浙江省舟山市2023-2024學(xué)年高二下學(xué)期6月期末考試物理試題

舟山市2023學(xué)年第二學(xué)期期末檢測(cè)高二物理試題卷本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁(yè)，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘?？忌⒁猓?.答題前，請(qǐng)將考生相關(guān)信息填寫在答題卷規(guī)定的位置上。2.答題時(shí)，請(qǐng)按照答題卷上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題卷相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在試題卷上作答一律無效。3.選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卷上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如要改動(dòng)，須將原填涂處用橡皮擦凈。4.非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卷上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)。5.可能用到的相關(guān)參數(shù)：重力加速度g取。選擇題部分一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分，每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一個(gè)符合題目要求，選對(duì)得3分，不選、錯(cuò)選或多選均不得分）1.下列物理量是標(biāo)量且其單位用國(guó)際單位制中的基本單位表示正確的是（）A.電流：A B.磁通量：Wb C.電場(chǎng)強(qiáng)度：V/m D.熱力學(xué)溫度：℃【答案】A【解析】【詳解】A．電流單位是A，是基本單位，運(yùn)算法則為代數(shù)法則，是標(biāo)量，故A正確；B．磁通量的單位韋伯（Wb）是一個(gè)導(dǎo)出單位，運(yùn)算法則為代數(shù)法則，是標(biāo)量，故B錯(cuò)誤；C．電場(chǎng)強(qiáng)度的單位V/m，是導(dǎo)出單位，運(yùn)算法則為平行四邊形法則，是矢量，故C錯(cuò)誤；D．國(guó)際單位制中，溫度的基本單位為開爾文（符號(hào)K），只有大小沒有方向，是標(biāo)量，故D錯(cuò)誤。故選A。2.在2023年杭州亞運(yùn)會(huì)田徑女子4×100米接力決賽中，位于第8道的中國(guó)隊(duì)以43秒39的成績(jī)奪得冠軍，其中福建選手葛曼棋是第四棒運(yùn)動(dòng)員。如圖所示為4×100米部分跑道示意圖，分界線位于直道與彎道的連接處，比賽中（）A.43秒39表示時(shí)刻 B.各隊(duì)中中國(guó)隊(duì)的平均速度最大C.葛曼棋在加速?zèng)_刺過程中慣性增大 D.研究葛曼棋的接棒動(dòng)作時(shí)可以將其看成質(zhì)點(diǎn)【答案】B【解析】【詳解】A．43秒39表示的是一個(gè)時(shí)間段，故A錯(cuò)誤；B．中國(guó)隊(duì)以43秒39的成績(jī)奪得冠軍，時(shí)間最短，根據(jù)平均速度公式可知，中國(guó)隊(duì)的平均速度最大，故B正確；C．慣性只與質(zhì)量有關(guān)，葛曼棋加速?zèng)_刺過程中慣性不變，故C錯(cuò)誤；D．接棒時(shí)候，不能忽略了葛曼棋的大小和尺寸，故不能看成質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選B。3.中國(guó)傳統(tǒng)建筑一般采用瓦片屋頂，屋頂結(jié)構(gòu)可簡(jiǎn)化為圖，若一塊弧形瓦片靜止在兩根相互平行的傾斜椽子正中間。已知椽子與水平面夾角均為，該瓦片質(zhì)量為m，椽子與瓦片間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，則（）A.瓦片所受的合力大小為B.每根椽子對(duì)瓦片的支持力大小為C.兩根椽子對(duì)瓦片作用力大小為D.每根椽子對(duì)瓦片的摩擦力大小為【答案】D【解析】【詳解】A.瓦片靜止，處于平衡狀態(tài)所受合力為零，A錯(cuò)誤；B.兩根椽子對(duì)瓦片的支持力的合力為，但瓦片有弧度，所以每根椽子對(duì)瓦片的支持力大小不是，B錯(cuò)誤；C.椽子對(duì)瓦片的作用力包括支持力和摩擦力，合力大小為，C錯(cuò)誤；D.兩根椽子對(duì)瓦片的摩擦力的合力為，摩擦力方向與椽子平行，所以每根椽子對(duì)瓦片的摩擦力大小為，D正確。故選D。4.智能手表通常采用無線充電方式。如圖所示，充電基座與電源相連，將智能手表壓在基座上，無需導(dǎo)線連接，手表便可以充電。已知充電基座與手表都內(nèi)置了線圈，則（）A.無線充電的原理是互感B充電時(shí)因無導(dǎo)線連接，所以傳輸能量沒有損失C.若用塑料薄膜將充電基座包裹起來，則不能給手表充電D.