安徽省皖南八校2025屆高三物理下學(xué)期4月聯(lián)考試題含解析

PAGE16-安徽省皖南八校2025屆高三物理下學(xué)期4月聯(lián)考試題（含解析）一、選擇題1.2024年9月10日，我國(guó)國(guó)產(chǎn)首批醫(yī)用鉆－60原料組件從秦山核電站啟運(yùn)，這標(biāo)著著我國(guó)國(guó)伽馬刀設(shè)備“中國(guó)芯”供應(yīng)同題得到解決，核電站是利用中子照耀鉆－59制備鉆－60，伽馬刀是利用鉆－60發(fā)生衰變釋放的射線工作的，已知鉆－60的半期約為5.3年，下列說(shuō)法正確的是（）A.秦山核電站制備鈷－60的反應(yīng)是重核衰變B.鉆－60發(fā)生衰變后生產(chǎn)的新核比鉆－60少一個(gè)電子C.鉆－60發(fā)生衰變后生產(chǎn)的新核比鉆－60多一個(gè)中子D.鉆－60制成后，經(jīng)過(guò)5.3年剩下的鉆－60的約有一半【答案】D【解析】【詳解】A．利用中子照耀鉆－59制備鉆－60是原子核的人工轉(zhuǎn)變，重核裂變是質(zhì)量較大的核停獲中子后分裂成兩個(gè)(或多個(gè))中等質(zhì)量接的反應(yīng)，鉆一60是中等核，故A錯(cuò)誤；BC．鉆－60發(fā)生衰變釋放的電子是鉆－60原子核中的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子，同時(shí)釋放一個(gè)電子，新核比鉆－60少一個(gè)中子，而核中沒(méi)有電子，故B、C錯(cuò)誤；D．半就期就是有一半原子核發(fā)生哀變所用的時(shí)間，所以鉆－60制成后，經(jīng)過(guò)5.3年剩下的鉆－60的約有一半，故D正確；故選D。2.如圖所示，志向變壓器原線圈c、d兩端接入穩(wěn)定的溝通電壓，b是原線的中心抽頭，S為單刀雙擲開(kāi)關(guān)，滑動(dòng)變阻器R的滑片處于變阻器正中間，電表均為志向電表，下列說(shuō)法中正確的是（）A.只將S從a撥接到b，電流表的示數(shù)將減半B.只將S從a撥接到b，電壓表的示數(shù)將減半C.只將滑動(dòng)變阻器R的滑片從中點(diǎn)移到最上端，電流表的示數(shù)將減半D.只將滑動(dòng)變阻器R的滑片從中點(diǎn)移到最上端，c、d兩端輸人的功率將為原來(lái)的【答案】C【解析】【詳解】AB．只將S從撥接到，原線圈的匝數(shù)減半，依據(jù)可知副線圈的輸出電壓增大到原來(lái)的2倍，即電壓表的示數(shù)增大到原來(lái)的2倍，依據(jù)歐姆定律可知副線圈的輸出電流增大到原來(lái)的2倍，依據(jù)可知副線圈的輸出功率增大到原來(lái)的4倍，所以原線圈的輸入功率增大到原來(lái)的4倍，依據(jù)可知原線圈的輸入電流增大到原來(lái)的4倍，即電流表的示數(shù)將增大到原來(lái)的4倍，故A、B錯(cuò)誤；CD．只將滑動(dòng)變阻器的滑片從中點(diǎn)移到最上端，負(fù)載增大到原來(lái)的2倍，依據(jù)可知副線圈的輸出電壓不變，依據(jù)歐姆定律可知副線圈的輸出電流減小到原來(lái)的一半，依據(jù)可知副線圈的輸出功率減小到原來(lái)的一半，所以原線圈的輸入功率減小到原來(lái)的一半，即、兩端輸人的功率將為原來(lái)的一半，依據(jù)可知原線圈的輸入電流減小到原來(lái)的一半，即電流表的示數(shù)將減半，故C正確，D錯(cuò)誤；故選C3.如圖，一質(zhì)量為m的硬幣（可視為質(zhì)點(diǎn)）置于水平轉(zhuǎn)盤(pán)上，硬幣與豎直轉(zhuǎn)軸OO，的距離為r，已知硬幣與轉(zhuǎn)盤(pán)之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為（最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩力），重力速度為g，若硬幣與轉(zhuǎn)盤(pán)一起繞OO，軸從靜止起先轉(zhuǎn)動(dòng)，并緩慢增加轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)速，直到硬幣剛要從轉(zhuǎn)盤(pán)上滑動(dòng)，則該過(guò)程中轉(zhuǎn)盤(pán)對(duì)硬幣做的功為（）A.0 