2025屆高考物理二輪復(fù)習(xí)選擇題押題練2含解析

PAGE6-選擇題押題練2一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。每小題只有一項(xiàng)符合題目要求。1．下列說(shuō)法正確的是()A.eq\o\al(2,1)H＋eq\o\al(3,1)H→eq\o\al(4,2)He＋eq\o\al(1,0)n是α衰變B．α粒子散射試驗(yàn)中，極少數(shù)α粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)是盧瑟福猜想原子核式結(jié)構(gòu)模型的主要依據(jù)C．核反應(yīng)方程eq\o\al(9,4)Be＋eq\o\al(4,2)He→eq\o\al(12,6)C＋X中的X為質(zhì)子D．氡的半衰期為3.8天，若有4個(gè)氡原子核，經(jīng)過(guò)3.8天后就肯定只剩下2個(gè)氡原子核解析：eq\o\al(2,1)H＋eq\o\al(3,1)H→eq\o\al(4,2)He＋eq\o\al(1,0)n是聚變方程，A錯(cuò)誤；盧瑟福提出的核式結(jié)構(gòu)模型的依據(jù)就是α粒子散射試驗(yàn)的現(xiàn)象，B正確；依據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可得X為中子，C錯(cuò)誤；半衰期是對(duì)大量樣本的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)4個(gè)原子核不適用，D錯(cuò)誤。答案：B2．如圖所示，一球用網(wǎng)兜懸掛于O點(diǎn)，A點(diǎn)為網(wǎng)兜上對(duì)稱(chēng)分布的若干網(wǎng)繩的結(jié)點(diǎn)，OA為一段豎直繩。若換體積較小而質(zhì)量相同的另一球，設(shè)網(wǎng)繩的長(zhǎng)度不變，則()A．網(wǎng)繩的拉力變小B．網(wǎng)繩的拉力變大C．豎直繩OA的拉力變小D．豎直繩OA的拉力變大解析：由于球靜止，豎直繩的拉力與球的重力等大反向。以結(jié)點(diǎn)A為探討對(duì)象，網(wǎng)繩的合力與豎直繩的拉力等大反向，等于球的重力，換體積較小而質(zhì)量相同的球后，豎直繩OA的拉力不變，而網(wǎng)繩與豎直方向的夾角減小，則網(wǎng)繩上的拉力減小，故B、C、D錯(cuò)誤，A正確。答案：A3．如圖所示，帶正電的點(diǎn)電荷Q固定，電子僅在庫(kù)侖力作用下，做以Q點(diǎn)為焦點(diǎn)的橢圓運(yùn)動(dòng)，M、P、N為橢圓上的三點(diǎn)，P點(diǎn)是軌道上離Q最近的點(diǎn)。φM、φN和EM、EN分別表示電子在M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)和電場(chǎng)強(qiáng)度，則電子從M點(diǎn)逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)()A．EM>ENB．φM>φNC．電子的動(dòng)能減小D．電場(chǎng)力對(duì)電子做了正功解析：在正電荷形成的電場(chǎng)中，越靠近點(diǎn)電荷的位置場(chǎng)強(qiáng)越大，電勢(shì)越高，所以EM<EN，φM<φN，故A、B錯(cuò)誤；當(dāng)電子從M點(diǎn)向N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，庫(kù)侖力對(duì)電子先做正功，后做負(fù)功，運(yùn)動(dòng)的速度先增加后減小，依據(jù)功能關(guān)系可知，電子的電勢(shì)能先減小后增加，電場(chǎng)力所做的總功為正，所以總的電勢(shì)能減小，動(dòng)能增大，故C錯(cuò)誤，D正確。答案：D4．不計(jì)空氣阻力，以肯定的初速度豎直上拋一物體，物體從被拋出至回到拋出點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t。現(xiàn)在物體上升的最大高度的一半處設(shè)置一塊擋板，物體撞擊擋板前后的速度大小相等、方向相反，撞擊所需時(shí)間不計(jì)，則這種狀況下物體上升和下降的總時(shí)間約為()A．0.5tB．0.4tC．0.3t D．0.2t解析：物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，從拋出至回到原點(diǎn)的時(shí)間為t，依據(jù)對(duì)稱(chēng)性可得，物體下降時(shí)間為0.5t，故高度為h＝eq\f(1,2)g(eq\f(t,2))2＝eq\f(1,8)gt2，物體自由落體運(yùn)動(dòng)eq\f(1,2)h的過(guò)程，有eq\f(h,2)＝eq\f(1,2)gteq\o\al(2,1)，聯(lián)立解得t1＝eq\f(\r(2),4)t，所以其次次物體上升和下降的總時(shí)間t′＝t－2t1＝t－eq\f(\r(2),2)t≈0.3t，故選C。答案：C5．如圖為一粒子速度選擇器原理示意圖。半徑為10cm的圓柱形桶內(nèi)有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為1.0×10－4T，方向平行于軸線向內(nèi)，圓桶的某直徑兩端開(kāi)有小孔，粒子束以不同角度由小孔入射，將以不同速度從另一個(gè)孔射出。有一粒子源放射出速度連續(xù)分布、比荷為2.0×1011C/kg的帶負(fù)電粒子，粒子間相互作用及重力均不計(jì)，當(dāng)粒子的入射角θ為30°時(shí)，則粒子出射的速度大小為()A．2×106m/s B.eq\r(3)×106m/sC．2eq\r(3)×106m/s D．4×106m/s

