2024高考物理二輪復(fù)習(xí)動(dòng)態(tài)分析選擇題受力分析作業(yè)1含解析新人教版

PAGE10-受力分析1.如圖所示，質(zhì)量分別為和的兩物塊，用一輕彈簧相連，將用輕繩懸掛于某處，調(diào)整細(xì)繩的長(zhǎng)度，當(dāng)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，物塊恰好對(duì)地面沒(méi)有壓力，此時(shí)輕彈簧的形變量為。已知重力加速度為，若突然剪斷細(xì)繩，則下列說(shuō)法正確的是（）A.剪斷細(xì)繩后，物塊向下運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大B.剪斷細(xì)繩后，物塊向下運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大C.剪斷細(xì)繩瞬間，物塊的加速度大小為D.剪斷細(xì)繩瞬間，物塊的加速度大小為2.如圖所示,,設(shè)地面對(duì)A的支持力為,繩子對(duì)A的拉力為,地面對(duì)A的摩擦力為,若水平方向用力F拉A,使B勻速上升,不計(jì)滑輪摩擦,則在此過(guò)程中()A.增大,增大,不變 B.減小,減小,不變C.減小,減小,增大 D.增大,減小,增大3.如圖所示,帶有光滑豎直桿的三角形斜劈固定在水平地面上,放置于斜劈上的光滑小球與套在豎直桿上的小滑塊用輕繩連接,起先時(shí)輕繩與斜劈平行?，F(xiàn)給小滑塊施加一個(gè)豎直向上的拉力,使小滑塊沿桿緩慢上升,整個(gè)過(guò)程中小球始終未脫離斜劈,則有()A.小球?qū)π迸膲毫Ρ３植蛔?/p>

B.輕繩對(duì)小球的拉力先減小后增大

C.豎直桿對(duì)小滑塊的彈力先增大再減小

D.對(duì)小滑塊施加的豎直向上的拉力漸漸增大4.如圖，在挪威的兩座山峰間夾著一塊巖石，吸引了大量游客前往欣賞。該景觀可簡(jiǎn)化成如圖所示的模型，右壁豎直，左壁略微傾斜。設(shè)左壁與豎直方向的夾角為，由于長(zhǎng)期的風(fēng)化，將會(huì)減小。石頭與山崖間的摩擦很小，可以忽視不計(jì)。若石頭質(zhì)量肯定，減小，石頭始終保持靜止，下列說(shuō)法正確的是()A．山崖左壁對(duì)石頭的作用力將增大B．山崖右壁對(duì)石頭的作用力不變C．山崖對(duì)石頭的作用力減小D．石頭受到的合力將增大5.如圖所示，小球放在光滑的墻與裝有鉸鏈的光滑薄板之間，薄板在作用下逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，在墻與薄板之間的夾角緩慢地從90°漸漸減小的過(guò)程中（）A.小球?qū)Ρ“宓膲毫赡苄∮谛∏虻闹亓.小球?qū)Ρ“宓恼龎毫κ冀K增大C.小球?qū)Φ膲毫ο葴p小，后增大D.小球?qū)Φ恼龎毫Σ恍心艽笥谛∏虻闹亓?.如圖甲所示,兩個(gè)物體靠在一起,靜止在光滑的水平面上,它們的質(zhì)量分別為、,現(xiàn)用水平力推A,用水平力拉B,和隨時(shí)間t變更關(guān)系如圖乙所示,則()A.分開之前,A所受的合外力漸漸減小 B.時(shí),分開C.分開前,它們一起運(yùn)動(dòng)的位移為6m D.分開后,A做減速運(yùn)動(dòng),B做加速運(yùn)動(dòng)7.如圖所示，用豎直擋板將小球夾在擋板和光滑斜面之間，若逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)擋板，使其由豎直轉(zhuǎn)至水平的過(guò)程中，以下說(shuō)法正確的是()A．擋板對(duì)小球的壓力先增大后減小B．擋板對(duì)小球的壓力先減小后增大C．斜面對(duì)小球的支持力先減小后增大D．斜面對(duì)小球的支持力始終漸漸減小8.如圖所示,把傾角為30°的粗糙斜面體C固定于水平地面上,質(zhì)量為的物塊A通過(guò)跨過(guò)光滑輕定滑輪的輕繩與質(zhì)量為m的小球B連接,O點(diǎn)為輕繩與定滑輪的接觸點(diǎn),初始時(shí),小球B在水平向右的拉力F作用下,使輕繩段與水平拉力F的夾角為,均保持靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)變更拉力F,并保持夾角θ大小不變,將小球B向右上方緩慢拉起至水平,物塊A始終保持靜止?fàn)顟B(tài).g為重力加速度,下列關(guān)于該過(guò)程的說(shuō)法正確的是()A.拉力F最大為 B.拉力F始終變小C.物塊A所受摩擦力先變小后變大 D.輕繩拉力先變大后變小9.如圖，在一段平坦的地面上等間距分布著一排等高的輸電線桿，掛在線桿上的電線粗細(xì)勻稱且呈對(duì)稱性。由于熱脹冷縮，冬季兩相鄰線桿之間的導(dǎo)線長(zhǎng)度會(huì)有所削減。對(duì)線桿及兩側(cè)的電線，冬季與夏季相比（）A.電線最高點(diǎn)處的張力變大 B.電線最低點(diǎn)處的張力不變C.線桿對(duì)地面的壓力變小 D.線桿兩側(cè)電線對(duì)線桿拉力的合力不變10.如圖所示，用兩根輕繩將物體懸于兩墻之間，兩根輕繩之間的夾角為。當(dāng)更換繩，使A點(diǎn)下移，直至輕繩為水平，在此過(guò)程中保持O點(diǎn)位置不變。則在A點(diǎn)不斷下移到的過(guò)程中（）A.繩的拉力漸漸增大 B.繩的拉力漸漸增大C.繩的拉力先變小后變大 D.繩的拉力先變大后變小11.如圖所示，在豎直面內(nèi)有一固定光滑圓環(huán)，為圓環(huán)的豎直直徑，點(diǎn)有一光滑小圓環(huán)(其大小可忽視不計(jì)),一輕軟繩穿過(guò)小圓環(huán)一端連接小球,另一端連接小球,兩小球套在光滑圓環(huán)上,平衡時(shí)連接小球的繩與豎直方向的夾角為,連接小球的繩與豎直方向的夾角為,下列說(shuō)法正確的是(重力加速度為)()A.兩小球的質(zhì)量之比為B.兩小球的質(zhì)量之比為C.左段輕繩上的力和右段輕繩上的力大小相等D.左段輕繩上的力大于右段輕繩上的力12.在傾角為θ的固定光滑斜面上有兩個(gè)用輕彈簧相連的物塊,它們的質(zhì)量分別為和,彈簧的勁度系數(shù)為為一固定擋板,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)用一平行于斜面對(duì)上的拉力F拉物塊A,使它以加速度a沿斜面對(duì)上做勻加速運(yùn)動(dòng)直到物塊B剛要離開擋板C,在此過(guò)程中()A.拉力的大小始終增大B.物塊B剛要離開擋板C時(shí),拉力C.拉力做功的功領(lǐng)先增大后減小D.物塊A的機(jī)械能先減小后增大

