云南省普洱市2023-2024學年高一年級下冊期末統(tǒng)測物理試卷

2023-2024學年云南省普洱市高一（下）期末統(tǒng)測

物理試卷

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.物體做曲線運動時，一定變化的是（）

A.速度的大小B.速度的方向C.加速度的大小D,加速度的方向

2.如圖所示為某音樂噴泉噴出的水柱，若水柱高為20比，不計空氣阻力，重力加速度大小為10m/s2,則

水從噴出到上升到最高點過程中的平均速度為（）

A.20m/sB.15m/sC.10m/sD.5m/s

3.“打水漂”是一種常見的娛樂活動，以一定的高度水平扔出的瓦片，會反復在水面上彈跳前進，假設

瓦片和水面相撞后，在水平方向，速度沒有損失，而在豎直方向，碰撞后并不能原速率彈回，而是變

小，以下四幅圖有可能是瓦片軌跡的是（）

4.體育課上同學們練習做俯臥撐，王飛同學在一分鐘之內做了20個俯臥撐，每次俯臥撐過程其身體重心

上升高度約為25cm已知王飛同學重600M則王飛同學克服重力做功的平均功率約為（）

A.50WB.60WC.80WD.100W

5.如圖，甲是點電荷形成的電場，乙是勻強電場，丙是等量異號電荷的電場，丁是等量同號電荷的電

場，其中丙M、N是左右對稱的兩點，丁A/、N是中垂線上對稱的兩點，下列說法正確的是（）

A.甲圖中M、N兩點電場強度相同B.乙圖中/、N兩點電場強度不同

C.丙圖中V、N兩點電場強度不同D.丁圖中M、N兩點電場強度不同

6.如圖，A、B兩個相同的茶杯放在餐桌上的自動轉盤上，8離中心的距離比A離中心距離大，一個杯中

裝滿水，另一個是空杯，轉盤在電動機的帶動下勻速轉動，A、B兩杯與轉盤保持相對靜止，最大靜摩擦

力等于滑動摩擦力，下列說法正確的是（）

A.裝滿水的杯子受到的摩擦力大B.杯子2受到的摩擦力大

C.若增大轉動的角速度，空杯一定先滑動D.若增大轉動的角速度，杯子8先滑動

7.甲、乙兩個小燈籠用輕繩連接，懸掛在空中，在相同的水平風力作用下發(fā)生傾斜，穩(wěn)定時與豎直方向

如圖所示，已知甲的質量為機1、乙的質量為巾2，下列關系式正確的是

口tana

D.-t--a--n-，--m2

Ctana_2nDtana_2nli

,tan。叫+叫?tan。7ni+ni2

二、多選題：本大題共3小題，共12分。

8.如圖甲，電觴遇到危險時，可產(chǎn)生數(shù)百伏的電壓。若將電繪放電時形成的電場等效為等量異種點電荷

的電場，其中正電荷集中在頭部，負電荷集中在尾部，。為電繪身體的中點，4。=8。且為魚身長的

一半，如圖乙所示，下列說法正確的是（）

甲乙

A.A點電勢高于B點、電勢

B.A點電勢低于8點電勢

C.將正電荷由A點移動到。點，電場力做負功

D.當電觴產(chǎn)生400V的電壓時，AB間的電壓為200y

9.我國北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)由5顆地球同步衛(wèi)星和30顆非地球同步衛(wèi)星組網(wǎng)而成，衛(wèi)星軌道均視為圓軌

道。其中某中圓軌道（軌道半徑小于同步軌道半徑）衛(wèi)星A和同步衛(wèi)星8軌道共面且運行方向相同，衛(wèi)星A

比衛(wèi)星B（）

A.線速度大B.線速度小C.周期大D.周期小

10.如圖，ABC。是一個固定在水平地面上的盆式容器，盆的內側與盆底2C的連接處都是一段與相切

的圓弧。8c水平，其長度為d=3.5m,盆邊緣的高度為h=0.8m,在A處放一個質量為機的小物塊并讓

其自由下滑，已知盆內側壁是光滑的，而盆底3c面與小物塊間的動摩擦因數(shù)〃=0.1,重力加速度大小g

MXlOm/s2,下列說法正確的是（）

A.小物塊第一次到達B點的速度為5m/s

B.小物塊第一次到達C點的速度為3rn/s

C.小物塊在盆內來回滑動，最后停在8c段距B點1機處

D.小物塊在盆內來回滑動，最后停在2C段距C點1.5爪處

三、實驗題：本大題共2小題，共18分。

11.某同學用圖甲裝置做“彈簧的彈力與伸長量之間的關系”實驗。

i.

