重慶市字水中學2025屆高二物理第一學期期中達標檢測模擬試題含解析

重慶市字水中學2025屆高二物理第一學期期中達標檢測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某個物體的帶電荷量不可能是(

)A．1.6×10-19CB．3.2×10-20CC．4.8×10-19CD．1.6×10-6C2、如圖所示，勻強電場的電場強度E＝100V/m，A、B兩點相距LAB＝10cm，A、B連線與電場線夾角為60°，則UBA為A．－10V B．10VC．－5V D．－3V3、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內阻為r，串聯(lián)的固定電阻為R2，滑動變阻器的總阻值是R1，電阻大小關系為R1＋R2＝r，則在滑動觸頭從a端滑到b端過程中，下列描述正確的是()A．電路的總電流先減小后增大B．電路的路端電壓先增大后減小C．電源的輸出功率先增大后減小D．滑動變阻器R1上消耗的功率先減小后增大4、下面說法中正確的是（）A．庫侖定律適用于點電荷，點電荷就是很小的帶電體B．庫侖定律是通過實驗總結出來的關于點電荷相互作用力跟它們間的距離和電荷量關系的一條物理規(guī)律C．計算兩個點電荷之間的庫侖力，它們所帶電荷量不相等，則受到的庫侖力的大小不相等D．當兩個點電荷距離趨近于零時，庫侖力則趨向無窮5、如圖所示，面積為S的線圈平面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直，一半在磁場中，則穿過線圈的磁通量為A．0 B．BSC．BS D．2BS6、如圖所示，兩根相距為l的平行直導軌ab、cd，b、d間連有一定值電阻R，導軌電阻可忽略不計．MN為放在ab和cd上的一導體桿，與ab垂直，其電阻也為R．整個裝置處于勻強磁場中，磁感應強度的大小為B，磁場方向垂直于導軌所在平面(指向圖中紙面內)．現(xiàn)對MN施力使它沿導軌方向以速度v(如圖)做勻速運動．令U表示MN兩端電壓的大小，則()A．U＝Blv，流過定值電阻R的感應電流由b到dB．U＝Blv，流過定值電阻R的感應電流由d到bC．U＝Blv，流過定值電阻R的感應電流由b到dD．U＝Blv，流過定值電阻R的感應電流由d到b二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩個帶等量正電的點電荷，固定在圖中P、Q兩點，MN為PQ連線的中垂線，交PQ與O點，A為MN上的一點，一帶負電的試探電荷q，從A點由靜止釋放，只在靜電力作用下運動，取無限遠處的電勢為零，則（）A．q由A向O的運動是勻加速直線運動 B．q由A向O運動的過程電勢能逐漸減小C．q運動到O點時的動能最大 D．q運動到O點時電勢能為零8、要使真空中的兩個點電荷間的庫侖力增大到原來的4倍,下列方法中可行的是：()A．使兩個點電荷的電荷量都加倍,同時電荷間的距離變?yōu)樵瓉淼?/2B．使兩個點電荷的電荷量都減半,同時電荷間的距離變?yōu)樵瓉淼?/4C．保持點電荷的電荷量不變,同時將兩個點電荷間的距離減小為原來的1/2D．保持點電荷的電荷量不變,使兩個電荷間的距離增大到原來的2倍9、如圖所示,在場強大小為E的勻強電場中,一根不可伸長的絕緣細線一端拴一個質量為m、電荷量為q的帶負電小球,另一端固定在O點。把小球拉到使細線水平的位置A,然后將小球由靜止釋放,小球沿弧線運動到細線與水平成θ=60°的位置B時速度為零，A．