較小鋼球以0.6m/s水平向左的速度與

靜止的較大鋼球正碰，碰后小鋼球與大鋼球速度大小分別為匕、匕，較小鋼球的質(zhì)量為

較大鋼球質(zhì)量的一半，兩鋼球的碰撞可視為完全彈性碰撞。下列說(shuō)法正確的是（）

A.Vj=0.2m/s,方向水平向左B.匕=0.2m/s,方向水平向右

C.v2=0.2m/s,方向水平向左D.v2=0.1m/s,方向水平向左

4.為了減輕學(xué)生的學(xué)習(xí)壓力，某中學(xué)舉行了趣味運(yùn)動(dòng)會(huì)，在拋沙包比賽中，兩個(gè)質(zhì)量

相同的沙包運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，其軌跡在同一豎直平面內(nèi)，拋出點(diǎn)均為。，且軌跡交于

P點(diǎn),拋出時(shí)沙包1和沙包2的初速度分別為匕和匕，其中匕方向水平，％方向斜向上。

忽略空氣阻力，關(guān)于兩沙包在空中的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.沙包2在最高點(diǎn)的速度大于匕

B.從。到尸兩沙包的平均速度相同

C.從。到尸兩沙包的動(dòng)量變化量相同

D.在尸點(diǎn)，沙包1重力的瞬時(shí)功率小于沙包2重力的瞬時(shí)功率

5.魯南高鐵是山東省“三橫五縱”高速鐵路重要組成部分，全長(zhǎng)494公里。小明同學(xué)在

濟(jì)寧北站乘坐動(dòng)車(chē)時(shí)，利用手機(jī)加速度傳感器測(cè)量動(dòng)車(chē)的加速度。隨時(shí)間r的變化關(guān)系，

如圖所示。6s時(shí)動(dòng)車(chē)由靜止開(kāi)始加速，可以認(rèn)為加速度隨時(shí)間均勻增大，10s時(shí)達(dá)到最

大加速度0.5m/s2,并以此加速度做勻加速直線運(yùn)動(dòng)直至達(dá)到最大速度252km/h,隨后勻

速行駛。在動(dòng)車(chē)水平桌板上放置一質(zhì)量為2kg的物體，該物體始終相對(duì)桌板靜止。重力

加速度g=10m/s2,動(dòng)車(chē)加速過(guò)程始終在水平面上，下列說(shuō)法正確的是（）

A.10s時(shí)動(dòng)車(chē)的速度大小為2m/s

B.動(dòng)車(chē)勻加速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為138s

C.勻加速直線運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，桌板對(duì)物體的作用力大小為1N

D.勻加速直線運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，桌板對(duì)物體做的功為4900J

6.如圖所示，有一個(gè)半徑廠=3mm的圓形LED光源，其表面可以朝各個(gè)方向發(fā)光，AB

為圓形光源的直徑。現(xiàn)將該光源封裝在一個(gè)半球形透明介質(zhì)的底部，中點(diǎn)與球心。

重合。透明介質(zhì)球的半徑R=4mm,LED光源發(fā)出的光恰好都能射出半球面，不考慮

二次反射，光源的厚度忽略不計(jì)，則該透明介質(zhì)的折射率為（）

R

AB

O

7.某同學(xué)研究遠(yuǎn)距離輸電的電路如圖所示，4、b端接入電壓為。0的交流電源，升壓變

壓器7；和降壓變壓器“均為理想變壓器，且兩變壓器的匝數(shù)比；=最。已知飛、&的

阻值均為&，&的阻值為年，電阻耳、國(guó)消耗的功率相同，電表均為理想交流電表，下

A.升壓變壓器（的匝數(shù)比」%1B.電壓表的示數(shù)為彳24

C.電流表的示數(shù)為警D.若&斷路，電流表示數(shù)將增大

8.司馬遷最早把歲星命名為木星，如圖甲所示，兩衛(wèi)星"6環(huán)繞木星在同一平面內(nèi)做

勻速圓周運(yùn)動(dòng)，繞行方向相反，衛(wèi)星c繞木星做橢圓運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，衛(wèi)星。、b

