2023-2024學(xué)年湖南省長(zhǎng)沙市周南教育集團(tuán)高二下學(xué)期入學(xué)考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE3周南教育集團(tuán)高二年級(jí)下學(xué)期入學(xué)考試物理試題考試時(shí)間75分鐘滿分100分一、選擇題：（1—6每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意，每題4分．7—10每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意，每題5分）1.某位同學(xué)想測(cè)量電流產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，具體做法是：把一個(gè)廢舊表盤放在水平桌面上，把一根小磁針放在表盤安裝指針的立柱上，小磁針靜止時(shí)N極指向12點(diǎn)；在小磁針上方15cm處沿著6點(diǎn)、12點(diǎn)方向水平放置一根通電直導(dǎo)線，通電直導(dǎo)線的電流從12點(diǎn)流向6點(diǎn)，小磁針靜止時(shí)N極指向1點(diǎn)。該同學(xué)查閱資料得知此地的地磁場(chǎng)水平分量，該通電直導(dǎo)線在小磁針處產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗通電直導(dǎo)線的電流從12點(diǎn)流向6點(diǎn)，小磁針靜止時(shí)N極指向1點(diǎn)，偏轉(zhuǎn)角度為30°，該通電直導(dǎo)線在小磁針處產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2.在汽車相撞時(shí)，汽車的安全氣囊可使頭部受傷率減少約25%，面部受傷率減少80%左右。如圖所示，某次汽車正面碰撞測(cè)試中，汽車以108km/h的速度撞上測(cè)試臺(tái)后停下，安全氣囊在系有安全帶的假人的正前方水平彈出，假人用時(shí)0.2s停下。車內(nèi)假人的質(zhì)量為50kg，則下列說法正確的是（）A.安全氣囊的作用是減小碰撞前后假人動(dòng)量的變化量B.安全氣囊對(duì)假人的作用力小于假人對(duì)安全氣囊的作用力C.碰撞過程中安全氣囊和安全帶對(duì)假人的沖量大小為D.碰撞過程中安全氣囊和安全帶對(duì)假人的平均作用力大小為7500N〖答案〗D〖解析〗A．安全氣囊的作用增加了碰撞時(shí)假人的減速時(shí)間，碰撞前后假人動(dòng)量的變化量不變，假人受到的合外力減小，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第三定律可知安全氣囊對(duì)假人的作用力等于假人對(duì)安全氣囊的作用力，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)量定理可知碰撞過程中安全氣囊和安全帶對(duì)假人的沖量大小為故C錯(cuò)誤；D．碰撞過程中安全氣囊和安全帶對(duì)假人的平均作用力大小為故D正確。3.如圖所示，先后以恒定的速度和把一個(gè)正方形金屬線框水平拉出有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，且，則在先后兩種情況（）A.線框中的電功率之比B.線框中的感應(yīng)電流之比C.線框中產(chǎn)生的熱量之比D.通過線框某截面的電荷量之比〖答案〗C〖解析〗C．因?yàn)檎叫谓饘倬€框被勻速拉出勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，則有根據(jù)可得以及可知故A錯(cuò)誤；B．因?yàn)樗怨蔅錯(cuò)誤；C．線框中產(chǎn)生的熱量所以故C正確；D．根據(jù)可得故D錯(cuò)誤。4.如圖1所示，用充電寶為一手機(jī)電池充電，其等效電路如圖2所示。在充電開始后的一段時(shí)間t內(nèi)，充電寶的輸出電壓U、輸出電流I可認(rèn)為是恒定不變的，設(shè)手機(jī)電池的內(nèi)阻為r，則時(shí)間t內(nèi)（）A.充電寶輸出的電功率為B.手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為C.手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為D.手機(jī)電池儲(chǔ)存的化學(xué)能為〖答案〗D〖解析〗A．充電寶的輸出電壓U、輸出電流I，所以充電寶輸出的電功率為故A錯(cuò)誤；BC．U是充電寶的輸出電壓，不是手機(jī)電池的內(nèi)電壓，所以不能用計(jì)算手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱，根據(jù)焦耳定律可知手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為故BC錯(cuò)誤；D．