小球重力與電場力的關系是mg=B．小球重力與電場力的關系是mg=C．小球在A點和B點的加速度大小相等D．小球在B點時,細線拉力為2Eq10、如圖1所示，密閉在真空中的平行板電容器A極板接地．B極板上的電勢如圖2所示，一質量為m、電荷量為q的微粒在兩極板中央由靜止釋放，極板足夠長，則下列說法正確的是A．如果微粒帶正電，從t＝2s時開始釋放一定不能運動到A極板B．如果微粒帶負電，從t＝6s時開始釋放可能運動到B極板上C．不論微粒帶正電還是負電，撞擊極板前豎直方向均為自由落體運動D．如果微粒帶負電，從t＝2s開始釋放沒有撞擊到極板，那么將A、B兩極板分別向左、向右移動相等的距離后，重新將帶電微粒在t＝2s時從極板中央由靜止釋放，一定不會撞擊到極板三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）下圖各儀器的讀數(shù)：（螺旋測微器）為___mm，(量程為0.6A的電流表)為___A12．（12分）有一待測的電阻器Rx，其阻值約在40～50Ω之間，實驗室準備用伏安法來測量該電阻值的實驗器材有：電壓表V（量程0～10V，內電阻約20kΩ）；電流表A1，（量程0～500mA，內電阻約20Ω）；電流表A2，（量程0～300mA，內電阻約4Ω）；滑動變阻器R1（最大阻值為10Ω，額定電流為2A）；滑動變阻器R2（最大阻值為250Ω，額定電流為0.1A）；直流電源E（電動勢為9V，內電阻約為0.5Ω）；開關及若干導線．實驗要求電表讀數(shù)從零開始變化，并能多測出幾組電流、電壓值，以便畫出I﹣U圖線．（1）電流表應選用．（2）滑動變阻器選用（選填器材代號）．（3）請在如圖所示的方框內畫出實驗電路圖．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，長為L的絕緣細線下端系一帶正電的小球q，懸于O點，質量為m.當在O點固定一電荷量未知的電荷Q時，小球能靜止在A處，且細線拉力是小球重力的5倍．現(xiàn)將小球拉至圖中B處(θ＝60°)，并放開使之擺動，（已知靜電力常量為k，重力加速度為g）問：（1）固定在O處的電荷是帶正電還是負電？（2）固定在O處的電荷的帶電荷量為多少？（3）小球回到A處時懸線拉力為多少？14．（16分）如圖所示，水平放置的平行板電容器兩板間距為d＝8cm，板長為L＝25cm，接在直流電源上，有一帶電液滴以v0＝0.5m/s的初速度從板間的正中點水平射入，恰好做勻速直線運動，當它運動到P處時迅速將下極板向上提起cm，液滴剛好從金屬板末端飛出，g取10m/s2，求：(1)下極板上提后液滴經(jīng)過P點以后的加速度大??；(2)液滴從射入開始勻速運動到P點所用時間。15．（12分）如圖所示，空間存在著電場強度為E=1.5×101N/C、方向豎直向上的勻強電場，一長為L=0.5m的絕緣細線，一端固定在O點，一端拴著質量m=0.5kg、電荷量q=4×10﹣1C的小球．現(xiàn)將細線拉直到水平位置，使小球由靜止釋放，則小球能運動到最高點．不計阻力．取g=10m/s1．求：（1）小球的電性．（1）細線在最高點受到的拉力．（3）若小球剛好運動到最高點時細線斷裂，則細線斷裂后小球繼續(xù)運動到與O點水平方向距離為細線的長度L時，小球距O點的高度．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

