2025屆吉林省盟校東風二中、靖宇中學高三5月聯(lián)考-物理試題試卷含解析_第1頁
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文檔簡介

2025屆吉林省盟校(東風二中、靖宇中學高三5月聯(lián)考-物理試題試卷考生請注意:1.答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內,不得在試卷上作任何標記。2.第一部分選擇題每小題選出答案后,需將答案寫在試卷指定的括號內,第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3.考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后,請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,在光滑的水平桌面上有一彈簧振子,彈簧勁度系數(shù)為k,開始時,振子被拉到平衡位置O的右側A處,此時拉力大小為F,然后釋放振子從靜止開始向左運動,經過時間t后第一次到達平衡位置O處,此時振子的速度為v,在這個過程中振子的平均速度為A.等于v2B.大于v2C.小于2、一輛汽車遇到險情緊急剎車,剎車過程做勻減速運動,剎車后第1s內的位移為16m,最后1s內的位移為8m,則汽車的剎車時間為A.1s B.1.5s C.2s D.2.5s3、如圖所示,用材料、粗細均相同的電阻絲做成ab、cd、ef三種形狀的導線,分別放在電阻可忽略的足夠長的相同的光滑金屬導軌上,勻強磁場的方向垂直于導軌平面,在相同的水平外力F作用下,三根導線均向右做勻速運動,某一時刻撤去外力F,已知三根導線接入導軌間的長度關系滿足lab<lcd<lef,且每根導線與導軌的兩個觸點之間的距離均相等,則下列說法中正確的是()A.三根導線勻速運動的速度相同B.三根導線產生的感應電動勢相同C.勻速運動時,三根導線的熱功率相同D.從撤去外力到三根導線停止運動,通過導線ef的電荷量最大4、有人做過這樣一個實驗∶將一錫塊和一個磁性很強的小永久磁鐵疊放在一起,放入一個淺平的塑料容器中。往塑料容器中倒入液態(tài)氮,降低溫度,使錫出現(xiàn)超導性。這時可以看到,小磁鐵竟然離開錫塊表面,飄然升起,與錫塊保持一定距離后,便懸空不動了。產生該現(xiàn)象的原因是∶磁場中的超導體能將磁場完全排斥在超導體外,即超導體內部沒有磁通量(邁斯納效應)。如果外界有一個磁場要通過超導體內部,那么在磁場作用下,超導體表面就會產生一個無損耗感應電流。這個電流產生的磁場恰恰與外加磁場大小相等、方向相反,這就形成了一個斥力。當磁鐵受到的向上的斥力大小剛好等于它重力大小的時候,磁鐵就可以懸浮在空中。根據以上材料可知()A.超導體處在恒定的磁場中時它的表面不會產生感應電流B.超導體處在均勻變化的磁場中時它的表面將產生恒定的感應電流C.將磁鐵靠近超導體,超導體表面的感應電流增大,超導體和磁鐵間的斥力就會增大D.將懸空在超導體上面的磁鐵翻轉,超導體和磁鐵間的作用力將變成引力5、如圖,金星的探測器在軌道半徑為3R的圓形軌道I上做勻速圓周運動,運行周期為T,到達P點時點火進入橢圓軌道II,運行至Q點時,再次點火進入軌道III做勻速圓周運動,引力常量為G,不考慮其他星球的影響,則下列說法正確的是()A.探測器在P點和Q點變軌時都需要加速B.探測器在軌道II上Q點的速率大于在探測器軌道I的速率C.探測器在軌道II上經過P點時的機械能大于經過Q點時的機械能D.金星的質量可表示為6、a、b兩個物體在同一時間、從同一地點開始,沿同一條直線運動,v-t圖象如圖所示,a、b兩物體運動圖線均為正弦(余弦)曲線的一部分。在0~6s時間內,關于兩物體的運動,下列說法正確的是()A.b物體的加速度先增加后減小B.a物體的位移大于b物體的位移C.2s末a物體的加速度大于b物體的加速度D.3s末a、b兩物體之間的距離最大二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、下列說法正確的是()A.把一枚針輕放在水面上,它會浮在水面,這是由于水的表面存在表面張力的緣故B.水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠,而在干凈的玻璃板上卻不能,這是因為油脂使水的表面張力增大的緣故C.在圍繞地球飛行的宇宙飛船中,自由飄浮的水滴呈球形,這是表面張力作用的結果D.在毛細現(xiàn)象中,毛細管中的液面有的升高,有的降低,這與液體的種類和毛細管的材質有關E.當兩薄玻璃板間夾有一層水膜時,在垂直于玻璃板的方向很難將玻璃板拉開,這是由于水膜具有表面張力的緣故8、甲、乙兩質點同時同地在外力的作用下做勻變速直線運動,其運動的圖像如圖所示。