^i25

To20

O515

O

(1)圖示實驗裝置中，刻度尺保持豎直，為了便于直接讀出彈簧的長度，刻度尺的零刻度應與彈簧的

(選填“上端”或“下端”)對齊;不掛鉤碼時指針所指刻度尺的位置如圖乙所示，則此時彈簧

的長度Lo=cm。

(2)改變所掛鉤碼的個數(shù)，進行多次實驗，記錄每次所掛鉤碼的質量加及彈簧的長度L,根據(jù)尸=mg求得

彈力(g為重力加速度大小)，根據(jù)x=L-為求出彈簧伸長量，根據(jù)求得的多組F、x作F-x圖像，如圖

丙所示。由圖像可求得出彈簧的勁度系數(shù)為k=N/爪(保留一位小數(shù))，由圖像可知：在彈性限

度內，彈簧的彈力與彈簧的伸長量成。

12.某實驗小組用打點計時器驗證機械能守恒定律，實驗裝置如圖甲所示。

甲

(1)關于本實驗，下列說法正確的是—

A圖中打點計時器所接電源為220V交流電壓

A應選擇密度大、體積小的重物進行實驗

C.重物下落的起始位置靠近打點計時器

D重物質量的測量誤差可能會造成較大的實驗誤差

(2)在紙帶上打出了一系列的點，如圖乙所示，相鄰計數(shù)點的時間間隔為0.02s,長度單位是cm,重力加

速度g大小取9.8m/s2,重物的質量為1霞。打點計時器打下計數(shù)點B時，重物的速度

vB=m/s;打下計數(shù)點。到打下計數(shù)點B的過程中，重物重力勢能的減小量

AEp=J,動能的增加量人(結果均保留2位有效數(shù)字)

(3)某同學在紙帶上選取計數(shù)點后，測量它們到初速度為零的起始點的距離〃，并計算出打相應計數(shù)點時

重物的速度也描點并繪出h圖像。若實驗中重物所受阻力不可忽略，且阻力大小保持不變，從理論

上分析，合理的%圖像是0

D.

四、計算題：本大題共3小題，共30分。

13.某次在往高層送貨時，一無人機從地面加速上升一段時間后速度達最大;之后，關閉動力勻減速為零剛

好到達21層的窗口。這一過程無人機上升過程中的最大速度V=20M/S,其v-t圖像如圖乙所示。已知

無人機及貨物的質量m=5kg,不考慮無人機及貨物受到的空氣阻力，重力加速度g大小取10根/S2。

求：

(1)無人機上升的最大高度；

(2)無人機和貨物加速上升時，無人機升力的大小。

14.如圖，豎直平面內的光滑半圓形軌道下端與水平面相切，8、C分別為半圓形軌道的最低點和最高

點。小滑塊沿水平面向左滑動，經(jīng)過A點時的速度以=6zn/s,經(jīng)過2點進入光滑半圓形軌道，且恰好通

過最高點C。已知半圓軌道半徑R=0.40m,小滑塊的質量為1像。小滑塊可看作質點。重力加速度g大

小取lOzn/s2。求：

(1)滑塊經(jīng)過8點時對圓軌道的壓力大?。?/p>

(2)滑塊從A到B過程克服摩擦力做的功。

15.在平面內建立直角坐標系xOy,其第I象限放置電場線沿半徑方向指向圓心、場強大小為E。的靜電分

析器，第H象限放置長為L間距為d的平行金屬板A、B和與兩板等距且平行于無軸的絕緣細管C。放

射源P位于A板左端，可沿特定方向發(fā)射電荷量為q(q>0)、質量為m且重力不計的a粒子。第IV象限存

在交變電場，其場強變化規(guī)律如圖乙所示(x軸正方向為電場正方向)。當A、B兩板加上某電壓時，a粒子

剛好能以速度先從細管C水平射出，射入靜電分析器時坐標為(0,y0),而后進入位于第I象限的靜電分析

器并做勻速圓周運動。此后，在t=0時刻，a粒子垂直于x軸進入交變電場。求：

乙

(l)a粒子在靜電分析器中的運動半徑r;

