湖北省隨州市廣水益眾高級中學(xué)2022-2023學(xué)年高二物理聯(lián)考試題含解析

湖北省隨州市廣水益眾高級中學(xué)2022-2023學(xué)年高二物理聯(lián)考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項(xiàng)符合題意1.（多選題）在傾角為θ的光滑斜面上有兩個用輕彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量均為m，彈簧勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)用一恒力F沿斜面方向拉物塊A使之向上運(yùn)動，當(dāng)物塊B剛要離開C時，A的速度為v，則此過程（彈簧的彈性勢能與彈簧的伸長量或壓縮量的平方成正比，重力加速度為g）（）A．物塊A運(yùn)動的距離為B．物塊A加速度為C．拉力F做的功為D．拉力F對A做的功等于A的機(jī)械能的增加量參考答案：AB【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動的位移與時間的關(guān)系；機(jī)械能守恒定律．【分析】未加拉力F時，物體A對彈簧的壓力等于其重力的下滑分力；物塊B剛要離開C時，彈簧的拉力等于物體B重力的下滑分力；根據(jù)平衡條件并結(jié)合胡克定律求解出兩個狀態(tài)彈簧的行變量，得到彈簧的長度變化情況；然后結(jié)合功能關(guān)系進(jìn)行分析即可．【解答】解：A、開始時，彈簧處于壓縮狀態(tài)，壓力等于物體A重力的下滑分力，根據(jù)胡克定律，有：mgsinθ=kx1解得：x1=物塊B剛要離開C時，彈簧的拉力等于物體B重力的下滑分力，根據(jù)胡克定律，有；mgsinθ=kx2解得：x2=故物塊A運(yùn)動的距離為：，故A正確；B、此時物體A受拉力、重力、支持力和彈簧的拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有：F﹣mgsinθ﹣T=ma彈簧的拉力等于物體B重力的下滑分力，為：T=mgsinθ故：a=，故B錯誤；C、拉力F做的功等于物體A、物體B和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能的增加量，為：W=mg?△xsinθ+，故C錯誤；D、由于質(zhì)量相等，那么剛好要離開擋板時候的彈性勢能和剛開始相同，同時B物體機(jī)械能沒有變化，那么整個過程中外力F做的功全部用于增加物塊A的機(jī)械能，故D正確；故選：AD．2.一輛汽車在5s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動，初速度為2m/s，末速度為12m/s，在這段時間內(nèi)（

）A．汽車的加速度為5m/s2

B．汽車的加速度為10m/s2C．汽車的平均速度為7m/s

D．汽車的平均速度為14m/s參考答案：C3.關(guān)于分子運(yùn)動，下列說法中正確的是()A．布朗運(yùn)動就是液體分子的熱運(yùn)動B．布朗運(yùn)動圖示中不規(guī)則折線表示的是液體分子的運(yùn)動軌跡C．當(dāng)分子間的距離變小時，分子間斥力和引力的合力可能減小，也可能增大D．物體溫度改變時物體分子的平均動能不一定改變參考答案：C4.下列敘述正確的是A.導(dǎo)體中電荷運(yùn)動就形成電流

B.電流是矢量C.導(dǎo)體中有電流通過時，導(dǎo)體內(nèi)部場強(qiáng)不為零

D.只有自由電子的定向移動才能形成電流參考答案：C5.（多選）兩個半徑均為R的金屬小球，帶電量之比為1∶3，相距為r（r>>R），兩者相互接觸后再放回原來的位置上，則相互作用力可能為原來的（

）A．1

B．1/3

C．2/3

D．4/3參考答案：BD二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.某學(xué)生用下圖所示的裝置做實(shí)驗(yàn)時，保持小車的質(zhì)量不變，測得小車的加速度a和拉力F的數(shù)據(jù)如下表所示F/N0.200.300.400.50a/（m.s-2）0.100.210.290.40

