2025屆內(nèi)蒙古烏海市烏達區(qū)物理高二上期中教學質(zhì)量檢測試題含解析

2025屆內(nèi)蒙古烏海市烏達區(qū)物理高二上期中教學質(zhì)量檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、將平行板電容器與靜電計連接，充電后撤去電源，靜電計指針張開某一角度θ，如圖所示，若將電容器兩極間距離增大，則A．兩極板間電勢差不變，θ不變B．兩極板間電勢差減小，θ減小C．電容器電容減小，θ變小D．電容器電容減小，θ變大2、在勻強磁場中有粗細均勻的同種導線制成的等邊三角形線框abc，磁場方向垂直于線框平面，ac兩點間接一直流電源，電流方向如圖所示，則（）A．導線ab受到的安培力大于導線ac所受的安培力B．導線abc受到的安培力大于導線ac受到的安培力C．線框受到的安培力的合力為零D．線框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下3、如圖所示，A、B兩球所帶電荷量均為，質(zhì)量均為，其中A球帶正電荷，B球帶負電荷，且均可視為點電荷。A球通過絕緣細線吊在天花板上，B球固定在絕緣棒一端，現(xiàn)將B球放在某一位置，能使絕緣圖線伸直，A球靜止且與豎直方向的夾角為30°，已知靜電力常量用，則A、B球之間的距離可能為A． B． C． D．4、靜電場中x軸上的電勢隨x坐標變化的圖線如圖所示.若將一帶負電粒子（重力不計）從坐標原點O由靜止釋放，粒子沿x軸運動，電場中P、Q兩點的坐標分別為1mm、4mm.則下列說法正確的是A．粒子經(jīng)過P點與Q點時，動能相等B．粒子在P點的電勢能為正值C．粒子經(jīng)過P點和Q點時，加速度大小相等、方向相反D．粒子經(jīng)過P點與Q點時，電場力做功的功率相等5、帶電量分別﹣2Q和+4Q的兩個完全相同的金屬小球，相距為L（L遠大于小球半徑）時相互作用力的大小為F．現(xiàn)把兩個小球互相接觸后放置在距離為L的地方，則現(xiàn)在兩個小球之間的相互作用力大小為（）A．2FB．4FC．F8D．6、如圖所示，當滑動變阻器滑動頭P向右移動過程中，電流表和電壓表的示數(shù)變化情況正確的是A．IA減小，UV增大B．IA減小，UV減小C．IA增大，UV減小D．IA增大，UV增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如右圖所示的電路中C是平行板電容器，在開關S扳到1位置，使電容器與電源兩極相連，這時將平行板的板間距拉大一點，下列說法正確的是()A．電容器電容減小B．極間的場強增大C．極板帶電量增大D．極板上電壓不變8、如圖甲、乙所示的電路圖為電表改裝的示意圖，G為表頭、R為可調(diào)電阻，則下列說法正確的是()A．圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，改裝后電表的量程增大B．圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，改裝后電表的量程減小C．圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，改裝后電表的量程增大D．圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，改裝后電表的量程減小9、在如圖所示的電路中有兩個電阻不能忽略的電流表A1、A2，其中電流表A1接在干路中，電流表A2與定值電阻R1串聯(lián)后，接入如圖的電源兩端，其中電流表A1的讀數(shù)為5A，電流表A2的讀數(shù)為3A。如果將A2與定值電阻R2串聯(lián)，且兩電流表均能正常工作。則下列說法正確的是()A．流過定值電阻R1的電流一定變小B．A1表的讀數(shù)一定變大C．流過定值電阻R2的電流一定變小D．A2表的讀數(shù)一定變大10、帶電粒子垂直勻強磁場方向運動時，會受到洛倫茲力的作用。下列表述正確的（）A．洛倫茲力對帶電粒子會做功B．洛倫茲力的大小與速度無關C．洛倫茲力不改變帶電粒子的動能D．洛倫茲力只改變帶電粒子的速度方向三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）要測繪額定電壓為2V的日常用小燈泡的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：A．電源E(電動勢3.0V，內(nèi)阻可不計)B．電壓表V(量程為0～3.0V，內(nèi)阻約2kΩ)C．電流表A(0～0.6A，內(nèi)阻約1Ω)D．滑動變阻器R1(最大值10Ω)實驗中要求電壓表示數(shù)在0～2V范圍內(nèi)變化，讀取并記錄下多組不同的電壓值U和對應的電流值I，繪出伏安特性曲線如圖．（1）畫出實驗原理圖(請畫在答題紙上)_______；（2）由圖線可知,燈絲電阻隨電壓升高而________；（填“增大”、“不變”或“減小”）（3）實驗中產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的原因是：_______；因為上述原因?qū)⑹箿y量結(jié)果比真實值_______．（填“偏大”、“偏小”或“沒有影響”）12．（12分）在實驗室里為了驗證動量守恒定律，一般采用如圖甲、乙所示的兩種裝置：（1）若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則（_____）A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＞m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1＝r2D．m1＜m2，r1＝r2（2）若采用圖乙所示裝置進行實驗，以下所提供的測量工具中必需的是_______、_____．A．直尺B．游標卡尺C．天平D．彈簧測力計E．秒表（3）設入射小球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，則在用圖甲所示裝置進行實驗時（P為碰前入射小球落點的平均位置），所得“驗證動量守恒定律”的結(jié)論為_______________（用裝置圖中的字母表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一平行板電容器ABCD傾斜放置，傾角=45°，AB板帶負電，板間電場強度為，一質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球，從B端正上方處由靜止釋放，并從B端進入平行板電容器（未接觸極板），重力加速度為g，求：(1)小球到達B端的速度；(2)小球進入平行板電容器后的加速度；(3)若小球恰從A端離開電容器，求AB板的長度，（兩板間距足夠，小球不會打到CD板上）。14．（16分）如圖所示，矩形區(qū)域MNPQ內(nèi)有電場強度為水平向右的勻強電場，虛線框外為真空區(qū)域。半徑為R、內(nèi)壁光滑、內(nèi)徑很小的絕緣半圓管ADB固定在豎直平面內(nèi)，直徑AB垂直于水平虛線MN，圓心O恰在MN的中點，半圓管的一半處于電場中。一質(zhì)量為m，可視為質(zhì)點的帶正電，電荷量為q的小球從半圓管的A點由靜止開始滑入管內(nèi)，小球從B點穿出后，能夠通過B點正下方的C點。重力加速度為g。求：小球在到達B點時，半圓軌道對它作用力的大??；兩點的距離。15．（12分）如圖所示，在勻強電場中，將一電荷量為2×10－4的負電荷由A點移到B點，其電勢能增加了0.2J，已知A、B兩點間距離為2cm，兩點連線與電場方向成角，求：(1)電荷由A移到B的過程中，電場力所做的功WAB；(2)A、B兩點間的電勢差UAB；(3)該勻強電場的電場強度E。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

