2024屆重慶康德普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試第一次聯(lián)考物理試題及答案

2024年重慶市普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試高三第一次聯(lián)合診斷檢測(cè)物理測(cè)試卷共4頁，滿分100分?？荚嚂r(shí)間75分鐘。741．2023年9月281吊在吊環(huán)上，緩慢將兩只手臂從水平調(diào)整至豎直。在整個(gè)軀干下降過程中，兩只手臂對(duì)軀干的作用力將D．無法確定題1圖2．x與時(shí)間t的關(guān)系圖像如題2圖所示，xC其中OA段和段為拋物線的一部分，段B為直線段。則該過程中的v-t圖像可能為AvvtO題2圖tOtOA．vvtOtC．O3．題3圖1是某振蕩電路，題3圖2是該電路中平行板電容器a、b兩極板間的電壓uab隨時(shí)間t變化的關(guān)uab系圖像。在某段時(shí)間內(nèi)，該回路中的磁場能增大，a且b板帶正電，則這段時(shí)間對(duì)應(yīng)圖像中的區(qū)間是COtt1t23t4bA．0～1C．t～3B．t～2D．t～4題3圖1題3圖24．某機(jī)械臂夾著一質(zhì)量為10的物體在空中沿水平方向以7.5m/s2的加速度運(yùn)動(dòng)，重力加速度取10m/s2，不計(jì)空氣阻力。則該機(jī)械臂對(duì)該物體的作用力大小為A．75NB．100NC．125ND．175N5．三根無限長的通電直導(dǎo)線a、、c均垂直紙面固定。A、B圖中，Oac連線上的某一點(diǎn)；C、D圖中，O點(diǎn)為△abc內(nèi)某一點(diǎn)。則其中O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零的是ababOOA．C．cccababOOc第一次聯(lián)合診斷檢測(cè)（物理）第1頁共9頁6．6OOPO點(diǎn)正下方的P中O點(diǎn)正下方的QPQOP＝，Q＝3，不計(jì)空氣阻力，則拋出點(diǎn)到O點(diǎn)的水平距離為題6圖A．3LB．4LC．5LD．6L7．如題7圖1所示，固定斜面的傾角θ＝37°，一物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）在沿斜面向上的恒定拉力F作用下，從斜面底端由靜止開始沿斜面向上滑動(dòng)，經(jīng)過距斜面底端x處的A點(diǎn)時(shí)撤去拉力F。該物體的動(dòng)能E與它到k0斜面底端的距離x的部分關(guān)系圖像如題7圖2mkgA點(diǎn)時(shí)的°2動(dòng)能之比為4∶1，該物體與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)處處相同，sin37＝0.6，重力加速度g取10m/s阻力。則拉力F的大小為A．8NEkF0OB．9.6N0θAxC．16N0x0題7圖1題7圖2D．19.2N二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得08．如題8圖所示，理想變壓器的原線圈接在輸出電壓有效值為U的正弦式交變電流兩端，副線圈所接的兩個(gè)L、L的額定功率分別為PP，額定電壓均為U＝2，且兩燈泡均正常發(fā)光。由此可知12000A．流經(jīng)燈泡L、L的電流之比為1∶1122兩端的最大電壓為2UUL2L1C．該理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為1∶3題8圖D．該理想變壓器的原、副線圈電流之比為2∶19．在ABAB兩點(diǎn)沿赤道的地表距離為赤道周長的1，地球的自轉(zhuǎn)周期為T，忽略其他天體的影響，則該衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的周期可能為4TTTA．B．C．TD．42210．某勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖像如題10圖所示（以豎直向上為電場強(qiáng)度的正方向），電＝0mq的帶正電微粒從該電場中距地面足夠高的位置由靜止釋放；0時(shí)刻，該微粒速度為零。已知重力加速度為，下列說法正確的是E0OA．t0時(shí)刻，該微粒的加速度大小為gtt02t0B．t0時(shí)刻，電場強(qiáng)度大小為qC．0～2t0時(shí)間段內(nèi)，該微粒的最大速度為2gt0－2E0D．0～2t0時(shí)間段內(nèi)，該微粒所受電場力的沖量大小為0.5mgt0題10圖第一次聯(lián)合診斷檢測(cè)（物理）第2頁共9頁三、非選擇題：本題共5小題，共5711．（7某同學(xué)為研究“電動(dòng)機(jī)工作過程中的能量轉(zhuǎn)化”，設(shè)計(jì)了如題11圖1所示電路，其中定值電阻＝1.0Ω，電表均視為理想電表。