(2)4、2極板間所加的電壓U;

(3)從。時刻起，a粒子動能最大時的位置坐標。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】【分析】

既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動，它的速度肯定是變化

的；而勻速圓周運動的速率是不變的，平拋運動的合力、加速度是不變的。

曲線運動不能只想著勻速圓周運動，平拋也是曲線運動的一種，在做題時一定要考慮全面。

【解答】

A勻速圓周運動的速度的大小是不變的，即速度大小可以是不變的，故A錯誤；

區(qū)物體既然做曲線運動，那么它的速度方向肯定是不斷變化的，所以速度方向一定在變化，故3正確；

CD平拋運動也是曲線運動，但是它的加速度是重力加速度，大小和方向是不變的，故錯誤。

故選瓦

2.【答案】C

【解析】【分析】

水可認為做豎直上拋運動，根據(jù)豎直上拋運動的規(guī)律求出初速度，再由勻變速直線運動中間時刻速度等

于平均速度這一推論可求出平均速度。

【解答】

設水從噴嘴噴出時的速度為v,貝物=/9=20m/s,則從噴出到上升到最高點過程中的平均速度為

1

v=-v=10m/s,故A8O錯誤，C正確。

3.【答案】D

【解析】瓦片和水面相撞后，在水平方向，速度沒有損失，而在豎直方向，碰撞后并不能原速率彈回，

而是變小，可知豎直小球上升的高度逐漸減小，根據(jù)t=2隹

\9

可知瓦片在空中的時間逐漸減小，水平方向有％=Vxt

可知瓦片在空中通過水平位移逐漸減小。

故選。。

4.【答案】A

【解析】【分析】

由運動員重心的升高可以求出克服重力做的功，通過做的功與所用時間的比值可以求出平均功率。

本題考查功和平均功率，關鍵是把握重心位置的變化，另外要注意平均功率和瞬時功率的區(qū)別。

【解答】

王飛同學一分鐘內克服重力做功勿=20Gh=3000/,則平均功率P=;=50加，A項正確。

5.【答案】D

【解析】【分析】

在電場中電場線的切向方向表示電場的方向，電場線的疏密表示電場的強弱，并結合電場強度是矢量，

不但考慮其大小，也可考慮其方向。

本題考查對電場線的認識，由電場線我們應能找出電場的方向、場強的大小，注意電場強度的矢量性。

【解答】

A、圖中M、N兩點雖然電場強度大小相同，但電場線方向不同，故電場強度的方向不同，故A錯誤；

8、圖中〃、N兩點處于勻強電場中，它們方向相同，大小也相同，故8錯誤；

C、圖中M、N是左右對稱的兩點，電場的方向相同，且它們的場強大小也相等，故C錯誤；

。、圖中〃、N是中垂線上對稱的兩點，依據(jù)矢量的疊加原理，M.N兩點電場強度大小相同，但方向相

反，故。正確；

故選：D。

6.【答案】D

【解析】【分析】

本題考查了圓盤上物體的圓周運動。解決本題的關鍵是知道物體做圓周運動的向心力來源，抓住臨界狀

態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律結合向心力公式分析求解。

【解答】

4B,轉動過程中，杯子受到的摩擦力提供向心力，由牛頓第二定律可知外=小丁少?，由于不明確A、3哪

個裝滿了水，也不明確A、B到中心距離的倍數(shù)關系，因此不能確定哪個受到的摩擦力大，故A3錯誤；

CD.杯子剛要滑動時，有〃=3=因此離中心遠的18杯子先滑動，故C錯誤，。正確。

7.【答案】C

【解析】【分析】

本題考查受力分析，分別選取乙和甲乙整體為研究對象，利用受力平衡列方程即可。

本題的關鍵是研究對象的選取。

【解答】

設每個燈籠受到的水平風力為凡對乙分析，tan8=-匚，

