福建省泉州市南安市第一中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測模擬試題含解析

福建省泉州市南安市第一中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、有一通電金屬導(dǎo)線在赤道上方，東西向水平放置，電流方向向西，它受到地磁場的作用力方向?yàn)椋ǎ〢.向東 B.向西C.向上 D.向下2、在電磁學(xué)發(fā)展過程中，許多科學(xué)家做出了貢獻(xiàn)，下列說法正確的是()A.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流磁效應(yīng)，并提出場的概念B.庫侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律；密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測定了元電荷的數(shù)值C.牛頓首次發(fā)現(xiàn)地球周圍存在磁場；安培揭示了地磁場的規(guī)律D.安培發(fā)現(xiàn)了磁場對運(yùn)動電荷的作用規(guī)律；洛侖茲發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律3、甲、乙兩物體分別在恒定的合外力和的作用下沿同一直線運(yùn)動，它們的動量隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖所示，設(shè)甲在時(shí)間內(nèi)所受的沖量為，乙在時(shí)間內(nèi)所受的沖量為，則下列F、I的關(guān)系正確的是（）A. B.C. D.4、如圖，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流變化的特性圖線，曲線Ⅲ是一小燈泡的U－I圖線，如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，則下列說法正確的是A.電源1比電源2的內(nèi)阻小B.電源1比電源2的電動勢大C.小燈泡與電源1連接時(shí)消耗的功率比與電源2連接時(shí)消耗的功率小D.電源1與小燈泡連接時(shí)比電源2與小燈泡連接時(shí)電源的效率高5、關(guān)于電流,下列各種說法中正確的是(

)A.電流的定義式I=q/t,適用于任何電荷的定向移動形成的電流B.由I=nqsv可知,金屬導(dǎo)體中自由電荷的運(yùn)動速率越大,電流一定越大C.電荷定向移動的方向就是電流的方向D.因?yàn)殡娏饔蟹较?所以電流是矢量6、一電子以垂直于勻強(qiáng)磁場的速度vA，從A處進(jìn)入長為d、寬為h的磁場區(qū)域如圖所示，發(fā)生偏移而從B處離開磁場，若電荷量為e，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，圓弧AB的長為L，則()A.電子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間為t=B.電子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間為t=C.洛倫茲力對電子做功是BevA·hD.電子在A、B兩處的速度相同二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、一個(gè)空氣平行板電容器，極板間距離為d，正對面積為S，充以電荷量Q后，兩極板間電壓為U，為使電容器的電容加倍，可采用的辦法是()A.將電壓變?yōu)閁/2B.將帶電荷量變?yōu)?QC.將極板正對面積變2SD.將兩極間充滿介電常數(shù)為2的電介質(zhì)8、圖示為手機(jī)無線充電裝置，手機(jī)和充電板內(nèi)部均安裝了金屬線圈，將手機(jī)置于通電的充電板上，便實(shí)現(xiàn)了“無線充電”．下列說法正確的是（）A.無線充電的原理是電磁感應(yīng)B.將手機(jī)旋轉(zhuǎn)一小角度放置，便不能充電C.在手機(jī)和充電板間墊上幾張A4紙，也能充電D.充電板不論通入交變電流還是恒定電流均可充電9、如圖電路中要使電流計(jì)G中的電流方向如圖所示，則導(dǎo)軌上的金屬棒AB的運(yùn)動必須是（）A.向左減速移動B.向左加速移動C.向右減速移動D.向右加速移動10、如圖所示的正方形區(qū)域存在垂直紙面向里的磁場，兩個(gè)質(zhì)量相等、電荷量相等的異種電荷1、2，以不同速率垂直于磁感線方向從O點(diǎn)垂直ad射入磁場中，O點(diǎn)為ad的中點(diǎn)，兩粒子運(yùn)動的軌跡如圖所示，取sin53°=0.8，cos53°=0.6。不計(jì)粒子受到的重力。下列關(guān)于兩粒子的運(yùn)動速率v、在磁場中的運(yùn)動時(shí)間t、圓周運(yùn)動周期T及角速度ω的關(guān)系正確的是（）A.v1：v2=5：2 B.t1：t2=53：180C.T1：T2=1：1 D.ω1：ω2=180：53三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）質(zhì)量為m，帶電量為q電子以速度v垂直于磁場的方向射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中．則電子作圓周運(yùn)動的半徑為_____________；周期為_________；12．（12分）真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷電量分別為q1、q2，兩點(diǎn)電荷間的距離為r，相互作用的庫侖力為F?