遼寧省朝陽市萬元店中學高二物理上學期期末試卷含解析

遼寧省朝陽市萬元店中學高二物理上學期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，一個質(zhì)量為m的帶電液滴在相互垂直的勻強磁場和勻強電場中的豎直面內(nèi)做半徑為R的勻速圓周運動，電場和磁場的方向如圖.那么這個液滴的電性與轉(zhuǎn)動方向應是:（

）

A.一定帶正電B.一定帶負電C.一定沿順時針方向轉(zhuǎn)動D.一定沿逆時針方向轉(zhuǎn)動

參考答案：BC2.如圖是一定質(zhì)量的理想氣體的p－V圖，氣體狀態(tài)從A→B→C→D→A完成一次循環(huán)，A→B(圖中實線)和C→D為等溫過程，溫度分別為T1和T2.下列判斷正確的是(

)A.T1>T2B.C→D過程放出的熱量等于外界對氣體做的功C.若氣體狀態(tài)沿圖中虛線由A→B，則氣體的溫度先降低后升高D.從微觀角度講B→C過程壓強降低是由于分子的密集程度減少而引起的E.若B→C過程放熱200J，D→A過程吸熱300J，則D→A過程氣體對外界做功100J參考答案：AD由圖示圖象可知，D→A過程為等壓過程，氣體體積變大，由蓋呂薩克定律可知，氣體溫度升高，即A點的溫度高于D點的溫度，則，故A正確；C→D過程是等溫變化，氣體內(nèi)能不變，，氣體體積減小，外界對氣體做功，，由熱力學第一定律得，氣體放出熱量，由以上分析可知，C→D過程放出的熱量等于外界對氣體做的，故B正確；若氣體狀態(tài)沿圖中虛線由A→B，則氣體的溫度先升高后降低，故C錯誤；從B→C過程，氣體體積不變，壓強減小，由查理定律可知，氣體的溫度T降低，分子的平均動能減小，由于氣體體積不變，分子數(shù)密度不變，單位時間內(nèi)撞擊器壁的分子數(shù)不變，分子平均動能減小，分子撞擊器壁的作用力變小，氣體壓強減小，故D錯誤；由熱力學第一定律可知，若B→C過程放熱200J，D→A過程吸熱300J，則D→A過程氣體對外界做功100J，故E正確；3.平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極,一帶正電小球懸掛在電容器內(nèi)部,閉合電鍵S,電容器充電,這時懸線與豎直方向的夾角為θ,如圖所示A．保持S閉合,A板向B板靠近,則θ變大B．保持S閉合,A板向B板靠近,則θ變小C．斷開S,A板向B板靠近,則θ變大D．斷開S,A板向B板靠近,則θ不變。參考答案：AD4.吹肥皂泡是同學們小時候經(jīng)常玩的一種游戲。在陽光下，肥皂泡表面呈現(xiàn)出五顏六色的花紋，這是光的

A．反射現(xiàn)象

B．干涉現(xiàn)象

C．色散現(xiàn)象

D．折射現(xiàn)象參考答案：B5.（多選）如圖所示，在橄欖球比賽中，一個85kg的前鋒隊員以5m/s的速度跑動，想穿越防守隊員到底線觸地得分．就在他剛要到底線時，迎面撞上了對方兩名均為65kg的隊員，一個速度為2m/s，另一個速度為4m/s，然后他們就扭在了一起，則()A．他們碰撞后的共同速度是0.2m/sB．碰撞后他們動量的方向仍向前C．這名前鋒能得分D．這名前鋒不能得分參考答案：BC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.電子繞核運動可等效為一環(huán)形電流，設氫原子中的電子以速率在半徑為的軌道上運動，用表示電子的電荷量，則其等效電流的大小為