間距離無(wú)隨時(shí)間，變化的關(guān)系圖像如圖乙所示，其中R、T為已知量，下列說(shuō)法正確的

是（）

A.衛(wèi)星c在N點(diǎn)的速度大于衛(wèi)星a的速度B.衛(wèi)星八6的運(yùn)動(dòng)周期之比為1：4

64/R

C.衛(wèi)星a的運(yùn)動(dòng)周期為‘9TD.衛(wèi)星。的加速度大小為吧話￡

449T2

二、多選題

9.風(fēng)力發(fā)電綠色環(huán)保、低碳，通過(guò)變壓器和遠(yuǎn)距離輸電線給用戶供電，工作原理如圖

所示。發(fā)電機(jī)線圈面積S=0.5m2、匝數(shù)N=100匝、電阻不計(jì)，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

2的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線圈繞垂直磁場(chǎng)的水平軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)速〃=25r/s,其輸出端與升壓

變壓器的原線圈相連，輸出電壓％=250V,升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比

小:%=5:48,輸出功率為12kW,降壓變壓器的副線圈連接用戶，兩變壓器間的輸電

線總電阻R=40Q,變壓器均為理想變壓器。用戶端工作電壓為220V。下列說(shuō)法正確

B.用戶獲得的功率為llkW

C.降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比內(nèi)：%=130：11

D.若輸出電壓G不變，輸電線電流變大，則用戶端電壓變小

10.如圖為透明長(zhǎng)方體的橫截面我/7,其折射率w=一細(xì)束單色光以角6入射至

2

4面上的P點(diǎn)，ep*=L,已知光在真空中的傳播速度為c,不考慮光在長(zhǎng)方體內(nèi)的

二次及二次以上的多次反射，下列說(shuō)法正確的是（）

A.當(dāng)入射角為9=60。時(shí)，光在長(zhǎng)方體中的傳播時(shí)間為回

C

B.當(dāng)入射角為。=60。時(shí)，光在長(zhǎng)方體中的傳播時(shí)間為源

C

C.當(dāng)入射角9<45。時(shí)，折射到e/z面上的光一定發(fā)生全反射

D.當(dāng)入射角。<45。時(shí)，折射到e/i面上的光不一定發(fā)生全反射

11.如圖所示，將電荷量為+4的兩個(gè)點(diǎn)電荷固定在直三棱柱底面的。、b兩點(diǎn)，將電荷

量為"的點(diǎn)電荷固定在。點(diǎn)，已知三角形"c為等腰直角三角形，/abc=90。，

ab=bc=bb'=L,靜電力常量為左，下列說(shuō)法正確的是（）

A.c點(diǎn)的電荷受力指向ab的中點(diǎn)

B.從6到〃點(diǎn)電勢(shì)先增大后減小

C.將負(fù)試探電荷從〃點(diǎn)移到d點(diǎn)，其電勢(shì)能變大

D.〃點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小為還

213

12.如圖所示，兩根」一型平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，左、右兩側(cè)

導(dǎo)軌間距分別為/和2/,處于豎直向下的磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為23和瓦已

知導(dǎo)體棒"的電阻為R、長(zhǎng)度為/,導(dǎo)體棒cd的電阻為2R、長(zhǎng)度為2/,cd的質(zhì)量是

湖的3倍。兩棒中點(diǎn)之間連接一原長(zhǎng)為c輕質(zhì)絕緣彈簧。現(xiàn)將彈簧拉伸至3L后，同時(shí)

由靜止釋放兩導(dǎo)體棒，兩棒在各自磁場(chǎng)中往復(fù)運(yùn)動(dòng)直至停止，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。

整個(gè)過(guò)程中兩棒保持與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，電阻不計(jì)。下列說(shuō)法正確的

是（）

d

A.整個(gè)過(guò)程中，回路中始終產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻碾娏?/p>

B.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，加與）的路程之比為3：1

C.cd棒克服安培力做的功等于那棒產(chǎn)生的熱量

D.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，通過(guò)cd的電荷量為吸

三、實(shí)驗(yàn)題

13.某同學(xué)利用如圖所示裝置探究滑塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。

實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：

①長(zhǎng)木板水平固定，將彈簧左端固定在擋板P上，彈簧右端與滑塊不栓接，當(dāng)彈簧處于

原長(zhǎng)時(shí)，與彈簧右端接觸的滑塊中心位于。點(diǎn)，。點(diǎn)右側(cè)放一相同的木板，與左側(cè)木板

上表面平齊水平對(duì)接，如圖甲所示；

②用滑塊壓縮彈簧到A點(diǎn)，用刻度尺測(cè)量出A。間的距離x；釋放滑塊，記錄其在右側(cè)