(1)若甲的電量是乙的4倍，則甲對乙的作用力是乙對甲的作用力的_________倍；(2)保持兩電荷電量不變，將距離增為原來的3倍，那么它們之間的相互作用力變?yōu)樵瓉淼腳________倍?四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，一匝數(shù)N=10匝、總電阻R=2.5Ω、ad長L1=0.4m、ab寬L2=0.2m的勻質(zhì)矩形金屬線框靜止在粗糙水平面上，線框的bc邊正好過半徑r=0.1m的圓形磁場的直徑，線框的左半部分處于垂直線框平面向上的勻強(qiáng)磁場區(qū)域內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B0=1T，圓形磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直線框平面向下，大小隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙所示，已知線框與水平面間的最大靜摩擦力f=3.0N，π≈3.求：(1)t=0時(shí)刻穿過線框的磁通量大?。?2)線框何時(shí)開始滑動.14．（16分）如圖所示為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機(jī)的原理圖，其矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，線圈的匝數(shù)n=100、電阻r=10Ω，線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)與電阻R連接，電阻R=90Ω，與R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表。磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T，ab長20厘米，bc長10厘米，角速度ω=100rad/s。求：（1）交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的電動勢最大值；（2）電路中交流電壓表的示數(shù)；（3）電阻R上的功率。15．（12分）如圖，一固定的絕緣光滑軌道由水平直桿和豎直面內(nèi)的半圓環(huán)桿在B點(diǎn)相切構(gòu)成，半圓環(huán)桿的半徑為R，直桿足夠長，其中AB段長度為4R；在直桿上方、半圓環(huán)桿的直徑BC左側(cè)存在方向水平向左的勻強(qiáng)電場。一電荷量為q（q>0）、質(zhì)量為m的小環(huán)套在直桿上，從A點(diǎn)以水平向右的初速度向右運(yùn)動，經(jīng)B點(diǎn)后，恰好能通過軌道的最高點(diǎn)C。已知場強(qiáng)大小為，重力加速度為g，小環(huán)通過B點(diǎn)時(shí)速率不變。求：（1）帶電小環(huán)在A點(diǎn)時(shí)的初速度大??；（2）帶電小環(huán)回到水平軌道上落點(diǎn)位置。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】因?yàn)槌嗟郎峡盏牡卮艌鲇赡舷虮保苑较蛳驏|的電流受到地磁場的作用力的方向是向上的，選項(xiàng)C正確2、B【解析】奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流磁效應(yīng)，法拉第提出場的概念，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；庫侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律；密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測定了元電荷的數(shù)值，選項(xiàng)B正確；首次發(fā)現(xiàn)地球周圍存在磁場的是我國宋代學(xué)者沈括，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；洛侖茲發(fā)現(xiàn)了磁場對運(yùn)動電荷的作用規(guī)律；安培發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.3、C【解析】由圖象可知，甲乙兩物體動量變化量的大小相等，根據(jù)動量定理知，沖量的大小相等，即I1=I2根據(jù)I=Ft知，沖量的大小相等，作用時(shí)間長的力較小，可知F1＞F2故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。4、C【解析】A．在電源的U－I圖像中，圖像的斜率的絕對值表示電源的內(nèi)電阻，根據(jù)電源U－I圖線，可知，電源1比電源2的內(nèi)阻大，故A錯(cuò)誤；B．U－I圖像的縱軸截距表示電動勢，所以電源1與電源2的電動勢相等，故B錯(cuò)誤；C．燈泡伏安特性曲線與電源外特性曲線的交點(diǎn)即為燈泡與這電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，由圖可知，小燈泡與電源1連接時(shí)的電流和電壓都比小燈泡與電源2連接時(shí)的小，所以小燈泡與電源1連接時(shí)消耗的功率比與電源2連接時(shí)消耗的功率小，故C正確；D．電源的效率為由圖可知，電源1與小燈泡連接時(shí)，燈泡電阻較小，電源1的內(nèi)阻較大，所以電源1與小燈泡連接時(shí)比電源2與小燈泡連接時(shí)電源的效率低，故D錯(cuò)誤。故選C。