解析：粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖，若θ＝30°，則α＝60°，可知粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r＝2R＝0.2m，由于qvB＝meq\f(v2,r)，解得v＝eq\f(qBr,m)＝2×1011×10－4×0.2m/s＝4×106m/s，故D正確，A、B、C錯(cuò)誤。答案：D6．宇航員在某星球上能用比地球上小得多的力搬起同一個(gè)鐵球，則下列說(shuō)法中正確的是()A．這星球的半徑比地球的半徑小B．這星球上宇航員將同一拉力器拉至相同長(zhǎng)度時(shí)比地球上更省力C．這星球表面的重力加速度比地球表面的重力加速度小D．這星球的第一宇宙速度比地球的第一宇宙速度小解析：一位宇航員在某星球上能用比地球上小得多的力搬起石頭，說(shuō)明某星球的重力加速度小于地球的重力加速度，在星球表面上有，Geq\f(Mm,R2)＝mg，又ρ＝eq\f(M,\f(4,3)πR3)，解得R＝eq\f(3g,4πρG)，由于這個(gè)星球與地球的密度大小關(guān)系不知道，所以無(wú)法比較兩星球的半徑大小，故A錯(cuò)誤，C正確；在地球上和在該星球上將同一拉力器拉至相同長(zhǎng)度時(shí)拉力器的彈力相同，則宇航員用力相同，與重力加速度無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；在星球表面上有Geq\f(Mm,R2)＝mg，eq\f(GMm,R2)＝meq\f(v2,R)，聯(lián)立解得v＝eq\r(gR)，由于不知道兩星球的半徑大小，故兩星球的第一宇宙速度大小無(wú)法比較，故D錯(cuò)誤。答案：C7．如圖所示的木塊B靜止在光滑的水平面上，木塊上有半徑為R＝0.4m的光滑eq\f(1,4)圓弧軌道，且圓弧軌道的底端與水平面相切，—可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊A以水平向左的速度v0沖上木塊，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間剛好運(yùn)動(dòng)到木塊的最高點(diǎn)，隨后再返回到水平面。已知兩物體的質(zhì)量為mA＝mB＝1kg，重力加速度g＝10m/s2，則下列說(shuō)法正確的是()A．物塊A滑到最高點(diǎn)的速度為零B．物塊A的初速度大小為4m/sC．物塊A返回水平面時(shí)的速度為4m/sD．木塊B的最大速度為2m/s解析：物塊A剛好運(yùn)動(dòng)到木塊B的最高點(diǎn)時(shí)，兩者共速，設(shè)速度為v，對(duì)物塊A和木塊B組成的系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒和水平方向動(dòng)量守恒得eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,0)＝mAgR＋eq\f(1,2)(mA＋mB)v2，mAv0＝(mA＋mB)v，解得v0＝4m/s，v＝2m/s，故A錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)物塊A返回到水平面時(shí)，木塊B的速度最大，由機(jī)械能守恒和水平方向動(dòng)量守恒得eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,0)＝eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,1)＋eq\f(1,2)mBveq\o\al(2,2)，mAv0＝mAv1＋mBv2，解得v2＝4m/s，v1＝0，另一組解v1＝4m/s，v2＝0舍去，故C、D錯(cuò)誤。答案：B二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。每小題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8．如圖所示，高為H、上下開(kāi)口、內(nèi)壁光滑的銅管豎直放置，可視為質(zhì)點(diǎn)的小磁球從上開(kāi)口處由靜止釋放，并落至下開(kāi)口處。若不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g，則()A．小磁球在管中做自由落體運(yùn)動(dòng)B．小磁球在管中下落過(guò)程中機(jī)械能不守恒C．小磁球落至下開(kāi)口處的速度小于eq\r(2gH)D．