充電時(shí)，基座線圈的磁場(chǎng)對(duì)手表線圈中的電子施加力的作用，驅(qū)使電子運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】【詳解】A．無線充電的原理是基座內(nèi)的線圈電流變化，產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，導(dǎo)致手表內(nèi)部線圈中的磁通量發(fā)生改變，線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流，原理是互感，故A正確；B．充電時(shí)存在漏磁效應(yīng)，所以傳輸能量時(shí)有損失，故B錯(cuò)誤；C．充電利用的是互感原理，因此用塑料薄膜將充電基座包裹起來，仍能為手表充電，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)上述解釋，基座線圈的磁場(chǎng)變化產(chǎn)生感應(yīng)電場(chǎng)，驅(qū)動(dòng)放置在感應(yīng)電場(chǎng)中的手表中的線圈內(nèi)部的電子做定向運(yùn)動(dòng)，形成電流，故D錯(cuò)誤。故選A。5.如圖甲、乙、丙分別為商場(chǎng)里的廂式電梯、臺(tái)階式電梯和履帶式電梯，小明在逛商場(chǎng)時(shí)先后隨三部電梯上樓，在勻速階段這三部電梯的速率相同，下列說法正確的是（）A.勻速階段圖乙與圖丙電梯對(duì)小明均有摩擦力B.勻速階段圖甲與圖乙中的小明機(jī)械能均不守恒C.加速階段圖乙與圖丙中的支持力均對(duì)小明做正功D.加速階段三部電梯對(duì)小明的支持力均大于其重力【答案】B【解析】【詳解】A．勻速階段圖乙對(duì)小明無摩擦力，圖丙電梯對(duì)小明有摩擦力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．勻速階段圖甲與圖乙中的小明動(dòng)能不變，而重力勢(shì)能增加，則機(jī)械能增加，均不守恒，選項(xiàng)B正確；C．加速階段圖乙的支持力豎直向上，則支持力做正功；而圖丙中的支持力垂直斜面向上，則對(duì)小明不做功，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．加速階段甲圖和乙圖電梯均有豎直向上的加速度，則對(duì)小明的支持力均大于其重力；丙圖中的支持力為N=mgcosθ<mg選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。6.直流電阻不計(jì)的線圈L和電容器C如圖連接，先閉合開關(guān)S，穩(wěn)定后將開關(guān)S斷開并記為時(shí)刻，當(dāng)時(shí)LC回路中電容器上極板帶正電，且電荷量第一次達(dá)到最大值。下列說法正確的是（）A.LC回路的振蕩周期為0.04sB.時(shí)回路中電流沿逆時(shí)針方向C.時(shí)線圈的自感電動(dòng)勢(shì)最大D.拔出線圈中的鐵芯，振蕩電路向外界輻射能量的本領(lǐng)將減弱【答案】C【解析】【詳解】A．t=0時(shí)，線圈中電流向下，斷開開關(guān)S后，電容器下極板充電。在一個(gè)周期內(nèi)，電容器充電兩次，放電兩次，t=0.06s時(shí)LC回路中電容器上極板帶正電，且電荷量第一次達(dá)到最大值，此時(shí)是第二次充電完畢，則周期為0.08s，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)t=0.05s時(shí)線圈中電流向上為電容器充電，回路中電流沿順時(shí)針方向，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)t=0.14s時(shí)電容器順時(shí)針充電結(jié)束，該時(shí)刻電流為零，變化最快，線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，故C正確；D．拔出線圈中的鐵芯，線圈L減小，根據(jù)可知LC振蕩電路的頻率增加，振蕩電路輻射能量跟頻率的四次方成正比，故輻射能量的本領(lǐng)也在增加，故D錯(cuò)誤。故選C。7.光滑絕緣水平面上固定著兩個(gè)帶等量正電的點(diǎn)電荷，它們連線的中垂線上有A、B、C三點(diǎn)，如圖甲所示。一帶電粒子由A點(diǎn)靜止釋放，并以此時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，此后沿直線經(jīng)過B、C，其運(yùn)動(dòng)過程中的v—t圖像如圖乙所示，粒子在B點(diǎn)時(shí)圖線對(duì)應(yīng)的切線斜率最大，可以確定（）A.中垂線上B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)都最大B.帶電粒子帶負(fù)電C.帶電粒子在B點(diǎn)時(shí)的加速度大小為D.【答案】D【解析】【詳解】B．根據(jù)等量同種正電荷的電場(chǎng)分布規(guī)律可知，A、B、C三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向均沿，粒子由A點(diǎn)靜止釋放后沿直線經(jīng)過B、C，表明粒子所受電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，則粒子帶正電，故B錯(cuò)誤；A．