⑴根據(jù)表中的數(shù)據(jù)作出a-F圖線，并把圖線延長．⑵圖線不通過原點(diǎn)的原因是

▲

⑶實(shí)驗(yàn)中，在探究加速度a和拉力F關(guān)系時，保持小車的質(zhì)量不變，用到的物理方法是

▲

參考答案：(1)如圖所示(2)沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不徹底

(3)控制變量法7.使兩個完全相同的金屬小球（均可視為點(diǎn)電荷）分別帶上－3Q和+5Q的電荷后，將它們固定在相距為a的兩點(diǎn)，它們之間庫侖力的大小為F1，現(xiàn)用絕緣工具使兩小球相互接觸后，再將它們固定在相距為2a的兩點(diǎn)，它們之間庫侖力的大小為F2。則F1與F2之比為____________參考答案：60：18.設(shè)某型號的太陽能電池板的電動勢為600μV，短路電流為30μA，則由此可以推知，該電池的內(nèi)電阻為

Ω；如果再將此電池與一個阻值為20Ω的電阻連成閉合電路，那么通過電池的電流為

μA．參考答案：20

15【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律．【分析】由閉合電路的歐姆定律可求得電池的內(nèi)電阻；同理可求得連接電阻后的電流．【解答】解：內(nèi)阻連接電阻后電路中電流為故答案為：20

159.在空間某一區(qū)域，有一勻強(qiáng)電場，一質(zhì)量為m的液滴，帶正電荷，電量為q，在此電場中恰能沿豎直方向作勻速直線運(yùn)動，則此區(qū)域的電場強(qiáng)度的大小為

___

_，方向___

___。參考答案：mg/q

豎直向上【解析】此電場中恰能沿豎直方向作勻速直線運(yùn)動，說明電場力等于重力，qE=mg，E=mg/q，電場力方向豎直向上，粒子帶正電，所以場強(qiáng)方向豎直向上10.某電場的電場線如圖所示，電場中有A、B兩點(diǎn)，如果用UA、UB表示A、B兩點(diǎn)的電勢，用EA、EB表示A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度，則UA＿＿＿UB，EA＿＿＿EB。（選填“＞”、“＝”或“＜”）參考答案：、＞、＜11.（8分）一個正方形線圈放在勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)線圈平面與勻強(qiáng)磁場方向垂直時，通過線圈的磁通量為50×10Wb，當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到與勻強(qiáng)磁場方向平行時，通過線圈的磁通量為______wb，如果轉(zhuǎn)動的時間為10s，則線圈中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢為__________V。參考答案：0；0.512.光纖通信中,光導(dǎo)纖維傳遞光信號的物理原理是利用光的全反射

現(xiàn)象，發(fā)生這種現(xiàn)象，必須滿足的條件是：光從

光密介質(zhì)

射向光疏介質(zhì)

，且

入射角大于等于臨界角

參考答案：13.已知空氣中的聲速V空=340m/s，有一聲波在空氣中的波長為λ空=1m，則該聲波的頻率為____HZ。該聲波在水中傳播時（已知V水=1450m/s）的波長為

m。若已知該聲波在鐵軌中傳播時的波長為14.4m，則可計算出鐵軌中的聲速為____

____m/s。

參考答案：340

4.26

4896三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（10分）為了“探究碰撞中的不變量”，小明在光滑桌面上放有A、B兩個小球．A球的質(zhì)量為0.3kg，以速度8m/s跟質(zhì)量為0.1kg、靜止在桌面上的B球發(fā)生碰撞，并測得碰撞后B球的速度為9m/s，A球的速度變?yōu)?m/s，方向與原來相同．根據(jù)這些實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，小明對這次碰撞的規(guī)律做了如下幾種猜想．【猜想1】碰撞后B球獲得了速度，A球把速度傳遞給了B球．【猜想2】碰撞后B球獲得了動能，A球把減少的動能全部傳遞給了B球．(1)你認(rèn)為以上的猜想成立嗎？若不成立，請簡述理由.(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，通過計算說明，有一個什么物理量，在這次碰撞中，B球所增加的這個物理量與A球所減少的這個物理量相等？參考答案：（1）猜想1、2均不成立.因?yàn)锳球的速度只減少了3m/s,B球的速度卻增加了8m/s,所以猜想1是錯的。（2分）A球的動能減少了,B球動能增加了,所以猜想2也是錯的；（2分）（2）計算：B球動量的增加量ΔpB=0.1×9=0.9kg·m/s，（2分）A球動量的減少量ΔpA=0.3×8－0.3×5=0.9kg·m/s，（2分）從計算結(jié)果可得，B球動量的增加量與A球動量的減少量相等．即系統(tǒng)的總動量保持不變．（2分）15.用游標(biāo)為10分度的卡尺測量的某物體的直徑，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為