B.C D.2【答案】B【解析】【詳解】摩擦力供應(yīng)合外力，當(dāng)達(dá)到最大靜摩擦?xí)r，角速度最大，結(jié)合牛頓其次定律可得解得圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的最大角速度為設(shè)該過(guò)程中轉(zhuǎn)盤(pán)對(duì)硬幣做的功為，依據(jù)動(dòng)能定理可得其中聯(lián)立解得故B正確，A、C、D錯(cuò)誤；故選B。4.2024年12月27日，在海南文昌航天放射場(chǎng)，中國(guó)運(yùn)載實(shí)力最強(qiáng)的長(zhǎng)征5號(hào)運(yùn)載火箭勝利放射，將實(shí)踐二十號(hào)衛(wèi)星送入地球同步軌道，變軌過(guò)程簡(jiǎn)化如圖所示，軌道Ⅰ是超同步轉(zhuǎn)移軌道，軌道Ⅲ是地球同步軌道，軌道Ⅱ是過(guò)渡軌道（橢圓的一部分），軌道Ⅱ、軌道I的遠(yuǎn)地點(diǎn)切于M點(diǎn)，軌道Ⅱ的近地點(diǎn)與軌道Ⅲ切于N點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道I上運(yùn)行時(shí)速度大小不變B.從軌道I進(jìn)入軌道Ⅱ，衛(wèi)星在M點(diǎn)須要減速C.從軌道Ⅱ進(jìn)入軌道Ⅲ，衛(wèi)星在N點(diǎn)須要減速D.在軌道Ⅱ上，衛(wèi)星受到地球的引力對(duì)衛(wèi)星做功為零【答案】C【解析】【詳解】A．衛(wèi)星在軌道I上做橢圓運(yùn)動(dòng)，依據(jù)開(kāi)普勒其次定律可知，在軌道I上從近地點(diǎn)向遠(yuǎn)地點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，運(yùn)行時(shí)速度大小減小，故A錯(cuò)誤；B．從軌道I進(jìn)入軌道Ⅱ，軌道半徑變大，要做離心運(yùn)動(dòng)，衛(wèi)星應(yīng)從軌道Ⅰ的加速后才能做離心運(yùn)動(dòng)從而進(jìn)入軌道Ⅱ，故B錯(cuò)誤；C．從軌道Ⅱ進(jìn)入軌道Ⅲ，軌道半徑變小，要做近心運(yùn)動(dòng)，衛(wèi)星應(yīng)從軌道Ⅱ的減速后才能做近心運(yùn)動(dòng)從而進(jìn)入軌道Ⅲ，故C正確；D．在軌道Ⅱ上做橢圓運(yùn)動(dòng)，衛(wèi)星受到地球的引力與速度方向不垂直，所以衛(wèi)星受到地球的引力對(duì)衛(wèi)星做功不為零，故D錯(cuò)誤；故選C。5.如圖所示，A、B、C三個(gè)帶電小球間的距離相等，其中C球置于絕緣豎直桿上，A、B置于光滑、絕緣的水平地面上，三球都保持靜止，下列說(shuō)法正確的是（）A.A、B兩球電性可能相反B.B、C兩球電性可能相同C.A、B兩球所帶電量不肯定相等D.C球所帶電量肯定是A球所帶電量的2倍【答案】D【解析】【詳解】對(duì)C球受力分析，A、B兩球?qū)球的庫(kù)侖力的合力肯定在豎直方向上，依據(jù)庫(kù)侖定律和平行四邊形定則可知A、B兩球帶電性質(zhì)相同，且兩球所帶電量肯定相等；對(duì)B球受力分析，A球?qū)球的庫(kù)侖力方向水平向右，依據(jù)平衡條件可知C球?qū)球的庫(kù)侖力方向肯定是B球指向C球，所以B、C兩球電性肯定相反；設(shè)A、B兩球間距為，依據(jù)平衡條件條件則有解得故A、B、C錯(cuò)誤，D正確；故選D。6.如圖所示，質(zhì)量相等的小球A、B由輕質(zhì)彈簧連接，A球上端用細(xì)線懸掛于天花板。現(xiàn)燒斷細(xì)線，兩小球從靜止起先下落，至彈簧第一次復(fù)原原長(zhǎng)過(guò)程中（B球未觸地），不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.細(xì)線燒斷瞬間，A球的加速度為g，B球的加速度為零B.整個(gè)過(guò)程中，彈簧對(duì)A、B球的沖量大小相等C.彈簧第一次復(fù)原原長(zhǎng)時(shí)，A球動(dòng)量大于B球動(dòng)量D.