關于甲、乙兩質點的運動情況,下列說法中正確的是()A.乙質點做初速度為c的勻加速直線運動B.甲質點做加速度大小為的勻加速直線運動C.時,甲、乙兩質點速度大小相等D.時,甲、乙兩質點速度大小相等9、如圖所示,質量為M的長木板A靜止在光滑的水平面上,有一質量為m的小滑塊B以初速度v0從左側滑上木板,且恰能滑離木板,滑塊與木板間動摩擦因數(shù)為μ.下列說法中正確的是A.若只增大v0,則滑塊滑離木板過程中系統(tǒng)產生的熱量增加B.若只增大M,則滑塊滑離木板過程中木板所受到的沖量減少C.若只減小m,則滑塊滑離木板時木板獲得的速度減少D.若只減小μ,則滑塊滑離木板過程中滑塊對地的位移減小10、如圖所示,一光滑絕緣足夠長的斜面與兩個等量同種正點電荷連線的中垂面重合,O為兩點電荷連線的中點。A、B為斜面上的兩點,且。一個帶電荷量為q、質量為m,可視為質點的小物塊,從A點以初速度v0開始沿斜面下滑,到達B點速度恰好為零。(斜面對電場無影響)以下說法正確的是()A.小物塊帶正電,從A運動到B點,加速度先增大后減小B.小物塊帶負電,從A運動到B點,電勢能先減小后增大C.小物塊運動到O點時具有最大速度D.小物塊能回到A點,且速度大小等于v0三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某同學要將一滿偏電流為3mA的毫安表G改裝為量程為30mA的電流表。他先測量出毫安表G的電阻,然后對表進行改裝,最后再利用一標準毫安表,對改裝后的電流表進行檢測具體實驗步驟如下:①按電路原理圖a連接線路②將R1的阻值調到最大,閉合開關S1后調節(jié)R1的阻值,使毫安表G的指針偏轉到滿刻度③閉合S2,保持R1不變,調節(jié)R2的阻值,使毫安表G的指針偏轉到滿刻度的三分之一的位置④記下R2的阻值回答下列問題:(1)如果按正確操作步驟測得R2的阻值為90Ω,則毫安表G內阻的測量值Rg=___Ω,與毫安表內阻的真實值相比,Rg____(填“>”、“=”或“<”)(2)若忽略實驗的誤差,將上述毫安表G改裝成量程為30mA的電流表,則需要并聯(lián)一個阻值R=___Ω的電阻(3)根據圖b所示電路對改裝后的電表進行檢測,當標準毫安表的示數(shù)為16.0mA時,改裝表的指針位置如圖c所示,由此可以推測出改裝的電表量程不是預期值,改裝電流表的量程是__mA(4)要達到預期目的,無論測得的內阻值是否正確,都不必重新測量,只需要將阻值為R的電阻換為一個阻值為kR的電阻即可,其中k=____12.(12分)如圖,物體質量為,靜置于水平面上,它與水平面間的動摩擦因數(shù),用大小為、方向與水平方向夾角的拉力F拉動物體,拉動4s后,撤去拉力F,物體最終停下來取試求:物體前4s運動的加速度是多大?物體從開始出發(fā)到停下來,物體的總位移是多大?四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,Ⅰ、Ⅲ區(qū)域(足夠大)存在著垂直紙面向外的勻強磁場,虛線MN、PQ分別為磁場區(qū)域邊界,在Ⅱ區(qū)域內存在著垂直紙面向里的半徑為R的圓形勻強磁場區(qū)域,磁場邊界恰好與邊界MN、PQ相切,S、T為切點,A、C為虛線MN上的兩點,且AS=CS=R,有一帶正電的粒子以速度v沿與邊界成30°角的方向從C點垂直磁場進入Ⅰ區(qū)域,隨后從A點進入Ⅱ區(qū)域,一段時間后粒子能回到出發(fā)點,并最終做周期性運動,已知Ⅱ區(qū)域內磁場的磁感應強度B2為Ⅰ區(qū)域內磁場的磁感應強度B1的6倍,Ⅲ區(qū)域與Ⅰ區(qū)域磁場的磁感應強度相等,不計粒子的重力。求:(1)粒子第一次進入Ⅱ區(qū)域后在Ⅱ區(qū)域中轉過的圓心角;(2)粒子從開始運動到第一次回到出發(fā)點所經歷的總時間。14.(16分)如圖所示,質量為m=5kg的物體放在水平面上,物體與水平面間的摩擦因數(shù)μ=0.5.物體受到與水平面成=37°斜向上的拉力F=50N作用,從A點由靜止開始運動,到B點時撤去拉力F,物體最終到達C點,已知AC間距離為L=165m,(sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度g=10m/s2)求:(1)物體在AB段的加速度大小a;(2)物體運動的最大速度大小vm。15.(12分)某跳臺滑雪的軌道如圖所示,助滑軌道傾角,助滑軌道在B點與半徑的光滑圓弧軌道相切,圓弧在最低點C的切線水平;CP為著陸坡。傾角,一運動員連同裝備總質量,從助滑坡道上的A點無助力由靜止滑下,A點與B點的豎直高度差,滑板與助滑坡道之間的動摩擦因數(shù),不計空氣阻力,取,,,求:(1)運動員經過點時對軌道的壓力大?。?2)運動員落在著陸坡上時的動能。