木板上停止時(shí)的位置B,測(cè)出。8間的距離Lt；

③如圖乙所示，拆去。點(diǎn)右側(cè)的木板，在。點(diǎn)下方掛上重錘，再次用滑塊將彈簧壓縮

到A點(diǎn)無(wú)初速釋放，記錄其落到水平地面的位置C,測(cè)出。點(diǎn)到地面的豎直高度/?,及

落地點(diǎn)C到。點(diǎn)的水平距離4；

④查得當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間o

請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

（1）滑塊從。點(diǎn)滑離時(shí)的初速度大小為,滑塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=

（用所測(cè)物理量符號(hào)表示）。

（2）若測(cè)得滑塊質(zhì)量為加，則釋放滑塊時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能耳=（用所測(cè)物理量的符

號(hào)表示）。

14.某同學(xué)制作一個(gè)多量程的電流表和歐姆表，他設(shè)計(jì)的電表電路如圖所示。所用器材

分別為：

A.電流表G（滿偏電流4=lmA,內(nèi)阻4=180C）；

B.定值電阻鳥(niǎo)、4；

C.滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為200Q）；

D.電源（電動(dòng)勢(shì)為1.5V,內(nèi)阻忽略不計(jì)）；

E.單刀雙擲開(kāi)關(guān)”S2!

F.表筆及導(dǎo)線若干。

①將單刀雙擲開(kāi)關(guān)M接6,S?分別接2、1時(shí)，c、d可串聯(lián)在電路中作為電流表，量程

分別為10mA和100mA；

②若單刀雙擲開(kāi)關(guān)S1接a,S?分別接1、2時(shí)，可作為雙量程的歐姆表使用。

回答下列問(wèn)題：

（1）電路中定值電阻K的阻值為

（2）當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)廝接必再將開(kāi)關(guān)邑接1時(shí)，歐姆表的擋位為（填“xl”或“xlO”）；

歐姆調(diào)零后將待測(cè)電阻尺接在c、d間，發(fā)現(xiàn)電流表指針偏轉(zhuǎn)角很小，斷開(kāi)電路并將擋

位換成另一擋位，再次歐姆調(diào)零時(shí)，滑動(dòng)變阻器R的滑片（填“向上”或“向下”）

移動(dòng)。調(diào)零后再次將電阻4接在c、d間，電流表的指針對(duì)準(zhǔn)刻度盤(pán)上的0.6mA處，則

電阻4。O

四、解答題

15.小方同學(xué)用一個(gè)容積為50L、壓強(qiáng)為2.1xl（）6pa的氨氣罐給完全相同的氣球充氣，

若充氣后氣球內(nèi)氣體壓強(qiáng)為1.05x105Pa,則恰好可充190個(gè)氣球?？烧J(rèn)為充氣前后氣球

和氮?dú)夤逌囟榷寂c環(huán)境溫度相同，忽略充氣過(guò)程的漏氣和氣球內(nèi)原有氣體。已知地面附

近空氣溫度為27℃、壓強(qiáng)為1.0x105pa。已知?dú)馇蛏仙龝r(shí)體積達(dá)到7.5L時(shí)就會(huì)爆裂，

離地高度每升高10m,氣球內(nèi)氣體壓強(qiáng)減小lOOPa,上升過(guò)程中大氣溫度不變。求：

（1）充氣后每個(gè)氣球的體積匕；

（2）當(dāng)氣球發(fā)生爆裂時(shí)，氣球離地面的高度限

16.“途靈底盤(pán)”是華為公司新推出的一款智能化多場(chǎng)景的汽車(chē)減震系統(tǒng)。電磁減震器是

該系統(tǒng)中重要組成部分。小明同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室中模擬電磁減震器的工作原理。在絕緣滑動(dòng)

桿上固定4個(gè)完全相同且相互緊靠（忽略線圈間距離）的矩形線圈，使其進(jìn)入右側(cè)由電

磁鐵產(chǎn)生的磁場(chǎng)做減速運(yùn)動(dòng)。右側(cè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與電流之間的關(guān)系為3=/，其中

G50T/A且產(chǎn)生的磁場(chǎng)范圍足夠大。已知滑動(dòng)桿及線圈的總質(zhì)量為優(yōu)=1.0kg,每個(gè)矩形

線圈的匝數(shù)均為〃=10匝，阻值R=1.0。，長(zhǎng)為L(zhǎng)=20cm,寬為d=10cm,整個(gè)過(guò)程不考

慮互感影響，不計(jì)一切摩擦。

（1）若電磁鐵中的電流為20mA,求線圈1完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度變化量Av；

（2）若電磁鐵中的電流為20mA且第3個(gè)線圈完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)恰好減速為零，求線圈

