河南省信陽(yáng)市第三職業(yè)中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理下學(xué)期摸底試題含解析

河南省信陽(yáng)市第三職業(yè)中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理下學(xué)期摸底試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.半徑為R的光滑半圓球固定在水平面上，頂部有一小物體（可視為質(zhì)點(diǎn)），如圖所示。今給小物體一個(gè)水平初速度（g為重力加速度），則物體將

（

）

A．沿球面滑至M點(diǎn)

B．立即離開(kāi)半球面作平拋運(yùn)動(dòng)

C．先沿球面滑至某點(diǎn)N再離開(kāi)球面做斜下拋運(yùn)動(dòng)D．按半徑大于R的新圓弧軌道運(yùn)動(dòng)參考答案：B2.在電場(chǎng)方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,一帶電小球從A點(diǎn)豎直向上拋出,其運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示.小球運(yùn)動(dòng)的軌跡上A、B兩點(diǎn)在同一水平線上,M為軌跡的最高點(diǎn).小球拋出時(shí)的動(dòng)能為8.0J,在M點(diǎn)的動(dòng)能為6.0J,不計(jì)空氣的阻力。則（

）A．小球水平位移x1與x2的比值1:3

B．小球水平位移x1與x2的比值1:2C．小球落到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能EkB=26J

D．小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中最小動(dòng)能為J參考答案：AD3.（多選）現(xiàn)如今我們的生活已經(jīng)離不開(kāi)電梯，如圖2所示有兩種形式的電梯，甲是商場(chǎng)中常用的扶梯，乙是居民樓中常用的直梯。則當(dāng)它們都加速上升時(shí)，（加速度方向如圖所示）下列說(shuō)法正確的是（

）A．甲電梯上的人只受到重力和支持力的作用B．甲電梯上的人處于超重狀態(tài)C．乙電梯中人受到的摩擦力為零D．乙電梯中的人處于失重狀態(tài)參考答案：BC4.（多選題）如圖所示，邊界MN、PQ間有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，PQ、EF間有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)置為m，電荷量為q的粒子從邊界MN上的O點(diǎn)以水平初速度v0射入電場(chǎng)，結(jié)果從PQ上的A點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，且粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，MN和PQ間、PQ和EF間的距離均為L(zhǎng)，O到A的豎直距離為，不計(jì)粒子的重力，則下列結(jié)論正確的是（）A．勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為B．粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度與水平方向的夾角為45°C．粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為L(zhǎng)D．勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)強(qiáng)度為參考答案：BD【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【分析】粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以求出電場(chǎng)強(qiáng)度、粒子的速度、偏轉(zhuǎn)角；粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)幾何關(guān)系求出粒子的軌道半徑，即可求出磁感應(yīng)強(qiáng)度．【解答】解：A、粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，豎直方向，根據(jù)牛頓第二定律qE=ma，解得，故A錯(cuò)誤；B、離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)豎直速度，進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度與水平方向的夾角θ，，θ=45°，故B正確；C、粒子在磁場(chǎng)中的圓心角為α，根據(jù)，根據(jù)題意，得，根據(jù)幾何關(guān)系有，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)半徑公式，得，故D正確；故選：BD5.如圖所示，空間存在著與圓臺(tái)母線垂直向外的磁場(chǎng)，各處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，圓臺(tái)母線與豎直方向的夾角為θ。一個(gè)質(zhì)量為m、半徑為r的勻質(zhì)金屬環(huán)位于圓臺(tái)底部。環(huán)中通以恒定的電流I后圓環(huán)由靜止向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t后撤去該恒定電流并保持圓環(huán)閉合，圓環(huán)上升的最大高度為H。已知重力加速度為g，磁場(chǎng)的范圍足夠大。在圓環(huán)向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A．在時(shí)間t內(nèi)安培力對(duì)圓環(huán)做功為mgHks5uB．圓環(huán)先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)C．圓環(huán)運(yùn)動(dòng)的最大速度為-gtD．圓環(huán)先有擴(kuò)張后有收縮的趨勢(shì)參考答案：BC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.12．某同學(xué)將量程為200μA、內(nèi)阻為500Ω的表頭μA改裝成量程為1mA和10mA的雙量程電流表，設(shè)計(jì)電路如圖（a）所示。定值電阻R1=500Ω，R2和R3的值待定，S為單刀雙擲開(kāi)關(guān)，A、B為接線柱?；卮鹣铝袉?wèn)題：（1）按圖（a）在圖（b）中將實(shí)物連線；（2）表筆的顏色為