則普=三，c項正確。

tan，叫+和2

8.【答案】BC

【解析】【分析】判斷電勢的高低時可認為離正電荷越近，電勢越高，離負電荷越近，電勢越低。要掌

握等量異種電荷電場的特點。

【解答】4B頭部集中正電荷，尾部集中負電荷，故B點電勢高于A點，A項錯誤，B項正確；

C.正電荷由A到。移動時，電場力做負功，C項正確；

D.A,8間的平均場強小于A點到魚尾或2點到魚頭的平均場強，故4、B之間電壓小于200V,。項錯

誤。

故選BC.

9【答案】AD

【解析】【分析】本題考查衛(wèi)星的運行規(guī)律，對于繞地做勻速圓周運動的衛(wèi)星，由萬有引力提供向心力

分析圓周運動的物理量。

【解答】

解：由G繆=m9=皿年)2可知，衛(wèi)星A比衛(wèi)星B線速度大，周期小，故正確，BC錯誤。

故選4D.

10.【答案】BC

【解析】A設小物塊第一次到達2點時的速度為％,根據(jù)題意由機械能守恒可得，mgh^^mvl，解得

Vi=4m/s,故A錯誤；

8.設小物塊第一次到達C點的速度為功，根據(jù)題意由動能定理可得，-卬ngd=gm諺-2租說，解得以=

3m/s,故3正確；

CD.從8點開始到小物塊停止運動，設小物塊在底面的路程為s,由動能定理可得-卬ngs=-：根說，解

得s=8m,一個來回為力w,則可知小物塊最終停在BC段距B點1機處，故C正確，。錯誤。

故選BC-

11.【答案】(1)上端；15.06(15.04-15.08)；

(2)312.5；正比

【解析】【分析】

本題為探究彈力和彈簧伸長的關系的實驗，實驗原理為胡克定律，掌握彈簧的彈力與形變量的關系，要

注意正確理解圖象的性質，知道圖象的斜率表示的物理意義。

【解答】

(1)零刻度應與彈簧的上端對齊;由圖乙可知該刻度尺的最小分度值為1加W,則彈簧的長度Lo=15.06cm；

(2)由圖像可得勁度系數(shù)k=—W/m=312.5N/m;

U.Uo

由圖像可知：在彈性限度內，彈簧的彈力與彈簧的伸長量成正比。

12.【答案】⑴BC；

(2)0.97；0.48；0.47；

⑶4

【解析】【分析】

本題為驗證機械能守恒定律的實驗。

實驗目的是驗證減少的重力勢能等于增加的動能，根據(jù)下降的高度利用/%=mgh求重力勢能的減少量，

根據(jù)勻變速直線運動中間時刻速度等于瞬時速度求末速度，根據(jù)動能的表達式求動能的增加量。實驗中

往往重力勢能的減少量要大于動能的增加量，是因為存在阻力做負功。

【解答】

(1)4圖中所接打點計時器為電磁打點計時器，所用交流電為約4?6U的交流電源，故A錯誤；

A應選擇密度大、體積小的重物進行實驗，減小因阻力引起的誤差，故B正確；

C.重物下落的起始位置靠近打點計時器，使打出的紙帶較長，減小誤差，故C正確；

。重物質量的測量誤差對實驗沒有影響，故。錯誤。

故選BC-,

(2)由勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于該過程的平均速度得外=第=0.97m/s,

從點。到打下記數(shù)點B的過程中，重物重力勢能的減小量4EP=mgh0B?0.487;

1

動能的增加量△Ek=-mvlx0.47/；

(3)由動能定理得mgh—丹/1=2^/一0,整理得病=2mg：Ffh,則丫2一八圖像的斜率為定值，是正比例

函數(shù)，A項正確。

13.【答案】解：(1)設無人機的最大速度為v,由u—t圖像得h=T"，

解得h=60m；

(2)貨物加速時的時間為匕，關閉動力勻減速時加速度為g,

則u=g(6-力1),

解得G=4s,

貨物加速時的加速度大小為a