中產(chǎn)生的焦耳熱。。

v

XXXXXXXX

XXXXXXXX

XXXXXXXX

XXXXXXXX

17.如圖所示，足夠長(zhǎng)的固定斜面傾角為（9=37。，斜面上并排放置的兩個(gè)小物塊A、B

在沿斜面向上的恒力/作用下從靜止開(kāi)始沿斜面向上運(yùn)動(dòng),A、B物塊間接觸但不粘連，

廠作用在物塊A上，當(dāng)物塊A、B獲得的速度大小為V0時(shí)撤去凡已知物塊A、B的質(zhì)

量均為〃2,且物塊A、B與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為〃A=:和〃B=］，恒力F=2Amg,

重力加速度為g,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，$皿37。=0.6,cos37o=0.8。

（1）求恒力尸的作用時(shí)間；

（2）撤去/后，求B沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的速度減為零時(shí)A、B之間的距離；

（3）設(shè)A、B間每次碰撞時(shí)間極短（可忽略不計(jì)），且皆為彈性正碰，求：

①撤去廠后，A、B物塊第一次碰前時(shí)刻B物塊的速度大??；

②撤去產(chǎn)后，A、B物塊從發(fā)生第一次碰撞到發(fā)生第w次碰撞時(shí)，系統(tǒng)損失的機(jī)械能。

18.如圖所示，且z>0的區(qū)域I內(nèi)存在一沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)

強(qiáng)度為反尤>-乙且z>0的區(qū)域II內(nèi)存在一沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（未畫(huà)出），磁感

應(yīng)強(qiáng)度為耳。在-2￡<z<0的區(qū)域III內(nèi)有一平行于xOz面放置的長(zhǎng)方形離子收集板

MNPQ,收集板MNP。與y軸交于點(diǎn)T（0,-L,0）,其中足夠長(zhǎng)，MN長(zhǎng)為2L。區(qū)域

III內(nèi)存在一方向與xOy平面平行且與x軸正方向的夾角為9的勻強(qiáng)磁場(chǎng)生。在區(qū)域I

中有一平行于z軸放置的長(zhǎng)為上的通電金屬絲ab,能夠源源不斷地釋放質(zhì)量為機(jī)、電荷

量為M、初速度為零的電子。這些電子經(jīng)電場(chǎng)加速后，沿x軸正方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)風(fēng)，

最終都匯聚到點(diǎn)。進(jìn)入?yún)^(qū)域III。其中。點(diǎn)釋放的電子進(jìn)入?yún)^(qū)域H后恰好能從點(diǎn)。沿z

軸負(fù)方向進(jìn)入?yún)^(qū)域III。調(diào)節(jié)磁感應(yīng)強(qiáng)度為大小，使從a點(diǎn)釋放的電子能打到收集板上

被吸收。不考慮電子重力和電子間的相互作用（已知cos76°=0.25）。

（1）求勻強(qiáng)磁場(chǎng)耳大?。?/p>

（2）求勻強(qiáng)磁場(chǎng)耳的最小面積;

(3)若角度0=0,求磁感應(yīng)強(qiáng)度層的取值范圍;

(4)若角度。的大小在0到90。之間，試定量討論磁感應(yīng)強(qiáng)度冬的取值范圍。

參考答案:

1.c

【詳解】A.降溫過(guò)程中，輪胎內(nèi)氣體分子得平均動(dòng)能降低，氣體分子的平均速率降低，但

不是每個(gè)氣體分子的速率都減小，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)題意可知，氣體做等容變化，根據(jù)與=祟可知輪胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)減小，故B錯(cuò)誤；

C.輪胎體積保持不變，可知外界對(duì)氣體不做功，氣體溫度減小，內(nèi)能減少，根據(jù)熱力學(xué)第

一定律可知輪胎內(nèi)氣體放熱，故c正確；

D.氣體分子的平均速率降低，輪胎體積保持不變，則單位時(shí)間內(nèi)單位面積上氣體分子與輪

胎內(nèi)壁碰撞的次數(shù)變少，故D錯(cuò)誤。

故選C。

2.D

【詳解】A.衰變過(guò)程中的電子是由核內(nèi)中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子釋放出來(lái)的，并不是原子核中存在