整個(gè)過(guò)程中，A、B球的重力做功相等【答案】BC【解析】【詳解】A．細(xì)線燒斷瞬間，彈簧長(zhǎng)度不變，彈力不變，B球的加速度為零，A球加速度為故A錯(cuò)誤；B．整個(gè)過(guò)程中，彈簧對(duì)兩球力大小相等方向相反，依據(jù)沖量定義式可知彈簧對(duì)A、B球的沖量大小相等，故B正確；C．從起先下落至彈簧第一次復(fù)原原長(zhǎng)之前，A球加速度始終大于B球加速度，A球速度大于B球速度，依據(jù)動(dòng)量定義式可知A球動(dòng)量大于B球動(dòng)量，故C正確；D．整個(gè)過(guò)程中，A球位移大于B球位移，依據(jù)可知A球的重力做功大于B球的重力做功，故D錯(cuò)誤；故選BC。7.如圖所示，兩根通電長(zhǎng)直導(dǎo)線a、b平行放置，a、b中的電流強(qiáng)度分別為2I和I，電流方向如圖中箭頭所示，此時(shí)a受到的磁場(chǎng)力大小為F。若在a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長(zhǎng)直導(dǎo)線c后，a受到的磁場(chǎng)力大小變?yōu)?F，則b受到的磁楊力可能為（）A.大小為，方向向左 B.大小為，方向向右C.大小為，方向向右 D.大小為，方向向左【答案】BD【解析】【詳解】未放導(dǎo)線前，、導(dǎo)線之間的磁場(chǎng)力是吸引力，大小相等；置入導(dǎo)線后導(dǎo)線受到的磁場(chǎng)力大小為，方向可能向左也可能向右，故導(dǎo)線對(duì)導(dǎo)線的作用力可能是向右大小為，或向左大小為，所以導(dǎo)線對(duì)導(dǎo)線的作用力可能是向左大小為，或向右大小為，再與導(dǎo)線對(duì)導(dǎo)線的作用力合成，可知導(dǎo)線受到的磁楊力可能向左大小為，或向右大小為，故A、C錯(cuò)誤，B、D正確；故選BD。8.如圖所示，在紙面內(nèi)有半園形輕質(zhì)導(dǎo)體框，O為圓心，圓半徑長(zhǎng)為L(zhǎng)，AO段、弧AB段的電阻均為r，BO段導(dǎo)體的電阻可忽視，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界與半圓直徑重合，現(xiàn)用外力使導(dǎo)體框在紙面內(nèi)繞O點(diǎn)以角速度沿順時(shí)針?lè)较?，從圖示位置勻速轉(zhuǎn)動(dòng)一周，下列說(shuō)法正確的是（）A.圓弧AB段內(nèi)電流方向總是從A流向BB.轉(zhuǎn)動(dòng)的前半周內(nèi)AB兩端電壓為C.轉(zhuǎn)動(dòng)的后半周內(nèi)通過(guò)O點(diǎn)的電量為D.外力對(duì)線框做的功為【答案】CD【解析】【詳解】AB．導(dǎo)體框轉(zhuǎn)動(dòng)的前半周內(nèi)，切割磁感線，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為電流方向從流向，段為外電路、分壓一半，故兩端電壓為轉(zhuǎn)動(dòng)的后半周段切制磁感線，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為電流方向從流向，故A、B錯(cuò)誤；C．轉(zhuǎn)動(dòng)的后半周穿過(guò)導(dǎo)線框的磁通量改變量為電路總電阻為則有轉(zhuǎn)動(dòng)的后半周內(nèi)通過(guò)點(diǎn)的電量為故C正確；D．從圖示位置勻速轉(zhuǎn)動(dòng)一周過(guò)程中，外力對(duì)線框做的功等于產(chǎn)生的電能，則故D正確；故選CD。二、試驗(yàn)題9.某同學(xué)利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，試驗(yàn)裝置如圖甲所示，氣墊導(dǎo)軌上安裝有兩個(gè)光電傳感器，滑塊上寬度為d的遮光條，當(dāng)遮光條通過(guò)光電傳感器時(shí)，光電傳感器會(huì)輸出高電壓，并能在與之相連的計(jì)算機(jī)上顯示。