靜電計是測量電勢差的儀器，電勢差的大小是通過指針張開的角度來體現(xiàn)的；又電容器充完電后與電源分開，說明電容器的電量不變，根據(jù)電容公式可知當增大時，減小，由可知，電勢差增大，那么變大；A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析不符，故C錯誤；D.與分析相符，故D正確。2、D【解析】

導線abc與導線ac并聯(lián)，流過導線abc的電流I1與流過導線ac的電流I2的關系為；導線ab受到的安培力大小為；導線ac所受的安培力大小為：；導線abc的有效長度為L，受到的安培力大小為：；故AB錯誤；根據(jù)左手定則，導線abc受安培力垂直于ac向下，導線ac受到的安培力也垂直于ac向下，故線框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下，故C錯誤，D正確.3、A【解析】

選A球為研究對象，它受重力、庫侖力和細線的拉力，三力平衡，由幾何關系得，庫侖力得最小值為：根據(jù)得所以距離應小于1m。A.與分析相符，故A正確。B.與分析不符，故B錯誤。C.與分析不符，故C錯誤。D.與分析不符，故D錯誤。4、A【解析】

A.粒子經(jīng)過點與點時，電勢相等，則其電勢能相等，由能量守恒知動能相等。故A正確；B.在點，根據(jù)電勢能公式知，因為，，所以粒子在點的電勢能，故B錯誤；C.根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知，0-2mm內(nèi)，電場線沿軸負方向，粒子所受的電場力方向沿軸正方向；在2-6mm內(nèi)電場線沿軸正方向，粒子所受的電場力方向沿負方向做減速運動，加速度沿軸負方向；圖象的斜率大小等于場強，則知點的場強大于點的場強，則粒子在點的加速度大于在點的加速度，加速度方向相反，故C錯誤；D.粒子經(jīng)過點與點時，速率相等，但電場力不同，則根據(jù)功率公式，可知電場力做功的功率不等，故D錯誤。5、C【解析】

