江西省橫峰中學(xué)2024-2025學(xué)年高一物理下學(xué)期第二次月考試題

PAGE第=*2-17頁共=SECTIONPAGES4*28頁◎第=PAGE4*28頁共=SECTIONPAGES4*28頁P(yáng)AGE1江西省橫峰中學(xué)2024-2025學(xué)年高一物理下學(xué)期其次次月考試題一，選擇題(1-6單項(xiàng)選擇，7-10多項(xiàng)選擇，每小題4分，共40分)1．如圖所示為甲、乙兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)沿同一方向做直線運(yùn)動的位移—時(shí)間圖像（x—t圖像），甲做勻速直線運(yùn)動，乙做勻加速直線運(yùn)動，t=4s時(shí)刻圖像乙的切線交時(shí)間軸t=1.5s點(diǎn)處，由此推斷質(zhì)點(diǎn)乙在t=0時(shí)刻的速度是質(zhì)點(diǎn)甲速度的（）A．倍 B．倍 C．倍 D．倍2．如圖所示，足夠長的光滑平板AP與BP用鉸鏈連接，平板AP與水平面成53°角固定不動，平板BP可繞水平軸在豎直面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動，將一勻稱圓柱體O放在兩板間。在使BP板由水平位置緩慢轉(zhuǎn)動到豎直位置的過程中，下列說法正確的是（）A．當(dāng)BP沿水平方向時(shí)，BP板受到的壓力最大B．當(dāng)BP沿豎直方向時(shí)，AP板受到的壓力最大C．當(dāng)BP沿豎直方向時(shí)，BP板受到的壓力最小D．當(dāng)BP板與AP板垂直時(shí)，AP板受到的壓力最小3．如圖所示，以9.8m/s的水平速度v0拋出的物體，飛行一段時(shí)間后，垂直地撞在傾角θ為30°的斜面上，可知物體完成這段飛行的時(shí)間是（）A．s B．s C．s D．2s4．質(zhì)量分別為M和m的兩個(gè)小球，分別用長2l和l的輕繩拴在同一轉(zhuǎn)軸上，當(dāng)轉(zhuǎn)軸穩(wěn)定轉(zhuǎn)動時(shí)，拴質(zhì)量為M和m小球的懸線與豎直方向夾角分別為α和β，如圖所示，則()A． B．cosα＝2cosβ C． D．tanα＝tanβ5．一質(zhì)子以速度v0進(jìn)入足夠大的勻強(qiáng)電場區(qū)域，1、2、3、4；表示相鄰的四個(gè)等勢面，且1＜2＜3＜4。不計(jì)質(zhì)子重力，下列說法正確的是（）A．質(zhì)子運(yùn)動過程肯定是勻變速運(yùn)動B．質(zhì)子運(yùn)動過程中最小動能可能為0C．質(zhì)子可以回到原動身點(diǎn)D．質(zhì)子返回到等勢面1時(shí)的速度仍為v06．如圖所示，真空中有一等邊三角形ABC，在三角形頂點(diǎn)A、B點(diǎn)處各固定一正電荷，另一頂點(diǎn)C處固定一負(fù)電荷，且三個(gè)電荷所帶的電荷量均相等，其中a、b、c為等邊角形三邊的中點(diǎn)，d為三角形的中心。則下列說法正確的是（）A．b、c兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同B．中心d點(diǎn)處的電場強(qiáng)度為零C．將電子從b處移到c處電場力不做功D．將電子從b處移到a處電場力不做功7．如圖，一截面為橢圓形的容器內(nèi)壁光滑，其質(zhì)量為M，置于光滑水平面上，內(nèi)有一質(zhì)量為m的小球，當(dāng)容器受到一個(gè)水平向右的作用力F作用且系統(tǒng)達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，小球偏離平衡位量如圖，重力加速度為g，此時(shí)（）A．若小球?qū)E圓面的壓力與豎直方向的夾角為α，則B．若小球?qū)E圓面的壓力與豎直方向的夾角為α，則C．小球?qū)E圓面的壓力大小為D．小球?qū)E圓面的壓力大小為8．北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)第41顆和第49顆衛(wèi)星已完成在軌測試、入網(wǎng)評估等工作，正式入網(wǎng)工作。第41顆衛(wèi)星為地球同步軌道衛(wèi)星，第49顆衛(wèi)星為傾斜地球同步軌道衛(wèi)星，它們的軌道半徑約為4.2×107m，運(yùn)行周期都等于地球的自轉(zhuǎn)周期24h。傾斜地球同步軌道平面與地球赤道平面成肯定夾角，如圖所示。已知萬有引力常量G＝6.67×10－11N·m2/kg2，下列說法中正確的是（）A．同步軌道衛(wèi)星可能經(jīng)過北京上空B．依據(jù)題目數(shù)據(jù)可估算出地球的質(zhì)量C．傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的運(yùn)行速度大于第一宇宙速度D．傾斜地球同步軌道衛(wèi)星一天2次經(jīng)過赤道上同一位置9．