色（填“紅”或“黑”）（3）將開(kāi)關(guān)S置于“1”擋時(shí)，量程為

mA；（4）定值電阻的阻值R2=

Ω，R3=

Ω。（結(jié)果取3位有效數(shù)字）（5）利用改裝的電流表進(jìn)行某次洞里時(shí)，S置于“2”擋，表頭指示如圖（c）所示，則所測(cè)量電流的值為

mA。

參考答案：(1)如圖；(2)黑；(3)10；(4)225，250；(5)0.780(0.78同樣給分)

7.對(duì)于繞軸轉(zhuǎn)動(dòng)的物體，描述轉(zhuǎn)動(dòng)快慢的物理量有角速度ω等物理量．類(lèi)似加速度，角加速度β描述角速度的變化快慢，則角加速度β的定義式是，單位是rad/s2．參考答案：考點(diǎn)：向心加速度．專(zhuān)題：勻速圓周運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題．分析：利用加速度、速度和位移公式，類(lèi)似于角加速度、角度公式．角加速度為角速度變化量與所用時(shí)間的比值，由公式知在國(guó)際單位制中β的單位為rad/s2，解答：解：角加速度為角速度變化量與所用時(shí)間的比值，由公式知在國(guó)際單位制中β的單位為rad/s2，故答案為：，rad/s2點(diǎn)評(píng)：本題比較新穎，利用類(lèi)似法可以寫(xiě)出角加速度、角速度和角度公式．8.如圖為“用DIS（位移傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計(jì)算機(jī)）研究加速度和力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置。（1）在該實(shí)驗(yàn)中必須采用控制變量法，應(yīng)保持___________不變，用鉤碼所受的重力作為_(kāi)__________，用DIS測(cè)小車(chē)的加速度。（2）改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復(fù)測(cè)量。在某次實(shí)驗(yàn)中根據(jù)測(cè)得的多組數(shù)據(jù)可畫(huà)出a-F關(guān)系圖線（如圖所示）。①分析此圖線的OA段可得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是_________________________________。②（單選題）此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是（

）A．小車(chē)與軌道之間存在摩擦

B．導(dǎo)軌保持了水平狀態(tài)C．所掛鉤碼的總質(zhì)量太大

D．所用小車(chē)的質(zhì)量太大參考答案：（1）小車(chē)的總質(zhì)量，小車(chē)所受外力，（2）①在質(zhì)量不變的條件下，加速度與外力成正比，②C，9.一質(zhì)子束入射到能止靶核上，產(chǎn)生如下核反應(yīng):

式中P代表質(zhì)子，n代表中子，x代表核反應(yīng)產(chǎn)生的新核.由反應(yīng)式可知，新核X的質(zhì)子數(shù)為

，中子數(shù)為

。參考答案：14

13

解析：質(zhì)子的電荷數(shù)為1，質(zhì)量數(shù)為1，中子的電荷數(shù)為0，質(zhì)量數(shù)為1．根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，X的質(zhì)子數(shù)為1+13-0=14，質(zhì)量數(shù)為1+27-1=27．因?yàn)橘|(zhì)量數(shù)等于質(zhì)子數(shù)和中子數(shù)之和，則新核的中子數(shù)為27-14=13．10.物體從180m高處自由落下，如果把物體下落的時(shí)間分成相等的三段，則每段時(shí)間下落位移自上而下依次為

，

，

。（取g=10m/s2）參考答案：20m,60m,100m11.如圖所示，同一平面內(nèi)有兩根互相平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線1和2，通有大小相等、方向相反的電流，a、b兩點(diǎn)與兩導(dǎo)線共面，a點(diǎn)在兩導(dǎo)線的中間與兩導(dǎo)線的距離均為r，b點(diǎn)在導(dǎo)線2右側(cè)，與導(dǎo)線2的距離也為r?，F(xiàn)測(cè)得a點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，則去掉導(dǎo)線1后，b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

