2024年安徽省合肥市第四十五中學(xué)中考物理模擬試卷

2024年安徽省合肥四十五中中考物理模擬試卷一、填空題（每空2分，共20分）1．（2分）如圖物體A的長(zhǎng)度為cm。2．（2分）炒酸奶的制作過(guò)程蘊(yùn)含著物理原理，液態(tài)的酸奶混合水果倒在低溫操作臺(tái)面上短時(shí)間內(nèi)（填物態(tài)變化名稱(chēng)）成固態(tài)酸奶，入口酸甜。3．（2分）國(guó)家規(guī)定空調(diào)室內(nèi)機(jī)的噪音不能大于40dB，室外機(jī)噪音不能大于52dB，這是根據(jù)聲音的（選填“音調(diào)”、“響度”、“音色”）制定空調(diào)噪音標(biāo)準(zhǔn)的。4．（2分）如圖，為某透鏡成像的一種情況，其中AB是物體，MN是AB的像，試在圖上的適當(dāng)位置畫(huà)上合適的透鏡，并大致標(biāo)出其焦點(diǎn)的位置。5．（2分）圖中螺線管由銅絲繞制，通電后螺線管有自由電子定向移動(dòng)方向如圖，則通電螺線管的（選填“左”或“右”）端是N極。6．（2分）如圖所示，斜面長(zhǎng)為s＝2m，高為h＝1m.裝卸工人用沿斜面向上的拉力F將重100N的貨物從斜面底端勻速拉到頂端，不計(jì)空氣阻力，斜面的機(jī)械效率為80%，貨物在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到斜面的摩擦力為N。7．（2分）如圖所示的電路中，R1＝15Ω，R2＝20Ω，閉合開(kāi)關(guān)后，電流表的示數(shù)為0.4A，通電100s，R2產(chǎn)生的熱量J。8．（2分）我們使用開(kāi)瓶器開(kāi)汽水瓶時(shí)（圖a），可以簡(jiǎn)化成如圖b這樣的杠桿，O為支點(diǎn)。若動(dòng)力F1和阻力F2，都與杠桿垂直，且AB：BO＝3：1，F(xiàn)2＝30N，則F1＝N。9．（2分）由我國(guó)自行研制開(kāi)發(fā)的實(shí)驗(yàn)裝置東方超環(huán)（EAST）被稱(chēng)為“人造太陽(yáng)”，該設(shè)備的加熱功率達(dá)到1.05×107W，在運(yùn)行100s的過(guò)程中最多能將10t水從20℃加熱到℃。10．（2分）如圖所示的A點(diǎn)是燈頭接導(dǎo)線的螺絲（燈絲完好），當(dāng)電路中的開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，站在地面上的人用手接觸電路中的A點(diǎn)（會(huì)/不會(huì)）觸電。二、選擇題（每題2分，共14分）11．（2分）關(guān)于內(nèi)能、熱量、溫度，下列說(shuō)法正確的是（）A．物體含有的熱量越多，具有的溫度就越高 B．1kg的水凝固成冰，它具有的內(nèi)能不變 C．熱量總是從高溫物體向低溫物體傳遞（或者從物體的高溫部分傳向低溫部分） D．一個(gè)物體的內(nèi)能增加了，它一定吸熱了12．（2分）初中物理知識(shí)的學(xué)習(xí)非常重要，請(qǐng)結(jié)合所學(xué)過(guò)的內(nèi)容，判斷下列說(shuō)法正確的是（）A．“5G技術(shù)”世界領(lǐng)先，該技術(shù)采用電磁波傳輸信息 B．拍打窗簾清除上面的浮灰，利用了窗簾的慣性 C．吸盤(pán)能牢牢吸在玻璃上，說(shuō)明分子間存在引力 D．磁感線上某一點(diǎn)的切線方向與放在該點(diǎn)的小碰針靜止時(shí)南極所指的方向相同13．（2分）如圖所示，小球沿軌道由靜止從A點(diǎn)向D點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中（小球和軌道間存在摩擦），下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．小球在A點(diǎn)的重力勢(shì)能最大 B．小球在B點(diǎn)的速度最大 C．小球在C點(diǎn)和B點(diǎn)的機(jī)械能相等 D．小球不能到達(dá)D點(diǎn)14．（2分）在探究凸透鏡成像規(guī)律的實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)蠟燭、凸透鏡、光屏位于如圖所示的位置時(shí)在光屏上呈現(xiàn)一個(gè)清晰的燭焰的像。下列說(shuō)法正確的的是（）A．蠟燭和光屏不動(dòng)，透鏡向右移動(dòng)到60cm處，可以在光屏上呈現(xiàn)縮小的像 B．此時(shí)成正立、放大的實(shí)像，與投影儀原理相同 C．透鏡適當(dāng)向右移動(dòng)，眼睛在光屏和透鏡間，可以通過(guò)透鏡看到正立的像 D．若在透鏡和蠟燭之間放遠(yuǎn)視鏡片，應(yīng)將光屏適當(dāng)右移，可再次出現(xiàn)清晰的像15．（2分）如圖所示，放在水平桌面上的物塊A與B用細(xì)線通過(guò)定滑輪與沙桶相連，當(dāng)沙桶與沙的總重力為G時(shí)，物塊A、B恰好一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中（忽略細(xì)線與滑輪之間的摩擦）。以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．物塊A受到的重力與桌面對(duì)物體A的支持力不是一對(duì)平衡力 B．如果所有力突然全部消失，物體B將保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài) C．物塊B受到水平向右的摩擦力 D．繼續(xù)向沙桶中加入沙子，物塊A受到桌面的滑動(dòng)摩擦力不變16．（2分）如圖所示的電路中，電源電壓恒為5V，燈泡標(biāo)有“2.5V1.25W”字樣，滑動(dòng)變阻器的規(guī)格為“20Ω1A”，電壓表（量程0﹣3V）和電流表（量程0﹣0.6A）。閉合開(kāi)關(guān)后，若要保證電路安全，不考慮燈絲電阻的變化，則下列說(shuō)法正確的是（）A．滑動(dòng)變阻器的電阻允許調(diào)節(jié)的范圍是5Ω～6Ω B．燈泡的最小功率為1W C．電流表示數(shù)的變化范圍是0.4A～0.5A D．整個(gè)電路的最大功率是3W17．（2分）如圖，小雨同學(xué)設(shè)計(jì)的監(jiān)測(cè)風(fēng)速變化的的裝置原理圖，通過(guò)連桿帶動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片P上下移動(dòng)，閉合開(kāi)關(guān)S，隨著風(fēng)速的改變，下列說(shuō)法正確的是（）A．當(dāng)風(fēng)速增大時(shí)，電壓表示數(shù)變小 B．