(1)在試驗(yàn)前，該同學(xué)在調(diào)整導(dǎo)軌水平常，先接通氣源，將滑塊（不掛重物）置于氣墊導(dǎo)軌上輕推滑塊，讓滑塊先后通過(guò)光電傳感器1和2，計(jì)算機(jī)上得到如圖乙所示的電壓U隨時(shí)間t改變的圖象，這說(shuō)明氣墊導(dǎo)軌_________；A.已經(jīng)調(diào)成水平B.左端高右端低C.左端低右端高(2)試驗(yàn)時(shí)，用細(xì)繩跨過(guò)氣墊定滑輪與質(zhì)量m的重物相連，將滑塊由圖甲所示位置釋放，測(cè)得遮光條通過(guò)光電傳感器時(shí)遮光時(shí)間分別為t1和t2，重力加速度大小g已知，要驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒，還應(yīng)測(cè)出的物理量是_______和_________。【答案】(1).C(2).滑塊與遮光條總質(zhì)量(3).兩光電傳感器的距離【解析】【詳解】(1)[1]依據(jù)圖乙可知滑塊做加速運(yùn)動(dòng)，所以導(dǎo)軌左端低右端高，故C正確，A、B錯(cuò)誤；故選C；(2)[2][3]本試驗(yàn)是驗(yàn)證滑塊和重物系統(tǒng)機(jī)械能是否守恒，需測(cè)最重物的勢(shì)能改變，所以須要測(cè)量?jī)晒怆妭鞲衅鞯木嚯x(重物下落高度)，另外還需知道滑塊與遮光條總質(zhì)量才能計(jì)算出與滑塊與遮光條的動(dòng)能。10.同學(xué)要測(cè)量一電壓表的內(nèi)阻，所用的試驗(yàn)器材有：電源E（電動(dòng)勢(shì)8V，內(nèi)阻較?。┐郎y(cè)電壓表V1：（量程為0~1V內(nèi)阻約2k）電壓表V2：（量程為0~8V）定值電阻R四只，阻值分別為：2.0k，8.0k，14.0k，20.0k滑動(dòng)變阻器R1：（0~500）開(kāi)關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干(1)請(qǐng)?jiān)O(shè)計(jì)最佳方案測(cè)量待測(cè)電表內(nèi)阻，將電路圖畫(huà)在虛線框內(nèi)；（）(2)為保證明驗(yàn)中的測(cè)量數(shù)據(jù)改變范圍盡量大該同學(xué)應(yīng)選用阻值為_(kāi)____k的定值電阻；(3)該同學(xué)在試驗(yàn)中多次調(diào)整滑動(dòng)變阻器，登記電壓表V1的示數(shù)U1和電壓表V2的示數(shù)U2；以U2為縱坐標(biāo)，U1為橫坐標(biāo)建立，依據(jù)測(cè)得數(shù)據(jù)描點(diǎn)作出了一條過(guò)原點(diǎn)的直線，測(cè)算的直線斜率為k，則待測(cè)電阻=______?！敬鸢浮?1).(2).14.0(3).【解析】【詳解】(1)[1]要測(cè)量電壓表的內(nèi)阻，只需測(cè)量通過(guò)它的電流即可，但另一電壓表內(nèi)阻未知故不能測(cè)量電流，但可考慮定值電阻間接可以測(cè)量電流，故可設(shè)計(jì)出串聯(lián)分壓的測(cè)量電路；由于滑動(dòng)變阻器阻值比電表內(nèi)阻小許多，只能用分壓式接法來(lái)限制測(cè)量電路電壓；電路圖如圖所示(2)[2]待測(cè)電壓表，兩端電壓最高為1V，電壓表電壓可達(dá)8V(電源電動(dòng)勢(shì)為8V)，所以定值電阻上分壓約7V，定值電阻與待測(cè)電壓表串聯(lián)，故電阻應(yīng)當(dāng)為待測(cè)電阻內(nèi)阻7倍左右，選14.0k最合適；(3)[3]由電路圖可知整理可得所以依據(jù)題意則有解得三、計(jì)算題11.如圖，在xOy平面的第一象限內(nèi)存在方向垂直紙面外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B；在第四象限內(nèi)存在沿－x軸方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E。兩個(gè)質(zhì)量均為m、電量均為+q的粒子從y軸上的P點(diǎn)，以相同大小的速度進(jìn)入第一象限（速度方向之間的夾角=60°，兩粒子離開(kāi)第一象限后均垂直穿過(guò)x軸進(jìn)入電場(chǎng)，最終分別從y軸上的M、N點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)。