靜止在光滑水平面上的物體，受到水平拉力F的作用，拉力F隨時(shí)間t變更的圖像如圖所示，則下列說法中正確的是（）A．0～4s內(nèi)物體的位移為零B．0～4s內(nèi)拉力對物體做功為零C．4s末物體的動量為零D．0～4s內(nèi)拉力對物體的沖量為零10．如圖甲所示，可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量m1=1kg的小物塊放在質(zhì)量m2=2kg的木板正中心位置，木板靜止在水平地面上，連接物塊的輕質(zhì)細(xì)繩伸直且與水平方向的夾角為37°?，F(xiàn)對木板施加水平向左的拉力F=18N，木板運(yùn)動的v-t圖象如圖乙所示，sin37°=0.6，g取10m/s2，則（）A．木板的長度為2mB．木板的長度為1mC．木板與地面間的動摩擦因數(shù)為0.5D．物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為三、試驗(yàn)題11．某同學(xué)利用圖（甲）所示的裝置探究加速度與力的關(guān)系(1)下列說法中正確的是_______A．連接小車的細(xì)繩應(yīng)跟長木板保持平行B．小車運(yùn)動的加速度可用鉤碼質(zhì)量m和小車質(zhì)量M干脆用公式求出C．把所懸掛的鉤碼總重量當(dāng)成細(xì)繩對小車的拉力大小，可隨意添加鉤碼來變更拉力D．平衡摩擦力的目的是使小車做加速運(yùn)動時(shí)的合力大小等于細(xì)繩對小車的拉力大小(2)圖（乙）是試驗(yàn)中得到的一條紙帶的一部分，1、2、3、4、5是計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源頻率為50Hz。由此可得出當(dāng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下計(jì)數(shù)點(diǎn)4時(shí)，小車的速度大小______m/s；小車的加速度___m/s2。（計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）(3)該同學(xué)試驗(yàn)時(shí)由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，測量出多組a、F（F大小為所掛鉤碼的總重量）值，作出的a－F圖像可能是____________A．B．C．12．傳感器是一種將非電學(xué)量轉(zhuǎn)換成電信號的檢測裝置．它是實(shí)現(xiàn)自動檢測和自動限制的首要環(huán)節(jié)．某物理課外活動小組利用力傳感器和位移傳感器進(jìn)一步探究變力作用下的動能定理．如圖甲所示，他們用力傳感器通過定滑輪干脆拉固定在小車上的細(xì)繩，測出拉力F；用位移傳感器測出小車的位移s和瞬時(shí)速度v．已知小車質(zhì)量為200g．（1）某次試驗(yàn)得出拉力F隨位移s變更規(guī)律如圖乙所示，速度v隨位移s變更規(guī)律如圖丙所示．利用所得的F－s圖像，求出s＝0．30m到0．52m過程中力F做功W＝_________J，此過程動能的變更△Ek＝_________J（保留2位有效數(shù)字）．（2）下列狀況中可減小試驗(yàn)誤差的操作是_____．（填選項(xiàng)前的字母，可能不止一個(gè)選項(xiàng)）A．使拉力F要遠(yuǎn)小于小車的重力B．試驗(yàn)時(shí)要先平衡摩擦力C．要使細(xì)繩與滑板表面平行三，計(jì)算題（13，14題各10分，15,16題各13分，共46分）13．如圖9所示，宇航員站在某質(zhì)量分布勻稱的星球表面一斜坡上P點(diǎn)沿水平方向以初速度v0拋出一個(gè)小球，測得小球經(jīng)時(shí)間t落到斜坡上另一點(diǎn)Q，斜面傾角為α，已知星球半徑為R，萬有引力常量為G，求：（1）該星球表面的重力加速度g（2）該星球的密度ρ（3）該星球的第一宇宙速度v14．如圖所示，水平傳送帶以速度v0=2.5m/s順時(shí)針轉(zhuǎn)動，不行伸長的輕繩跨過定滑輪連接托盤Q和物塊P（置于傳送帶最右端、可視為質(zhì)點(diǎn)），OP段水平，物塊P與托盤Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知物塊P的質(zhì)量m1=0.2kg、與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，傳送帶的兩端相距l(xiāng)=2m，托盤Q到地面的高度h=1.25m，不計(jì)滑輪與輕繩間的摩擦，重力加速度g取10m/s2。求：(1)托盤Q的質(zhì)量m2；(2)現(xiàn)將質(zhì)量m=0.1kg的砝碼輕放入托盤中，托盤Q起先向下運(yùn)動，落地后自動與輕繩脫離，則①托盤Q落地的速度大??