當(dāng)風(fēng)速增大時(shí)，電壓表和電流表示數(shù)之比變大 C．當(dāng)風(fēng)速減小時(shí)，電流表示數(shù)變大 D．當(dāng)風(fēng)速減小時(shí)，電路消耗的總功率變大三、實(shí)驗(yàn)探究題（每空2分，共18分）18．（6分）為了模擬研究超載和超速帶來(lái)的安全隱患，小霞同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的探究實(shí)驗(yàn)：將A、B、C三個(gè)小球從同一裝置高度分別為hA、hB、hC的位置由靜止?jié)L下（mA＝mB＜mC，hA＝hC＞hB），推動(dòng)小木塊運(yùn)動(dòng)一段距離后停止，根據(jù)生活經(jīng)驗(yàn)和所學(xué)的物理探究方法，回答：（1）在甲、丙兩圖所示的實(shí)驗(yàn)中，A、C兩球剛滾到水平面時(shí)的速度（選填“相等”或“不相等”）。（2）用來(lái)研究超速帶來(lái)的安全隱患時(shí)，小霞應(yīng)選擇兩圖所示的實(shí)驗(yàn)進(jìn)行比較。（3）后來(lái)小霞分別用B球和C球?qū)椥韵嗤膹椈蓧嚎s到相同程度后再放手，如圖丁所示，則兩球離開(kāi)彈簧時(shí)的速度（選填“相等”或“不相等”）。19．（6分）“新冠”疫情期間，為了測(cè)量日常使用的某消毒液的密度，小米同學(xué)設(shè)計(jì)以下實(shí)驗(yàn)：（1）取出天平，發(fā)現(xiàn)天平的指針如圖1所示，此時(shí)她應(yīng)該將平衡螺母向（選填“左”或“右”）調(diào)，直到指針指在分度盤(pán)中間。（2）實(shí)驗(yàn)步驟：先用天平測(cè)出燒杯的質(zhì)量m1，再向燒杯中倒入適量消毒液，用天平測(cè)燒杯和酸奶的總質(zhì)量m2，最后將燒杯中消毒液倒入量筒，測(cè)其體積V。實(shí)驗(yàn)時(shí)測(cè)得空燒杯質(zhì)量為38g，則消毒液的密度是kg/m3。（3）同伴小明認(rèn)為不需要量筒也能測(cè)出消毒液的密度。他設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)操作方案：①調(diào)好天平，用天平測(cè)出空燒杯質(zhì)量為m0；②在燒杯中倒入適量的水，在水面處做好標(biāo)記，用天平測(cè)出燒杯和水的總質(zhì)量為m1；③把燒杯中的水倒掉，加入消毒液至標(biāo)記處，用天平測(cè)出燒杯和消毒液的總質(zhì)量為m2；④則消毒液的密度表達(dá)式ρ＝（已知水的密度為ρ水）。20．（6分）實(shí)驗(yàn)室常用的小燈泡，其銘牌上標(biāo)有“2.5V”，小王同學(xué)想通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量出該燈泡的額定功率，設(shè)計(jì)了如圖所示。（1）實(shí)驗(yàn)原理。（2）正確連接好電路后，閉合開(kāi)關(guān)發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮，接下來(lái)最合理的實(shí)驗(yàn)操作是。A、斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，換用不同規(guī)格的小燈泡，進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。B、先觀察電流表和電壓表是否有示數(shù)。如果電流表無(wú)示數(shù)，電壓表有很大示數(shù)，則應(yīng)將電壓表?yè)Q接為0﹣15V量程。C、先觀察電流表和電壓表是否有示數(shù)。如果電流表有示數(shù)，電壓表示數(shù)為0，則應(yīng)向左移動(dòng)滑片，直到電壓表示數(shù)為2.5V。D、先觀察電流表和電壓表是否有示數(shù)。如果電流表和電壓表均有示數(shù)，則應(yīng)向左移動(dòng)滑片，觀察燈泡能否發(fā)光。（3）誤差分析：考慮到電表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，因此，利用本實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量的燈絲電阻其真實(shí)值。（選填“大于”“等于”或“小于”）四、計(jì)算題（第21題5分，第22題6分，第23題7分，共18分）21．（5分）圖示為某種型號(hào)的剪叉式高空作業(yè)平臺(tái)。這臺(tái)機(jī)器利用起升電機(jī)升降作業(yè)平臺(tái)，方便工人高空作業(yè)。該機(jī)器的部分?jǐn)?shù)據(jù)如表所示。求：（1）這臺(tái)機(jī)器空載且靜止時(shí)，對(duì)水平地面的壓強(qiáng)是多大？（2）起升電機(jī)以額定功率工作時(shí)，將總重為1000N的人和作業(yè)工具以0.2m/s的速度舉高8m。該機(jī)器的機(jī)械效率是多少？（3）請(qǐng)寫(xiě)出一條，此類(lèi)機(jī)器機(jī)械效率一般較低的主要原因。整機(jī)質(zhì)量（空載）kg3200安全工作載荷/kg200起升電機(jī)額定電壓/V24起升電機(jī)額定功率/kW4.0輪胎接地總面積/m20.0822．（6分）實(shí)驗(yàn)中，對(duì)于一些阻值很小的電阻，用伏安法直接測(cè)量較困難，可以采用兩個(gè)電流表來(lái)測(cè)量，在進(jìn)行測(cè)量時(shí)，把電流表看成能顯示其通過(guò)電流的小電阻，如圖所示，這是一種測(cè)量小電阻的方法。已知電源電壓不變，電流表A1、A2的內(nèi)阻均為0.4Ω，分度值均為0.1A，通過(guò)A1的電流為1.2A，通過(guò)A2的電流為1.5A。求：（1）電流表A2兩端電壓；（2）待測(cè)電阻Rx的阻值；（3）請(qǐng)通過(guò)計(jì)算分析說(shuō)明，用此電路不能準(zhǔn)確測(cè)出阻值為50Ω的電阻。23．（7分）如圖所示，底面積為100cm2的長(zhǎng)方形容器里盛滿(mǎn)水，將個(gè)底部粗糙的金屬碗放在容器中的水面上（金屬碗厚度不計(jì)），水溢出一部分。將金屬碗取出，水面下降了5cm，再將金屬碗沉入水中，靜止在容器底部，水面又上升了2cm。（已知ρ水＝1×103kg/m3），求：（1）金屬碗的密度；（2）金屬碗漂浮在水面和沉入水底時(shí)，水對(duì)容器底部的壓強(qiáng)變化量；（3）金屬碗靜止在容器底部時(shí)，容器對(duì)金屬碗的支持力。