參考答案：1.47四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，在光滑的水平面上放著甲、乙兩個物塊，甲的質(zhì)量為m,乙的質(zhì)量為2m，開始物體乙靜止與一個輕質(zhì)彈簧相連接，甲以速度v向乙運(yùn)動．在運(yùn)動過程中（1）彈簧壓縮量最大時，乙的速度為多少？（2）當(dāng)乙的速度最大時，甲的速度為多少？參考答案：（1）（2）試題分析：甲、乙及彈簧組成的系統(tǒng)合力為零，系統(tǒng)的動量守恒．當(dāng)甲乙速度相同時，彈簧被壓縮到最短，彈簧的彈性勢能最大，根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律解答；當(dāng)乙的速度最大時，彈簧為原長，再根據(jù)系統(tǒng)的動量守恒和機(jī)械能守恒求解．（1）彈簧壓縮量最大時，甲乙共速，設(shè)為。取向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：，解得；（2）乙的速度最大時，彈簧為原長，設(shè)此時甲、乙速度分別為和；根據(jù)動量守恒定律得：；根據(jù)機(jī)械能守恒定律得解得．17.如圖，靠正電荷導(dǎo)電的矩形薄片長l=4.0×10-2m，高h(yuǎn)=1.0×10-2m；勻強(qiáng)磁場垂直于薄片向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2.0T.若P、Q間通入I=3.0A電流后，M、N間產(chǎn)生穩(wěn)定的電勢差，薄片內(nèi)正電荷定向移動的平均速率v=5.0×10-4m/s。（1）求矩形薄片受的安培力大?。?）判斷M、N電勢的高低并求出M、N間的電壓。參考答案：解：（1）由安培力公式得F安=BIL

①解得F安=0.24N

②N電勢高

③由平衡條件

④解得U=Bvh=1.0×10-5V18.如圖所示，水平虛線L1、L2之間是勻強(qiáng)磁場，磁場方向水平向里，磁場高度為h．豎直平面內(nèi)有一等腰梯形線框，底邊水平，其上下邊長之比為5：1，高為2h．現(xiàn)使線框AB邊在磁場邊界L1的上方h高處由靜止自由下落，當(dāng)AB邊剛進(jìn)入磁場時加速度恰好為0，在DC邊剛進(jìn)入磁場前的一段時間內(nèi)，線框做勻速運(yùn)動．求：（1）在DC邊進(jìn)入磁場前，線框做勻速運(yùn)動時的速度與AB邊剛進(jìn)入磁場時的速度比是多少？（2）DC邊剛進(jìn)入磁場時，線框加速度的大小為多少？（3）從線框開始下落到DC邊剛進(jìn)入磁場的過程中，線框的機(jī)械能損失和重力做功之比？參考答案：解：（1）設(shè)AB邊剛進(jìn)入磁場時速度為v0，線框質(zhì)量為m、電阻為R，AB=l，則CD=5l則AB剛進(jìn)入磁場時有，

解得：設(shè)DC邊剛進(jìn)入磁場前勻速運(yùn)動時速度為v1，線框切割磁感應(yīng)線的有效長度為2l，

線框勻速運(yùn)動時有；解得：所以：v1：v0=1：4（2）CD剛進(jìn)入磁場瞬間，線框切割磁感應(yīng)線的有效長度為3l，E'感=B?3l?v1

有牛頓第二定律：F合=ma解得：（3）從線框開始下落到CD邊進(jìn)入磁場前瞬間，根據(jù)能量守恒定律得：機(jī)械能損失重力做功

WG=mg?3h所以，線框的機(jī)械能損失和重力做功之比△E：WG=47：48答：（1）在DC邊進(jìn)入磁場前，線框做勻速運(yùn)動時的速度與AB邊剛進(jìn)入磁場時的速度比是1：4（2）DC邊剛進(jìn)入磁場時，線框加速度的大小為（3）從線框開始下落到DC邊剛進(jìn)入磁場的過程中，線框的機(jī)械能損失和重力做功之比為47：48【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；功的計算；安培力．【分析】（1）（2）由機(jī)械能守恒求出AB剛進(jìn)入磁場時的速