充電寶輸出的電能一部分轉(zhuǎn)化為手機(jī)電池儲(chǔ)存的化學(xué)能，一部分轉(zhuǎn)化為手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱，故根據(jù)能量守恒定律可知手機(jī)電池儲(chǔ)存的化學(xué)能為故D正確。故選D。5.如圖所示，在xOy平面內(nèi)有兩個(gè)沿z軸方向（垂直xOy平面）做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的點(diǎn)波源S1（1，0）和S2（4，0），振動(dòng)方程分別為、。兩列波的波速均為1m/s，兩列波在點(diǎn)B（2.5，3）和點(diǎn)C（4，4）相遇時(shí)，分別引起B(yǎng)、C處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)總是相互（）A.加強(qiáng)、加強(qiáng) B.減弱、減弱C.加強(qiáng)、減弱 D.減弱、加強(qiáng)〖答案〗D〖解析〗因?yàn)锽點(diǎn)距兩波源距離一樣，而兩波源的相位相反，所以在B處疊加總是相互減弱。由振動(dòng)方程可知，周期為波長(zhǎng)為C距兩波源的距離差為而兩波源的相位相反，所以在C點(diǎn)振動(dòng)總是加強(qiáng)。6.一勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外，其邊界如圖中虛線所示，，，一束質(zhì)子在紙面內(nèi)從a點(diǎn)垂直于ab射入磁場(chǎng)，這些粒子具有各種速率。不計(jì)重力和粒子之間的相互作用。已知粒子的質(zhì)量為m、電荷量為。則在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子，其運(yùn)動(dòng)速率為（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗根據(jù)題意可知，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有又有設(shè)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)的圓心角為，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為可知，越大，運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)，當(dāng)粒子過c點(diǎn)時(shí)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示設(shè)半徑為，根據(jù)幾何關(guān)系有解得聯(lián)立可得7.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧波沿軸正方向傳播，波源位于坐標(biāo)原點(diǎn)，波源起振方向沿軸正方向。波源起振開始計(jì)時(shí)，時(shí)刻軸上之間第一次形成如圖所示的波形，點(diǎn)平衡位置坐標(biāo)為。則下列說法正確的是（）A.波的傳播速度大小為B.波源振動(dòng)方程為C.從圖示時(shí)刻開始，經(jīng)過，質(zhì)點(diǎn)速度與加速度方向相同D.從圖示時(shí)刻開始，經(jīng)過，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為〖答案〗ABC〖解析〗A．根據(jù)題意，由圖可知，該列波波長(zhǎng)為，又有解得由公式可得，波的傳播速度大小為故A正確；B．根據(jù)題意，由公式有波源的起振方向沿軸正方向，則波源的振動(dòng)方程故B正確；CD．由圖可知，時(shí)，質(zhì)點(diǎn)沿y軸負(fù)方向振動(dòng)，則經(jīng)過，質(zhì)點(diǎn)P沿y軸正方向向平衡位置運(yùn)動(dòng)，則速度與加速度方向相同，經(jīng)過，質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)了個(gè)周期，則質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為故D錯(cuò)誤，C正確。8.如圖所示，一小車放在光滑的水平面上，小車段是長(zhǎng)為的粗糙水平軌道，段是光滑的、半徑為的四分之一圓弧軌道，兩段軌道相切于B點(diǎn)。一可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量與小車相同的物塊在小車左端A點(diǎn)，隨小車一起以的速度水平向右勻速運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后，小車與右側(cè)墻壁發(fā)生碰撞，碰后小車速度立即減為零，但不與墻壁粘連。