2024年安徽省合肥四十五中中考物理模擬試卷參考答案與試題解析一、填空題（每空2分，共20分）1．（2分）如圖物體A的長(zhǎng)度為1.30cm?！痉治觥坑每潭瘸邷y(cè)量物體長(zhǎng)度時(shí)，若未從零刻度線量起，則物體的長(zhǎng)度為物體末端讀數(shù)減去起始端讀數(shù)。【解答】解：如圖所示物體A未從刻度尺的零刻度線量起，則物體的長(zhǎng)度為物體末端讀數(shù)減去起始端讀數(shù)，即物體長(zhǎng)度L＝7.30cm﹣6.00cm＝1.30cm。故答案為：1.30cm?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查長(zhǎng)度的測(cè)量基本知識(shí)。2．（2分）炒酸奶的制作過(guò)程蘊(yùn)含著物理原理，液態(tài)的酸奶混合水果倒在低溫操作臺(tái)面上短時(shí)間內(nèi)凝固（填物態(tài)變化名稱(chēng)）成固態(tài)酸奶，入口酸甜?！痉治觥课镔|(zhì)從液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固，凝固放熱。【解答】解：由“液態(tài)的酸奶……成固態(tài)酸奶”知，此過(guò)程酸奶由液態(tài)變成固態(tài)，所以屬于凝固過(guò)程。故答案為：凝固?！军c(diǎn)評(píng)】此題考查了生活中的物態(tài)變化現(xiàn)象，是一道聯(lián)系實(shí)際的應(yīng)用題，體現(xiàn)了物理知識(shí)與日常生活的密切關(guān)系。3．（2分）國(guó)家規(guī)定空調(diào)室內(nèi)機(jī)的噪音不能大于40dB，室外機(jī)噪音不能大于52dB，這是根據(jù)聲音的響度（選填“音調(diào)”、“響度”、“音色”）制定空調(diào)噪音標(biāo)準(zhǔn)的?！痉治觥柯曇舻膹?qiáng)弱叫響度。物理學(xué)中，我們以分貝為單位來(lái)表示聲音強(qiáng)弱的等級(jí)?！窘獯稹拷猓篸B是響度的單位，反映的是發(fā)聲體發(fā)出聲音響度的大小。故答案為：響度。【點(diǎn)評(píng)】此題考查了噪聲的計(jì)量單位，是一道聯(lián)系實(shí)際的應(yīng)用題，難度不大。4．（2分）如圖，為某透鏡成像的一種情況，其中AB是物體，MN是AB的像，試在圖上的適當(dāng)位置畫(huà)上合適的透鏡，并大致標(biāo)出其焦點(diǎn)的位置?！痉治觥坷眠^(guò)光心的光線的傳播方向不變，先確定出凸透鏡的位置，再由“平行于主光軸的光線經(jīng)凸透鏡折射后過(guò)焦點(diǎn)，過(guò)焦點(diǎn)的光線經(jīng)凸透鏡折射后，將平行于主光軸”確定焦點(diǎn)的位置?！窘獯稹拷猓骸军c(diǎn)評(píng)】本題考查了凸透鏡對(duì)特殊光線的折射作用來(lái)確定凸透鏡的位置和焦點(diǎn)的位置。注意凸透鏡成虛像時(shí)，應(yīng)是平行于主光軸的光線經(jīng)凸透鏡折射后的反射延長(zhǎng)線過(guò)焦點(diǎn)，過(guò)焦點(diǎn)的光線經(jīng)凸透鏡折射后的折射光線平行于主光軸，且反向延長(zhǎng)線過(guò)像點(diǎn)。5．（2分）圖中螺線管由銅絲繞制，通電后螺線管有自由電子定向移動(dòng)方向如圖，則通電螺線管的左（選填“左”或“右”）端是N極。【分析】金屬導(dǎo)體中電流的方向和自由電子的定向移動(dòng)方向相反，判斷電流方向，根據(jù)安培定則判斷螺線管的磁極。【解答】解：由圖可知，自由電子由螺線管的左端進(jìn)入，因?yàn)榻饘賹?dǎo)體中電流方向和自由電子的定向移動(dòng)方向相反，所以螺線管的電流從右端進(jìn)入，從左端流出，根據(jù)安培定則，用右手握住螺線管，使四指指向電流方向，則大拇指所指的左端為螺線管的N極。故答案為：左?！军c(diǎn)評(píng)】會(huì)運(yùn)用安培定則判斷螺線管的電流方向與極性的關(guān)系，同時(shí)知道金屬導(dǎo)體中電流方向和自由電子的定向移動(dòng)方向相反是解答的關(guān)鍵。6．（2分）如圖所示，斜面長(zhǎng)為s＝2m，高為h＝1m.裝卸工人用沿斜面向上的拉力F將重100N的貨物從斜面底端勻速拉到頂端，不計(jì)空氣阻力，斜面的機(jī)械效率為80%，貨物在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到斜面的摩擦力為12.5N?！痉治觥坷肳＝Gh求所做的有用功，再利用η＝求拉力做的總功；額外功等于總功減去有用功，再利用W額＝fs求物體所受的摩擦力?！窘獯稹拷猓簩⒇浳飶男泵娴锥藙蛩倮巾敹?，所做的有用功：W有用＝Gh＝100N×1m＝100J，由η＝＝80%可得拉力做的總功：W總＝＝＝125J；（2）額外功：W額＝W總﹣W有＝125J﹣100J＝25J，由W額＝fs可得物體所受的摩擦力：f＝＝＝12.5N。故答案為：12.5。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了使用斜面時(shí)有用功、總功、摩擦力的計(jì)算，計(jì)算時(shí)注意拉力做的額外功等于克服摩擦力做的功。7．（2分）如圖所示的電路中，R1＝15Ω，R2＝20Ω，閉合開(kāi)關(guān)后，電流表的示數(shù)為0.4A，通電100s，R2產(chǎn)生的熱量180J。【分析】由電路圖可知，R1與R2并聯(lián)，電流表測(cè)量R1支路的電流；根據(jù)歐姆定律表示出兩支路兩端的電壓，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)得出等式即可求出通過(guò)電阻R2的電流；根據(jù)焦耳定律求出電流通過(guò)R2產(chǎn)生的熱量?！窘獯稹拷猓河呻娐穲D可知，R1與R2并聯(lián)，電流表測(cè)量R1支路的電流。并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，由I＝可得：U＝I1R1＝I2R2，即0.4A×15Ω＝I2×20Ω，解得：I2＝0.3A；電流通過(guò)R2產(chǎn)生的熱量：Q2＝I22R2t＝（0.3A）2×20Ω×100s＝180J。故答案為：180?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了并聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律、焦耳定律的靈活應(yīng)用，是一道較為簡(jiǎn)單的應(yīng)用題。8．（2分）我們使用開(kāi)瓶器開(kāi)汽水瓶時(shí)（圖a），可以簡(jiǎn)化成如圖b這樣的杠桿，O為支點(diǎn)。