元電荷是指最小的電荷量，任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍；【詳解】最小的電荷量是1.6×10-19C，我們把這個最小的電荷量叫做元電荷，任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍，由于3.2×10-20C不是【點睛】本題就是對元電荷概念的考查，知道任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍即可解決本題。2、C【解析】

由圖示可知，AB方向與電場線方向間的夾角θ=60°，AB兩點沿電場方向的距離：d=Lcosθ，AB兩點間的電勢差：UAB=Ed=ELcosθ=100V/m×0.1m×cos60°=5V，BA間的電勢差：UBA=-UAB=-5V，故C正確、A，B，D錯誤.故選C.3、D【解析】A、當滑動變阻器從a→b移動時R1作為并聯(lián)電路總電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流是先減小后增大，故A正確；B、路端電壓U=E-Ir，因為電流先減小后增大，所以路端電壓先增大后減小，故B正確；C、當R外=r的時候電源的輸出功率最大，當滑片在a端或者b端的時候，電路中R外=R2<r,則隨著外電阻的先增大后減小，由圖象的單調性可知輸出功率是先增大后減小的，故C正確；D、滑動變阻器的總電阻R1<R2+r，則滑片向右滑，R1的總阻值先增大后減小，則滑動變阻器上消耗的功率是先增大后減小，故D錯誤．本題選錯誤的故選D.【點睛】本題考查了串、聯(lián)電路的特點和歐姆定律的靈活運用，難點是滑動變阻器滑片P從最右端→中間→左端總電阻變化情況的判斷．4、B【解析】

A．庫侖定律適用于點電荷，點電荷是一種物理模型，并不是說它一定是很小的帶電體，故A錯誤；B．庫侖定律是通過實驗總結出來的關于點電荷相互作用力跟它們間的距離和電荷量關系的一條物理規(guī)律，選項B正確；C．庫侖力是兩點荷之間的相互作用力，即使它們所帶電荷量不相等，受到的庫侖力的大小也相等，選項C錯誤；D．當兩個點電荷間的距離趨近于零時，它們兩者就不能再當作點電荷，則庫侖定律就不能直接套用，故D錯誤；5、B【解析】根據(jù)磁通量公式Φ＝BS，因為圖中有效面積為S，所以B項正確．6、A【解析】

試題分析：當MN勻速運動時，MN相當于電源．由右手定則判斷電流的方向．再根據(jù)閉合電路歐姆定律求出MN兩端電壓的大?。擬N沿導軌方向以速度v勻速運動運動時，由法拉第電磁感應定律得：，由閉合電路歐姆定律可得：MN兩端電壓大小為，由右手定則可知流過固定電阻R的感應電流由b到d．故選A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】試題分析：本題要根據(jù)等量同種點電荷電場線的分布情況，抓住對稱性，分析試探電荷的受力情況，分析其運動情況，根據(jù)電場力做功情況，分析其電勢能的變化情況．解：A、兩等量正電荷周圍部分電場線如右圖所示，其中P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠到O過程中電場強度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠方向．故試探電荷所受的電場力是變化的，q由A向O的運動做非勻加速直線運動，故A錯誤．B、電場力方向與AO方向一致，電場力做正功，電勢能逐漸減小；故B正確．C、從A到O過程，電場力做正功，動能增大，從O到N過程中，電場力做負功，動能減小，故在O點試探電荷的動能最大，速度最大，故C正確．D、取無限遠處的電勢為零，從無窮遠到O點，電場力做正功，電勢能減小，則q運動到O點時電勢能為負值．故D錯誤．故選BC【點評】本題考查靜電場的基本概念．關鍵要了解等量同種點電荷電場線的分布情況，運用動能定理進行分析．8、BC【解析】使兩個點電荷的電荷量都加倍，同時電荷間的距離變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)庫侖定律的公式：，知，庫侖力變?yōu)樵瓉淼?6倍，故A錯誤；使兩個點電荷的電荷量都減半，同時電荷間的距離變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)庫侖定律的公式：，知，庫侖力變?yōu)樵瓉淼模蔅正確；保持點電荷的電荷量不變，同時將兩個點電荷間的距離減小為原來的，根據(jù)庫侖定律的公式：，知，庫侖力變?yōu)樵瓉淼?倍，故C正確；保持點電荷的電荷量不變，使兩個電荷間的距離增大到原來的2倍，根據(jù)庫侖定律的公式：，知，庫侖力變?yōu)樵瓉淼模蔇錯誤．故BC正確，AD錯誤．9、BC【解析】