已知物塊與小車段之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，取重力加速度，則（）A.物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為0B.物塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)速度大小為C.物塊最終距離小車A端D.小車最終的速度大小為〖答案〗AD〖解析〗A．對(duì)木塊在AB段分析，由牛頓第二定律可知代入數(shù)據(jù)解得根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，可物塊在B點(diǎn)的速度為代入數(shù)據(jù)解得B到A的過程中，由動(dòng)能定理可得解得根據(jù)向心力公式有故物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為0，A正確；B．物塊返回B時(shí)，由于BC是光滑的，有代入數(shù)據(jù)解得B錯(cuò)誤；CD．物塊從B到A，由小車與物塊的動(dòng)量守恒，可知有解得整個(gè)過程由動(dòng)能定理可得得符合題意，故最終距離A端的距離為C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。9.如圖所示，將一塊平板玻璃放置在另一平板玻璃上，一端夾入兩張紙片，從而在兩玻璃表面間形成劈形空氣薄膜，當(dāng)藍(lán)光從上方入射后，從上往下看到明暗相間等距條紋，下列說法中正確的是（）A.該條紋是光的干涉形成的，此現(xiàn)象可以說明光是一種波B.若把藍(lán)光改為黃光，條紋間距將變窄C.若下方平板玻璃某處出現(xiàn)凸起，則會(huì)看到該處條紋向左側(cè)彎曲D.若抽去一張紙片，條紋間距將變寬〖答案〗AD〖解析〗A．該現(xiàn)象是光的干涉形成的，故A正確；B．根據(jù)可見光波長(zhǎng)從大到小的順序：紅橙黃綠藍(lán) 靛紫，可知藍(lán)光的波長(zhǎng)小于黃光，波長(zhǎng)變大，條紋間距變寬，故B錯(cuò)誤；C．若下方平板玻璃某處出現(xiàn)凸起，則會(huì)看到該處條紋向右側(cè)彎曲，故C錯(cuò)誤；D．若抽去一張紙片，同一位置沿著斜面的方向，光程差的變化變緩，條紋間距將變寬，故D正確。故選AD。10.如圖所示，在傾角為θ的光滑斜面上，存在著兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域．區(qū)域Ⅰ的磁場(chǎng)方向垂直斜面向上，區(qū)域Ⅱ的磁場(chǎng)方向垂直斜面向下，磁場(chǎng)邊界MN、PQ、GH均平行于斜面底邊，MP、PG均為L(zhǎng)．一個(gè)質(zhì)量為m、電阻為R、邊長(zhǎng)也為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)線框，由靜止開始沿斜面下滑，下滑過程中ab邊始終與斜面底邊平行．t1時(shí)刻ab邊剛越過GH進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅰ區(qū)域，此時(shí)導(dǎo)線框恰好以速度v1做勻速直線運(yùn)動(dòng)；t2時(shí)刻ab邊下滑到PQ與MN的中間位置，此時(shí)導(dǎo)線框又恰好以速度v2做勻速直線運(yùn)動(dòng)．重力加速度為g，下列說法中正確的是（）A.導(dǎo)線框兩次做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度之比v1∶v2＝4∶1B.當(dāng)ab邊剛越過PQ時(shí)，導(dǎo)線框的加速度大小為a＝gsinθC.從t1到t2的過程中，導(dǎo)線框克服安培力做的功等于機(jī)械能的減少量D.從t1到t2的過程中，有機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能〖答案〗AC〖解析〗A.第一次，根據(jù)平衡條件，有：第二次，根據(jù)平衡條件，有聯(lián)立解得：v1：v2=4：1，故A正確；B.當(dāng)ab邊剛越過PQ時(shí)，線框的速度仍為v1，由于兩個(gè)邊的切割磁感線的電動(dòng)勢(shì)方向相同，故電流增加為2倍，ab和cd邊均受到向上的安培力，此時(shí)故加速度a=3gsinθ故B錯(cuò)誤；C.從t1到t2的過程中，根據(jù)功能關(guān)系，導(dǎo)線框克服安培力做功的大小等于機(jī)械能的減少，故C正確；D.從t1到t2的過程中，有的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，故D錯(cuò)誤．二、實(shí)驗(yàn)題（每空2分，共16分）11.某同學(xué)利用圖示裝置測(cè)量某種單色光的波長(zhǎng)。實(shí)驗(yàn)時(shí)，接通電源使光源正常發(fā)光：調(diào)整光路，使得從目鏡中可以觀察到干涉條紋?