若動(dòng)力F1和阻力F2，都與杠桿垂直，且AB：BO＝3：1，F(xiàn)2＝30N，則F1＝7.5N?！痉治觥恳阎?jiǎng)恿?、?dòng)力臂和阻力臂，根據(jù)杠桿平衡的條件計(jì)算即可求得。【解答】解：AB：BO＝3：1，則：OB：OA＝1：4；由杠桿的平衡條件得：F1L1＝F2L2，則：F1×AO＝F2×BO，所以：F1＝＝30N×＝7.5N。故答案為：7.5。【點(diǎn)評(píng)】知道杠桿平衡的條件，并且會(huì)用杠桿平衡的條件計(jì)算力的大小和力臂的大小。9．（2分）由我國(guó)自行研制開(kāi)發(fā)的實(shí)驗(yàn)裝置東方超環(huán)（EAST）被稱(chēng)為“人造太陽(yáng)”，該設(shè)備的加熱功率達(dá)到1.05×107W，在運(yùn)行100s的過(guò)程中最多能將10t水從20℃加熱到45℃?！痉治觥扛鶕?jù)Q＝W＝Pt算出“人造太陽(yáng)”運(yùn)行100s時(shí)產(chǎn)生的熱量，若不計(jì)熱量損失，水吸收的熱量等于“人造太陽(yáng)”放出的熱量；根據(jù)Q＝cmΔt算出水升高的溫度，進(jìn)而算出水升高到的溫度。【解答】解：“人造太陽(yáng)”運(yùn)行100s時(shí)產(chǎn)生的熱量為：Q＝W＝Pt＝1.05×107W×100s＝1.05×109J；若不計(jì)熱量損失，水吸收的熱量等于“人造太陽(yáng)”放出的熱量，即Q吸＝Q＝1.05×109J；根據(jù)Q＝cmΔt知水升高的溫度為：Δt＝＝＝25℃，水升高到的溫度為：t＝t0+Δt＝20℃+25℃＝45℃。故答案為：45?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了電功公式和吸熱公式的應(yīng)用，是一道基礎(chǔ)題。10．（2分）如圖所示的A點(diǎn)是燈頭接導(dǎo)線的螺絲（燈絲完好），當(dāng)電路中的開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，站在地面上的人用手接觸電路中的A點(diǎn)不會(huì)（會(huì)/不會(huì)）觸電。【分析】人體直接或間接接觸火線會(huì)發(fā)生觸電事故；人直接接觸零線，不會(huì)發(fā)生觸電事故。【解答】解：當(dāng)電路中的開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，站在地面上的人用手接觸電路中的A點(diǎn)時(shí)，A點(diǎn)與零線相連，則人不會(huì)觸電。故答案為：不會(huì)?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了安全用電的常識(shí)；家庭電路中不但考慮用電器的使用性，更要考慮使用的安全性。二、選擇題（每題2分，共14分）11．（2分）關(guān)于內(nèi)能、熱量、溫度，下列說(shuō)法正確的是（）A．物體含有的熱量越多，具有的溫度就越高 B．1kg的水凝固成冰，它具有的內(nèi)能不變 C．熱量總是從高溫物體向低溫物體傳遞（或者從物體的高溫部分傳向低溫部分） D．一個(gè)物體的內(nèi)能增加了，它一定吸熱了【分析】（1）熱量是熱傳遞過(guò)程中所傳遞內(nèi)能的多少；（2）晶體的熔化（或凝固）過(guò)程，吸收（或放出）熱量，溫度不變；（3）發(fā)生熱傳遞的條件：存在溫度差；（4）改變物體內(nèi)能的兩種方法，做功和熱傳遞?！窘獯稹拷猓篈、熱量是過(guò)程量，不能說(shuō)物體含有的熱量，故A錯(cuò)誤；B、例如晶體的凝固過(guò)程，放出熱量，溫度不變，內(nèi)能減少，故B錯(cuò)誤；C、熱量總是從高溫物體向低溫物體傳遞，或者從物體的高溫部分傳向低溫部分，故C正確；D、物體的溫度升高，它可能吸收了熱量，也可能外界對(duì)物體做了功，故D錯(cuò)誤。故選：C。【點(diǎn)評(píng)】本題是一道熱學(xué)綜合題，主要考查學(xué)生對(duì)內(nèi)能、熱傳遞的條件及改變物體內(nèi)能方法的理解，是中考的熱點(diǎn)，熱學(xué)的難點(diǎn)。12．（2分）初中物理知識(shí)的學(xué)習(xí)非常重要，請(qǐng)結(jié)合所學(xué)過(guò)的內(nèi)容，判斷下列說(shuō)法正確的是（）A．“5G技術(shù)”世界領(lǐng)先，該技術(shù)采用電磁波傳輸信息 B．拍打窗簾清除上面的浮灰，利用了窗簾的慣性 C．吸盤(pán)能牢牢吸在玻璃上，說(shuō)明分子間存在引力 D．磁感線上某一點(diǎn)的切線方向與放在該點(diǎn)的小碰針靜止時(shí)南極所指的方向相同【分析】（1）電磁波能傳遞信息，現(xiàn)代通信技術(shù)都是利用了電磁波這一性質(zhì)；（2）拍打窗簾可以清除上面的浮灰，是利用了浮灰的慣性；（3）吸盤(pán)吸在光滑的玻璃上，是利用了大氣壓的作用；（4）我們通常用磁感線來(lái)描述磁場(chǎng)，磁感線上某一點(diǎn)的切線方向與放在該點(diǎn)的小碰針靜止時(shí)北極所指的方向相同?！窘獯稹拷猓篈、電磁波能傳遞信息，現(xiàn)代通信技術(shù)都是利用了電磁波這一性質(zhì)，“5G技術(shù)”也是采用電磁波傳輸信息的，故A正確；B、我們拍打窗簾時(shí)，窗簾振動(dòng)，浮灰由于有慣性要保持原來(lái)的靜止?fàn)顟B(tài)，這樣二者分離，這是利用了浮灰的慣性從而達(dá)到清除浮灰的目的，故B錯(cuò)誤；C、我們把吸盤(pán)擠壓在光滑的玻璃上，排出吸盤(pán)內(nèi)的空氣，當(dāng)吸盤(pán)內(nèi)的氣壓小于外面大氣壓時(shí)，吸盤(pán)就在大氣壓的作用下吸在玻璃上了，故C錯(cuò)誤；D、我們通常用磁感線來(lái)描述磁場(chǎng)，并規(guī)定：磁感線上某一點(diǎn)的切線方向與放在該點(diǎn)的小碰針靜止時(shí)北極所指的方向相同，故D正確。故選：A。【點(diǎn)評(píng)】本題綜合考查電磁波的應(yīng)用、慣性的利用、大氣壓的應(yīng)用、磁場(chǎng)的描述等基礎(chǔ)知識(shí)，難度不大。13．（2分）如圖所示，小球沿軌道由靜止從A點(diǎn)向D點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中（小球和軌道間存在摩擦），下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．小球在A點(diǎn)的重力勢(shì)能最大 B．小球在B點(diǎn)的速度最大 C．小球在C點(diǎn)和B點(diǎn)的機(jī)械能相等 D．