實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：/cmA908580電動(dòng)機(jī)VR7570ErSt/s位移傳感器05題11圖210題11圖1①用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出電動(dòng)機(jī)上所掛重物和位移傳感器的總重力為1.4N；②卡住電動(dòng)機(jī)讓其不轉(zhuǎn)動(dòng)，閉合開關(guān)S，讀出電壓表和電流表的示數(shù)分別為2.4V和0.30A，斷開開關(guān)S；S數(shù)分別為2.7V和0.08Ax隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖像如題11圖2所示；④關(guān)閉位移傳感器軟件，斷開開關(guān)S?；卮鹣铝袉栴}（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）：（1）電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，重物向上運(yùn)動(dòng)的速度大小為ms。，電動(dòng)機(jī)的效率＝有用功率電功率Ω。（2）電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，產(chǎn)生的電熱功率是×100%＝（3）該同學(xué)發(fā)現(xiàn)通過以上實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可以計(jì)算出，該直流電源的內(nèi)阻r＝12．（9某興趣小組設(shè)計(jì)了如題12圖1所示裝置來探究“滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)”。主要操作步驟如下：M等，并測(cè)出遮光條的寬度d，遮光條到光電門中心的距離x；x遮光條光電門Mm橡皮泥題12圖1②接通電源，將滑塊和托盤同時(shí)由靜止釋放，記錄光電門的遮光時(shí)間；③逐次往托盤中增加質(zhì)量為m的砝碼，重復(fù)第②步操作。v＝a＝M11n＝ag－aM為橫軸，作出如題12圖2所示的關(guān)系圖像，其中圖像斜率為1＝。Oa題12圖2（3）本次實(shí)驗(yàn)的最終結(jié)果可能有誤差，原因可能是：（回答一條即可）。第一次聯(lián)合診斷檢測(cè)（物理）第3頁共9頁13．（102023年10月31日8時(shí)11光輝歷程。如題13圖所示，質(zhì)量為3×10的返回艙在著陸前最后1m處，四臺(tái)相同的發(fā)動(dòng)機(jī)同時(shí)點(diǎn)火獲得反沖力，使該返回艙的速度由8m/s迅速降至1m/s著陸。忽略其他阻力，重力加速度取10m/s。在著陸前最后1m的運(yùn)動(dòng)過程中，求：32（1）該返回艙的平均加速度大小是重力加速度大小的幾倍？（2）每臺(tái)發(fā)動(dòng)機(jī)對(duì)該返回艙所做的功。題13圖14．（13如題14圖所示，間距為L的平行光滑固定軌道由傾斜金屬軌道和水平軌道兩部分組成。傾斜軌道與水平軌道在OO處平滑相連，傾角＝30，其上端接有一平行板電容器，整個(gè)傾斜軌道處于垂直其軌道平面向上、磁12感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中。水平軌道上矩形區(qū)域OOPP內(nèi)無磁場，且OP段和OP段均絕緣；PP右1221112212側(cè)為足夠長的金屬軌道，該區(qū)域內(nèi)充滿豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為B的勻強(qiáng)磁場，其右端連接一阻值為R的定值電阻?，F(xiàn)讓一質(zhì)量為m、長度為L的直金屬棒從傾斜軌道上由靜止開始下滑，剛到達(dá)OO處時(shí)速度12大小為vm阻均不計(jì)，已知該平行板電容器的電容等于，重力加速度為。求：2NB2L（1）該金屬棒停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，定值電阻R上產(chǎn)生的總電熱；（2）該金屬棒在水平金屬軌道上滑行的最大距離；（3）該金屬棒在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。BO22MBRθO1P1題14圖15．（1815MNMNQP板的中點(diǎn)OMv、方向與的夾角為θ3vg2L為g，MNPQ＝d＜，NQMP＝L，該小球可視為質(zhì)點(diǎn)且電荷量NOMQ碰撞后瞬時(shí)，水平速度大小不變、方向反向，豎直速度不變。（1）求該小球第一次與板碰撞前在磁場中運(yùn)動(dòng)的路程；（2）求該勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。