；卮鹣铝袉栴}：（1）若想增加從目鏡中觀察到的條紋個(gè)數(shù)，該同學(xué)可__________；A．將單縫向雙縫靠近B．將屏向靠近雙縫的方向移動(dòng)C．將屏向遠(yuǎn)離雙縫的方向移動(dòng)D．使用間距更小的雙縫（2）若雙縫的間距為d，屏與雙縫間的距離為l，測(cè)得第1條暗條紋到第n條暗條紋之間的距離為Δx，則單色光的波長(zhǎng)λ=_________；（3）某次測(cè)量時(shí)，選用的雙縫的間距為0．300mm，測(cè)得屏與雙縫間的距離為1.20m，第1條暗條紋到第4條暗條紋之間的距離為7.56mm。則所測(cè)單色光的波長(zhǎng)為____________nm（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）B（2）（3）630〖解析〗（1）[1]相鄰兩亮（暗）干涉條紋的Δx=，要增加觀察到的條紋數(shù)，即Δx越小，需增大d或減小l，因此應(yīng)將屏向靠近雙縫的方向移動(dòng)，或使用間距更大的雙縫，故A、C、D錯(cuò)誤，B正確；（2）[2]由得（3）[3]所測(cè)單色光波長(zhǎng)12.（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)出其直徑如圖所示，則______。（2）用多用電表擋粗測(cè)某電阻發(fā)現(xiàn)多用表指針偏角偏大，為進(jìn)一步較精確測(cè)量選用合適的倍率重新歐姆調(diào)零后，測(cè)量時(shí)指針位置如圖所示，其電阻為______（3）實(shí)驗(yàn)室有若干內(nèi)阻為、滿偏電流為的表頭，某同學(xué)打算先將表頭改裝成電壓表，再對(duì)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻進(jìn)行測(cè)量。若將此表頭改裝成量程為的電壓表，需要串聯(lián)一個(gè)______的電阻。（4）現(xiàn)將改裝后的電壓表和電阻箱組成圖（b）所示電路，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄多組電壓表示數(shù)和電阻箱讀數(shù)，描點(diǎn)后繪成圖（c）所示一次函數(shù)圖像，測(cè)出橫軸截距為，縱軸截距為，則電源電動(dòng)勢(shì)為______，內(nèi)阻為______；（此問兩空用“”、“”和電壓表電阻“”表示）?！即鸢浮剑?）6.714或6.715或6.716（2）8（3）210（4）〖解析〗（1）螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為，可動(dòng)刻度讀數(shù)為所以最終讀數(shù)（2）發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很大，說明倍率太大，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)換到擋。重新正確操作后，表盤的示數(shù)如圖3所示，其讀數(shù)為（3）若將此表頭改裝成量程為的電壓表，需要串聯(lián)的電阻值為（4）［1]［2]由閉合電路歐姆定律可得解得由圖（c）可知解得三、計(jì)算題（13題12分，14題13分，15題15分）13.如圖所示為某玻璃磚的截面圖，由半徑為R的四分之一圓與長(zhǎng)方形組成，長(zhǎng)為R，長(zhǎng)為，一束單色光以平行于的方向照射到圓弧面上的F點(diǎn)，，折射光線剛好交于的中點(diǎn)，光在真空中的傳播速度為c，求：（1）玻璃磚對(duì)光的折射率；（2）求光在玻璃磚傳播所用的時(shí)間?！即鸢浮剑?）；（3）〖解析〗（1）折射光路如圖所示

由題意可知，，因此為等腰三角形，根據(jù)幾何關(guān)系，光在F點(diǎn)的入射角折射角因此玻璃磚對(duì)光的折射率（2）由幾何關(guān)系，光在面上的入射角，由于因此光在面會(huì)發(fā)生全反射。由幾何關(guān)系可知光線在玻璃磚內(nèi)傳播的距離光線在玻璃磚內(nèi)傳播的所用時(shí)間14.如圖，圓心為O、半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E、方向與圓所在的面平行．PQ為圓的一條直徑，與場(chǎng)強(qiáng)方向的夾角θ=60°．質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子從P點(diǎn)以某一初速度沿垂直于場(chǎng)強(qiáng)的方向射入電場(chǎng)，不計(jì)粒子重力．（1）若粒子到達(dá)Q點(diǎn)，求粒子在P點(diǎn)的初速度大小v0；（2）若粒子在P點(diǎn)的初速度大小在0~v0之間連續(xù)可調(diào)則粒子到達(dá)圓弧上哪個(gè)點(diǎn)電勢(shì)能變化最大?求出電勢(shì)能變化的最大值?Ep．