小球不能到達(dá)D點(diǎn)【分析】（1）動(dòng)能大小的影響因素：質(zhì)量和速度，質(zhì)量越大，速度越大，動(dòng)能越大。（2）重力勢(shì)能大小的影響因素：質(zhì)量和高度，質(zhì)量越大，高度越高，重力勢(shì)能越大。【解答】解：A、小球在A時(shí)，高度最高，重力勢(shì)能最大，速度增大，動(dòng)能增大，由于存在摩擦，減小的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能和內(nèi)能；故A正確。B、小球在B時(shí)，小球的質(zhì)量不變，高度最小，勢(shì)能最小，動(dòng)能最大，速度最大，故B正確；C、小球和軌道間存在摩擦，小球需要克服摩擦做功，故小球從B點(diǎn)到C點(diǎn)的機(jī)械能減小，故C錯(cuò)誤；D、因?yàn)樾∏蛐枰朔Σ磷龉?，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中有一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故小球不能到達(dá)D點(diǎn)，故D正確。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了影響動(dòng)能和勢(shì)能大小的因素以及能量的轉(zhuǎn)化知識(shí)的應(yīng)用，知道動(dòng)能和重力勢(shì)能之間的相互轉(zhuǎn)化是解決該題的關(guān)鍵。14．（2分）在探究凸透鏡成像規(guī)律的實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)蠟燭、凸透鏡、光屏位于如圖所示的位置時(shí)在光屏上呈現(xiàn)一個(gè)清晰的燭焰的像。下列說(shuō)法正確的的是（）A．蠟燭和光屏不動(dòng)，透鏡向右移動(dòng)到60cm處，可以在光屏上呈現(xiàn)縮小的像 B．此時(shí)成正立、放大的實(shí)像，與投影儀原理相同 C．透鏡適當(dāng)向右移動(dòng)，眼睛在光屏和透鏡間，可以通過(guò)透鏡看到正立的像 D．若在透鏡和蠟燭之間放遠(yuǎn)視鏡片，應(yīng)將光屏適當(dāng)右移，可再次出現(xiàn)清晰的像【分析】（1）在光的折射現(xiàn)象中光路是可逆；（2）凸透鏡成實(shí)像時(shí)，u＞v，成倒立、縮小的實(shí)像，應(yīng)用于照相機(jī)和攝像機(jī)；u＜v，成倒立、放大的實(shí)像，應(yīng)用于幻燈機(jī)和投影儀；（3）當(dāng)u＜f時(shí)，成正立放大的虛像；（4）近視眼鏡的鏡片是凹透鏡，凸透鏡對(duì)光線有會(huì)聚作用，凹透鏡對(duì)光線有發(fā)散作用?！窘獯稹拷猓篈B.物距u＝50.0cm﹣30.0cm＝20.0cm，像距v＝80.0cm﹣50.0cm＝30.0cm，物距小于像距，凸透鏡成倒立放大的實(shí)像，與投影儀原理相同，因?yàn)樵诠獾恼凵洮F(xiàn)象中光路是可逆，蠟燭和光屏不動(dòng)，將凸透鏡移至60cm刻度線處，物距等于30cm，像距等于20cm時(shí)，可以在光屏上呈現(xiàn)縮小的像，故A正確，B錯(cuò)誤；C.透鏡右移，物距大于焦距，不能成正立、放大的虛像，眼睛在光屏和透鏡間，通過(guò)透鏡不能看到正立的像，故C錯(cuò)誤；D.若在透鏡和蠟燭之間放一遠(yuǎn)視鏡片，遠(yuǎn)視眼鏡是凸透鏡，對(duì)光有會(huì)聚作用，折射光線提前會(huì)聚，光屏要適當(dāng)左移可再次出現(xiàn)清晰的像，故D錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了凸透鏡成像規(guī)律及特點(diǎn)的應(yīng)用，理解凸透鏡成像的規(guī)律是關(guān)鍵。15．（2分）如圖所示，放在水平桌面上的物塊A與B用細(xì)線通過(guò)定滑輪與沙桶相連，當(dāng)沙桶與沙的總重力為G時(shí)，物塊A、B恰好一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中（忽略細(xì)線與滑輪之間的摩擦）。以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．物塊A受到的重力與桌面對(duì)物體A的支持力不是一對(duì)平衡力 B．如果所有力突然全部消失，物體B將保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài) C．物塊B受到水平向右的摩擦力 D．繼續(xù)向沙桶中加入沙子，物塊A受到桌面的滑動(dòng)摩擦力不變【分析】（1）二力平衡的條件是：作用在同一物體上的兩個(gè)力，如果大小相等，方向相反，并且在一條直線上；（2）根據(jù)牛頓第一定律的知識(shí)進(jìn)行分析，一個(gè)物體不受任何外力，將保持原來(lái)的靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；（3）摩擦力的方向與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)或相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)的方向相反；（4）影響滑動(dòng)摩擦力大小的因素是壓力大小和接觸面的粗糙程度?！窘獯稹拷猓篈、桌面對(duì)物體A的支持力等于A、B的重力之和，所以物塊A受到的重力與桌面對(duì)物體A支持力的大小不等，二力不是一對(duì)平衡力，故A正確；B、原來(lái)物塊A、B一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)，如果所有力突然全部消失，根據(jù)牛頓第一定律可知，物體B將保持原來(lái)的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確；C、物塊A、B恰好一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，A、B之間沒(méi)有相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，B不受摩擦力，故C錯(cuò)誤；D、繼續(xù)向沙桶中加入沙子，由于物塊A、B對(duì)桌面的壓力大小和接觸面的粗糙程度都不變，所以物塊A受到的滑動(dòng)摩擦力不變，故D正確。故選：C。【點(diǎn)評(píng)】此題考查平衡力的辨別、摩擦力大小的影響因素以及牛頓第一定律，是一道綜合題。16．