答案以及解析1.答案：B解析：AB．剪斷細(xì)繩前，物塊受力平衡：剪斷細(xì)繩后，物塊落地，剛起先物塊受到豎直向下的重力和彈力，物塊加速下落，下落過(guò)程中彈力變小，加速度減小。當(dāng)彈簧復(fù)原原長(zhǎng)后，物塊接著向下運(yùn)動(dòng)，壓縮彈簧，當(dāng)彈簧彈力等于重力時(shí)，物塊加速度減為零時(shí)速度最大，此時(shí)彈簧壓縮量為，對(duì)物塊：解得：，物塊向下運(yùn)動(dòng)的總距離為，A錯(cuò)誤，B正確；CD．剪斷細(xì)繩前，物體受力平衡：剪斷細(xì)繩后，彈簧彈力不突變，重力和彈力的合力與剪斷前繩子拉力等大反向，所以物體的加速度：CD錯(cuò)誤。故選B。2.答案：A解析：B勻速上升,由平衡條件可知,繩子的拉力大小不變。依據(jù)定滑輪的特點(diǎn)可知,A受到輕繩的拉力大小也不變。對(duì)A受力分析如圖,則豎直方向,,得;A沿地面對(duì)右運(yùn)動(dòng)時(shí),θ增大,減小,不變,則漸漸增大,而,μ不變,則也漸漸增大,故A正確,B、C、D錯(cuò)誤。3.答案：D解析：對(duì)小球受力分析,受重力、支持力和輕繩的拉力,如圖所示:

依據(jù)平衡條件可以知道,輕繩的拉力T增加,支持力N減小,依據(jù)牛頓第三定律,球?qū)π泵娴膲毫σ矞p小;故A、B錯(cuò)誤;對(duì)球和滑塊整體分析,受重力、斜面的支持力N,桿的支持力,拉力F,如圖所示:依據(jù)平衡條件,有:

水平方向:

豎直方向:

因?yàn)镹減小,故減小,F增加;