根據(jù)等量同種正電荷的電場(chǎng)分布規(guī)律可知，在兩點(diǎn)電荷連線的中垂線上，電場(chǎng)強(qiáng)度方向從垂足到無窮遠(yuǎn)處，沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，可知，中垂線上垂足的電勢(shì)最高，B點(diǎn)的電勢(shì)不是最大，根據(jù)圖像可知，B點(diǎn)的加速度最大，則B點(diǎn)的電場(chǎng)力最大，即B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大，故A錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖乙可知故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)能定理有，根據(jù)圖乙可知，可知故D正確。故選D。8.如圖所示，圖甲為直線加速器，它由多個(gè)橫截面積相同的金屬圓筒共軸依次排列，圓筒長(zhǎng)度按照一定的規(guī)律依次增加。被加速的帶電粒子在金屬圓板0中心處由靜止釋放，之后每次通過圓筒間隙都被加速，且加速時(shí)間可以忽略不計(jì)。圖乙為回旋加速器，、為兩個(gè)中空的半圓形金屬盒，處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中。被加速的帶電粒子在A點(diǎn)由靜止釋放，之后每次通過D形盒間隙都會(huì)被加速，且加速時(shí)間也可以忽略不計(jì)。在粒子運(yùn)動(dòng)的過程中，兩個(gè)加速器所接交流電源的電壓大小及頻率均保持不變。下列說法正確的是（）A.帶電粒子在直線加速器的金屬圓筒中做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.直線加速器中，1、2、3金屬圓筒長(zhǎng)度之比為1：2：3C.若用回旋加速器加速不同種類的粒子，則必須改變其所接交流電源的頻率D.帶電粒子通過回旋加速器后獲得的最大速度與加速電壓有關(guān)【答案】A【解析】【詳解】A．直線加速器中的金屬圓筒起到了靜電屏蔽的作用，其內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)為零，因此帶電粒子在圓筒中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A正確；B．直線加速器中，帶電粒子在金屬圓板O中心處由靜止釋放，由于每?jī)蓚€(gè)金屬筒之間的電壓交替變化，粒子每次經(jīng)過金屬筒間時(shí)都要被加速，則可知粒子經(jīng)過每個(gè)金屬筒的時(shí)間一定相同（為交流電的半個(gè)周期，即），設(shè)金屬筒間的電壓為，粒子的電荷量為，質(zhì)量為，則粒子第一次被加速后由動(dòng)能定理有粒子在金屬筒中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則可得第一個(gè)金屬筒的長(zhǎng)度為粒子第二次被加速由動(dòng)能定理有則可得第二個(gè)金屬筒的長(zhǎng)度為粒子第三次被加速由動(dòng)能定理有則可得第三個(gè)金屬筒的長(zhǎng)度為聯(lián)立以上各式可得故B錯(cuò)誤；C．回旋加速器所接交流電源的頻率為可知若不同種類的粒子的荷質(zhì)比相同，不需要改變其所接交流電源的頻率，故C錯(cuò)誤；D．在回旋加速器的磁場(chǎng)中，當(dāng)粒子的運(yùn)動(dòng)半徑等于D形盒的半徑時(shí)，粒子獲得的速度最大，根據(jù)洛倫茲力充當(dāng)向心力有可得故帶電粒子通過回旋加速器后獲得的最大速度與加速電壓無關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選A。9.一輛汽車以80km/h的速度行駛時(shí)，每10km耗油約1L。根據(jù)汽油的熱值進(jìn)行簡(jiǎn)單的計(jì)算可知，這時(shí)的功率約為70kW。如圖是該汽車行駛時(shí)功率分配的大致比例圖。下列判斷正確的是（）A.汽車發(fā)動(dòng)機(jī)是把內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的裝置，隨著技術(shù)的發(fā)展，總有一天能實(shí)現(xiàn)內(nèi)能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能B.由圖中數(shù)據(jù)計(jì)算可得發(fā)動(dòng)機(jī)的輸入功率為9kWC.由圖中數(shù)據(jù)計(jì)算可得該汽車的機(jī)械效率約為11%D.如果汽車以題中速度連續(xù)行駛5小時(shí)，則耗油約為5L【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，不可能實(shí)現(xiàn)內(nèi)能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，故A錯(cuò)誤；B．