（2分）如圖所示的電路中，電源電壓恒為5V，燈泡標(biāo)有“2.5V1.25W”字樣，滑動(dòng)變阻器的規(guī)格為“20Ω1A”，電壓表（量程0﹣3V）和電流表（量程0﹣0.6A）。閉合開(kāi)關(guān)后，若要保證電路安全，不考慮燈絲電阻的變化，則下列說(shuō)法正確的是（）A．滑動(dòng)變阻器的電阻允許調(diào)節(jié)的范圍是5Ω～6Ω B．燈泡的最小功率為1W C．電流表示數(shù)的變化范圍是0.4A～0.5A D．整個(gè)電路的最大功率是3W【分析】由電路圖可知，閉合開(kāi)關(guān)后，燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表V1測(cè)燈泡兩端的電壓，電壓表V2測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流。由P＝UI＝可得燈泡的電阻，根據(jù)歐姆定律可得出燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流。（1）電路中的電流最大時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最小，此最大電流等于燈泡正常發(fā)光的電流，此時(shí)燈泡兩端電壓為2.5V，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律可得出此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的最小阻值；（2）電源電壓不變，根據(jù)P＝UI可知電路中電流最大時(shí)，總功率最大，據(jù)此得出電路的最大功率；（3）電壓表V2的示數(shù)為3V時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值最大，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可得出此時(shí)燈泡兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律得出電路中的最小電流和滑動(dòng)變阻器接入電路的最大阻值；據(jù)此可得出故滑動(dòng)變阻器的電阻允許調(diào)節(jié)的范圍和電流表示數(shù)的變化范圍；（4）電路中電流最小時(shí)，根據(jù)P＝I2R可得出燈泡的最小功率?！窘獯稹拷猓河呻娐穲D可知，閉合開(kāi)關(guān)后，燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表V1測(cè)燈泡兩端的電壓，電壓表V2測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流。由P＝UI＝可得，燈泡的電阻：RL＝＝＝5Ω，燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流IL＝＝＝0.5A。（1）電路中的電流最大時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最小，此最大電流等于燈泡正常發(fā)光的電流0.5A，此時(shí)燈泡兩端電壓為2.5V，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知滑動(dòng)變阻器兩端的電壓U2＝5V﹣2.5V＝2.5V，此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為R滑?。剑剑?Ω；電源電壓不變，根據(jù)P＝UI可知電路的總功率最大，為P總＝UI＝5V×0.5A＝2.5W，故D錯(cuò)誤；（2）電壓表V2的示數(shù)為3V時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值最大，此時(shí)燈泡兩端的電壓UL′＝5V﹣3V＝2V，電路中的電流I′＝＝＝0.4A，則滑動(dòng)變阻器接入電路的最大值R滑大＝＝＝7.5Ω，故滑動(dòng)變阻器的電阻允許調(diào)節(jié)的范圍是5Ω～7.5Ω，故A錯(cuò)誤；電流表示數(shù)的變化范圍是0.4A～0.5A，故C正確；燈泡的最小功率PL?。絀′2RL＝（0.4A）2×5Ω＝0.8W，故B錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查歐姆定律的應(yīng)用。串聯(lián)電路的特點(diǎn)進(jìn)而電功率的計(jì)算等問(wèn)題，有一定難度。17．（2分）如圖，小雨同學(xué)設(shè)計(jì)的監(jiān)測(cè)風(fēng)速變化的的裝置原理圖，通過(guò)連桿帶動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片P上下移動(dòng)，閉合開(kāi)關(guān)S，隨著風(fēng)速的改變，下列說(shuō)法正確的是（）A．當(dāng)風(fēng)速增大時(shí)，電壓表示數(shù)變小 B．當(dāng)風(fēng)速增大時(shí)，電壓表和電流表示數(shù)之比變大 C．當(dāng)風(fēng)速減小時(shí)，電流表示數(shù)變大 D．當(dāng)風(fēng)速減小時(shí)，電路消耗的總功率變大【分析】閉合開(kāi)關(guān)S，R1和R2串聯(lián)，電流表串聯(lián)在電路中，測(cè)串聯(lián)電路中的電流，電壓表并聯(lián)在R2兩端，測(cè)量R2的電壓；根據(jù)流體壓強(qiáng)與流速關(guān)系，流速越大，壓強(qiáng)越小，當(dāng)風(fēng)速增大，機(jī)翼狀的探頭上下表面的壓強(qiáng)不同，下表面壓強(qiáng)小于上表面壓強(qiáng)，裝置會(huì)向下移動(dòng)，連桿帶動(dòng)滑片P向下移動(dòng)；當(dāng)風(fēng)速減小，機(jī)翼狀的探頭上下表面的壓強(qiáng)差減小，裝置會(huì)向上移動(dòng)，連桿帶動(dòng)滑片P向上移動(dòng)?！