；②物塊P在傳送帶上的運(yùn)動時(shí)間t。15．如圖所示，一質(zhì)量為M=3.0kg的長方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一質(zhì)量為m=1.0kg的小木塊A。小木塊與木板之間的動摩擦因數(shù)μ=0.4。現(xiàn)以地面為參照系，給A和B以大小均為4.0m/s、方向相反的初速度，使A起先向左運(yùn)動，B起先向右運(yùn)動，但最終A并沒有滑離木板B。求：（1）小木塊相對木板靜止時(shí)二者的速度；（2）木板長度的最小值；（3）小木塊相對木板運(yùn)動的時(shí)間。16．將質(zhì)量為m的小球從地面以速度v0斜向上拋出，小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，動能與勢能之比為1:3?，F(xiàn)在空間加一個(gè)平行于小球運(yùn)動平面的水平方向的勻強(qiáng)電場，令小球帶上正電荷q，仍以相同的速度斜向上拋出，小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，動能與拋出時(shí)的動能相同。已知重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力，以地面為參考平面，求：(1)小球上升到最高點(diǎn)的時(shí)間；(2)外加電場強(qiáng)度E的大小以及加電場后最高點(diǎn)到拋出點(diǎn)的水平距離x。本卷由系統(tǒng)自動生成，請細(xì)致校對后運(yùn)用，答案僅供參考。答案第=page1212頁，總=sectionpages1313頁參考答案1．B【解析】【分析】【詳解】設(shè)4s內(nèi)兩質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的位移為x，則甲的速度為乙在時(shí)刻的速度為設(shè)乙在時(shí)刻的速度為，則解得故ACD錯誤，B正確。故選B。2．B【解析】【分析】【詳解】小球受重力、斜面AP彈力F1和擋板BP彈力F2，將F1與F2合成為F=mg，如圖；小球始終處于平衡狀態(tài)，三個(gè)力中的隨意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等值、反向、共線，故F1和F2合成的合力F肯定與重力等值、反向、共線。從圖中可以看出，當(dāng)擋板PB逆時(shí)針緩慢地轉(zhuǎn)向豎直位置的過程中，F(xiàn)1越來越大，F(xiàn)2先變小，后變大；A．當(dāng)BP沿水平方向時(shí)，BP板受到的壓力不是最大，選項(xiàng)A錯誤；B．當(dāng)BP沿豎直方向時(shí)，AP板受到的壓力最大，選項(xiàng)B正確；C．當(dāng)BP與AP豎直時(shí)，BP板受到的壓力最小，選項(xiàng)C錯誤；D．當(dāng)BP板水平常，AP板受到的壓力為零，最小，選項(xiàng)D錯誤。故選B。3．C【解析】【分析】【詳解】物體做平拋運(yùn)動，當(dāng)垂直地撞在傾角為的斜面上時(shí)，把物體的速度分解如圖所示由圖可知，此時(shí)物體的豎直方向上的速度的大小為由可得運(yùn)動的時(shí)間故C正確，ABD錯誤。故選C。4．A【解析】【詳解】設(shè)轉(zhuǎn)軸穩(wěn)定轉(zhuǎn)動時(shí)角速度為，可知穩(wěn)定時(shí)兩球角速度相等.依據(jù)牛頓其次定律得：對M分析有：①對m分析有：②聯(lián)立①②計(jì)算得出：A．描述與分析相符，故A正確.B．描述與分析不符，故B錯誤.C．描述與分析不符，故C錯誤.D．描述與分析不符，故D錯誤.5．A【解析】【分析】【詳解】AC．質(zhì)子在勻強(qiáng)磁場中做類斜拋運(yùn)動，因此運(yùn)動過程肯定是勻變速運(yùn)動，因此質(zhì)子不能回到原動身點(diǎn)，故A正確，C錯誤；BD．質(zhì)子運(yùn)動過程中最小動能出現(xiàn)在速度方向平行于等勢面時(shí)，速度不能為零，因此返回到等勢面時(shí)的速度大小為，方向不同，故BD錯誤。故選A。6．C【解析】【分析】【詳解】依據(jù)題意，各場強(qiáng)方向如圖所示A．b、c兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度為三個(gè)點(diǎn)電荷在該處場強(qiáng)的矢量和，其中A、C兩處的點(diǎn)電荷在b點(diǎn)的場強(qiáng)的矢量和沿方向，B處電荷在b點(diǎn)的場強(qiáng)沿方向，同理可標(biāo)出A、B、C三處的點(diǎn)電荷在c點(diǎn)的電場方向，由圖可知，b、c兩處疊加后的電場強(qiáng)度方向是不同的，故A錯誤；B．依據(jù)點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度的疊加規(guī)律很簡單推斷出中心d處的電場強(qiáng)度不為零，故B錯誤；C．