，方向

。參考答案：答案：，垂直兩導(dǎo)線所在平面向外解析：根據(jù)安培定則可知，1、2兩導(dǎo)線在a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，都為。而2導(dǎo)線在a、b兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，故去掉導(dǎo)線1后，b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向垂直兩導(dǎo)線所在平面向外。12.如圖所示為熱水系統(tǒng)的恒溫器電路，R1是可變電阻，R2是熱敏電阻，當(dāng)溫度低時(shí)，熱敏電阻的阻值很大，溫度高時(shí)，熱敏電阻的阻值很小。只有當(dāng)熱水器中的水位達(dá)到一定高度（由水位計(jì)控制）且水的溫度低于某一溫度時(shí)，發(fā)熱器才會(huì)開(kāi)啟并加熱，反之，便會(huì)關(guān)掉發(fā)熱器。圖中虛線框中應(yīng)接入的是_______門(mén)邏輯電路；為將發(fā)熱器開(kāi)啟的水溫調(diào)高一些，應(yīng)使可變電阻的阻值_______。參考答案：

答案：與、

減小13.如圖，三個(gè)電阻R1、R2、R3依次標(biāo)有“12Ω，3W”、“8Ω，5W”、“6Ω，6W”，則允許接入電路的最大電壓為10.8V，此時(shí)三個(gè)電阻消耗的總功率為10.8W．參考答案：考點(diǎn)：電功、電功率；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路．專(zhuān)題：恒定電流專(zhuān)題．分析：根據(jù)電路結(jié)構(gòu)及已知條件：三個(gè)電阻允許消耗的最大功率分別為3W、15W、6W，分析保證電路安全的條件，然后求電路的最大功率．解答：解：由可求得R1的額定電壓U1=6V，R2的額定電壓U2=2V，R3的額定電壓U3=6V，

R1與R2的并聯(lián)阻值為R′=，則因R3大于其并聯(lián)值，則當(dāng)R3達(dá)到6V時(shí)，并聯(lián)電壓小于6V，

則以R3達(dá)到額定電壓為安全值計(jì)算：

即

求得U1=4.8V

則接入電路的最大的電壓為Um=U1+U3=10.8V功率為：P=故答案為：10.8，10.8點(diǎn)評(píng)：考查串聯(lián)并聯(lián)電路，明確安全的要求是每個(gè)電阻都不能超出額定電壓．三、簡(jiǎn)答題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.（簡(jiǎn)答）如圖12所示，一個(gè)截面為直角三角形的劈形物塊固定在水平地面上.斜面,高h(yuǎn)=4m，a=37°,一小球以Vo=9m/s的初速度由C點(diǎn)沖上斜面.由A點(diǎn)飛出落在AB面上.不計(jì)一切阻力.(Sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)求.(l)小球到達(dá)A點(diǎn)的速度大??；(2)小球由A點(diǎn)飛出至第一次落到AB面所用時(shí)間；(3)小球第一次落到AB面時(shí)速度與AB面的夾角的正切值參考答案：(1)1(2)0.25s（3）6.29N機(jī)械能守恒定律．解析：(1)從C到A對(duì)小球運(yùn)用動(dòng)能定理]，解得v0=1m/s(2)將小球由A點(diǎn)飛出至落到AB面的運(yùn)動(dòng)分解為沿斜面（x軸）和垂直于斜面（y軸）兩個(gè)方向;則落回斜面的時(shí)間等于垂直于斜面方向的時(shí)間所以（3）小球落回斜面時(shí)沿斜面方向速度垂直斜面方向速度vy=1m/s，所以（1）由機(jī)械能守恒定律可以求出小球到達(dá)A點(diǎn)的速度．

（2）小球離開(kāi)A后在豎直方向上先做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，后做自由落體運(yùn)動(dòng)，小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出小球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間．

（3）先求出小球落在AB上時(shí)速度方向與水平方向間的夾角，然后再求出速度與AB面的夾角θ的正切值．15.(6分)如圖所示，己知平行玻璃磚的折射率，厚度為.入射光線以入射角60°射到玻璃磚的上表面，經(jīng)玻璃磚折射從下表面射出，出射光線與入射光線平行，求兩平行光線間距離。（結(jié)果可用根式表示）