窘獯稹拷猓洪]合開(kāi)關(guān)S，R1和R2串聯(lián)，電流表串聯(lián)在電路中，測(cè)串聯(lián)電路中的電流，電壓表并聯(lián)在R2兩端，測(cè)量R2的電壓；A、當(dāng)風(fēng)速增大，機(jī)翼狀的探頭上下表面的壓強(qiáng)不同，下表面壓強(qiáng)小于上表面壓強(qiáng)，裝置會(huì)向下移動(dòng)，連桿帶動(dòng)滑片P向下移動(dòng)，R2阻值減小，根據(jù)串聯(lián)電路分壓原理，電壓表示數(shù)變小，故A正確；B、當(dāng)風(fēng)速增大，機(jī)翼狀的探頭上下表面的壓強(qiáng)不同，下表面壓強(qiáng)小于上表面壓強(qiáng)，裝置會(huì)向下移動(dòng)，連桿帶動(dòng)滑片P向下移動(dòng)，R2阻值減小，電壓表和電流表示數(shù)之比為R2的阻值，所以變小，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)風(fēng)速減小，機(jī)翼狀的探頭上下表面的壓強(qiáng)差減小，裝置會(huì)向上移動(dòng)，連桿帶動(dòng)滑片P向上移動(dòng)，R2阻值變大，串聯(lián)電路總電阻變大，而總電壓不變，根據(jù)歐姆定律，電流表示數(shù)變小，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)風(fēng)速減小，機(jī)翼狀的探頭上下表面的壓強(qiáng)差減小，裝置會(huì)向上移動(dòng)，連桿帶動(dòng)滑片P向上移動(dòng)，R2阻值變大，電路中電流變小，總電壓不變，根據(jù)P＝UI，電路消耗的總功率變小，故D錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了電路的動(dòng)態(tài)分析，要重點(diǎn)掌握歐姆定律、電功率以及流體壓強(qiáng)的知識(shí)點(diǎn)。三、實(shí)驗(yàn)探究題（每空2分，共18分）18．（6分）為了模擬研究超載和超速帶來(lái)的安全隱患，小霞同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的探究實(shí)驗(yàn)：將A、B、C三個(gè)小球從同一裝置高度分別為hA、hB、hC的位置由靜止?jié)L下（mA＝mB＜mC，hA＝hC＞hB），推動(dòng)小木塊運(yùn)動(dòng)一段距離后停止，根據(jù)生活經(jīng)驗(yàn)和所學(xué)的物理探究方法，回答：（1）在甲、丙兩圖所示的實(shí)驗(yàn)中，A、C兩球剛滾到水平面時(shí)的速度相等（選填“相等”或“不相等”）。（2）用來(lái)研究超速帶來(lái)的安全隱患時(shí)，小霞應(yīng)選擇甲、乙兩圖所示的實(shí)驗(yàn)進(jìn)行比較。（3）后來(lái)小霞分別用B球和C球?qū)椥韵嗤膹椈蓧嚎s到相同程度后再放手，如圖丁所示，則兩球離開(kāi)彈簧時(shí)的速度不相等（選填“相等”或“不相等”）。【分析】（1）實(shí)驗(yàn)中為使小球運(yùn)動(dòng)到水平面時(shí)的速度相同，讓小球從同一高度處由靜止?jié)L下；（2）動(dòng)能大小的影響因素：質(zhì)量和速度；質(zhì)量一定時(shí)，速度越大，動(dòng)能越大；（3）小球的動(dòng)能相同，質(zhì)量不同，速度不同?！窘獯稹拷猓海?）小球從同一高度釋放，運(yùn)動(dòng)到水平面時(shí)，它們的速度相等；（2）超速是指汽車(chē)的質(zhì)量一定，速度越大，動(dòng)能越大。選擇質(zhì)量相等到達(dá)水平面速度不同的A、B小球，即采用甲、乙兩圖實(shí)驗(yàn)。（3）用B球和C球?qū)椈蓧嚎s到相同程度，彈簧的彈性勢(shì)能相同，轉(zhuǎn)化成的動(dòng)能相同，兩小球的質(zhì)量不同，所以速度不同。故答案為：（1）相等；（2）甲、乙；（3）不相等。【點(diǎn)評(píng)】用控制變量法研究動(dòng)能大小的影響因素，用轉(zhuǎn)換法表示動(dòng)能的大小；采用控制變量法研究實(shí)驗(yàn)時(shí)，一定注意相同因素和不同因素。19．（6分）“新冠”疫情期間，為了測(cè)量日常使用的某消毒液的密度，小米同學(xué)設(shè)計(jì)以下實(shí)驗(yàn)：（1）取出天平，發(fā)現(xiàn)天平的指針如圖1所示，此時(shí)她應(yīng)該將平衡螺母向右（選填“左”或“右”）調(diào)，直到指針指在分度盤(pán)中間。（2）實(shí)驗(yàn)步驟：先用天平測(cè)出燒杯的質(zhì)量m1，再向燒杯中倒入適量消毒液，用天平測(cè)燒杯和酸奶的總質(zhì)量m2，最后將燒杯中消毒液倒入量筒，測(cè)其體積V。實(shí)驗(yàn)時(shí)測(cè)得空燒杯質(zhì)量為38g，則消毒液的密度是1.01×103kg/m3。（3）同伴小明認(rèn)為不需要量筒也能測(cè)出消毒液的密度。他設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)操作方案：①調(diào)好天平，用天平測(cè)出空燒杯質(zhì)量為m0；②在燒杯中倒入適量的水，在水面處做好標(biāo)記，用天平測(cè)出燒杯和水的總質(zhì)量為m1；③把燒杯中的水倒掉，加入消毒液至標(biāo)記處，用天平測(cè)出燒杯和消毒液的總質(zhì)量為m2；④則消毒液的密度表達(dá)式ρ＝ρ水（已知水的密度為ρ水）。【分析】（1）天平調(diào)平時(shí)遵循“左偏右旋、右偏左旋”；（2）燒杯和剩余消毒液的質(zhì)量等于砝碼的質(zhì)量和游碼在標(biāo)尺上對(duì)應(yīng)的刻度值之和，量筒中消毒液的體積等于消毒液面對(duì)應(yīng)的刻度值，求出量筒中消毒液的質(zhì)量，最后根據(jù)密度公式求出消毒液的密度；（3）只有天平，沒(méi)有量筒，可以利用等體積的水和消毒液，稱(chēng)量水和消毒液的質(zhì)量，根據(jù)體積相等列出等式求出消毒液的密度?！窘獯稹拷猓海?）甲圖指針偏向左邊，應(yīng)當(dāng)向右調(diào)節(jié)平衡螺母，直到天平橫梁水平平衡；（2）量筒中消毒液的體積：V＝40mL＝40cm3，燒杯和剩余消毒液的質(zhì)量：m2＝50g+20g+10g+1.4g＝81.4g，量筒中消毒液的質(zhì)量：m＝m1﹣m2＝81.4g﹣41g＝40.4g，消毒液的密度：ρ＝＝＝1.01g/cm3＝1.01×103kg/m3；（3）沒(méi)有量筒，用天平也能測(cè)量出消毒液的密度：水的質(zhì)量為：m水＝m1﹣m0，由ρ＝可得水的體積為：V＝＝，消毒液的質(zhì)量為：m消毒液＝m2﹣m0，燒杯內(nèi)水的體積等于消毒液的體積，則消毒液的密度表達(dá)式為：ρ＝＝＝?ρ水。故答案為：（1）右；（2）1.01×103；（3）ρ水。【點(diǎn)評(píng)】測(cè)量液體密度時(shí)，只有天平?jīng)]有量筒，可以采用消毒液和水的體積相同進(jìn)行測(cè)量。消毒液體積的測(cè)量是本實(shí)驗(yàn)的難點(diǎn)，巧妙地利用等效替代法，是解決此題的關(guān)鍵。20．