〖答案〗（1）；（2）-〖解析〗（1）粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)間為t，加速度為a，有：2Rsinθ=v0t①2Rcosθ=at2②由牛頓第二定律得：Eq=ma③由①②③得：v0=④（2）粒子到達(dá)圖中A點(diǎn)電勢(shì)能變化量最大?EP=-qEd⑤而d=R+Rcosθ⑥由⑤⑥得：?EP=-⑦15.在光滑的水平地面上，質(zhì)量均為的滑塊B和C中間夾一輕彈簧，輕彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)，左端固定在B上，右端與C接觸但不固定，質(zhì)量為、半徑為的四分之一光滑圓弧形滑塊D放置在C的右邊，C、D間距離足夠遠(yuǎn)，質(zhì)量為的滑塊A以初速度向右運(yùn)動(dòng)與B發(fā)生碰撞，碰撞過程時(shí)間極短，碰后A被反彈，速度大小為，重力加速度取。求：（1）A、B碰撞時(shí)損失的機(jī)械能；（2）彈簧的最大彈性勢(shì)能；（3）C能上升的最大高度?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）A與B碰撞時(shí)動(dòng)量守恒解得損失的機(jī)械能（2）彈簧壓縮到最短時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，B、C的速度相等，設(shè)此時(shí)速度為，由動(dòng)量守恒可得解得則彈簧的最大彈性勢(shì)能為（3）設(shè)C與彈簧分開時(shí)B、C速度分別為和，由動(dòng)量守恒和能量守恒可得解得，以地面為零勢(shì)能面，則滑塊C的機(jī)械能為假設(shè)C上升高度為時(shí)二者相對(duì)靜止，C在豎直方向速度為0，則系統(tǒng)水平方向由動(dòng)量守恒可得此時(shí)系統(tǒng)的機(jī)械能因?yàn)?，所以滑塊將沖出滑塊D，設(shè)滑塊能上升的最大高度為，由機(jī)械能守恒定律有解得周南教育集團(tuán)高二年級(jí)下學(xué)期入學(xué)考試物理試題考試時(shí)間75分鐘滿分100分一、選擇題：（1—6每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意，每題4分．7—10每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意，每題5分）1.某位同學(xué)想測(cè)量電流產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，具體做法是：把一個(gè)廢舊表盤放在水平桌面上，把一根小磁針放在表盤安裝指針的立柱上，小磁針靜止時(shí)N極指向12點(diǎn)；在小磁針上方15cm處沿著6點(diǎn)、12點(diǎn)方向水平放置一根通電直導(dǎo)線，通電直導(dǎo)線的電流從12點(diǎn)流向6點(diǎn)，小磁針靜止時(shí)N極指向1點(diǎn)。該同學(xué)查閱資料得知此地的地磁場(chǎng)水平分量，該通電直導(dǎo)線在小磁針處產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗通電直導(dǎo)線的電流從12點(diǎn)流向6點(diǎn)，小磁針靜止時(shí)N極指向1點(diǎn)，偏轉(zhuǎn)角度為30°，該通電直導(dǎo)線在小磁針處產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2.在汽車相撞時(shí)，汽車的安全氣囊可使頭部受傷率減少約25%，面部受傷率減少80%左右。如圖所示，某次汽車正面碰撞測(cè)試中，汽車以108km/h的速度撞上測(cè)試臺(tái)后停下，安全氣囊在系有安全帶的假人的正前方水平彈出，假人用時(shí)0.2s停下。車內(nèi)假人的質(zhì)量為50kg，則下列說法正確的是（）A.安全氣囊的作用是減小碰撞前后假人動(dòng)量的變化量B.安全氣囊對(duì)假人的作用力小于假人對(duì)安全氣囊的作用力C.碰撞過程中安全氣囊和安全帶對(duì)假人的沖量大小為D.碰撞過程中安全氣囊和安全帶對(duì)假人的平均作用力大小為7500N〖答案〗D〖解析〗A．安全氣囊的作用增加了碰撞時(shí)假人的減速時(shí)間，碰撞前后假人動(dòng)量的變化量不變，假人受到的合外力減小，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第三定律可知安全氣囊對(duì)假人的作用力等于假人對(duì)安全氣囊的作用力，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)量定理可知碰撞過程中安全氣囊和安全帶對(duì)假人的沖量大小為故C錯(cuò)誤；D．碰撞過程中安全氣囊和安全帶對(duì)假人的平均作用力大小為故D正確。3.如圖所示，先后以恒定的速度和把一個(gè)正方形金屬線框水平拉出有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，且，則在先后兩種情況（）A.