A、C兩處的兩點(diǎn)電荷在b點(diǎn)的電勢之和為零（規(guī)定無窮遠(yuǎn)處電勢為0），B、C兩處兩點(diǎn)電荷在c點(diǎn)的電勢之和等于零，所以b點(diǎn)的電勢等于B處電荷在該點(diǎn)的電勢，c處電勢等于A處電荷在該點(diǎn)的電勢，A、B兩電荷帶等量正電荷，依據(jù)幾何關(guān)系有所以b、c兩點(diǎn)電勢相等，所以將電子從b處移到c處電場力不做功，故C正確；D．由圖推斷a點(diǎn)的電勢高于b點(diǎn)電勢，所以將電子從b處移到a處電場力做正功，故D錯誤。故選C。7．BC【解析】【分析】【詳解】對小球受力如圖所示AB．對整體兩者一起加速，則解得故A錯誤，B正確；CD．由題意得故C正確，D錯誤。故選BC。8．BD【解析】【分析】【詳解】A．同步軌道衛(wèi)星處于赤道平面上方，不行能經(jīng)過北京上空，A項(xiàng)錯誤；B．依據(jù)得出B項(xiàng)正確；C．第一宇宙速度是最大的繞行速度，任何地球衛(wèi)星的運(yùn)行速度均小于第一宇宙速度，C項(xiàng)錯誤；D．由于傾斜地球同步軌道衛(wèi)星周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，故一天2次經(jīng)過赤道上同一位置，D項(xiàng)正確。故選BD。9．BCD【解析】【分析】【詳解】由圖象可知物體在4s內(nèi)先做勻加速后做勻減速運(yùn)動，4s末的速度為零，位移始終增大，故A錯誤；前2s拉力做正功，后2s拉力做負(fù)功，且兩段時(shí)間做功代數(shù)和為零，故B正確；4s末的速度為零，故動量為零；故C正確；依據(jù)I=Ft可知：前4s內(nèi)I合=F×2-F×2=0，故D正確；故選BCD．【點(diǎn)睛】本題主要考查了同學(xué)們讀圖的實(shí)力，要求同學(xué)們能依據(jù)受力狀況分析物體的運(yùn)動狀況，再依據(jù)動量定理進(jìn)行分析求解．10．ACD【解析】【分析】【詳解】AB．從題圖乙可知，木板運(yùn)動離開小物塊，在內(nèi)，由圖象可知所以木板的長度故A正確，B錯誤；C．設(shè)木板與地面間的動摩擦因數(shù)為，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)，在內(nèi)，由圖象可得長木板的加速度由牛頓其次定律得解得故C正確；D．在內(nèi)，對小物塊進(jìn)行受力分析，豎直方向水平方向又知長木板的加速度對木板進(jìn)行受力分析，結(jié)合牛頓其次定律得由牛頓第三定律得聯(lián)立上述式子解得故D正確。故選ACD。11．AD0.4151.09B【解析】【分析】【詳解】(1)[1]A．若細(xì)繩與長木板不保持平行，則繩子的拉力分力等于小車的外力，這樣導(dǎo)致誤差增大，故A正確；B．小車運(yùn)動的加速度是利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測量，假如用天平測出m以及小車質(zhì)量M，干脆用公式求出，這是在干脆運(yùn)用牛頓其次定律計(jì)算的，而我們試驗(yàn)是在探究加速度與物體所受合外力和質(zhì)量間的關(guān)系，故B錯誤；C．當(dāng)鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量時(shí)可以近似認(rèn)為小車受到的拉力等于鉤碼的重力，試驗(yàn)過程中鉤碼質(zhì)量不能太大，故C錯誤；D．平衡摩擦力的目的是使小車做加速運(yùn)動時(shí)的合力大小等于細(xì)繩對小車的拉力大小，故D正確。故選AD。(2)[2]由于相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)未畫出，且溝通電的頻率為50Hz，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔是T=0.1s依據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，則有[3]依據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，則有(3)[4]若沒有平衡摩擦力，則當(dāng)F≠0時(shí)，a=0．也就是說當(dāng)繩子上有拉力時(shí)小車的加速度還為0，所以可能是圖中的圖線B，故B正確，ACD錯誤。12．（1），（2）BC【解析】試題分析：（1）依據(jù)圖象圖象可知，當(dāng)時(shí)，，時(shí)，，因此，速度隨位移變更圖象可知：，，時(shí)，，．（2）該試驗(yàn)中不是利用懸掛的重物的重力表示繩子的拉力，而是干脆測量出繩子的拉力，因此不須要使拉力F要遠(yuǎn)小于小車的重