若將銅管換成內(nèi)壁光滑的陶瓷管，小磁球下落過(guò)程中機(jī)械能守恒解析：依據(jù)楞次定律，小磁球在管中運(yùn)動(dòng)時(shí)要在管中產(chǎn)生渦流，從而小磁球下落時(shí)要受到向上的安培力作用，則小磁球的運(yùn)動(dòng)不是自由落體運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；小磁球在管中由于有感應(yīng)電流產(chǎn)生，產(chǎn)生電能，則下落過(guò)程中機(jī)械能不守恒，選項(xiàng)B正確；若小磁球做自由落體運(yùn)動(dòng)，則到達(dá)下開(kāi)口的速度等于eq\r(2gH)，但是由于小磁球下落時(shí)受到向上的安培力，則小磁球落至下開(kāi)口處的速度小于eq\r(2gH)，選項(xiàng)C正確；若將銅管換成內(nèi)壁光滑的陶瓷管，小磁球下落過(guò)程中不再產(chǎn)生電能，則機(jī)械能守恒，選項(xiàng)D正確。答案：BCD9．安裝在排污管道上的流量計(jì)可以測(cè)量排污流量Q，流量為單位時(shí)間內(nèi)流過(guò)管道橫截面的流體的體積，如圖所示為流量計(jì)的示意圖。左右兩端開(kāi)口的長(zhǎng)方體絕緣管道的長(zhǎng)、寬、高分別為a、b、c，所在空間有垂直于前后表面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在上、下兩個(gè)面的內(nèi)側(cè)固定有金屬板M、N，污水充溢管道從左向右勻速流淌，測(cè)得M、N間電勢(shì)差為U，污水流過(guò)管道時(shí)受到的阻力大小f＝kLv2，k是比例系數(shù)，L為管道長(zhǎng)度，v為污水的流速，則()A．電壓U與污水中離子濃度無(wú)關(guān)B．污水的流量Q＝eq\f(abU,B)C．金屬板M的電勢(shì)低于金屬板ND．左、右兩側(cè)管口的壓強(qiáng)差Δp＝eq\f(kaU2,bB2c3)解析：污水中的離子受到洛倫茲力，正離子向上極板聚集，負(fù)離子向下極板聚集，所以金屬板M的電勢(shì)大于金屬板N，從而在管道內(nèi)形成勻強(qiáng)電場(chǎng)，最終離子在電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用下平衡，即qvB＝qeq\f(U,c)，解得U＝cvB，可知電壓U與污水中離子濃度無(wú)關(guān)，A正確，C錯(cuò)誤；污水的流量為Q＝vbc＝eq\f(U,cB)bc＝eq\f(bU,B)，B錯(cuò)誤；污水流過(guò)該裝置受到的阻力為f＝kLv2＝kaeq\f(U2,c2B2)，污水勻速通過(guò)該裝置，則兩側(cè)的壓力差等于阻力，即Δp·bc＝f，則Δp＝eq\f(f,bc)＝eq\f(ka\f(U2,c2B2),bc)＝eq\f(kaU2,bB2c3)，D正確。答案：AD10．一有界區(qū)域內(nèi)，存在著方向分別垂直于光滑水平桌面對(duì)下和向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B和2B，磁場(chǎng)寬度均為L(zhǎng)，如圖所示。邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)線框abcd的bc邊緊靠磁場(chǎng)邊緣置于桌面上，建立水平向右的x軸，且坐標(biāo)原點(diǎn)在磁場(chǎng)的左邊界上，從t＝0時(shí)刻起先線框沿x軸正方向勻速通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，規(guī)定逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏鞯恼较颍瑢?dǎo)線框受向左的安培力為正方向，四個(gè)邊電阻均相等。下列關(guān)于感應(yīng)電流i，b、a兩點(diǎn)電勢(shì)差Uba及導(dǎo)線框受的安培力F隨時(shí)間t的改變規(guī)律正確的是()解析：正方形導(dǎo)線框進(jìn)入第一個(gè)磁場(chǎng)過(guò)程中，只有bc邊切割磁感線，由右手定則可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，大小為I1＝eq\f(BLv,4R)，b、a兩點(diǎn)的電勢(shì)差為U1＝eq\f(1,4)BLv，正方形導(dǎo)線框所受安培力為F1＝BI1L＝eq\f(B2L2v,4R)，由左手定則可知，安培力方向水平向左；正方形導(dǎo)線框進(jìn)入其次個(gè)磁場(chǎng)過(guò)程中，ad邊在第一個(gè)磁場(chǎng)中切割磁感線，bc邊在其次個(gè)磁場(chǎng)中切割磁感線，由右手定則可知，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，大小為I2＝eq\f(BLv＋2BLv,4R)＝eq\f(3BLv,4R)，由于電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，則b點(diǎn)電勢(shì)低于a點(diǎn)電勢(shì)，b、a兩點(diǎn)的電勢(shì)差為U2＝－I2R＝－eq\f(3,4)BLv，正方形導(dǎo)線框所受安培力為F2＝BI2L＋2BI2L＝eq\f(3B2L2v,4R)＋eq\f(6B2L2v,4R)＝e