參考答案：7.如圖所示是勻強電場，這組平行線是電場線，若負電荷從A點移到B點，電場力做正功，那么電場線的方向應是

。該負電荷由A移到B的過程中，電荷電勢能

，動能將

（填減小、增大或不變）．

參考答案：8.（1）空間中存在一列向右傳播的簡諧橫波，波速為2m／s，在t=0時刻的波形如圖甲所示．試寫出x=2.0m處質(zhì)點的位移——時間關系表達式_________________；

（2）若空間中存在振幅不同，波速相同的兩列機械波相向傳播，它們的周期均為T，t=0時刻兩列波的波形如圖乙所示，請定性畫出時刻的波形圖（在答題紙上劃線處自行畫出）參考答案：9.某壓力鍋結(jié)構(gòu)如圖-8所示，蓋好密封鍋蓋，將壓力閥套在出氣孔上，給空的壓力鍋加熱，當鍋內(nèi)氣體壓強達到一定值時，氣體就把壓力閥頂起放氣，設壓力閥被頂起放氣一次后，即停止加熱。①若放氣后某時刻鍋內(nèi)剩余氣體的體積為V，摩爾體積為V0，阿伏加德羅常數(shù)為NA，寫出鍋內(nèi)剩余氣體分子數(shù)的估算表達式

▲

；②假定此次放氣過程中，鍋內(nèi)氣體對壓力閥及外界做功1J，并向外界釋放了2J的熱量。鍋內(nèi)原鍋內(nèi)氣體的內(nèi)能變化了

▲

J。ks5u四、計算題（本題共4小題，共34分。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。）參考答案：（3分）－3J（10.平行板電容器兩板相距2cm，接在200V電源上，帶電量為510-8庫侖。這個電容器的電容是

，板間電場強度是

。參考答案：2.5X10-10F，1.0X104V/M11.理想模型是物理學中重要的思想方法之一，在解決實際問題中有重要意義，例如點電荷是物理學中的一個理想模型，請再舉出一例：

。比值法是物理學中經(jīng)常用來定義物理量的一種方法，例如定義電場強度就用了這種方法，請再舉出用這種方法定義的一個物理量：

。參考答案：質(zhì)點、直線、光滑面，水平面，勻速直線運動、自由落體運動；密度、壓強、速度、加速度、角速度、功率、電容、電阻12.放射性元素A的半衰期為3天，B的半衰期為6天，有16克A元素和4克B元素，問B經(jīng)過

個半衰期才能使它們的質(zhì)量相等，這時質(zhì)量為

。參考答案：13.如圖甲為某同學研究自感現(xiàn)象的實驗電路圖，用電流傳感器顯示器各時刻通過線圈L的電流．電路中電燈的電阻R1=6.0Ω，定值電阻R=2.0Ω，AB間電壓U=6.0V．開關S原來閉合，電路處于穩(wěn)定狀態(tài)，在t1=1.0×10﹣3s時刻斷開關S，此時刻前后電流傳感器顯示的電流隨時間變化的圖線如圖乙所示．則線圈L的直流電阻RL=2Ω；斷開開關后通過電燈的電流方向左（填“向左”或“向右”）；在t2=1.6×10﹣3s時刻線圈L中的感應電動勢的大小為2V．參考答案：解：（1）由圖讀出，開始時流過電感線圈L的電流I0=1.5A由歐姆定律I0=解得：RL=﹣R=2Ω（2）L1中電流方向向左；（3）由圖讀出，t=1.6×10﹣3s時刻線圈L的電流I=0.20A；線圈L此時是一個電源，由全電路歐姆定律E=I（RL+R+R1）；E=2.0V故答案為：2Ω；向左；2V．三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.(10分)“玻意耳定律”告訴我們：一定質(zhì)量的氣體．如果保持溫度不變，體積減小，壓強增大；“查理定律”指出：一定質(zhì)量的氣體，如果保持體積不變，溫度升高．壓強增大；請你用分子運動論的觀點分別解釋上述兩種現(xiàn)象，并說明兩種增大壓強的方式有何不同。參考答案：一定質(zhì)量的氣體．如果溫度保持不變，分子平均動能不變，每次分子與容器碰撞時平均作用力不變，而體積減小，單位體積內(nèi)分子數(shù)增大，相同時間內(nèi)撞擊到容器壁的分子數(shù)增加，因此壓強增大，（4分）一定質(zhì)量的氣體，若體積保持不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)不變，溫度升高，分子熱運動加劇，對容器壁碰撞更頻繁，每次碰撞平均作用力也增大，所以壓強增大。（4分）第一次只改變了單位時間內(nèi)單位面積器壁上碰撞的分子數(shù)；而第二種情況下改變了影響壓強的兩個因素：單位時間內(nèi)單位面積上碰撞的次數(shù)和每次碰撞的平均作用力。（2分）15.（5分）如圖是研究電磁感應現(xiàn)象的實驗裝置圖，結(jié)合圖片，請說出能產(chǎn)生感應電流的幾種做法(至少三種)。(1)