發(fā)動(dòng)機(jī)的輸入功率等于總功率減去排氣管熱損、汽油蒸發(fā)損失、散熱器損失，即17kW，故B錯(cuò)誤；C．該汽車的機(jī)械效率故C正確；D．汽車以80km/h的速度行駛時(shí)，每小時(shí)消耗油8L，如果汽車以題中速度連續(xù)行駛5小時(shí)，則耗油約為40L，故D錯(cuò)誤。故選C。10.如圖所示三顆赤道上空的通信衛(wèi)星就能實(shí)現(xiàn)環(huán)赤道全球通信，已知三顆衛(wèi)星離地高度均為h，地球的半徑為R，地球同步衛(wèi)星離地面高度為6R，地球表面重力加速度為g，引力常量為G，下列說法正確的是（）A.三顆通信衛(wèi)星受到地球的萬有引力大小相等B.能實(shí)現(xiàn)全球通信時(shí)，衛(wèi)星離地高度C.其中一顆質(zhì)量為m的通信衛(wèi)星動(dòng)能為D.通信衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)周期之比為【答案】C【解析】【詳解】A．通信衛(wèi)星受到的萬有引力三顆通信衛(wèi)星的質(zhì)量未知，所以萬有引力大小不一定相等，故A錯(cuò)誤；B．三顆通信衛(wèi)星若要全覆蓋，則其如圖所示由幾何關(guān)系可知解得通信衛(wèi)星高度至少能實(shí)現(xiàn)全球通信時(shí)，衛(wèi)星離地高度故B錯(cuò)誤；C．對(duì)衛(wèi)星在地球表面其動(dòng)能為故C正確；D．由開普勒第三定律可得，通信衛(wèi)星和同步衛(wèi)星周期之比為同步衛(wèi)星與地球自轉(zhuǎn)周期相等，解得通信衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)周期之比為故D錯(cuò)誤。故選C。11.為了研究某種透明新材料的光學(xué)性質(zhì)，先將其壓制成半圓柱形，如圖甲所示。一束激光由真空沿半圓柱體的徑向與其底面過O的法線成角射入，CD為光學(xué)傳感器，可以探測(cè)光的強(qiáng)度。從AB面反射回來的光強(qiáng)隨變化的情況如圖乙所示。又將這種新材料制成的一根光導(dǎo)纖維束彎成半圓形，暴露于空氣中（假設(shè)該激光在空氣中的折射率與其在真空中的相同），此半圓形外半徑為R，光導(dǎo)纖維束的半徑為r，如圖丙所示。已知，，下列說法正確的是（）A.該激光在此新材料中的折射率B.圖甲中若減小入射角，則反射光線和折射光線之間的夾角也將變小C.用同種激光垂直于光導(dǎo)纖維束端面EF射入，若該束激光恰好不從光導(dǎo)纖維束側(cè)面外泄，則彎成的半圓形外半徑R與光導(dǎo)纖維束半徑r應(yīng)滿足的關(guān)系為D.如果用紅色激光垂直于光導(dǎo)纖維束端面EF射入時(shí)該激光不會(huì)從側(cè)面外泄，則換成紫色激光時(shí)也將不會(huì)從側(cè)面外泄電網(wǎng)【答案】D【解析】【詳解】A．從乙圖中可以看出，當(dāng)時(shí)發(fā)生全反射，則有故A錯(cuò)誤；B．圖甲中若減小入射角，根據(jù)反射定律和折射定律可知反射角和折射角都減小，則反射光線和折射光線之間的夾角也將變大，故B錯(cuò)誤；C．激光不從光導(dǎo)纖維束側(cè)面外泄的臨界條件是入射光在外側(cè)面處發(fā)生全反射，臨界光路如圖所示可得解得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)頻率越大，折射率就越大，臨界角就越小，如果用紅色激光垂直于光導(dǎo)纖維束端面EF射入時(shí)該激光不會(huì)從側(cè)面外泄，則換成紫色激光時(shí)也將不會(huì)從側(cè)面外泄電網(wǎng)，故D正確。故選D。12.如圖所示為某條高速鐵路牽引供電系統(tǒng)的示意圖，其中牽引變電所利用變壓器將220kV或110kV的電網(wǎng)電壓降至27.5kV輸送給高鐵牽引網(wǎng)，再通過接觸網(wǎng)上的電線與車頂上的受電弓使機(jī)車獲得25kV工作電壓，若將牽引變電所的變壓器視為理想變壓器，原、副線圈匝數(shù)分別為和，則下列說法正確的是（）A.若電網(wǎng)的電壓為110kV，則B.若高鐵機(jī)車運(yùn)行功率增大，則牽引變電所至機(jī)車間的熱損耗功率也會(huì)隨之增大C.若高鐵機(jī)車運(yùn)行功率增大，則機(jī)車工作電壓將會(huì)高于25kVD.如果高鐵機(jī)車的電動(dòng)機(jī)輸出功率為9000kW，機(jī)械效率為90%，則牽引變電所到機(jī)車間的等效電阻為【答案】B【解析】【詳解】A．若電網(wǎng)的電壓為110kV，則選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．電壓由輸入電壓和線圈匝數(shù)決定，若高鐵機(jī)車運(yùn)行功率增大，則牽引變電所至機(jī)車間的電流變大，根據(jù)P=I2R可知，熱損耗功率也會(huì)隨之增大，選項(xiàng)B正確；C．若高鐵機(jī)車運(yùn)行功率增大，輸送過程中的電流變大，線路中的電壓損失變大，則機(jī)車工作電壓將會(huì)低于25kV，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．