籨EvθP題15圖（3）若該小球能通過N點(diǎn)，求θ的大小，以及該小球第二次離開矩形MNQP區(qū)域前運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間。第一次聯(lián)合診斷檢測(cè)（物理）第4頁共9頁2024年重慶市普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試高三第一次聯(lián)合診斷檢測(cè)物理參考答案1～7AADCDBD解析：8BD9BD10AC1．A。由平衡條件易知，兩只手臂對(duì)軀干的作用力（合力）等于軀干所受重力，保持不變，選項(xiàng)A正確。2．A。x-t圖像的斜率表示速度，OA段為拋物線的一部分且斜率逐漸增大，即為勻加速直線運(yùn)動(dòng)；段為斜率不變的直線段，即為勻速直線運(yùn)動(dòng)；段為拋物線的一部分且斜率逐漸減小，即為勻減速直線運(yùn)動(dòng)；選項(xiàng)A正確。b板帶正電可知u0對(duì)應(yīng)圖像中的區(qū)間為t～tD正確。34F與重力G的合力合律可知，合。由力的矢量三角形法則可得，F(xiàn)GN125NC正確。F2222合5．D。根據(jù)右手螺旋定則可以判斷通電直導(dǎo)線ac在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向，根據(jù)矢量合成法則可以判定，A、B、CO點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度不可能為零，只有DO點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零，選項(xiàng)D正確。v2142v2Q兩點(diǎn)時(shí)的豎直速度大小Py，v21則2vPy，由h2可得，飛鏢擊中P、Q兩點(diǎn)時(shí)在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t2t；設(shè)拋出點(diǎn)到O點(diǎn)的水2QP平距離為，在水平方向上，由xvt可得，飛鏢水平拋出時(shí)的初速度大小vPx2。飛鏢擊中P、Q兩vPy點(diǎn)時(shí)速度大小相等，由v2Pxv2Pyv2v2，可得vPx2vPy，擊中P點(diǎn)的飛鏢在豎直方向有LtP，水2平方向有xvtx4L，選項(xiàng)B正確。PxPE-x圖像可知，該物體從斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)到AE(Fcossin)x，k00撤去力F后，從A點(diǎn)到最高點(diǎn)（速度為零）過程中，有0E(cossin)x，則00F2(cossin)；當(dāng)該物體第一次經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)，有E1E(cossin)x，第二次00AEA2Ecos2xA點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能之比為41E4EA20013E08x05E08x02E0x05得cos，sinFmgsin19.2ND正確。I12PU008．BD。由P＝UI知，流經(jīng)燈泡L、L的電流之比2，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；燈泡L2兩端的最大電壓12I2U0P01U12UU2U，選項(xiàng)B正確；該理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；該m0n2UI1n2理想變壓器的原、副線圈電流之比2，選項(xiàng)D正確。I21第一次聯(lián)合診斷檢測(cè)（物理）第5頁共9頁TABT1TtAB兩點(diǎn)沿赤道的地表距離為赤道周長的t244TTT或t，聯(lián)立解得：T2或T2n01，，…），選項(xiàng)B、D正確。4221t0t0，20002得E0B＝t時(shí)刻，由牛頓第二定律有：agA正確；00qt02qE0t02t02gt040t0＝mvv，2211t～2t時(shí)間段內(nèi)，該微粒在t＝2t時(shí)刻的速度最大，在0～2t時(shí)間段內(nèi)，由動(dòng)量定理有：0000tq2E2t00(t0)2t0mv2，解得v2（“－”表示此時(shí)速度方向豎直向下），因00232320此0～t時(shí)間段內(nèi)該微粒的最大速度為2C02t000tq2E2t00It()0，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。002032311.（7（1）0.020（1（2）0.045（2（3）1.4（2解析：13（2xt5x-t圖像可知，v0.020m/s。