5、A【解析】A、電流的定義式I=q/t采用的是比值定義法，具有比值定義法的共性是普遍適用，適用于任何電荷的定向移動形成的電流；故A正確.B、由I=nqsv可知，電流的大小跟導(dǎo)體的材料(決定n)，導(dǎo)體的橫截面積(s)和電荷定向移動的速率(v)共同決定；故B錯(cuò)誤.C、物理學(xué)中把正電荷定向移動的方向規(guī)定為電流的方向，負(fù)電荷定向移動的反方向是電流的方向；故C錯(cuò)誤.D、電流有大小和方向，但方向是指沿著電荷運(yùn)動的直線上，不同于矢量的方向；故電流是標(biāo)量；故D錯(cuò)誤.故選A.6、B【解析】AB．粒子走過的路程為L，則運(yùn)動時(shí)間故A錯(cuò)誤，B正確；C．洛倫茲力始終與運(yùn)動方向垂直，不做功，故C錯(cuò)誤；D．洛倫茲力不做功，粒子速度大小不變，但速度方向改變，故AB處速度不同，故D錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】AB．電容器的電容和電容器極板上的電荷量、電壓無關(guān)，所以選項(xiàng)A、B不正確；CD．根據(jù)公式C＝可知選項(xiàng)C、D正確。故選CD。8、AC【解析】ABC項(xiàng):手機(jī)內(nèi)部的線圈，能將充電板中變化的磁場轉(zhuǎn)化為電流給手機(jī)電池充電，是利用電磁感應(yīng)原理工作的，故AC正確，B錯(cuò)誤；D、充電底座利用的電磁感應(yīng)原理工作的，故不能直接使用直流電進(jìn)行充電；故D錯(cuò)誤9、AD【解析】AB．金屬棒AB向左減速移動時(shí)，根據(jù)右手定則可知，AB中產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)锳→B，感應(yīng)電動勢減小，感應(yīng)電流減小，右側(cè)線圈產(chǎn)生的磁場減弱，根據(jù)楞次定律分析得知，電流計(jì)G中的電流方向與所示方向相同，A正確，B錯(cuò)誤；CD．金屬棒AB向右減速移動時(shí)，根據(jù)右手定則可知，AB中產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)锽→A，感應(yīng)電動勢減小，感應(yīng)電流減小，右側(cè)線圈產(chǎn)生的磁場減弱，根據(jù)楞次定律分析得知，電流計(jì)G中的電流方向與所示方向相反，C錯(cuò)誤，D正確。故AD。10、BC【解析】設(shè)正方形的邊長為，如圖所示由幾何知識得，，解得，A．粒子在磁場中做圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得解得則故A錯(cuò)誤；C．粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期由于、、都相等，兩粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期相等，故故C正確；B．粒子在磁場中在運(yùn)動時(shí)間由于兩粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期相等，則粒子在磁場中的運(yùn)動時(shí)間之比故B正確。D．粒子做圓周運(yùn)動的角速度由于、、都相等，則故D錯(cuò)誤。故選BC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.【解析】粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，周期12、①.1②.【解析】本題考查牛頓第三定律和庫侖定律。【詳解】(1)[1]根據(jù)牛頓第三定律，可知作用力與反作用力總是等大反向的，因此是1倍。(2)[2]根據(jù)庫侖定律距離增為原來的3倍，它們之間的相互作用力變?yōu)樵瓉淼?。四、?jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.01Wb（2）0.2s【解析】穿過線框的磁通量由兩部分組成，根據(jù)磁通量Φ=BS，即可求解；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律與閉合電路歐姆定律，即可求解感應(yīng)電流的大??；根據(jù)安培力表達(dá)式，結(jié)合左手定則與受力平衡條件，即可求解【詳解】（1）設(shè)磁場向上穿過線框磁通量為正，由磁通量的定義得t=0時(shí)，有；（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有由閉合電路歐姆定律，則有；由楞次定律可知，圓形磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時(shí)，線框內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，ad中的感應(yīng)電流的方向向下，由左手定則可知，ad邊受到的安培力的方向向左，ad邊受到的安培力是10匝線圈受到的安培力的合力，即：F=NB0IL1=10×1×0.3×0.4=1.2N＜3N；圓形磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，所以產(chǎn)生大小不變的電動勢，感應(yīng)電流的大小不變，而左側(cè)的磁場區(qū)域內(nèi)的磁場不變；由圖乙可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間t變化的表達(dá)式為B′=2+5t，由左手定則可知，右側(cè)的bc邊受到的安培力方向向左，整體受到安培力的合力等于：F安=F+F'=1.2+F'=3.0N=f，大小：F'=nB'I2r=10×B'×0.3×2×0.1=1.8N，解得B'=3T，t=0.2s所以線框在t=0.2s后才能開始滑動；故選A【點(diǎn)睛】該題考查的知識點(diǎn)比較大，