若高鐵機(jī)車功率為P=9000kW=9×106W根據(jù)功率關(guān)系可得P=90%UI其中U=25kV=25000W，則電流I=400A牽引變電所至機(jī)車間的等效電阻故D錯(cuò)誤；故選B。13.如圖甲為農(nóng)田安裝的一種自動(dòng)澆水裝置，如圖乙是裝置的簡(jiǎn)化模型。O點(diǎn)裝有高度為h的豎直細(xì)水管，其上端安裝有長(zhǎng)度為l的水平噴水嘴。水平噴水嘴可以繞軸轉(zhuǎn)動(dòng)，出水速度及轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度均可調(diào)節(jié)，以保證噴出的水能澆灌到不同地方的農(nóng)作物。某次澆灌時(shí)水平噴水嘴以恒定角速度繞軸轉(zhuǎn)動(dòng)，出水速度大小為，已知水的密度為，管口的橫截面積為S，重力加速度大小為g，忽略空氣阻力，則下列說法正確的是（）A.若只增大，水平噴水嘴轉(zhuǎn)動(dòng)一周時(shí)間內(nèi)噴出的水量將變多B.若只增大，水平噴水嘴噴水時(shí)出水口對(duì)水的作用力將保持不變C.澆水裝置能澆灌到草地上離O點(diǎn)距離為的位置D.若澆水裝置停止轉(zhuǎn)動(dòng)，則噴水時(shí)的輸出功率為【答案】D【解析】【詳解】A.若只增大，越大水平噴水嘴轉(zhuǎn)動(dòng)一周的時(shí)間就越短，一周時(shí)間內(nèi)噴出的水量將變少，A錯(cuò)誤；B.若只增大，由動(dòng)量定理，可得水平噴水嘴噴水時(shí)出水口對(duì)水的作用力將變大，B錯(cuò)誤；C.水在空中做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向有解得水被噴出時(shí)，水平方向同時(shí)具有兩個(gè)速度，沿徑向向外的出水速度，垂直徑向方向的水平速度；則水平方向的兩個(gè)位移分別為，則澆水裝置能澆灌到草地上離O點(diǎn)距離為C錯(cuò)誤；D.若澆水裝置停止轉(zhuǎn)動(dòng)，則噴水時(shí)在非常短的時(shí)間內(nèi)噴出水的質(zhì)量為，噴水裝置在內(nèi)對(duì)水做的功等于水能加的動(dòng)能和勢(shì)能即則可得功率為D正確。故選D二、選擇題II（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的，全部選對(duì)得3分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選的得0分）14.下列四幅圖中相關(guān)敘述正確的是（）A.甲圖中的扼流圈對(duì)通過的交變電流有阻礙作用，且交變電流的頻率越高其阻礙作用越強(qiáng)B.乙圖是李輝用多用電表歐姆擋測(cè)量變壓器線圈的電阻，劉偉手握線圈裸露的兩端協(xié)助測(cè)量，當(dāng)李輝將表筆與線圈斷開的瞬間，劉偉感受到電擊說明歐姆擋內(nèi)電池電動(dòng)勢(shì)很高C.丙圖是方解石的雙折射現(xiàn)象，該現(xiàn)象說明方解石晶體具有各向異性的特征D.丁圖是某氣體分子在不同溫度下的速率分布圖像，①狀態(tài)所對(duì)應(yīng)的溫度較高【答案】AC【解析】【詳解】A．甲圖中的扼流圈對(duì)通過的交變電流有阻礙作用，且交變電流的頻率越高其阻礙作用越強(qiáng)，選項(xiàng)A正確；B．乙圖是李輝用多用電表歐姆擋測(cè)量變壓器線圈的電阻，劉偉手握線圈裸露的兩端協(xié)助測(cè)量，當(dāng)李輝將表筆與線圈斷開的瞬間，劉偉感受到電擊是因?yàn)榫€圈中產(chǎn)生了很大的自感電動(dòng)勢(shì)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．丙圖是方解石的雙折射現(xiàn)象是光學(xué)各向異性的表現(xiàn)，各向異性是單晶體特有的，則該現(xiàn)象說明方解石晶體具有各向異性的特征，選項(xiàng)C正確；D．丁圖是某氣體分子在不同溫度下的速率分布圖像，圖像②的“腰粗”分子平均速率更大，則所對(duì)應(yīng)的溫度較高，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AC。15.如圖甲所示，、為x軸上的兩波源，其平衡位置坐標(biāo)分別為、，時(shí)，兩波源分別沿x軸正方向和負(fù)方向同時(shí)激發(fā)兩列簡(jiǎn)諧橫波，圖乙為兩波源的振動(dòng)圖像，已知兩列波的波速均為10cm/s。下列說法正確的是（）A.波源的振動(dòng)方程為B.兩列波相遇后能形成穩(wěn)定的干涉圖樣C.兩列波相遇后，平衡位置坐標(biāo)為的質(zhì)點(diǎn)是振動(dòng)減弱點(diǎn)D.時(shí)，平衡位置坐標(biāo)為的質(zhì)點(diǎn)加速度沿y軸正方向【答案】BCD【解析】【詳解】A．波源的振動(dòng)方程為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)圖乙可知，兩波源振動(dòng)周期相等，即頻率相同，則兩列波相遇后能形成穩(wěn)定的干涉圖樣，故B正確；C．