（6分）實(shí)驗(yàn)室常用的小燈泡，其銘牌上標(biāo)有“2.5V”，小王同學(xué)想通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量出該燈泡的額定功率，設(shè)計(jì)了如圖所示。（1）實(shí)驗(yàn)原理P＝UI。（2）正確連接好電路后，閉合開(kāi)關(guān)發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮，接下來(lái)最合理的實(shí)驗(yàn)操作是D。A、斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，換用不同規(guī)格的小燈泡，進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。B、先觀察電流表和電壓表是否有示數(shù)。如果電流表無(wú)示數(shù)，電壓表有很大示數(shù)，則應(yīng)將電壓表?yè)Q接為0﹣15V量程。C、先觀察電流表和電壓表是否有示數(shù)。如果電流表有示數(shù)，電壓表示數(shù)為0，則應(yīng)向左移動(dòng)滑片，直到電壓表示數(shù)為2.5V。D、先觀察電流表和電壓表是否有示數(shù)。如果電流表和電壓表均有示數(shù)，則應(yīng)向左移動(dòng)滑片，觀察燈泡能否發(fā)光。（3）誤差分析：考慮到電表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，因此，利用本實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量的燈絲電阻小于其真實(shí)值。（選填“大于”“等于”或“小于”）【分析】（1）實(shí)驗(yàn)原理：P＝UI；（2）閉合開(kāi)關(guān)S，發(fā)現(xiàn)小燈泡L不亮，可能是電路總電阻太大，電路電流太小，正確的實(shí)驗(yàn)操作是：移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，繼續(xù)實(shí)驗(yàn)，觀察燈泡是否發(fā)光；（3）根據(jù)電路圖進(jìn)行分析，明確電表內(nèi)阻的影響，從而明確誤差情況。【解答】解：（1）實(shí)驗(yàn)原理：P＝UI；（2）連好電路，將滑動(dòng)變阻器的滑片滑到最大阻值處，閉合開(kāi)關(guān)S，發(fā)現(xiàn)小燈泡L不亮。接下來(lái)，最合理的做法是：先觀察電流表和電壓表是否有示數(shù)，如果電流表和電壓表均有示數(shù)，說(shuō)明電路沒(méi)有斷路，則應(yīng)向左移動(dòng)滑片，觀察燈泡能否發(fā)光，故D正確；（3）圖中采用的是電流表外接法，由于電壓表的分流導(dǎo)致電流表的示數(shù)偏大，根據(jù)R＝知利用本實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量的燈絲電阻小于其真實(shí)值。故答案為：（1）P＝UI；（2）D；（3）小于?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了滑動(dòng)變阻器的使用以及誤差分析，其中第一問(wèn)是測(cè)電功率實(shí)驗(yàn)中?？嫉膯?wèn)題。四、計(jì)算題（第21題5分，第22題6分，第23題7分，共18分）21．（5分）圖示為某種型號(hào)的剪叉式高空作業(yè)平臺(tái)。這臺(tái)機(jī)器利用起升電機(jī)升降作業(yè)平臺(tái)，方便工人高空作業(yè)。該機(jī)器的部分?jǐn)?shù)據(jù)如表所示。求：（1）這臺(tái)機(jī)器空載且靜止時(shí)，對(duì)水平地面的壓強(qiáng)是多大？（2）起升電機(jī)以額定功率工作時(shí)，將總重為1000N的人和作業(yè)工具以0.2m/s的速度舉高8m。該機(jī)器的機(jī)械效率是多少？（3）請(qǐng)寫(xiě)出一條，此類(lèi)機(jī)器機(jī)械效率一般較低的主要原因。整機(jī)質(zhì)量（空載）kg3200安全工作載荷/kg200起升電機(jī)額定電壓/V24起升電機(jī)額定功率/kW4.0輪胎接地總面積/m20.08【分析】（1）這臺(tái)機(jī)器空載且靜止時(shí)，對(duì)水平地面的壓力和自身的重力相等，根據(jù)F＝G＝mg求出其大小，利用p＝求出對(duì)水平地面的壓強(qiáng)；（2）根據(jù)W＝Gh求出該機(jī)器做的有用功，利用v＝求出該機(jī)器工作的時(shí)間，根據(jù)P＝求出起升電機(jī)做的總功，利用η＝×100%求出機(jī)器的機(jī)械效率；（3）根據(jù)η＝×100%＝×100%分析此類(lèi)機(jī)器機(jī)械效率一般較低的主要原因?！窘獯稹拷猓海?）這臺(tái)機(jī)器空載且靜止時(shí)，對(duì)水平地面的壓力：F＝G＝mg＝3200kg×10N/kg＝3.2×104N，對(duì)水平地面的壓強(qiáng)：p＝＝＝4×105Pa；（2）該機(jī)器做的有用功：W有＝G′h＝1000N×8m＝8×103J，由v＝可得，該機(jī)器工作的時(shí)間：t＝＝＝40s，由P＝可得，起升電機(jī)做的總功：W總＝Pt＝4000W×40s＝1.6×105J，機(jī)器的機(jī)械效率：η＝×100%＝×100%＝5%；（3）由η＝×100%＝×100%可知，此類(lèi)機(jī)器機(jī)械效率一般較低的主要原因是機(jī)器提升起升架所做額外功較多。答：（1）這臺(tái)機(jī)器空載且靜止時(shí)，對(duì)水平地面的壓強(qiáng)是4×105Pa；（2）該機(jī)器的機(jī)械效率是5%；（3）此類(lèi)機(jī)器機(jī)械效率一般較低的主要原因是機(jī)器提升起升架所做額外功較多?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了重力公式和壓強(qiáng)公式、做功公式、功率公式、機(jī)械效率公式的綜合應(yīng)用，要注意水平面上物體的壓力和自身的重力相等。22．（6分）實(shí)驗(yàn)中，對(duì)于一些阻值很小的電阻，用伏安法直接測(cè)量較困難，可以采用兩個(gè)電流表來(lái)測(cè)量，在進(jìn)行測(cè)量時(shí)，把電流表看成能顯示其通過(guò)電流的小電阻，如圖所示，這是一種測(cè)量小電阻的方法。已知電源電壓不變，電流表A1、A2的內(nèi)阻均為0.4Ω，分度值均為0.1A，通過(guò)A1的電流為1.2A，通過(guò)A2的電流為1.5A。求：（1）電流表