線框中的電功率之比B.線框中的感應(yīng)電流之比C.線框中產(chǎn)生的熱量之比D.通過線框某截面的電荷量之比〖答案〗C〖解析〗C．因?yàn)檎叫谓饘倬€框被勻速拉出勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，則有根據(jù)可得以及可知故A錯(cuò)誤；B．因?yàn)樗怨蔅錯(cuò)誤；C．線框中產(chǎn)生的熱量所以故C正確；D．根據(jù)可得故D錯(cuò)誤。4.如圖1所示，用充電寶為一手機(jī)電池充電，其等效電路如圖2所示。在充電開始后的一段時(shí)間t內(nèi)，充電寶的輸出電壓U、輸出電流I可認(rèn)為是恒定不變的，設(shè)手機(jī)電池的內(nèi)阻為r，則時(shí)間t內(nèi)（）A.充電寶輸出的電功率為B.手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為C.手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為D.手機(jī)電池儲(chǔ)存的化學(xué)能為〖答案〗D〖解析〗A．充電寶的輸出電壓U、輸出電流I，所以充電寶輸出的電功率為故A錯(cuò)誤；BC．U是充電寶的輸出電壓，不是手機(jī)電池的內(nèi)電壓，所以不能用計(jì)算手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱，根據(jù)焦耳定律可知手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為故BC錯(cuò)誤；D．充電寶輸出的電能一部分轉(zhuǎn)化為手機(jī)電池儲(chǔ)存的化學(xué)能，一部分轉(zhuǎn)化為手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱，故根據(jù)能量守恒定律可知手機(jī)電池儲(chǔ)存的化學(xué)能為故D正確。故選D。5.如圖所示，在xOy平面內(nèi)有兩個(gè)沿z軸方向（垂直xOy平面）做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的點(diǎn)波源S1（1，0）和S2（4，0），振動(dòng)方程分別為、。兩列波的波速均為1m/s，兩列波在點(diǎn)B（2.5，3）和點(diǎn)C（4，4）相遇時(shí)，分別引起B(yǎng)、C處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)總是相互（）A.加強(qiáng)、加強(qiáng) B.減弱、減弱C.加強(qiáng)、減弱 D.減弱、加強(qiáng)〖答案〗D〖解析〗因?yàn)锽點(diǎn)距兩波源距離一樣，而兩波源的相位相反，所以在B處疊加總是相互減弱。由振動(dòng)方程可知，周期為波長(zhǎng)為C距兩波源的距離差為而兩波源的相位相反，所以在C點(diǎn)振動(dòng)總是加強(qiáng)。6.一勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外，其邊界如圖中虛線所示，，，一束質(zhì)子在紙面內(nèi)從a點(diǎn)垂直于ab射入磁場(chǎng)，這些粒子具有各種速率。不計(jì)重力和粒子之間的相互作用。已知粒子的質(zhì)量為m、電荷量為。則在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子，其運(yùn)動(dòng)速率為（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗根據(jù)題意可知，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有又有設(shè)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)的圓心角為，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為可知，越大，運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)，當(dāng)粒子過c點(diǎn)時(shí)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示設(shè)半徑為，根據(jù)幾何關(guān)系有解得聯(lián)立可得7.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧波沿軸正方向傳播，波源位于坐標(biāo)原點(diǎn)，波源起振方向沿軸正方向。波源起振開始計(jì)時(shí)，時(shí)刻軸上之間第一次形成如圖所示的波形，點(diǎn)平衡位置坐標(biāo)為。則下列說法正確的是（）A.波的傳播速度大小為B.