根據(jù)圖乙可知，兩波源振動(dòng)步調(diào)相反，由于平衡位置坐標(biāo)為的質(zhì)點(diǎn)到兩波源位置的間距差為可知，平衡位置坐標(biāo)為的質(zhì)點(diǎn)是振動(dòng)減弱點(diǎn)，故C正確；D．機(jī)械波的波長(zhǎng)由于兩波源振動(dòng)步調(diào)相反，由于平衡位置坐標(biāo)為的質(zhì)點(diǎn)到兩波源位置的間距差為可知，平衡位置坐標(biāo)為的質(zhì)點(diǎn)是振動(dòng)減弱點(diǎn)。S1波源振動(dòng)形式傳播到質(zhì)點(diǎn)位置經(jīng)歷時(shí)間S2波源振動(dòng)形式傳播到質(zhì)點(diǎn)位置經(jīng)歷時(shí)間可知，當(dāng)S2波源振動(dòng)形式傳播到質(zhì)點(diǎn)位置時(shí)，質(zhì)點(diǎn)已經(jīng)以S1波源振動(dòng)形式振動(dòng)了4s，即兩個(gè)完整周期，隨后振動(dòng)減弱，由于S2波源振幅大一些，在5s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)開始沿y軸負(fù)方向轉(zhuǎn)動(dòng)，經(jīng)歷0.5s，即四分之一個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到疊加后的波谷位置，此時(shí)位移為負(fù)值，則質(zhì)點(diǎn)加速度沿y軸正方向，故D正確。故選BCD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.某學(xué)習(xí)小組利用不同的實(shí)驗(yàn)裝置探究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。（1）分別選用如圖甲、乙、丙裝置進(jìn)行研究時(shí)，下列說法中正確的有__________A.選用裝置甲，A、B兩球的質(zhì)量可以不相等B.選用裝置甲，需要用眼睛仔細(xì)觀察A、B兩球是否同時(shí)落地C.選用裝置乙，要獲得穩(wěn)定流速的水柱所顯示的平拋軌跡，瓶?jī)?nèi)液面須高于A管上端口D.選用裝置丙，必須要求斜槽光滑且末端切線水平（2）某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖丁裝置探究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。在水平桌面上放置一個(gè)斜面，每次都讓鋼球從斜面上同一位置由靜止開始滾下，滾過桌邊后的鋼球做平拋運(yùn)動(dòng)，打到附有白紙和復(fù)寫紙的墻上，記錄鋼球的落點(diǎn)?，F(xiàn)測(cè)得鋼球直徑為d，某次實(shí)驗(yàn)桌子邊緣到墻的水平距離為x，鋼球在墻上的落點(diǎn)到桌面的豎直距離為H，重力加速度為g。①此次實(shí)驗(yàn)鋼球平拋的水平位移為__________，鋼球離開桌面的速度為__________；②現(xiàn)保持鋼球釋放位置不變且仍由靜止開始滾下，改變桌子與墻間的距離，結(jié)合第①問，若使鋼球平拋的實(shí)際水平位移變?yōu)樵瓉淼?倍，且鋼球平拋后仍能打到墻上，則鋼球下落的豎直位移變?yōu)樵瓉淼腳_________倍?！敬鸢浮浚?）AC（2）①.②.③.4【解析】【小問1詳解】A．選用裝置甲，只需保證A球做平拋運(yùn)動(dòng)，B球做自由落體運(yùn)動(dòng)，且兩球同時(shí)運(yùn)動(dòng)，A、B兩球的質(zhì)量可以不相等，故A正確；B．選用裝置甲研究平拋物體的豎直分運(yùn)動(dòng)，用聽聲音的方法判斷兩球是否同時(shí)落地，故B錯(cuò)誤；C．A管下端與大氣相通，A管上端的壓強(qiáng)為大氣壓強(qiáng)，因而另一出水管的上端口處壓強(qiáng)與A管上端口處有恒定的壓強(qiáng)差，保證出水管處壓強(qiáng)恒定，從而使水流穩(wěn)定，故C正確；D．選用裝置丙，為使鋼球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度方向水平，大小相等，斜槽末端切線需水平，斜槽不需要光滑，故D錯(cuò)誤。故選AC?！拘?詳解】[1]此次實(shí)驗(yàn)鋼球平拋的水平位移為[2]鋼球做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向有水平方向有解得鋼球離開桌面的速度為[3]根據(jù)可得若使鋼球平拋的實(shí)際水平位移變?yōu)樵瓉淼?倍，且鋼球平拋后仍能打到墻上，則鋼球下落的豎直位移變?yōu)樵瓉淼?倍。17.（1）某同學(xué)測(cè)量某電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。①請(qǐng)根據(jù)圖1電路圖在圖2中用筆畫線代替導(dǎo)線，將實(shí)驗(yàn)電路連接完整______；②先閉合，再將分別接1、2兩處進(jìn)行試觸，發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)幾乎不變，電壓表的示數(shù)變化比較明顯，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)將接在__________（選填“1”或“2”）進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。