電子，故A錯(cuò)誤；

B.其中心Cs的半衰期為30年,則經(jīng)過(guò)60年，1g的腎Cs原子核中將有0.75g發(fā)生衰變,

故B錯(cuò)誤；

C.半衰期只由原子核自身決定，將核污水稀釋后，可以使胃Cs原子核的半衰期不變，故C

錯(cuò)誤；

D.衰變過(guò)程釋放能量，反應(yīng)后的堞Ba比反應(yīng)前的羽Cs更穩(wěn)定，則鎮(zhèn)Cs的比結(jié)合能小于

蜷Ba的比結(jié)合能，故D正確。

故選D。

3.B

【詳解】設(shè)較小鋼球的質(zhì)量為加，較大鋼球的質(zhì)量為2m,兩鋼球的碰撞可視為完全彈性碰

撞，以水平向左為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒可得

mv0=-m\\+2mv2

:mvl=gmv^+gx2/7/vf

代數(shù)數(shù)據(jù)解得

匕=0.2m/s,v2=0.4m/s

可知匕=0.2m/s,方向水平向右；v2=0.4m/s,方向水平向左。

故選B。

4.D

【詳解】根據(jù)題意可知，沙包1做平拋運(yùn)動(dòng)，沙包2做斜拋運(yùn)動(dòng)，沙包1和沙包2運(yùn)動(dòng)到尸

點(diǎn)的時(shí)間由高度決定，沙包2先上升再下降到尸點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于沙包1的運(yùn)動(dòng)時(shí)間

A.沙包2在最高點(diǎn)的速度即為水平分速度，由于兩沙包從。到P的水平分位移相同，但沙

包2的運(yùn)動(dòng)時(shí)間更長(zhǎng)，因此沙包2在最高點(diǎn)的水平速度小于沙包1的水平速度，故A錯(cuò)誤；

B.從。到尸兩沙包的位移相同，但時(shí)間不同，則平均速度不同，故B錯(cuò)誤；

C.從。到尸的過(guò)程中，由動(dòng)量定理有

Ap=mgt

由于兩沙包質(zhì)量相等，沙包2的運(yùn)動(dòng)時(shí)間更長(zhǎng)，可知，兩沙包的動(dòng)量變化量不相同，故C

錯(cuò)誤；

D.根據(jù)題意，由公式nj=2g/i可知，由于沙包2運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)在沙包1的拋出點(diǎn)之上，則

運(yùn)動(dòng)到尸點(diǎn)時(shí)，沙包2的豎直分速度大于沙包1的豎直分速度，由公式尸=〃zgv可知，由于

兩沙包質(zhì)量相等，則在尸點(diǎn)，沙包1重力的瞬時(shí)功率小于沙包2重力的瞬時(shí)功率，故D正

確。

故選D。

5.B

【詳解】A.加速度。隨時(shí)間/的變化關(guān)系中與時(shí)間軸圍成的面積表示速度的變化量，從靜

止開(kāi)始，10s時(shí)動(dòng)車(chē)的速度大小為

v0=Av=-^att=^x0.5x(10—6)m/s=lm/s

A錯(cuò)誤;

B.最大速度252km/h=70m/s,在勻加速段

吁為R=138S

a0.5

B正確;

C.根據(jù)牛頓第二定律可得

f=ma=IN

支持力為相g=20N,桌板對(duì)物體的作用力大小為

F=舊+『=J（20）2+l2N=V401N

C錯(cuò)誤；

D.勻加速直線運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物體移動(dòng)位移為

%=匕&t=22±lx138m=4899m

22

桌板對(duì)物體做的功為

W=^c=lx4899J=4899J

D錯(cuò)誤。

故選B。

6.A

【詳解】如圖所示，過(guò)點(diǎn)8作A3垂線交圓弧于尸

e

o

幾何關(guān)系可知，若此時(shí)線狀光源B點(diǎn)發(fā)出的光能夠射出尸點(diǎn)，則線狀光源其他點(diǎn)發(fā)出的光

也一定能夠射出尸點(diǎn)，所以只要2點(diǎn)發(fā)出的所有光線能夠射出球面，則光源發(fā)出的所有光

均能射出球面，根據(jù)幾何關(guān)系有

sin6=一

4

為使光線恰好能從尸點(diǎn)射出，根據(jù)全反射應(yīng)有

sin0=—

n

故選Ao

7.C

【詳解】A.已知小、尺2的阻值相等，消耗的功率相同，可知電流相同，設(shè)為及，因&的阻

值為g，則&的電流為2/2,則降壓變壓器T2的次級(jí)電流為3/2,由匝數(shù)和電流關(guān)系可知

%=kJ

%3/23

則

“1_1

n23

選項(xiàng)A錯(cuò)誤;