波源振動(dòng)方程為C.從圖示時(shí)刻開始，經(jīng)過，質(zhì)點(diǎn)速度與加速度方向相同D.從圖示時(shí)刻開始，經(jīng)過，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為〖答案〗ABC〖解析〗A．根據(jù)題意，由圖可知，該列波波長(zhǎng)為，又有解得由公式可得，波的傳播速度大小為故A正確；B．根據(jù)題意，由公式有波源的起振方向沿軸正方向，則波源的振動(dòng)方程故B正確；CD．由圖可知，時(shí)，質(zhì)點(diǎn)沿y軸負(fù)方向振動(dòng)，則經(jīng)過，質(zhì)點(diǎn)P沿y軸正方向向平衡位置運(yùn)動(dòng)，則速度與加速度方向相同，經(jīng)過，質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)了個(gè)周期，則質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為故D錯(cuò)誤，C正確。8.如圖所示，一小車放在光滑的水平面上，小車段是長(zhǎng)為的粗糙水平軌道，段是光滑的、半徑為的四分之一圓弧軌道，兩段軌道相切于B點(diǎn)。一可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量與小車相同的物塊在小車左端A點(diǎn)，隨小車一起以的速度水平向右勻速運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后，小車與右側(cè)墻壁發(fā)生碰撞，碰后小車速度立即減為零，但不與墻壁粘連。已知物塊與小車段之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，取重力加速度，則（）A.物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為0B.物塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)速度大小為C.物塊最終距離小車A端D.小車最終的速度大小為〖答案〗AD〖解析〗A．對(duì)木塊在AB段分析，由牛頓第二定律可知代入數(shù)據(jù)解得根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，可物塊在B點(diǎn)的速度為代入數(shù)據(jù)解得B到A的過程中，由動(dòng)能定理可得解得根據(jù)向心力公式有故物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為0，A正確；B．物塊返回B時(shí)，由于BC是光滑的，有代入數(shù)據(jù)解得B錯(cuò)誤；CD．物塊從B到A，由小車與物塊的動(dòng)量守恒，可知有解得整個(gè)過程由動(dòng)能定理可得得符合題意，故最終距離A端的距離為C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。9.如圖所示，將一塊平板玻璃放置在另一平板玻璃上，一端夾入兩張紙片，從而在兩玻璃表面間形成劈形空氣薄膜，當(dāng)藍(lán)光從上方入射后，從上往下看到明暗相間等距條紋，下列說法中正確的是（）A.該條紋是光的干涉形成的，此現(xiàn)象可以說明光是一種波B.若把藍(lán)光改為黃光，條紋間距將變窄C.若下方平板玻璃某處出現(xiàn)凸起，則會(huì)看到該處條紋向左側(cè)彎曲D.若抽去一張紙片，條紋間距將變寬〖答案〗AD〖解析〗A．該現(xiàn)象是光的干涉形成的，故A正確；B．根據(jù)可見光波長(zhǎng)從大到小的順序：紅橙黃綠藍(lán) 靛紫，可知藍(lán)光的波長(zhǎng)小于黃光，波長(zhǎng)變大，條紋間距變寬，故B錯(cuò)誤；C．若下方平板玻璃某處出現(xiàn)凸起，則會(huì)看到該處條紋向右側(cè)彎曲，故C錯(cuò)誤；D．若抽去一張紙片，同一位置沿著斜面的方向，光程差的變化變緩，條紋間距將變寬，故D正確。故選AD。10.如圖所示，在傾角為θ的光滑斜面上，存在著兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域．區(qū)域Ⅰ的磁場(chǎng)方向垂直斜面向上，區(qū)域Ⅱ的磁場(chǎng)方向垂直斜面向下，磁場(chǎng)邊界MN、PQ、GH均平行于斜面底邊，MP、PG均為L(zhǎng)．一個(gè)質(zhì)量為m、電阻為R、邊長(zhǎng)也為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)線框，由靜止開始沿斜面下滑，下滑過程中ab邊始終與斜面底邊平行．t1時(shí)刻ab邊剛越過GH進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅰ區(qū)域，此時(shí)導(dǎo)線框恰好以速度v1做勻速直線運(yùn)動(dòng)；t2時(shí)刻ab邊下滑到PQ與MN的中間位置，此時(shí)導(dǎo)線框又恰好以速度v2做勻速直線運(yùn)動(dòng)．