（2）為了更精確的測(cè)得此電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，該同學(xué)合上；后，將先后接在1和2處，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，分別記錄多組電壓表和電流表的示數(shù)。并將兩次實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分別描繪在同一坐標(biāo)系中，得到的UI圖像如圖4所示。①某次測(cè)量時(shí)，電流表和電壓表的示數(shù)如圖3所示，則電流表的示數(shù)為__________A，電壓表的示數(shù)為__________V；②請(qǐng)結(jié)合兩條圖像得出此電池電動(dòng)勢(shì)的準(zhǔn)確值__________V（結(jié)果保留三位有效數(shù)字），內(nèi)阻的準(zhǔn)確值__________（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）①.②.1（2）①.0.50②.2.60③.3.10④.0.65##0.64【解析】【小問1詳解】[1]根據(jù)圖1電路圖在圖2中用筆畫線代替導(dǎo)線，將實(shí)驗(yàn)電路連接完整如圖[2]先閉合，再將分別接1、2兩處進(jìn)行試觸，發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)幾乎不變，電壓表的示數(shù)變化比較明顯，說明電流表的影響較大，不可忽略，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)將接在1進(jìn)行實(shí)驗(yàn)?！拘?詳解】[1]電流表的最小刻度為，故電流表的示數(shù)為[2]電壓表的最小刻度為，故電壓表的示數(shù)為[3][4]閉合后，將接在1處的電路圖，由于電壓表的分流作用，電流的測(cè)量值小于真實(shí)值，電源電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值稍小于真實(shí)值，電源內(nèi)阻測(cè)量值小于真實(shí)值，但是此時(shí)電源的短路電流準(zhǔn)確，先閉合，再將接2處當(dāng)采用圖4中的電路圖來計(jì)算電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻時(shí)，電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值等于電動(dòng)勢(shì)真實(shí)值，內(nèi)阻的測(cè)得值為電源內(nèi)阻和電流表內(nèi)阻之和，大于電源內(nèi)阻的真實(shí)值，故得到的圖線應(yīng)是斜率較大的，故此電池電動(dòng)勢(shì)的準(zhǔn)確值將接在1處此時(shí)此時(shí)當(dāng)可得短路電流為，即18.下列有關(guān)物理實(shí)驗(yàn)的操作及誤差說法正確的是（）A.如圖甲，在“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，為了準(zhǔn)確得到合力與分力的關(guān)系，要通過作力的示意圖來表示合力與分力B.如圖乙，在計(jì)算油膜面積時(shí)，若只數(shù)完整的方格數(shù)，則油酸分子直徑的測(cè)量值會(huì)偏大C.如圖丙，在“探究氣體等溫變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)當(dāng)盡可能快速移動(dòng)注射器的柱塞D.如圖丁，在“測(cè)量玻璃磚的折射率”實(shí)驗(yàn)中，玻璃磚的寬度應(yīng)適當(dāng)大一些，且大頭針應(yīng)垂直插在紙面上【答案】BD【解析】【詳解】A．力的示意圖只需表達(dá)力的方向，所以在“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，為了準(zhǔn)確得到合力與分力的關(guān)系，要通過作力的圖示來表示合力與分力，故A錯(cuò)誤；B．計(jì)算油膜面積時(shí)，只數(shù)完整的方格數(shù)，則油酸面積測(cè)量值偏小，所測(cè)油酸分子直徑會(huì)偏大，故B正確；C．“探究氣體等溫變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，空氣柱體積變化太快，氣體溫度會(huì)發(fā)生變化，故C錯(cuò)誤；D．“測(cè)量玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中，玻璃磚寬度宜大些，大頭針應(yīng)垂直插在紙面上，故D正確。故選BD。19.固定在水平地面開口向上的圓柱形絕熱氣缸如圖所示，用質(zhì)量的絕熱活塞密封一定質(zhì)量的理想氣體，活塞可以在氣缸內(nèi)無摩擦移動(dòng)?；钊露伺c氣缸底部間連接一勁度系數(shù)的輕質(zhì)彈簧。