故C錯(cuò)誤、D正確;所以D選項(xiàng)是正確的.4.答案：A解析：對(duì)石頭受力分析如圖所示。依據(jù)平衡可知，，隨著減小，依據(jù)公式可知都在增大，故A對(duì)，B錯(cuò)；依據(jù)共點(diǎn)力平衡可知，山崖對(duì)石頭的作用力始終不變，大小等于石頭的重力，所以作用力不變，故C錯(cuò)；由于石頭處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以石頭受合力始終為零，故D錯(cuò)。故選：A5.答案：B解析：以小球?yàn)樘接憣?duì)象，處于平衡狀態(tài)，依據(jù)受力平衡，由圖可知：當(dāng)墻與薄板之間的夾角緩慢地從90°漸漸減小的過(guò)程中，薄板給球的支持力漸漸增大，木板受到的壓力增大，小球?qū)Ρ“宓膲毫Σ恍心苄∮谛∏虻闹亓Γ珹錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)墻與薄板之間的夾角θ緩慢地從90°漸漸減小的過(guò)程中，墻壁給球的壓力漸漸增大，依據(jù)牛頓第三定律可知墻壁受到的壓力增大，小球?qū)Φ恼龎毫赡艽笥谛∏虻闹亓?，C、D錯(cuò)誤。6.答案：C解析：由題圖乙可得,,在未分開的過(guò)程中,整體所受合外力向右,且大小不變,恒定為,勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度,則分開之前,它們始終做勻加速運(yùn)動(dòng),A所受的合外力不變,A錯(cuò)誤;分開時(shí)滿意加速度相同,且彈力為零,故,解得,B錯(cuò)誤;分開前,它們一起運(yùn)動(dòng)的位移,C正確;分開后的1s內(nèi)A仍舊受到向右的推力,所以A仍舊做加速運(yùn)動(dòng),在后A不受推力后A將做勻速直線運(yùn)動(dòng),B始終受到向右的拉力而做加速運(yùn)動(dòng),D錯(cuò)誤.7.答案：BD解析：小球受重力、擋板的壓力和斜面的支持力力,將與合成為F，如圖所示：小球始終處于平衡狀態(tài),三個(gè)力中的隨意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等值、反向、共線,故和合成的合力F肯定與重力等值、反向、共線。從圖中可以看出,當(dāng)擋板繞O點(diǎn)逆時(shí)針緩慢地轉(zhuǎn)向水平位置的過(guò)程中,先減小后增大,始終漸漸減??；故AC錯(cuò)誤，BD正確。8.答案：AC解析：設(shè)繩與水平方向的夾角為α,因不變,且小球B受力平衡,有,聯(lián)立可得,當(dāng)時(shí),拉力F最大,為,A正確;由題意可知,α的取值范圍是,且α從60°漸漸減小到0°,則拉力F始終變大,B錯(cuò)誤;因?yàn)槔K的拉力T滿意,則有,起先時(shí),拉力T最大,且,最終,拉力T最小，且,依據(jù)物塊A保持靜止?fàn)顟B(tài)及受力分析可知物塊A所受摩擦力先變小后變大,C正確;,由α的變更規(guī)律可知,T漸漸減小,D錯(cuò)誤.9.答案：AD解析：以整條電線為探討對(duì)象，由共點(diǎn)力的平衡條件知，兩電線桿對(duì)電線的彈力的合力與其重力平衡，由幾何關(guān)系得：,即：,由于夏天氣溫較高,電線的體積會(huì)膨脹,兩桿正中部位電線下墜的距離h變大,則電線在桿上固定處的切線方向與豎直方向的夾角變小,故變小，所以兩電線桿處的電線拉力冬天與夏天相比是變大。電線桿上的電線的質(zhì)量肯定，受力平衡，夏季、冬季桿對(duì)地面的壓力相等，不變。所以選項(xiàng)BC錯(cuò)誤，AD正確。10.答案：AB解析：O點(diǎn)受到豎直向下的拉力、繩子的拉力、繩子的拉力，三力處于平衡狀態(tài)，如圖所示：繩和繩拉力的合力大小和方向不變，繩上拉力方向不變，在繩方向漸漸轉(zhuǎn)至的過(guò)程中，兩拉力方向由漸漸增大，則繩上拉力由最小值漸漸增大，繩上的拉力也在增大，故A、B對(duì)，C、D錯(cuò)。11.答案：BC解析：左、右兩段輕繩上的力大小相等，C正確。分別對(duì)兩小球進(jìn)行受力分析，如圖所示設(shè)繩上的拉力大小為球的質(zhì)量為球的質(zhì)量為，則球的重力球的重力，兩球的質(zhì)量之比為，選項(xiàng)B正確。12.答案：A