未接觸前，據(jù)庫侖定律得F=k2Q?4QL2=8kQ2L2；兩球接觸后兩球的帶電量【點睛】帶異種電荷的相同金屬小球接觸后，兩小球所帶電荷先中和再平分。6、A【解析】

滑動變阻器滑動頭P向右移動，R2接入電路電阻增大，電路總電阻增大，電路總電流I減小，電源內(nèi)電壓減小，電源外電壓U增大；電阻R4的電流I4=I減小，電阻R4兩端的電壓U4減小；電阻R1和R3兩端的電壓U13=U-U4增大，流過R1和R3的電流I13增大，電阻R【點睛】電路動態(tài)分析問題，按局部到整體，再對局部分析各元件上電壓或電流的變化。靈活應用閉合電路的歐姆定律，電動勢、路端電壓和內(nèi)電壓關系，串并聯(lián)電路的電壓電流關系是解決動態(tài)電路的關鍵。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】AD、開關S扳到1位置時電容器兩端的電壓不會變化，由知，當平行板的板間距拉大一點d增大，則C減小，故AD正確；B、由知，d增大，則E減小，故B錯誤；C、由Q=CU知電容器儲存的電荷量減小，故C錯誤；綜上所述本題答案是：AD8、BC【解析】

圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，根據(jù)可知，會使得改裝后電表的量程減小，選項A錯誤，B正確；圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，根據(jù)可知，改裝后電表的量程增大，選項C正確，D錯誤；故選BC.9、BC【解析】

電流表A2與定值電阻R1串聯(lián)后，電流表A1的讀數(shù)為5A，電流表A2的讀數(shù)為3A，可知通過R2的電流為2A；可知R1+RA2R2=23，即R1<R2。如果將A2與定值電阻R2串聯(lián)，則此時并聯(lián)支路的電阻小于電流表A2與定值電阻R1串聯(lián)時并聯(lián)支路的電阻，則電路的總電阻變小，總電流變大，即A1表的讀數(shù)一定變大；A1兩端的電壓變大，則并聯(lián)支路的電壓減小，則因R2與A2支路電阻變大，可知流過定值電阻R2的電流一定變小，A2表的讀數(shù)一定變?。豢傠娏髯兇?，則因R2【點睛】此題關鍵是先比較兩個電阻R1和R2的大小關系；然后才能比較變換電流表A2位置時總電阻的變化，結(jié)合動態(tài)電路問題進行分析.10、CD【解析】

A．洛倫茲力的方向與速度方向垂直，所以洛倫茲力不做功，故A錯誤；B．洛倫茲力大小F=qvB，與速度的大小有關，故B錯誤；C．洛倫茲力不改變速度的大小，只改變速度的方向，所以不改變粒子的動能，故C正確；D．洛倫茲力與速度方向始終垂直，其作用效果只改變速度的方向，故D正確.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、增大電壓表的分流偏小【解析】

由題意可知考查描繪小燈泡伏安特性曲線實驗原理，數(shù)據(jù)處理及誤差分析，根據(jù)實驗原理分析可得?！驹斀狻?1)[1]分析伏安特性曲線可知小燈泡最大電阻約為4，屬于小電阻，為減小誤差電流表采用外接法，描繪伏安特性曲線時要求電壓、電流從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法。故畫出的電路圖如下所示：(2)[2]在I-U圖象中，割線的斜率的倒數(shù)表示電阻的大小，隨著電壓的增大，斜率減小，說明電阻增大。(3)[3]實驗中產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的原因是電壓表的分流作用。[4]電壓表測量值等于真實值，但是電流測量值大于真實值，這樣測的電阻值比真實值偏小?！军c睛】設待測電阻為R，電測表內(nèi)接、外接選擇原則：<屬于小電阻，采用電流表外接法。若>屬于大電阻，采用內(nèi)接法。要求電流、電壓從零開始變化時滑動變阻器一定選擇分壓式接法。12、CAC．【解析】

（1）[1]．要使兩球發(fā)生對心正碰，兩球半徑應相等，為防止入射球碰撞后反彈，入射球的質(zhì)量應大于被碰球的質(zhì)量，即m1＞m2，r1＝r2，故選C；（2）[2][3]．驗證碰撞過程動量守恒定律，需要測出兩球的質(zhì)量，兩球做平拋運動的水平位移，因此需要的測量工具為：天平與直尺，故選AC．（3）[4]．兩球碰撞后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，碰撞過程動量守恒，則兩邊同時乘以時間t得：則四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)，方向水平向左(3)【解析】

(1)小球從B