重力加速度為g，下列說法中正確的是（）A.導(dǎo)線框兩次做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度之比v1∶v2＝4∶1B.當(dāng)ab邊剛越過PQ時(shí)，導(dǎo)線框的加速度大小為a＝gsinθC.從t1到t2的過程中，導(dǎo)線框克服安培力做的功等于機(jī)械能的減少量D.從t1到t2的過程中，有機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能〖答案〗AC〖解析〗A.第一次，根據(jù)平衡條件，有：第二次，根據(jù)平衡條件，有聯(lián)立解得：v1：v2=4：1，故A正確；B.當(dāng)ab邊剛越過PQ時(shí)，線框的速度仍為v1，由于兩個(gè)邊的切割磁感線的電動(dòng)勢(shì)方向相同，故電流增加為2倍，ab和cd邊均受到向上的安培力，此時(shí)故加速度a=3gsinθ故B錯(cuò)誤；C.從t1到t2的過程中，根據(jù)功能關(guān)系，導(dǎo)線框克服安培力做功的大小等于機(jī)械能的減少，故C正確；D.從t1到t2的過程中，有的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，故D錯(cuò)誤．二、實(shí)驗(yàn)題（每空2分，共16分）11.某同學(xué)利用圖示裝置測(cè)量某種單色光的波長(zhǎng)。實(shí)驗(yàn)時(shí)，接通電源使光源正常發(fā)光：調(diào)整光路，使得從目鏡中可以觀察到干涉條紋?；卮鹣铝袉栴}：（1）若想增加從目鏡中觀察到的條紋個(gè)數(shù)，該同學(xué)可__________；A．將單縫向雙縫靠近B．將屏向靠近雙縫的方向移動(dòng)C．將屏向遠(yuǎn)離雙縫的方向移動(dòng)D．使用間距更小的雙縫（2）若雙縫的間距為d，屏與雙縫間的距離為l，測(cè)得第1條暗條紋到第n條暗條紋之間的距離為Δx，則單色光的波長(zhǎng)λ=_________；（3）某次測(cè)量時(shí)，選用的雙縫的間距為0．300mm，測(cè)得屏與雙縫間的距離為1.20m，第1條暗條紋到第4條暗條紋之間的距離為7.56mm。則所測(cè)單色光的波長(zhǎng)為____________nm（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）B（2）（3）630〖解析〗（1）[1]相鄰兩亮（暗）干涉條紋的Δx=，要增加觀察到的條紋數(shù)，即Δx越小，需增大d或減小l，因此應(yīng)將屏向靠近雙縫的方向移動(dòng)，或使用間距更大的雙縫，故A、C、D錯(cuò)誤，B正確；（2）[2]由得（3）[3]所測(cè)單色光波長(zhǎng)12.（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)出其直徑如圖所示，則______。（2）用多用電表擋粗測(cè)某電阻發(fā)現(xiàn)多用表指針偏角偏大，為進(jìn)一步較精確測(cè)量選用合適的倍率重新歐姆調(diào)零后，測(cè)量時(shí)指針位置如圖所示，其電阻為______（3）實(shí)驗(yàn)室有若干內(nèi)阻為、滿偏電流為的表頭，某同學(xué)打算先將表頭改裝成電壓表，再對(duì)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻進(jìn)行測(cè)量。若將此表頭改裝成量程為的電壓表，需要串聯(lián)一個(gè)______的電阻。（4）現(xiàn)將改裝后的電壓表和電阻箱組成圖（b）所示電路，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄多組電壓表示數(shù)和電阻箱讀數(shù)，描點(diǎn)后繪成圖（c）所示一次函數(shù)圖像，測(cè)出橫軸截距為，縱軸截距為，則電源電動(dòng)勢(shì)為______，內(nèi)阻為______；（此問兩空用“”、“”和電壓表電阻“”表示）。〖答案〗（1）6.714或6.715或6.716（2）8（3）210（4）〖解析〗（1）螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為，可動(dòng)刻度讀數(shù)為所以最終讀數(shù)（2）發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很大，說明倍率太大，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)換到擋。重新正確操作后，表盤的示數(shù)如圖3所示，其讀數(shù)為（3）若將此表頭改裝成量程為的電壓表，需要串聯(lián)的電阻值為（4）［1]［2]由閉合電路歐姆定律可得解得由圖（c）可知解得三、計(jì)算題（13題12