B.變壓器Ti的初級(jí)電流

I]=—/2=3/2

%

由能量關(guān)系可知

U0Iy=2U4I2+Ue2I2

解得

3

04=產(chǎn)

3

即電壓表示數(shù)1U。，選項(xiàng)B錯(cuò)誤;

C.電流表的示數(shù)等于/2,等于通過(guò)距的電流，則為

一"弘

n——

445

選項(xiàng)c正確;

D.若&斷路，則T2次級(jí)電阻變大，相當(dāng)于電網(wǎng)用電設(shè)備減少，總功率減少，電流減小,

則初級(jí)電流減小，則電流表示數(shù)將減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。

8.C

【詳解】A.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力

Mmv2

G—=m—

r

可得

GM

V=

可知衛(wèi)星〃的速度大于衛(wèi)星匕的速度，衛(wèi)星。在N點(diǎn)做近心運(yùn)動(dòng)，所以衛(wèi)星c在N點(diǎn)的速度

小于衛(wèi)星人的速度，則衛(wèi)星c在N點(diǎn)的速度小于衛(wèi)星〃的速度，故A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)圖乙可知衛(wèi)星〃、〃最遠(yuǎn)距離為5凡最近距離為3H,則

H3R

5+15R

可得

=R

fi=4R

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力

「Mm4/

G——=m——r

r2T2

可得

7=2%

GM

可知衛(wèi)星服人的運(yùn)動(dòng)周期之比為1:8,故B錯(cuò)誤;

C.設(shè)衛(wèi)星。的周期為《，衛(wèi)星6的周期為《，根據(jù)兩衛(wèi)星從相距最遠(yuǎn)到相距最近有

也1+生T=?

TaTb

又

￡=87；

聯(lián)立解得

9

T=-T

a4

故C正確；

D.衛(wèi)星。的加速度大小

2%2647r之尺

aa=(-)8/

故D錯(cuò)誤。

故選Co

9.BD

【詳解】A.發(fā)電線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)表達(dá)式為

E=NBSa)sina)t

(D=2JIYI

〃NBS①

解得

B關(guān)1

A錯(cuò)誤;

B.升壓變壓器副線圈的電壓為

U2=^Ul=2400V

4

升壓變壓器副線圈的電流為

則

U3=U2-I2R=2200V

則用戶獲得的功率為

p=t73Z2=llkW

B正確;

C.降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為

n3:n4=U3:U4=10:1

C錯(cuò)誤;

D.若輸出電壓■不變，則心不變，輸電線電流變大，則4減小，則力減小，D正確;

故選BD。

10.AC

【詳解】AB.當(dāng)入射角為6=60。時(shí)，根據(jù)折射定律有

sin6

n=------

sin0

可得，光經(jīng)過(guò)面折射后的折射角為

分=45

則光在長(zhǎng)方體中傳播的光路如下圖所示

根據(jù)光路的可逆性可知，光從e/z的中點(diǎn)q射出長(zhǎng)方體，則根據(jù)幾何知識(shí)可得，光在長(zhǎng)方體

中的傳播路程為

s=y/2L

又光在長(zhǎng)方體中的傳播速度為

c

V=—

n

則光在長(zhǎng)方體中的傳播時(shí)間為

s

t=-

V

聯(lián)立解得，光在長(zhǎng)方體中的傳播時(shí)間為

J3L

t=------

c

故A正確，B錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)全反射公式有

sinC=-=—,Zz>ZC

n3

設(shè)光在M面的入射角為i,根據(jù)折射定律有

sin6

n=------

sin/3

由幾何知識(shí)有

i+月=90

聯(lián)立可得

sin0<—

2

即入射角g<45。，則折射到仍面上的光一定發(fā)生全反射，故C正確，D錯(cuò)誤。

故選AC。

11.CD

【詳解】A.根據(jù)題意，由幾何關(guān)系可得

ac=\[lL

由庫(kù)侖定律可得，”C間庫(kù)侖力大小為

F工

"2￡2

方向由c—a,6c間庫(kù)侖力大小為

心岑=2工，

方向由cf，，如圖所示

C

O'

由幾何關(guān)系有

Ob=^-cb,Ob=be,AObc>/LObc

2

可知，cO與不重合，即c點(diǎn)的電荷受力不指向油的中點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；

B.若去掉b點(diǎn)電荷，可知，65在等量異種電荷連線的中垂面上，則為等勢(shì)線，6點(diǎn)點(diǎn)