參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

平均速度等于這段位移與所需要的時間的比值.而位移則通過胡克定律由受力平衡來確定。【詳解】根據胡克定律,振子被拉到平衡位置O的右側A處,此時拉力大小為F,由于經過時間t后第一次到達平衡位置O處,因做加速度減小的加速運動,所以這個過程中平均速度為v=考查胡克定律的掌握,并運用位移與時間的比值定義為平均速度,注意與平均速率分開,同時強調位移而不是路程。2、B【解析】

最后1s內的汽車位移為8m,根據x=at2,可知加速度大小為a=16m/s2剎車后第1s內的平均速度大小v=m/s=lm/s,則剎車的時間:t=0.5s+s=1.5sA.1s。故A不符合題意。B.1.5s。故B符合題意。C.2s。故C不符合題意。D.2.5s。故D不符合題意。3、D【解析】

A.當勻速運動時,由可知,三種情況下F、B、L相同,但是R不同,則速度v不同,ef電阻較大,則速度較大,選項A錯誤;B.因速度v不同,則由E=BLv可知,三根導線產生的感應電動勢不相同,選項B錯誤;C.勻速運動時,三根導線的熱功率等于外力F的功率,即P=Fv,因v不同,則熱功率不相同,選項C錯誤;D.撤去F后由動量定理:而則因ef的速度v和質量m都比較大,則從撤去外力到三根導線停止運動,通過導線ef的電荷量q最大,選項D正確;故選D。4、C【解析】

A.由題意可知,超導體處在磁場中,磁場要通過超導體內部,超導體表面就會產生一個無損耗感應電流,故A錯誤;B.超導體處在均勻變化的磁場中時,超導體表面就會產生感應電流,但由材料無法確定感應電流是否恒定,故B錯誤;C.由材料可知,將磁鐵靠近超導體,磁場要通過超導體的磁通量增大,超導體表面的感應電流增大,電流產生的磁場增大,則超導體和磁鐵間的斥力就會增大,故C正確;D.由材料可知,超導體在外界磁場作用下,磁鐵和超導體之間相互排斥,則將懸空在超導體上面的磁鐵翻轉,超導體和磁鐵間的作用力仍為斥力,故D錯誤。故選C。5、B【解析】

A.探測器在P點需要減速做近心運動才能由軌道I變軌到軌道II,同理,在軌道II的Q點需要減速做近心運動才能進入軌道III做圓周運動,故A錯誤;B.探測器在軌道II上P點的速率大于軌道I上的速率,在軌道II上,探測器由P點運行到Q點,萬有引力做正功,則Q點的速率大于P點速率,故探測器在軌道II上Q點的速率大于在探測器軌道I的速率,故B正確;C.在軌道II上,探測器由P點運行到Q點,萬有引力做正功,機械能守恒,故探測器在軌道Ⅱ上經過P點時的機械能等于經過Q點時的機械能,故C錯誤;D.探測器在3R的圓形軌道運動,在軌道I上運動過程中,萬有引力充當向心力,故有解得,故D錯誤。故選B。6、C【解析】

A.b的斜率先減小后增大,固b的加速度先減小后增大;A錯誤。B.由圖可知曲線a在0~6秒內與時間軸所圍上下面積之和小于曲線b與時間軸所圍上下面積之和,固曲線a位移小于曲線b位移;B錯誤。C.2s末曲線a的斜率大于曲線b的斜率,故兩秒末曲線a的加速度大于曲線b的加速度;C正確。D.6s末曲線ab所圍面積之差最大,故6s末ab兩物體之間距離最大;D錯誤。故選C。v-t圖像基本知識點。如斜率代表加速度,斜率的絕對值代表加速度大小,斜率的正負代表加速度方向,與時間軸所圍面積代表位移。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、ACD【解析】A、把一枚針輕放在水面上,它會浮在水面,浮力很小,可以忽略不計,故一定是由于水表面存在表面張力的緣故,故A正確;