初始時(shí)，活塞與缸底的距離，彈簧正好處于原長(zhǎng)，缸內(nèi)氣體溫度。已知大氣壓強(qiáng)，活塞橫截面積，不計(jì)彈簧的質(zhì)量和體積。（1）求初始狀態(tài)時(shí)缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（2）現(xiàn)通過電熱絲R加熱缸內(nèi)氣體，使活塞緩慢上升4cm，求此時(shí)缸內(nèi)氣體的溫度；（3）在滿足（2）的整個(gè)過程中，缸內(nèi)氣體的內(nèi)能增加158J，求其吸收的熱量Q?！敬鸢浮浚?）；（2）353.1K；（3）200J【解析】【詳解】（1）初始狀態(tài)，由活塞平衡條件可得解得（2）通過電熱絲加熱缸內(nèi)氣體，活塞緩慢上升再次達(dá)到平衡狀態(tài)，由活塞的平衡條件可得①解得由理想氣體狀態(tài)方程可得②解得（3）對(duì)活塞由動(dòng)能定理可得解得由熱力學(xué)第一定律有解得20.物理興趣小組自制了一套游戲裝置，該裝置可以簡(jiǎn)化為如圖所示的模型：由同一豎直平面內(nèi)的水平軌道OA、半徑為的半圓單層軌道ABC、半徑為的半圓圓管軌道CDE、平臺(tái)EF和IJ、凹槽組成，且各段平滑連接。凹槽里停放著一輛質(zhì)量為的無動(dòng)力擺渡車Q并緊靠在豎直側(cè)壁FG處，其長(zhǎng)度且上表面與平臺(tái)EF、IJ平齊。水平面OA的左端通過擋板固定一個(gè)彈簧，可以通過壓縮彈簧發(fā)射小滑塊P，彈簧的最大彈性勢(shì)能為。小明同學(xué)選擇質(zhì)量為的滑塊P參與游戲，游戲成功的標(biāo)準(zhǔn)是通過彈簧發(fā)射出去的滑塊能停在平臺(tái)的目標(biāo)區(qū)IJ段。已知凹槽GH段足夠長(zhǎng)，滑塊滑上擺渡車后，能在擺渡車Q到達(dá)IH前與其共速，擺渡車Q與側(cè)壁IH相撞后立即停止，滑塊P與擺渡車Q上表面及平臺(tái)IJ段的動(dòng)摩擦因數(shù)都是，其他摩擦都不計(jì)，IJ段長(zhǎng)度。（1）若小明以最大彈性勢(shì)能彈出滑塊P，求滑塊經(jīng)過與圓心等高的B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；（2）某次游戲中，小明通過彈簧發(fā)射出去的滑塊P運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)時(shí)的速度，求滑塊最終所停位置距I點(diǎn)的距離；（3）如果滑塊P彈出后最終能成功停在目標(biāo)區(qū)IJ段，則發(fā)射時(shí)的彈性勢(shì)能應(yīng)滿足什么要求？【答案】（1）10N，方向水平向右；（2）離I點(diǎn)左側(cè)距離0.7m；（3）【解析】【詳解】（1）從彈出到B處過程，根據(jù)能量守恒定律有經(jīng)過B處時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有解得根據(jù)牛頓第三定律有方向水平向右。（2）在m與車共速時(shí)，根據(jù)動(dòng)量守恒以及能量守恒有，解得共速時(shí)滑塊與擺渡車的相對(duì)位移擺渡車與右端碰后停止，滑塊繼續(xù)向前滑行的距離故滑塊所停位置距I點(diǎn)的距離（3）①若滑塊剛好能過圓軌道最高點(diǎn)，則有根據(jù)能量守恒定律有解得②若滑塊剛好不會(huì)從擺渡車右邊掉下，則有，，解得③若滑塊能停在目標(biāo)區(qū)，則有，，其中解得或綜合上述，要游戲能成功時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能范圍為21.如圖所示，同一水平面內(nèi)間距為的平行粗糙長(zhǎng)直金屬軌道與相同間距、半徑為的四分之一光滑豎直金屬圓弧軌道在c、d處由絕緣材料平滑連接，cd兩側(cè)分別接有阻值為的電阻，電源電動(dòng)勢(shì)為，電源內(nèi)阻及軌道電阻不計(jì)。整個(gè)裝置處在一豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為?，F(xiàn)單刀雙擲開關(guān)S處于斷開狀態(tài)，有一根電阻不計(jì)、長(zhǎng)度、質(zhì)量的金屬棒從軌道最高位置ab處在外力作用下以速度沿圓弧軌道向下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，到達(dá)cd時(shí)撤去外力。金屬棒與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)，右側(cè)水平軌道足夠長(zhǎng)。求：（1）金屬棒到達(dá)圓弧軌道最低點(diǎn)時(shí)棒中電流的大小及方向；（2）金屬棒在cd右側(cè)圓弧軌道上運(yùn)動(dòng)的過程中，通過電阻的電荷量及電阻上產(chǎn)生的熱量；（3）若金屬棒到達(dá)cd時(shí)，將開關(guān)S接1，金屬棒向左運(yùn)動(dòng)直到速度減為0，若此過程中通過的電荷量為0.5C，求金屬棒向左運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t；（4）若金屬棒到