電荷在仍’上的電勢(shì)，由。到6逐漸減小，則從6到〃點(diǎn)電勢(shì)逐漸降低，故B錯(cuò)誤；

C.若去掉。點(diǎn)點(diǎn)電荷，匕點(diǎn)和c點(diǎn)的點(diǎn)電荷為等量異種電荷，可知，方的電勢(shì)大于c電勢(shì),

由幾何關(guān)系可知

ab<ac

則。點(diǎn)點(diǎn)電荷周?chē)降碾妱?shì)大于c電勢(shì)，綜上所述，方的電勢(shì)大于c電勢(shì)，則負(fù)試探電荷在c

點(diǎn)的電勢(shì)能大于在方的電勢(shì)能，故C正確；

D.根據(jù)題意，由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式后=等可知，。點(diǎn)點(diǎn)電荷在〃的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為

r

同理可得

kq=&_

Eb=E

I?，c21}

。=立斤二母kq

E..=Ecos45

aban—一2"一4Z?

E.=E.cos45°=—E

be24L2

Ebb.=Eb+Easin450-Ecsin450=

則〃點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小為

小kq

也$+岑C+

42Z?

故D正確。

故選CDo

12.BD

【詳解】A.根據(jù)題意可,由靜止釋放，油向右運(yùn)動(dòng)，也向左運(yùn)動(dòng)，即彈簧收縮，由右手

定則可知，回路中產(chǎn)生順時(shí)針電流，設(shè)某時(shí)刻電流大小為/,可知，仍所受安培力大小為

Fab=2BIl

方向向左，川所受安培力大小為

心32/

方向向右，可知，兩棒系統(tǒng)受合外力為零，動(dòng)量守恒，則當(dāng)彈簧伸展過(guò)程中，一定有必向

左運(yùn)動(dòng)，M向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則可知，回路中產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻碾娏?，故A錯(cuò)誤;

B.由A分析可知，兩棒系統(tǒng)受合外力為零，動(dòng)量守恒，由于開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)動(dòng)量為零,

則任意時(shí)刻兩棒的動(dòng)量大小相等，方向相反，則有

mab^ab=medVcd

設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為f,則有

mV

叫?。?cdedt

即

mabsab=mcdscd

則ab與cd的路程之比為

Sab_mcd_3

Scdmabi

故B正確；

C.由上述分析可知，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，兩棒所受安培力一直保持大小相等，且仍與cd的

路程之比為3:1,則仍與cd克服安培力做的功之比為3:1,由公式Q=可知，由于外

與加的電阻之比為1:2,則詔與cd產(chǎn)生的熱之比為1:2,可知，cd棒克服安培力做的功不

等于cd棒產(chǎn)生的熱量，故C錯(cuò)誤；

D.由公式E=空、7=^^和4=方可得，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，通過(guò)cd的電荷量為

加2R+R

△①

q~

2R+R

當(dāng)兩棒在各自磁場(chǎng)中往復(fù)運(yùn)動(dòng)直至停止，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，兩棒間距離減小2L,則仍向右運(yùn)

動(dòng)的距離為

3?3r

x.=-x2L=-L

"42

cd向左運(yùn)動(dòng)的距離為

1cr1r

xcd=3義2匕=萬(wàn)匕

則有

_2Blxab+B-2lxcd_4BLI

q=-2R+R-=~

故D正確。

故選BD。

⑶(1)G島4

4H]

⑵可（x+0

【詳解】（1）［1］根據(jù)題意可知，拆去。點(diǎn)右側(cè)的木板，滑塊從。點(diǎn)飛出做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直

方向上有

,12

h=2gt

水平方向上有

L〔=vot

解得

⑵滑塊由。點(diǎn)到5點(diǎn)，由動(dòng)能定理有

一/jmgL、=。-Jmvo

解得

（2）滑塊由A點(diǎn)到。點(diǎn)，由能量守恒定律可得，釋放滑塊時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能

12

14.(1)2

⑵xl向上100

（詳解】（1）根據(jù)題意，由并聯(lián)分流原理可得,當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)S1接6,S?接2時(shí)量程為10mA，

接1時(shí)量程為100mA,則有

4?+&)=(/「4居，

代入數(shù)據(jù)解得

Ri=2Q,&=18Q

（2）口］當(dāng)單刀雙擲開(kāi)關(guān)a接°,再將開(kāi)關(guān)邑接1時(shí)，&與電流表串聯(lián)再與與并聯(lián)，三者的

總電阻為

R總1=~~^=1.98Q

用+耳+”