U1I1U2.4V，I0.30ArR7。11M電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，U2.7V，I0.08APIM0.0448W0.045W2222M率PFvGv1.4，電動(dòng)機(jī)消耗的電功率PUIR)I0.2096W1222P100%13%。1P（3）由閉合電路歐姆定律EUIr可知，當(dāng)電動(dòng)機(jī)被卡住時(shí)，有E2.40.30r，當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，有E2.70.08r，聯(lián)立解得：r1.4。12.（9dd2（1）t（222k（2）1g（3）桌面不水平，測(cè)量x或d時(shí)有誤差，橡皮泥觸地導(dǎo)致質(zhì)量變化，等等。（回答一條，合理即可）第一次聯(lián)合診斷檢測(cè)（物理）第6頁共9頁解析：dd2（1）由題知，滑塊經(jīng)過光電門時(shí)的速度大小v，又由2v2a。t22（2）設(shè)當(dāng)托盤中砝碼個(gè)數(shù)為n（n＝0，1，2，…）時(shí)，對(duì)滑塊（含遮光條）、托盤（含橡皮泥）和砝碼組成的M1M1aM)g(2M)a)g2-圖gak像的斜率k)g，解得1。g（3）引起最終結(jié)果誤差的原因可能是：桌面不水平，測(cè)量x或d時(shí)有誤差，橡皮泥觸地導(dǎo)致質(zhì)量變化，等等。13.（10解：（1）在著陸前最后1m的運(yùn)動(dòng)過程中，設(shè)該返回艙的平均加速度為a182由v2v022ax，得：a2（3221an，解得：n3.15g即該過程中，該返回艙的平均加速度大小是重力加速度大小的3.15倍（2）在著陸前最后1m的運(yùn)動(dòng)過程中，設(shè)每臺(tái)發(fā)動(dòng)機(jī)對(duì)該返回艙所做的功為W112由動(dòng)能定理得：Wmv2mv0（322解得：W14.（134J解：（1）由能量守恒定律可知，該金屬棒停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，其動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化成定值電阻R的電熱1因此，定值電阻R上產(chǎn)生的總電熱Qmv022（2）設(shè)該金屬棒在水平金屬軌道上滑行的最大距離為xB2L2根據(jù)動(dòng)量定理得：x0mv0RmRv0解得：x（2B2L2（3）設(shè)平行板電容器電容為，該金屬棒在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)的速度大小為v時(shí)，加速度大小為a該金屬棒切割磁場產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)Ev（1該平行板電容器的電荷量qvqv在t時(shí)間內(nèi)，通過該金屬棒的電流I該金屬棒所受安培力大小F（1tt2L2a（1g由牛頓第二定律有：sinF，解得a（14說明該金屬棒在傾斜軌道上做勻變速直線運(yùn)動(dòng)4v0g設(shè)該金屬棒在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：v0，解得：t（1第一次聯(lián)合診斷檢測(cè)（物理）第7頁共9頁15.（18解：（1）該小球第一次與板碰撞前的運(yùn)動(dòng)軌跡如答圖1設(shè)該小球在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為RNQPθθE2d2OdMd2由幾何關(guān)系可知：R)Rsin（22θ2vd解得：R（12RRθ1由分析知，該小球第一次與板碰撞前，在磁場中運(yùn)動(dòng)的路程s2Rd（1（2）由題知，該小球恰好能在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則v2mvqvBmR（1R2Ev聯(lián)立可得：B（1（3）①由分析知，當(dāng)90時(shí)，該小球能通過N點(diǎn)，則該小球第二次離開矩形MNQP區(qū)域前的運(yùn)動(dòng)軌跡如答圖2所示，最終從Md/2L設(shè)該小球在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為1，12πRdNQ則12v2vdOE該小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2，dL2LdMP2d/2則t222vv2vg該小球從N點(diǎn)離開后再次回到N點(diǎn)經(jīng)過的時(shí)間t3d該小球從N點(diǎn)勻速運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)經(jīng)過的時(shí)間t4