兩粒子的重力及粒子之間的相互作用不計(jì)，求(1)粒子在P點(diǎn)的速度大小；(2)M、N兩點(diǎn)間的距離△y。【答案】(1)；(2)(-1)BL【解析】【詳解】(1)兩粒子在磁場(chǎng)中作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有作出粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡及其圓心和半徑由幾何關(guān)系可得為等邊三角形，故有聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)可得(2)兩粒子垂直通過(guò)軸后，在電場(chǎng)中作類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間分別為，在軸方向粒子作初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為，則有在軸方向粒子作勻速運(yùn)動(dòng)，則有聯(lián)立解得12.傾角為=30°光滑斜面固定在水平面上，其上有一質(zhì)量為m的滑板B，滑板下端與斜面低端擋板的距離x=2.5m，上端也放一質(zhì)量為m的小滑塊A（可視作質(zhì)點(diǎn)），將A和B同時(shí)靜止釋放，滑板B與擋板發(fā)生其次次碰撞時(shí)，滑塊A位于滑板B的下端，已知滑板與擋板碰撞即以原速率反彈，碰撞時(shí)間極短，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，取重力速度g=10m/s，求：(1)從靜止釋放，到滑板B與檔板第一次碰撞經(jīng)驗(yàn)時(shí)間t0；(2)滑板B與擋板第一次碰撞后沿斜面上升的最大距離x1；(3)滑板B的長(zhǎng)度L。【答案】(1)1s；(2)1m；(3)m【解析】【詳解】(1)由于斜面光滑，A和B同時(shí)由靜止釋放后，A和B從靜止起先以相同的加速度勻加速下滑，設(shè)加速度為，由牛頓其次定律有又聯(lián)立解得(2)設(shè)滑板B與擋板第一次碰撞前瞬間兩者的速度大小為，則有滑板B與擋板第一次碰撞后，滑板B將沿斜面勻減速上滑，設(shè)加速度大小為，滑塊A將起先沿滑板勻減速下滑，設(shè)加速度大小為，由牛頓其次定律有可解得又因?yàn)閮烧叱跛俣却笮∠嗟?，故滑板B速度減小到零時(shí)，滑塊A還是向下勻減速階段，所以滑板B與擋板第一次碰撞后鉛斜面上升的最大距離滿(mǎn)意聯(lián)立并代人數(shù)據(jù)可得(3)設(shè)者板B與擋板第一次碰撞后至速度為零的過(guò)程歷時(shí)，滑塊A下滑位移為，速度大小變?yōu)?，則有滑板B速度為零后將沿斜面加速下滑，加速度大小仍為，滑塊A仍以加速度減速下滑，假設(shè)兩者速度達(dá)到相等時(shí)，滑板還未與擋板碰撞，設(shè)滑板B速度為零后經(jīng)時(shí)間兩者達(dá)到共同速度，該過(guò)程中滑板B下滑的距離為、滑塊A下滑距離為，則有解得故AB達(dá)到相同速度時(shí)，滑板還未與擋板碰撞又有之后AB一起以共同速度加速下滑，直至與擋板其次次碰撞，因?yàn)榛錌與擋板發(fā)生其次次碰撞時(shí)，滑塊A位于滑板B的下端，所以AB共速時(shí)，滑塊A已經(jīng)在滑板B的下端，所以有聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得13.下列說(shuō)法正確的是（）A.通常金屬在各個(gè)方向的物理性質(zhì)都相同，所以金屬是非晶體B.液體溫度越高，懸浮顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越猛烈C.物體體內(nèi)熱運(yùn)動(dòng)速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例與溫度有關(guān)D.當(dāng)人們感到干燥時(shí)，空氣的相對(duì)濕度肯定較小E.一滴體積