B、水對油脂表面是不浸潤的所以成水珠狀,水對玻璃表面是浸潤的,無法形成水珠,表面張力是一樣的,故B錯誤;

C、宇宙飛船中的圓形水滴是表面張力的緣故,故C正確;

D、毛細現(xiàn)象中有的液面升高,有的液面降低,這與液體種類和毛細管的材料有關,故D正確;

E、當兩薄玻璃板間夾有一層水膜時,在垂直于玻璃板的方向很難將玻璃板拉開,這是由于大氣壓力的緣故,故E錯誤.點睛:本題考查了液體表面張力和液體的浸潤與不浸潤現(xiàn)象,是聯(lián)系生活的好題.8、BD【解析】

A.根據勻變速直線運動位移時間公式得對于乙質點,由圖可知v0乙=c乙的加速度為乙質點做初速度為c的勻減速直線運動,選項A錯誤;

B.對于甲質點,由圖可知v0甲=0甲的加速度為甲質點做加速度大小為的勻加速直線運動,故B正確。C.時,甲的速度乙質點速度選項C錯誤;D.時,甲的速度乙質點速度即甲、乙兩質點速度大小相等,選項D正確。故選BD。9、BCD【解析】

A.滑塊滑離木板過程中系統(tǒng)產生的熱量等于滑動摩擦力與相對位移的乘積因為相對位移沒變,所以產生熱量不變,故A錯誤;B.由極限法,當M很大時,長木板運動的位移xM會很小,滑塊的位移等于xM+L很小,對滑塊根據動能定理:可知滑塊滑離木板時的速度v1很大,把長木板和小滑塊看成一個系統(tǒng),滿足動量守恒可知長木板的動量變化比較小,所以若只增大M,則滑塊滑離木板過程中木板所受到的沖量減少,故B正確;C.采用極限法:當m很小時,摩擦力也很小,m的動量變化很小,把長木板和小滑塊看成一個系統(tǒng),滿足動量守恒,那么長木板的動量變化也很小,故C正確;D.當μ很小時,摩擦力也很小,長木板運動的位移xM會很小,滑塊的位移等于xM+L也會很小,故D正確.故選BCD.10、BD【解析】

AB.從A到B,物塊的動能和重力勢能均減小,則機械能減小,電勢能變大,電場力對滑塊做負功,可知滑塊帶負電,從A到O,電場力做正功,電勢能減?。粡腛到B電場力做負功,電勢能變大;因在O點兩側斜面上都存在一個場強最大的位置,此位置與AB兩點的位置關系不確定,則不能確定滑塊加速度的變化情況,選項A錯誤,B正確;C.因滑塊在O點以下某位置時,受到向下的重力、垂直斜面的支持力以及沿斜面向上的電場力,三力平衡時加速度為零,速度最大,可知小物塊運動到O點以下某位置時具有最大速度,選項C錯誤;D.小物塊到達最低點后,加速度沿斜面向上,由能量關系可知,滑塊能回到A點,且速度大小等于v0,選項D正確。故選BD。三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、180<20)32【解析】

(1)[1]由于指針指在三分之一的位置,說明R2分得電流為電流計電流的兩倍,所以電流計電阻是R2的兩倍,為180Ω。閉合S2后,R2與Rg的并聯(lián)值R并<Rg,所以I總>Ig,而此時G的示數(shù)為滿偏電流的三分之一,所以IR2大于三分之二滿偏電流,所以2R2<,即Rg<;(2)[2]由并聯(lián)電路分流特點,得Ω=20Ω(3)[3]標準毫安表的示數(shù)為16.0mA時,改裝后的電表顯示為刻度盤的中值刻度,故改裝電流表的量程為32mA;(4)[4]把毫安表改裝成電流表需要并聯(lián)分流電阻,并聯(lián)電阻阻值當量程為32mA時,則有當量程為30mA時,則有聯(lián)立解得12、42m【解析】

(1)由牛頓第二定律運用正交分解法求解加速度;(2)根據運動公式求解撤去外力之前時的位移;根據牛頓第二定律求解撤去外力后的加速度和位移,最后求解總位移.【詳解】(1)受力分析:正交分解:由牛頓第二定律得:;;聯(lián)立解

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