參考答案：解析：作出光路如圖

由折射定律得（2分）

所以r=30°（2分）

由圖知

則AB—AC=d·tan30°=d

出射光線與入射光線間的距離是d（2分）四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.如圖所示，R為電阻箱，電壓表為理想電壓表．當(dāng)電阻箱讀數(shù)為R1=2Ω時(shí)，電壓表讀數(shù)為U1=4V；當(dāng)電阻箱讀數(shù)為R2=5Ω時(shí)，電壓表讀數(shù)為U2=5V．求：（1）電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r（2）當(dāng)電阻箱R讀數(shù)為多少時(shí)，電源的輸出功率最大?最大值Pm為多少?參考答案：（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律有，帶入數(shù)據(jù)即：（3分）ks5u聯(lián)立上面兩個(gè)方程可解得，（2分）（2）外電路的電功率，（3分）根據(jù)可判斷當(dāng)時(shí)，外電路功率最大，最大功率（2分）ks5u17.（9分）在納米技術(shù)中需要移動(dòng)或修補(bǔ)原子，必須使不停地做熱運(yùn)動(dòng)（速率約幾百米每秒）的原子幾乎靜止下來(lái)且能在一個(gè)小的空間區(qū)域內(nèi)停留一段時(shí)間，為此已發(fā)明了“激光制冷”的技術(shù)，若把原子和入射光分別類(lèi)比為一輛小車(chē)和一個(gè)小球，則“激光制冷”與下述的力學(xué)模型很類(lèi)似。一輛質(zhì)量為ｍ的小車(chē)（一側(cè)固定一輕彈簧），如圖所示以速度v0水平向右運(yùn)動(dòng)。一個(gè)動(dòng)量大小為ｐ，質(zhì)量可以忽略的小球先向左射入小車(chē)，然后以大小相同的動(dòng)量ｐ被輕彈簧水平向右彈出，緊接著不斷重復(fù)上述過(guò)程，最終小車(chē)將停下來(lái)。設(shè)地面和車(chē)廂均光滑，除鎖定時(shí)間△Ｔ外，不計(jì)小球在小車(chē)上運(yùn)動(dòng)和彈簧壓縮、伸長(zhǎng)的時(shí)間。求：（1）小球第一次入射后再?gòu)棾鰰r(shí)，小車(chē)的速度的大小和這一次過(guò)程中小車(chē)動(dòng)能的減少量；（2）從小球第一次入射開(kāi)始到小車(chē)停止運(yùn)動(dòng)所經(jīng)歷的時(shí)間。參考答案：解析：（1）小球射入小車(chē)和小車(chē)彈出的過(guò)程中，由動(dòng)量守恒定律得：mv0－p=mv1+p

(2分)故v1=v0－

(1分)此過(guò)程中小車(chē)動(dòng)能減少量為:△EK=mv02—mv12解得：△EK=2p（v0—）

(2分)（2）小球每次入射和彈出，動(dòng)量變化均為2p，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可知，小車(chē)動(dòng)量減少量也為2p，要使小車(chē)停下，小球重復(fù)入射和彈出的次數(shù)為：n=

(2分)故小車(chē)從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到停下來(lái)所經(jīng)歷的時(shí)間為：t=n△T=

(2分)18.如右圖所示，水平面上放有質(zhì)量均為m=lkg的物塊A和B，A、B與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為和，相距l(xiāng)=0.75m．現(xiàn)給物塊A一初速度使之向B運(yùn)動(dòng)，與此同時(shí)給物塊B一個(gè)F=3N的水平向右的力，B由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間A恰好追上B。g=10m/s2，求：

（1）物塊A的初速度大??；

（2）從開(kāi)始到物塊A追上物塊B的過(guò)程中，力F對(duì)物塊B所做的功．參考答案：(1)設(shè)A經(jīng)時(shí)間t追上B，A、B的加速度大小分別為a1、a2,由牛頓第二定律有：

μ1mg=ma1

（1分）F-μ2mg=ma2

（1分