類比單擺，小球從A點靜止釋放，運動到B點速度為0，說明弧AB的中點是運動的最低點，對小球進行受力分析，小球處在弧線中點位置時切線方向合力為零，再根據(jù)幾何關系可以求出Eq，球到達B點時速度為零，向心力為零，則沿細線方向合力為零，此時對小球受力分析，再根據(jù)幾何關系即可解題?！驹斀狻緼、B項：小球從A運動到B的過程中，根據(jù)動能定理得：mgLsinθ-qEL（1-cosθ）=0得qE:mg=sinθ:(1-cosθ)=3:1，則C項：在A點，小球所受的合力等于重力，加速度aA=mgm=g，在B點，合力沿切線方向Eqsin60°-mgcos60°=mg，加速度aB=gD項：小球到達B點時速度為零，向心力為零，則沿細線方向合力為零，此時對小球受力分析可知：T=qEcos60°+mgsin60°故細線拉力T=3mg，故故應選：BC。【點睛】本題關鍵是對小球受力分析，然后找出復合場的最低點位置，最后根據(jù)牛頓第二定律和平行四邊形定則列式分析計算。10、CD【解析】

如果微粒帶正電，從t＝2s時開始釋放，則水平方向，2-4s時粒子先向左做勻加速運動，4-6s時粒子向左做勻減速運動，以后重復上述運動，則此時若粒子在豎直方向沒到達極板底端，則粒子一定能運動到A極板，選項A錯誤；如果微粒帶負電，從t＝6s時開始釋放，則水平方向，6-8s時粒子先向左做勻加速運動8-10s時粒子向左做勻減速運動，以后重復上述運動，則此時若粒子在豎直方向沒到達極板底端，粒子能運動到A極板，不可能運動到B極板上，選項B錯誤；不論微粒帶正電還是負電，撞擊極板前粒子在豎直方向只受重力作用，即在豎直方向均為自由落體運動，選項C正確；如果微粒帶負電，從t＝2s開始釋放，則粒子向右先加速，后減速……，若沒有撞擊到極板，說明粒子在豎直方向的位移已經(jīng)超過極板底端；若那么將A、B兩極板分別向左、向右移動相等的距離后，重新將帶電微粒在t＝2s時從極板中央由靜止釋放，粒子在水平方向的運動情況不變，當運動時間變長，可知在豎直方向的位移變大，更應超過極板的底端，則粒子一定不會撞擊到極板，選項D正確；故選CD.【點睛】此題關鍵要搞清粒子在水平方向即豎直方向的受力情況，分析兩個方向的分運動情況，尤其是水平方向在周期性電場中的運動情況，并關聯(lián)豎直方向的自由落體運動.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.1500.42【解析】

螺旋測微器讀數(shù)為：2mm+0.01mm×15.0=2.150mm；量程為0.6A的電流表最小刻度為0.02A，則讀數(shù)為：0.42A；12、(1)(2)(3）電路圖如下圖所示【解析】

由歐姆定律求出電路最大電流，根據(jù)該電流選擇電流表；根據(jù)電路電流及方便實驗操作的原則選擇滑動變阻器；根據(jù)題目要求確定滑動變阻器的接法，根據(jù)待測電阻阻值與電表內阻的關系確定電流表采用內接法還是外接法，然后作出實驗電路圖．【詳解】（1）電路最大電流約為，因此電流表應選擇A2；（2）滑動變阻器R2的額定電流是0.1A＜0.225A，且滑動變阻器R2的最大阻值較大，實驗操作不方便，為保證電路安全，方便實驗操作，滑動變阻器應選R1；（3）實驗要求電表讀數(shù)從零開始變化，因此滑動變阻器應采用分壓接法，Rx阻值約在40～50Ω之間，電流表A2內電阻約4Ω，電壓表V內阻約20kΩ，電壓表內阻遠大于待測電阻阻值，因此電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示．【點睛】本題考查了實驗器材的選擇、設計電路的設計，是實驗的常考問題，一定要掌握；實驗電路設計是本題的難點，確定滑動變阻器的接法、電流表的接法是正確解題的關鍵．四、計算題：本題共2小題，共26