；(2)

；(3)

。參考答案：(1)

閉合開關瞬間；(2)斷開開關瞬間；(3)

閉合開關，移動滑動變阻器滑片。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖15所示，半徑為a的圓形區(qū)域內(nèi)有均勻磁場，磁感應強度為B=0.2T，磁場方向垂直紙面向里，半徑為b的金屬圓環(huán)與磁場同心地放置，磁場與環(huán)面垂直，其中a=0.4m，b=0.6m，金屬環(huán)上分別接有燈L1、L2，兩燈的電阻均為R=2Ω，一金屬桿MN與金屬環(huán)接觸良好，棒與環(huán)的電阻均忽略不計．

(1)若金屬桿以v=5m／s的速率，在環(huán)上向右勻速滑動，金屬桿滑過圓環(huán)直徑OO′的瞬時，MN的電動勢和流過燈L1的電流；

(2)撒去中間的金屬桿MN，將右面的半圓環(huán)OL2O′以OO′為軸向上翻轉(zhuǎn)90°，若此時磁場隨時間均勻變化，其變化率為(T／s)，求L1的功率．參考答案：17.如圖所示，空間中存在著垂直斜面向上的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，已知電場強度E=2.0×103N/C，磁感應強度B=2.0T，斜面足夠長且傾角θ=37°（sin37°=0.6），現(xiàn)將一帶正電且與外界絕緣的小物塊放在斜面上由靜止釋放，已知物塊質(zhì)量為m=2.0kg，帶電量q=4.0×10﹣3C，物塊與斜面間的摩擦因數(shù)μ=0.50，若重力加速度g=10m/s2，試求：（1）小物塊剛釋放時的加速度大??；（2）小物塊離開斜面時的速度大小．參考答案：解：（1）剛釋放時在垂直斜面方向物體受力平衡，故：N+Eq=mgcosθ

沿斜面方向，由牛頓第二定律，有：mgsinθ﹣μN=ma解得：a=

代入數(shù)據(jù)，可得：a=4m/s2

（2）物體即將離開斜面時不受斜面彈力，且在垂直斜面方向受力平衡，故：FB+Eq=mgcosθ

由洛侖茲力公式：FB=Bqv

帶入數(shù)據(jù)，可得：v=1.0×103m/s

答：（1）小物塊剛釋放時的加速度大小為4m/s2；（2）小物塊離開斜面時的速度大小為1.0×103m/s．【考點】帶電粒子在混合場中的運動；牛頓第二定律．【分析】（1）小物塊剛釋放時，受重力、電場力、支持力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度；（2）小物塊離開斜面時，受重力、電場力、洛侖茲力，其中洛侖茲力與重力的垂直斜面的分力平衡．18.如圖所示，平行金屬導軌間距為0.5m，水平放置，電源電動勢為E=1.5V，內(nèi)阻r=0.2Ω，金屬棒電阻R=2.8Ω，與平行導軌垂直，其