將開(kāi)關(guān)S?接2時(shí)，均與用串聯(lián)再與電流表并聯(lián)，三者的總電阻為

"8。

R總、2

歐姆表的倍率大的擋位內(nèi)阻大，所以將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S與1接通時(shí)，歐姆表的擋位為xl。

⑵結(jié)合上述分析可知，將擋位換成另一擋位，即將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S與1接通換成與2接通，

電流表滿偏時(shí)，干路電流減小了，則調(diào)零時(shí)需增大滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻，即滑動(dòng)變阻

器R的滑片向上移動(dòng)。

[3]結(jié)合上述分析可知，擋位換成另一擋位調(diào)零后，電流表滿偏時(shí)，干路電流為10mA,則歐

姆表的內(nèi)阻為

P

0=7=150。

將電阻&接在c、d間，電流表的指針對(duì)準(zhǔn)刻度盤(pán)上的0.6mA處，干路電流為

10

1-——x0.6mA=6mA

1

則電阻

E

R、=7=100。

15.(1)%=5L；(2)/t=3500m

【詳解】

(1)由玻意耳定律可得

解得

匕=5L

(2)設(shè)氣球離地面高度為七則對(duì)氣球內(nèi)氣體

0％=。3匕

h

。3=。2-而

可得

h=3500m

16.(1)Av=0.4m/s,方向水平向左；(2)Q=0.72J

【詳解】

(1)由動(dòng)量定理得

…nBLv4，

nBL---------Az=mAv

R

其中

d=v\t

右側(cè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為

B=kl

解得

Av=0.4m/s

方向水平向左。

(2)第3個(gè)線圈完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)恰好減速為零，由動(dòng)量定理得

nrnBLv'.,八

-nBL----------Az=0-mv

R

其中

3d=V\f

解得第一個(gè)線圈剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為

v=1.2m/s

線圈中產(chǎn)生的焦耳熱

1,

Q=-mv2=0.123

17.(1)包匕(2)斗；(3)①七,②必磬相說(shuō)

g24g603

【詳解】(1)對(duì)A、B整體，根據(jù)牛頓第二定律，有

F-2mgsin0-(//A+//B)mgcos0=2ma

解得

a=0.2g

所以力產(chǎn)作用的時(shí)間為

「%=5%

0.2gg

(2)撤去外力產(chǎn)后，對(duì)物塊A,有

mgsin0+cos0=maK

解得

%=L2g

對(duì)物塊B,有

mgsin0+%mgcos0=maB

解得

°B=0.8g

由于物塊A的加速度大于物塊B的加速度，所以物塊A先速度減為零，且保持靜止，B沿

斜面向上運(yùn)動(dòng)的速度減為零時(shí)A、B之間的距離為

人——

2aB2aA24g

(3)①物塊B速度減為零時(shí)，繼續(xù)反向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律，有

mgsin0—cos0=ma；

所以

r

?B=04g

根據(jù)速度位移關(guān)系可得

vf—2ajx

解得A、B物塊第一次碰前時(shí)刻B物塊的速度大小為

娓

匕F

②A、B發(fā)生第一次彈性碰撞，則有

m%=mv2+mv3

所以碰后兩物體速度交換

A/6

畛二0,

V。

碰后A做勻速直線運(yùn)動(dòng)，B做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，到第二次碰撞時(shí)，有

1，2

解得

_5屈。

%=丁-

6g

5說(shuō)

%=匕％=~T~

6g

八22

AEj=("A+4)加gcos^w=—mv0

A、B第二次碰撞時(shí)，速度分別為

V6

=v

V3~07~0

f

V4=^B^1=—V0

碰后兩物體速度再次交換，A以四做勻速直線運(yùn)動(dòng)，B做初速度為卬、加速度為恁’的勻加

速直線運(yùn)動(dòng)，所以

1，2

v4t2=v3t2+-aBt2

解得

6g

_5VQ

X2=V4Z2=丁

3g

42

7n=mv

AE2=(4+丹)geos。./~o

A、B第三次碰撞時(shí)，速度分別為

V4=-V0

，^6

v5=v3+?Br2=—v0

碰后兩物體速度交換，A以丫5做勻速直線運(yùn)動(dòng)，B做初速度為四、加速度為恁’的勻加速直

線運(yùn)動(dòng)，所以

1,2

v5t3=v4t3+-aBt3

解得

t_f_5?

t3a―-；—

6g

_5說(shuō)

X3==—

2g

AE3=(〃A+AB)mgcos3-x3=2mv1

根據(jù)以上分析，有

A"22

\E{=-mvQ

42

"2=1機(jī)?